计算机组成与结构第五版

一、 选择题

1．RISC访内指令中，操作数的物理位置一般安排在（ ）。

A 栈顶和次栈顶 B 两个主存单元

C 一个主存单元和一个通用寄存器 D 两个通用寄存器

2．单地址指令中为了完成两个数的算术运算，除地址码指明的一个操作数外，另一个常需采用（ ）。

A 堆栈寻址方式 B 立即寻址方式 C 隐含寻址方式 D 间接寻址方式 3．寄存器间接寻址方式中，操作数在（ ）。

A 通用寄存器 B 主存单元 C 程序计数器 D 堆栈

4．指令系统中采用不同寻址方式的目的主要是（ ）

A 实现存储程序和程序控制

B 缩短指令长度，扩大寻址空间，提高编程灵活性 C 可以直接访问外存

D 提供扩展操作码的可能并降低指令译码难度

5．堆栈寻址方式中，设A为累加器，SP为堆栈指示器，MSP为SP指示的栈顶单元，如果进栈操作的动作是：（A）→MSP，（SP）－1→SP，则出栈操作的动作就为（ ）

A （MSP）→A，（SP）＋1→SP B （SP）＋1→SP，（MSP）→A C （SP）－1→SP，（MSP）→A D （MSP）→A，（SP）－1→SP

6．下列几项中，不

实验报告1

实验名称 实验地点 运算器组成：实验微程序控制器方式和独立方式 实验日期 成绩 1.熟悉逻辑测试笔的使用方法。 2.熟悉TEC-8 模型计算机的节拍脉冲T1、T2、T3； 3.熟悉双端口通用寄存器组的读写操作； 实验目的 4.熟悉运算器的数据传送通路； 5.验证74LS181 的加、减、与、或功能； 6.按给定的数据，完成几种指定的算术、逻辑运算运算。 7.按照表中提供的功能自行验证其中几种即可。（独立方式） 1.1微程序控制器 实验原理 双端口寄存器组由1 片EPM7064(U40)(图2.2 中用虚线围起来的部分)组成， 内部包含4 个8 位寄存器R0、R1、R2、R3，4 选1 选择器A，4 选1 选择器B 和1 个2-4 译码器。根据信号RD1、RD0 的值，4 选1 选择器A 从4 个寄存器中选择1 个寄存器送往ALU 的A 端口。根据信号RS1、RS0 的值，4 选1 选择器B 从4 个寄存器中选择1 个寄存器送往ALU 的B 端口。2-4 译码器对信号RD1、RD0 进行译码，产生信号LR0、LR2、LR3、LR4，任何时刻这4 个信号中只有一个为1，其它信号为0。LR3

计算机组成原理课后习题答案第五版文件

第五章习

题答案

32

6. (80 * 3 1)* 964字节

8

取指微指令除外，每条机器指令对应三条微指令构成的微程序，因此控制存储

器中共有

80*3+1 条微指令，每条微指令占32 位，即4Byte

8.经分析，（d, i, j ）和（e, f, h）为两组相斥性微命令（在全部8 条微指令中，组内任意两

个微命令没有同时出现

），可将（d, i, j）编

码表示，使用两位二进

制表示三个相斥性微命令，编码00 表示空操作，即三个微命令都不出现

，（e, f, h）作类似处

理，剩下的a, b, c, g 四个微命令信号可进行直接控制，其整个控制字段组

成如下：

* * * * * * * *

a b c g 0 1 d

10 i 10 f

11 j 11 h

13. (1)

空间

S 1 2 3 4 5 15 16

WB

1 2 3 4 5

MEM

1 2 3 4 5

EX ID IF

1 2 3 4 5

1 2 3 4 5

?

时间T1 2 3 4 5

0 t

1 t

2

t

3

t

4

t

5

t

6

t

7

t

8

t

9

t

19

t

20

(2) 流水线的实际吞吐率为

H (k n

n 1) (5 20

20

1)* 100* 10 9

8.33* 6

10 条

/

秒Ts

计算机组成原理 第五版 习题答案

计算机组成原理 第五版 习题答案

第一章 .............................................................................................................................................. 1 第二章 .............................................................................................................................................. 3 第三章 ............................................................................................................................................ 14 第四章 .............................................

计算机组成原理 第五版 习题答案

计算机组成原理 第五版 习题答案

第一章 .............................................................................................................................................. 1 第二章 .............................................................................................................................................. 3 第三章 ............................................................................................................................................ 14 第四章 .............................................

1

《计算机网络》课后习题答案

第一章概述

1-1 计算机网络向用户可以提供哪些服务？

答：计算机网络向用户提供的最重要的功能有两个，连通性和共享。

1-2 试简述分组交换的特点

答：分组交换实质上是在“存储——转发”基础上发展起来的。它兼有电路交换和报文交换的优点。分组交换在线路上采用动态复用技术传送按一定长度分割为许多小段的数据——分组。每个分组标识后，在一条物理线路上采用动态复用的技术，同时传送多个数据分组。把来自用户发端的数据暂存在交换机的存储器内，接着在网内转发。到达接收端，再去掉分组头将各数据字段按顺序重新装配成完整的报文。分组交换比电路交换的电路利用率高，比报文交换的传输时延小，交互性好。

