物理学(第三版)祝之光课后练习答案-大学物理

物理学（祝之光）习题解答

第一章 质点运动 时间 空间

1-1 一质点在平面上作曲线运动，t1时刻的位置矢量为r1?(?2i?6j)，t2时刻的位置

??????矢量为r2?(2i?4j)。求：（1）在?t?t2?t1时间内位移的矢量式： （2）该段时间

内位移的大小和方向：（3）在坐标图上画出r1,r2及?r。（题中r以m计，t以s计） 解：（1）?r?r2?r1?(2i?4j)?(?2i?6j)?4i?2j （2）?r??????????????42?(?2)2?4.47(m)

tan??（3）

?y?21????x42Y 6 4 2 ???26.60（?为?r与x轴的夹角）???r ?r1 ?r2 2 4 6 X

21-2 一质点作直线运动，其运动方程为x?1?4t?t，其中x以m计，t以s计。求：

-2 0 （1）第3秒末质点的位置；（2）前3秒内的位移大小；（3）前3秒内经过的路程（注意质点在何时速度方向发生变化）；（4）通过以上计算，试比较位置、位移、路程三个概念的区别

解（1）x3?1?4?3?3?4(m)

（2）?x?x3?x0?(1?4?3?3)?1?3(m) （3）v?22dx?4?2tdtv?0时m)

t??2(s)

?( s?x2?x0?x3?x25 （4）（略）

1-3 质点从某时刻开始运动，经过?t时间沿一曲折路径又回到出发点A。已知初速度v0与末速度vt大小相等，并且两速度矢量间的夹角为?，如题1-3图所示。（1）求?t时间

第1页

??物理学（祝之光）习题解答

内质点的平均速度；（2）在图上画出?t时间内速度的增量，并求出它的大小；（3）求出?t时间内的平均加速度的大小，并说明其方向。 解（1）

??r?0

???rv??0

?t?vt ??v ? A ?v0

（2）?v?2vt2?v0?2vtv0cos? （如图所示）

??v? （3）a? 方向同?v方向。

?t1-4 已知一质点的运动方程为x?2t,y?2?t2,式中t以s计，x和y以m计。

（1）计算并图示质点的运动轨迹；（2）求出t?1s 到t?2s这段时间内质点的平均速度； （3）计算1秒末和2秒末质点的速度；（4）计算1秒末和2秒末质点的加速度。

?x?2t 解（1）由?2?y?2?t 运动轨迹如图

得x2y???2

4y

2 1 (2) r?2ti?(2?t)j

??2?????????? ?r?r2?r1?(4i?2j)?(2i?j)?2i?3j

??????r2i?3j??2i?3j(m?s?1) v??t2?1??????dr（3）v??2i?2tjv1?2i?2jdt????dv??（4）a???2ja1?a2??2jdto 1 2 3 x

??v2?2i?4j

1-5 一 身高为h的人，用绳子跨过滑轮拉一雪橇匀速奔跑。雪橇在高出地面H的平台上，如题1-5图所示，人奔跑的速率为v0，绳子总长为L，起始时刻（t?0），人到滑轮间的绳长为l0。试按如图所示坐标系：（1）写出雪橇在平台上的运动方程；（2）求出雪橇在平台上的运动速度。

解（1）（示意图见课本P19 题图1-5） 由题意知，当t?0时，x0?L?l0； 在t时刻，x?L?l2其中l?(H?h)??l0?(H?h)2?v0t? ??22所以，雪橇在平台上的运动方程为：

第2页

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x?L?l?L?(H?h)??l02?(H?h)2?v0t???22

（2） v?dx ?2dt2?l2?(H?h)2?vt??（H?h）0?0???l02?(H?h)2?v0t?v0??1-6 球无摩擦地沿如图所示的坡路上加速滑动。试分别讨论在A点（平地上）、B点（上坡

?dvdv起点）、C点（坡的最高点）和D点（下坡路中的一点），关系式是否成立？为什?dtdt么？（设

dv?0） dtC 解： 在A点成立，B/、C、D点均不成立。

D A B ?dv?2因为?a?an?at2dtdv?at dt?dvdv只有当an?0时，才有 ?dtdt1-7 一质点作圆周运动的运动方程为??2t?4t （?以rad计，t以s计），在t?0时开始逆时针转动。问：（1）t?0.5s时，质点以什么方向转动？ （2）质点转动方向改变的瞬间 ，它的角位置?等于多少？ 解（1）??2d??2?8tdt＜0 t?0.5s时，???（2s-1） 所以该时刻与初始时刻的转动方向相反，以顺时针方向转动。 （2）转动方向改变的瞬间，即角速度为0的瞬间。所以， 由??2?8t?02得t?0.25（s）

2 ??2t?4t?2?0.25?4?0.25?0.25(rad)

1-8如图示，图（a）为矿井提升机示意图，绞筒的半径r?0.5m。图（b）为料斗M工作时的v?t图线，图中v?4m?s。试求t?2s,8s,14s等时刻绞筒的角速度、角加速度和绞筒边缘上的一点N的加速度。

第3页 ?1v(m?s?1) v N O M

4 8 12 16 t s题1-8图 物理学（祝之光）习题解答

解 由图示可知，

?t[0,4]??t[4,12]?t[12,16]?a1?1(m?s?2)a2?0(m?s?2)a3??1(m?s?2)v1?t(m?s?1)v2?4(m?s?1)

v3?4?(t?12)(m?s?1) 角速度??vr2??1???4(s)2s?0.5?4????8(s?1) ?8s0.5?4?2??1???4(s)14s?0.5?a11??2????2(s)2s?r0.5?a2? ???0(s?2)?8sr?a3?1??2?????2(s)14s?r0.5? 角加速度??arN点的加速度

?a?a2?a2??4??2rnt??an?2???arctan?arctanat???a??4??2r?8.06(m?s?2)??82052?2s2s2s2s??42?20?a8s??8s??8sr?32(m?s)?8s?90(指向轴心)?42?2a14s??14?14s?82052??s??14sr?8.06(m?s)??21-9 质点从静止出发沿半径R?3m的圆周作匀变速运动，切向加速度at?3m?s。问： （1）经过多少时间后质点的总加速度恰好与半径成45角？（2）在上述时间内，质点所经历的角位移和路程各为多少？

解（1）由题意知，at?an R?3(m?s)

?20??3m(?s 可得 3??3又因为 ?0?0由???t2?2???1(s?2) ) 解得 ? ?1???1(s)且质点作匀变速圆周运动

可得t?1(s)

（2）由匀变速圆周公式 ???0t??t

122第4页

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得??0?1?1?1?12?0.5(rad)2s?R??3?0.5?1.5(m)

21-10 列车沿圆弧轨道行驶，方向由西向东逐渐变为向北，其运动规律s?80t?t（x以m计，t以s计）。当t?0时，列车在A点，此圆弧轨道的半径为1500m.若把列车视为质点， 求列车从A点行驶到s?1200m处的速率和加速度。 解 v?北 ds?80?2t （1） dt2 当s?1200m时，有1200?80t?t 解得 t1?20(s)东

t2?60(s)（不合题意，舍去）

?1A 题1-10图

将t1?20(s)代入（1）式， v?80?2?20?40(m?s) s1200????0.8(rad)?45.840(东偏北)

R1500dv?a???2(m?s?1)t??dt 又? t?20s时 22v(80?2t)?a??n?R1500? a??at??2(m?s?2)? ?15?2?an?(m?s)16?at2?an2?342 ?2.27(m?s?)15an15?at32 设a与at的夹角为?，则tan?=??25.130