1-3 试从多个方面比较电路交换、报文交换和分组交换的主要优缺点。

答：（1）电路交换电路交换就是计算机终端之间通信时，一方发起呼叫，独占一条物理线

路。当交换机完成接续，对方收到发起端的信号，双方即可进行通信。在整个通信过程中双方一直占用该电路。它的特点是实时性强，时延小，交换设备成本较低。但同时也带来线路利用率低，电路接续时间长，通信效率低，不同类型终端用户之间不能通信等缺点。电路交换比较适用于信息量大、长报文，经常使用的固定用户之间的通信。

（2）报文交换

如对您有帮助，欢迎下载支持，谢谢！

计算机组成与结构试卷一

问答题

尾数符号1位阶码：8位，用整数、移码表示，基值为2 尾数：23位(另外有1个隐藏位)，用小数、原码表示，基值为2

(1)用16进制分别写出这个规格化浮点数的阶码、尾数和完整的浮点数。

(2)如果采用恒置"1"舍入法，这个规格化浮点数的相对误差是多少？

2、在一台采用指令取消技术的RISC处理机上执行下面一段程序。每条指令的执行过程都要经过"取

指令"和"执行"两个周期，每个周期的延迟时间均为10ns。

MOVE R1，#50000 ；R1←常数50000

LOOP:MOVE R2，A(R1) ；R2←从内存中取一个数

ADD R0，R2 ；R0←(R0)+(R2)

DNE R1，LOOP ；R1←(R1)-1，若(R1)≠0，则转向LOOP

(1)为了采用指令取消技术，改写上面的程序。

(2)计算采用指令取消技术执行上面的程序能够节省多少时间？

3、用16M字×8位的存储芯片构成一个64M字×16位的主存储器。要求既能够扩大存储器的容量，

又能够缩短存储器的访问周期。

(1)计算需要多少个存储器芯片。

(2)存储器芯片和主存储器的地址长度各需要多少位？

(3)画出用存储器芯片构成主存储器的逻辑示意图。

(4)用1

《计算机网络》第五版,谢希仁,电子工业出版社

第一章 概述

1-17 收发两端之间的传输距离为1000km，信号在媒体上的传播速率为2×108m/s。试 计算以下两种情况的发送时延和传播时延：

（1） 数据长度为107bit,数据发送速率为100kb/s。

（2） 数据长度为103bit,数据发送速率为1Gb/s。

从上面的计算中可以得到什么样的结论？

解：（1）发送时延：ts=107/105=100s

传播时延tp=106/(2×108)=0.005s

（2）发送时延ts =103/109=1µs

传播时延：tp=106/(2×108)=0.005s

结论：若数据长度大而发送速率低，则在总的时延中，发送时延往往大于传播时延。但 若数据长度短而发送速率高，则传播时延就可能是总时延中的主要成分。

1-19 长度为100字节的应用层数据交给传输层传送，需加上20字节的TCP首部。再交给 网络层传送，需加上20字节的IP首部。最后交给数据链路层的以太网传送，加上首部和 尾部工18字节。试求数据的传输效率。数据的传输效率是指发送的应用层数据除以所发 送的总数据（即应用数据加上各种首部和尾部的额外开销）。

若应用层数据长度为1000

计算机组成原理第五版习题答案计算机组成原理第五版习题答案

第一章 (1)

第二章 (3)

第三章 (14)

第四章 (19)

第五章 (21)

第六章 (27)

第七章 (31)

第八章 (34)

第九章 (36)

1

计算机组成原理第五版习题答案

第一章

1．模拟计算机的特点是数值由连续量来表示，运算过程也是连续的。数字计算机的主要特点是按位运算，并且不连续地跳动计算。模拟计算机用电压表示数据，采用电压组合和测量值的计算方式，盘上连线的控制方式，而数字计算机用数字0 和 1 表示数据，采用数字计数的计算方式，程序控制的控制方式。数字计算机与模拟计算机相比，精度高，数据存储量大，逻辑判断能力强。

2．数字计算机可分为专用计算机和通用计算机，是根据计算机的效率、速度、价格、运行的经济性和适应性来划分的。

3．科学计算、自动控制、测量和测试、信息处理、教育和卫生、家用电器、人工智能。4．主要设计思想是：采用存储程序的方式，编制好的程序和数据存放在同一存储器中，计算机可以在无人干预的情况下自动完成逐条取出指令和执行指令的任务；在机器内部，指令和数据均以二进制码表示,指令在存储器中按执行顺序存放。主要组成部分有：:运算器、逻辑器、存储器、输入设备和输出设备。

5．存储器所有存储

《计算机网络》第五版,谢希仁,电子工业出版社

第一章 概述

1-17 收发两端之间的传输距离为1000km，信号在媒体上的传播速率为2×108m/s。试 计算以下两种情况的发送时延和传播时延：

（1） 数据长度为107bit,数据发送速率为100kb/s。

（2） 数据长度为103bit,数据发送速率为1Gb/s。

从上面的计算中可以得到什么样的结论？

解：（1）发送时延：ts=107/105=100s

传播时延tp=106/(2×108)=0.005s

（2）发送时延ts =103/109=1µs

传播时延：tp=106/(2×108)=0.005s

结论：若数据长度大而发送速率低，则在总的时延中，发送时延往往大于传播时延。但 若数据长度短而发送速率高，则传播时延就可能是总时延中的主要成分。

1-19 长度为100字节的应用层数据交给传输层传送，需加上20字节的TCP首部。再交给 网络层传送，需加上20字节的IP首部。最后交给数据链路层的以太网传送，加上首部和 尾部工18字节。试求数据的传输效率。数据的传输效率是指发送的应用层数据除以所发 送的总数据（即应用数据加上各种首部和尾部的额外开销）。

若应用层数据长度为1000