第二章 力 动量 能量

2-2 把一个质量为m的木块放在与水平成?角的固定斜面上，两者间的静摩擦因数??较小，因此若不加支持，木块将加速下滑。 （1）试证

tan????。

（2）必须加多大的水平力F，才能使木块恰不下滑？这时木块对斜面的正压力多大？ （3）如不断增大力F的值，则摩擦力和正压力将有怎样的变化？ （1）证明

yFNf??F m 第5页

m ? x ? mg

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建立如图坐标系，根据牛顿第二运动定律，可得：

yFNF mg(sin????cos?)?ma?0tan?????0tan????sin????cos??0 证毕

m mg f??（2）由牛二定律，可得：

Fcos??mgsin????(mgcos??Fsin?)?0

x ? 解得 F?sin????cos?mg

cos????sin?mg

cos????sin?FN?mgcos??Fsin??（3）由FN?mgcos??Fsin?，正压力随着F的增大而增加。 当Fcos??mgsin? 即F?mgtan?时，静摩擦力f?mgsin??Fcos?随F的增加而减少，方向沿斜面向上；

当Fcos??mgsin?当Fcos??mgsin??即F?mgtan?时，f?0； 即F?mgtan?时，

0?f???(Fsin??mgcos?)方向沿斜面向下。2-3 如图所示，已知F?4N,m1?0.3kg,m2?0.2kg,两物体与平面的摩擦因数均为0.2.求质量为m2的物体的加速度及绳子对它的拉力（绳子和滑轮质量均不计）

m2 题2-3图

m1 F

解：隔离物体m1,m2，作出受力分析图，由牛二定律可得:

第6页

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??F?FT1?f1?m1a1 ???FT2?f2?m2a2?FT1?2FT2?由题意：?1a?a2?1?2FT1 fm1 Ff2 m2 FT2

?f1??fm1g且?代入上式，可得f??mg?22

1?F?2F??mg?m?a2?T2112 ??FT2??m2g?m2a2?F??g(m1?2m2)??2a??4.78(m?s)?2m1?2m2?2解此方程组，解得?

?(2F?3?m1g)F?m2?1.35(N)?T2m1?4m2?2-4 A,B,C三个物体，质量分别是mA?mB?0.1kg,mC?0.8kg。当把它们如图（a）所示放置时，物体系正好匀速运动。（1）求物体C与水平桌面间的摩擦因数；（2）如果将物体A移到物体B的上面，如图（b）所示，求系统的加速度及绳中张力（滑轮与绳的质量不计）

解（1）取物体系为研究对象，受力分析如图：

由于物体系匀速运动，所以有 mBg?fC?0

fC A C B fC??(mA?mC)g 两式联立，解得??mBg

mB0.1??1.1

mA?mC0.1?0.8FT FN （2）隔离物体C和物体A、B，受力分析如图所示 由牛顿运动第二定律，可得： C:FT?f?mCa

f C FT A B A和B:(mA?mB)g?FT?(mA?mB)a 其中 f??mCg 三式联立，解得：

mCg (mA?mB)g

第7页

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mA?mB??mC??2a?g?1.1(m?s)?mA?mB?mC? ?

?F?(??1)(mA?mB)mg?1.7(N)TC?mA?mB?mC?2-5 40kg的箱子放在卡车的车厢底板上，已知箱与底板之间的静摩擦因数为0.40，滑动摩擦因数为0.25.试求下列情况下，作用在箱上的摩擦力的大小和方向：（1）当卡车以2m?s加速度行驶时： （2）当卡车以3.5m?s减速行驶时。 解：由题意知 0?fman??0mg?0.40?40?9.8?160(N)

（1）f1?ma?40?2?80(N)?fman

所以作用在箱上的静摩擦力为80牛，方向向前。 （2）f2?ma?40?3.5?140(N)?fman

所以作用在箱上的静摩擦力为140牛，方向向后。

2-6 一质量为m的小球最初静止于如图所示的A点，然后沿半径为r的光滑圆弧的内表面ADCB下滑。试求小球在C点时的角速度和对圆弧表面的作用力。

解：设小球 t 时刻，转过的角度为?(如图所示) 由牛顿第二定律可得：

?2?2A O B ? r D C 题2-6图

d? dtd?gd?d?d?d? 即 ?cos?又因为????dtrdtd?dtd?d?gg 所以??cos?即?d??cos?d?

d?rr mgcos??mat?mrA FT ? ? C

对上式两边同时积分，并且考虑到t?0时，?0=0?0?0

D mg ??0?d???122?0gcos?d? r 得??gsin?r??2gsin? r第8页

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在C点，???2?? 所以 ?C?2g?2gsin(??)?cos? r2r 在C点，小球对圆弧表面的作用力与圆弧对小球的作用力是一对作用力与反作用力，圆弧对小球的作用力FTC与重力在径向的分力的合力充当向心力，所以有 FTc?mgcos??mr?C2FTC?mgcos??mr?C?3mgcos?

22-7 将质量m?800g的物体，以初速v0?20im?s抛出。取i水平向右，j竖直向下，忽略阻力，试计算并作出矢量图：

（1）物体抛出后，第2秒末和第5秒末的动量（g?10m?s）。 （2）第2秒末至第5秒末的时间间隔内，作用于物体的重力的冲量。 解：（1）物体抛出后作平抛运动，所以有

?1?1???vx?v0?20(m?s)?Px?mvx?16(kg?m?s) ? ??1?1v?gt(m?s)P?mv?8t(kg?m?s)??y?y?y???????P2s?Px1i?Py1j?16i?16j ?????? ??P5s?Px2i?Py2j?16i?40j???1???2o 20 3 ?P2s 6 x

?P5s ?IG （2）重力即物体受到的合外力，根据动量定理，有

??????????P?(16i?40j)?(16i?16j)?24j IG??P?P5s2s40 y 2-8一质量为m的滑块，沿如图所示的轨道以初速v0?2Rg无摩擦地滑动。求滑块由A运

??动到B的过程中所受到的冲量，并图示（OB与地面平行。取i水平向右，j竖直向上）。

解：滑块从A到C的过程中，由于受到的合外力为零，所以冲量为零。整个过程受到的冲量

即为从C到B受到的冲量。 如图所示，

滑块在圆弧上任一位置时，由牛顿第二定律，可得： mgcos???m?v0 A O ?C ?vt B v0 R ?? FT Ftmg dvdvd?vdv ??m???mdtd?dtRd?第9页

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(分离变量)gRcos?d???vdv

（两边同时积分）并考虑到 ??0时，v0?2Rgi;????????时，设v?vj

2

?20Rgcos?d???v2Rg?vdv11得：Rg??v2?(2Rg)2

22?? 解得 v?2Rg 或记作 v?2Rgj

由动量定理，

?????????I?P2?P?mv?mv?m(?2Rgi?2Rgj)?mRg(?2i?2j) 102-9 质量为0.25kg 的小球，以20m?s的速率和45的仰角投向竖直放置的木板，如图所示。设球与板碰撞时间为0.05s，反弹角度与入射角相等，小球速度在水平方向分量的大小不变，求木板对小球的冲力（取x轴水平向右建立坐标系）。 解：建立如图坐标系，则

?10y ?mv ????P0?mv0?mv0(sin450i?cos450j)??? ?00P?mv?mv(?sin45i?cos45j)由题意知 v?v0

根据动量定理，木板对小球的冲量为：

o 450 ?mv0 x

????0I?P?P0??2mv0sin45i

??I?2mv0sin450??2?0.25?20?F??i??t?t0.0522??i?141i

2-10 炮弹在抛物线轨道最高点炸裂成A、B两块，mA?m1,mB?2m1。设爆炸前瞬时，炮弹速度为v0。若忽略重力，此爆炸过程符合什么规律？并就下面两种情况写出该规律的方程：（1）B落在爆炸点的下方，设爆炸后瞬时B的速率为vB；（2）B沿原来的轨道返回抛出点。并就第（2）种情况回答：A将沿什么方向飞去？是否落在原来预计的着地点？A、B是否同时落地？落地时的速率是否相等？

解：若忽略重力，炮弹不受外力，遵守动量守恒定律。

?? （1）P0?3m1v0i??PB?2m1vBj??

根据动量守恒定律，应有 P0?PB?PA第10页

????所以，PA?3m1vi0?2mv1Bj

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E?? 2??0r6-16有一对点电荷，所带电荷量的大小都为q，它们间的距离为2l。试就下述两种情形求这两点电荷连线中点的场强和电势：（1）两点电荷带同种电荷；（2）两点电荷带异种电荷。 解：（1）根据点电荷的场强和电势公式，有：

(方向相反) 所以 E?0

l2??0l24??0()2qqq V1?V2??V?2V1?l??0l4??0()2??0l22qqqE?（2）E1?E2? 所以 （方向指向负电荷） ?(方向相同)2l2??0l2??l04??0()2qqV1??V2??所以V?0l4??0()2??0l2C 6-17 如图所示，A点有电荷?q,B点有电荷?q，AB?2l,OCD是以B为中心、l为半径的半圆。

（1）将单位正电荷从O点沿OCD移到D点，电场力作功多少？

（2）将单位负电荷从D点沿AB延长线移到无穷远处，电场力作功多少？ 解：（1）W?q?0E1?E2?q?q?q A + O 2l ?q —B l 题6-17 D ?是等势面) (OCD W?q?VO??VD??11q(?)?(J) 4??0l3l6??0lq(J)

q W?W?q?W?q?6??0l （2）W?W?q?W?q?(?1)(VD??VD?)?(?1)(?q4??0l?q4??0?3l)?q6??0l(J)

6-19 在半径分别为R1和R2的两个同心球面上，分别均匀带电，电荷量各为

Q1和Q2，且 R1?R2。求下列区域内的电势分布：（1）r?R1;第26页

(2)R1?r?R2；

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（3）r?R2。

解：由高斯定理可得场强分别为： r?R1时，E1?0 R1?r?R2时,Q2 R2 R1 Q1 O Q14??0r2E2?

r?R2时,E3?Q1?Q2

4??0r2取无限远处为电势零点，根据电势的定义式，可得;

r?R1时，???R1R2?R2V1??E?dl??E1dr??E2dr??E3dr??rrR1R2R1Q14??0rdr??2Q1?Q21Q1Q2dr?(?)R24??r24??0R1R20?R1?r?R2时,???R2?R2V2??E?dl??E2dr??E3dr??rrR2rQ14??0r2dr??Q1?Q21Q1Q2dr?(?)R24??r24??rR200?

r?R2时,V3???rQ1?Q2Q1?Q2dr?

4??0r24??0r26-25 A、B、C是三块平行金属板，面积均为200cm，A、B相距4.0mm, A、C相距 2.0mm,B、C两板都接地，如图所示。设A板带正电q?3.0?10C，不计边缘效应（即认为电场集中在平板之间且是均匀的）。（1） 若平板之间为空气（?r?1.00），求B板和C板上的感应电荷，以及A板上的电势；（2）若在A、B间另充以 ?r?5的均匀电介质，再求B板和C板上的感应电荷，以及A板上的电势。 解：（1）q??(qC?qB)?7(1)

C A

B 由 VA?EAC?d1?EAB?d2，得：

qC?0s?d1?qB?0s?d2

d4qC?2qB?qB?2qBd12(2)题6-25图

第27页

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2??7q??q??2.0?10(C)C??3（1）、（2）联立，解得：?

?q??1q??1.0?10?7(C)B?3?2.0?10?7VA?EAC?d1??d1??2?10?3?2.3?103(V) ?12?4?0s8.85?10?200?10qC（2）由VA?qCq1d2?d1?B?d2 得qC?(2qB)?qB?0s?0?rs?rd15(2?)

26??7q??q???10(C)C??77（1）、2 ()?联立，解得?515?q??q???10?7(C)B?77?6?7?10q?327VA?EAC?d1?C?d1??2?10?9.7?10(V) ?12?4?0s8.85?10?200?106-28 一空气平板电容器的电容C?1.0pF，充电到电荷为Q?1.0?10C后，将电源切断。（1）求板极间的电势差和电场能量；（2）将两极板拉开，使距离增到原距离的两倍，试计算拉开前后电场能的改变，并解释其原因。

?6Q1.0?10?66?1.0?10(V) 解：（1）U???12C1.0?10 We?11UQ??1.0?106?1.0?10?6?0.5(J) 22Q不变，而U?E?d，可见拉?0s（2）由于拉开前后板极的电荷量不变，场强大小E?开后两板间的电势差是原来的2倍，即U?2U0。

11?We?We?We0?Q(2U0)?QU0?1.0?0.5?0.5(J)

22外力克服电场力作功，电势能增加。

6-29 平板电容器两极间的空间（体积为V）被相对介电常数为?r的均匀电介质填满。极板上电荷的面密度为?。试计算将电介质从电容器中取出过程中外力所作的功。

11?1?21?2d)??(Sd)??V 解：We0?QU?(?S)(22?0?r2?0?r2?0?r第28页

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1?2V 同理，可得 We???2?0根据功能关系，外力作的功等于电容器电势能的增量，所以有：

1?2V1W?We?We0?(1?)

2?0?r自测题（2）

一、 选择题（每小题给出的几个答案中，只有一个是正确的）

1、 平行板空气电容器的两极板间的距离为d，极板面积为S，两极板所带电荷分别为?q和

?q，若d很小时，则两极板相互作用的静电力为

q2q2q2q2.（B）.（C）.（D）. （A）24??0d?0S2?0S2S12、 如图1-1所示，闭合面S内有一点电荷q1，P为S面上一点，在S面外的A点另一点

电荷q2。若将q2移至也在S面外的B点，则

?（A）穿过S面的E通量改变，P点的场强不变。 ?（B）穿过S面的E通量不变，P点的场强改变。 ?（C）穿过S面的E通量和P点的场强都不变。 ?（D）穿过S面的E通量和P点的场强都改变。

3、 如图1-2所示，一圆环均匀带电?q0，另有 两个带电荷

都为?q的点电荷位于环的轴线上，分别在环的两侧，它们到环心的距离都等于环的半径R。当此电荷系统处于平衡时，则（A）1A q2

B P q1 S 图1-1

?q ?q R ? O ?q R 图1-2

R qq0（数值比）为 （ ）

2.（B）22（C）2（D）4

4、 如图1-3所示，B和C是同一圆周上的两点，A为圆内的任意点，

当在圆心处置一正点电荷时，则正确的是 （ ） (A）

?BA??C????C?B?E?dl??E?dl（B）?E?dl??E?dl

AAAA ? O ? q ?BC ?

第29页

图1-3

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（C）

?BA?????C?B?C?E?dl??E?dl（D）?E?dl和?E?dl大小不确定。

AAA5、如图1-4所示，AB和CD为两段同心（在点O）的圆弧，它们所张的圆心角都是?。两圆弧都均匀带正电，并且电荷的线密度也相等。设AB和CD在O点产生的电势分别为V1和V2，则正确的是 （ ）

(A）V1?V2 （B）V1?V2 （C）V1?V2 （D）V1、V2大小不定。

6、有一半径为R的金属球壳，其内部充满相对介电常数为?r的

均匀电介质，球壳外面是真空。当球壳上均匀带有电荷Q时，则此球壳上面的电势为 (A）

A?? ?? C ? O D 图1-4 B Q4??0?rRQ4??0R （B）

Q4??rR

（C） （D）

Q11(?) （ ） 4?R?0?r7、如图1-5所示，一带正电荷的质点在电场中从A点经C点运动到B点，轨迹为

ACB弧。若质点的速率递减，则C点处场强方向正确的是四个图中的 （ ） ? B E ? C A?

（A） B ? E C ? A?C B ? ? E （C） A?C B ? ?E （D） A ? （B） 图1-5

?8、如图1-6，图中的实线为E线，虚线表示等势面，则由图可判定 （ ）

(A）EA?EB?EC,VA?VB?VC. （B）EA?EB?EC,VA?VB?VC.

（C）EA?EB?EC,VA?VB?VC. （D）EA?EB?EC,VA?VB?VC.

第30页

VA VB VC A B C ?E 图1-6

物理学（祝之光）习题解答

9、如图1-7所示，x轴上的两个电荷量都为?q的点电荷相距2a，球面S的 球心O位于左边电荷处，半径为a。S1和S2为球面上两块相等的小面积，分别位于点O的左右两侧。

??设通过S1、S2的E通量分别为?1和?2，通过球面S的E通量为?s，则正确的是：（ ）

(A）?1??2,?s?q?02q.

S .

S2 （B）?1??2,?s??0qq ? O S1q ? x （C）?1??2,?s??0.

a 图1-7

a (D)?1??2,?s?q?0.

10、极板间为真空的平行板电容器充电后与电源断开，今将两极板用绝缘工具拉开一些距离，则下列结论中不正确的是 （ ）

(A）电容器两极板间的电势差增大。 （B）电容器的电容减少。 （C）电容器中电场能量增加。 （D）电容器两极间的电场强度增大。 二、填空题

1、 说明下列各式的物理意义：

（1）E?dS 。 （2）

????S??1E?dS??0（S内）?q 。

i??（3）E?dl 。

（4）（5）

?ba??E?dl 。

??E?dl?0 。

??L2、一均匀带电的空心橡皮球，在吹大的过程中始终维持球状，球内任意点的场强 ，电势 ；始终在球外的任意点的场强 ，电势 （填写变大、变小或不变）。

3、如图1-8（a）在一边长为a的正六边形的六个顶点放置六个点电荷?q（或?q），

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物理学（祝之光）习题解答

则此六边形中心O处的场强大小为E? ，场强方向为 。若如图（b）放置，并把一试验电荷q0由无限远处移至O点，则电场力所作的功为 。（取零电势点在无限远。）

4、设有一无限长均匀带电直线，如图1-9所示。电荷线密度为?.A、B两点分别在线的两侧，它们到线的距离分别为a和b。则A、B两点间的电势差为 。将一试验电荷q0从A点移到B点，带电直线和q0组成的系统的电势能改变量为 。

5、如图1-10所示，一点电荷q位于不带电的空腔导体（灰色者）腔内。设有三个封闭曲面S1、S2y ?q ? ?q ? ?q ? ?q ? ? ?q ? ?q ? A ? a ? b ?B

?q ? x

图1-8

? ?? q

图1-9

?q ?q??(a)

? ??q ?q(b)S3 S2 S1 ?和S3（用虚线表示），在这三个曲面中，E通量

为零的曲面是 ，场强处处为零的曲面是 。

6、电荷线密度分别为?1和?2的两平行均匀带电长直导线，相距为d，则单位长度上的电荷受到的静电力大小为 。

? q 图1-10

7、一半径为R的球体均匀带电，电荷体密度为?，则球体外距球心为r的点的场强大小为 ；球体内距球心为r的点的场强大小为 。 8、两无限大的平行平面均匀带电，面电荷密度都是?(??0)，如图1-11所示，则区域???中各点场强E1? ，区域Ⅱ中各点场强E2? ，，区域Ⅲ中???各点场强E3? 。（E方向用单位矢量i表示）

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物理学（祝之光）习题解答

9、半径为R1的导体球A，带有电荷q，球外有一内外半径分别为R2和R3的同心导体球壳B，壳上带有电荷Q。则球A的电势VA? ，球壳B的电势VB? 。（取零电势点在无限远。）

10、两无限大金属平板A和B的面积都是S，平行相对，板间距离为d。将两板接电源后，使两板电势分别为VA?V,VB?0.现将另一带电荷q、面积也为S

厚度可不计的金属薄片平行相对地插在A、B两板之间，如图1-12所示。则金属薄片C 的电势Vc? 。

图1-11

Ⅰ

Ⅱ

Ⅲ

??

?i ??

第七章 稳恒磁场

7-5、如图1所示，已知一均匀磁场的磁感应强度

y 40cm B?0.2T，方向沿x轴正向。试求：

（1）通过图中abcd面的磁通量； （2）通过图中befc面的磁通量； （3）通过图中aefd面的磁通量。

a 30cm b3 0cm e ?B f d c O 50cm 图1 x z ??解： （1）?m?B?S?BScos??0.2?(0.4?0.3)(?1)??0.24(T) ?????（2）由于Sn?B，?m?B?S?BScos?0

2（3）从abcd面穿入的磁感线全部从aefd穿出，所以?m?0.24(T)

7-6一载有电流I?7.0A的硬导线，转折处为半径r?0.10m的四分之一圆周ab。均匀外磁场的大小为B?1.0T，其方向垂直于导线所在的平面，如图2所示，求圆弧ab部分所受的力。

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物理学（祝之光）习题解答

????解：在圆弧上任取一电流元Idl，根据安培定律dF?Idl?B

得：dF?IBdl（方向沿半径指向外）

设Ob方向为x轴正方向，Oa方向为y轴正方向，且 dF与Ob的夹角设为?，则：

?dFx?dFcos??IBcos?dl?IBrcos?d? ?

dF?dFsin??IBsin?dl?IBrsin?d??y??2??Fx??0IBrcos?d??IBr?7.0?1.0?0.1?0.7(N)???F?2IBrsin?d??IBr?7.0?1.0?0.1?0.7(N)??y?0? ??B??a?I ??????? ??????????O ?b?

图2 F?2Fx?1.0(N)与Ob的夹角??arctanFyFx??4 7-8 一半圆形闭合线圈，半径R?0.1m，通有电流I?10A，放在均匀磁场中，磁场方向与线圈平面平行，大小为0.5T，如图3所示，求线圈所受力矩的大小。

??1??M?ISen?B?ISBsin?10?(??0.12)?0.5解： 22?7.8?10?2(N?m)7-11一条无限长直导线在在一处弯折成半径为R的圆弧，如图4所示，若已知导线中电流强度为I，试利用毕奥-萨伐尔定律求（1）当圆弧为半圆周时，圆心O处的磁感应强度B；（2）当圆弧为

I R ?B

图3

1圆周时，圆心O处的磁感应强度B。 4????0Idl?er解：由毕奥-萨伐尔定律dB?知，由于场点O与直线电流的夹角总是为24?r???Idl?er?0。因而，总的磁感强度只是由圆弧电流产生的。 00或1800，所以dB?024?r?（1）在圆弧上任取电流元Idl，

???0Idl?er?0Idlsin900?0IdldB???4?r24?R24?R2 (方向垂直纸面向里)I R O (a) I B??dB???R0?0Idl?0I?0I ??R?224?R4?R4R第34页

物理学（祝之光）习题解答

?R（2）同理可得：B?dB???20?0Idl?0I?R?0I ??4?R24?R228RI I O 7-12 如图5所示，两根导线沿半径方向引到铁环上的A、B两点，并在很远处电源相连，求环中心的磁感应强度。

I R （b） 图4 l解：（如图5）Bl1??1（方向向外）

2r2?r?Il Bl2?022（方向向里）

2r2?r?0I1I2 ?B?02(I1l1?I2l2) （1）

4?r又因为l1、l2并联，所以I1R1?I2R2（R1、R2为l1、l2的 电阻）即

A l2 O I1 l1 B I 图5

I I1R2? I2R1R2l2Il?，所以1?2，即 I1l1?I2l2 （2）

I2l1R1l1 根据电阻定律，又有

（2）式代入（1）式，得B?0

7-13一长直导线ab，通有电流I1?20A，其旁放置一段导线cd，通有电流I2?10A，且

ab与cd在同一平面上，c端距ab为1cm，d端距ab为10cm，如图6所示。求导线cd所

受的作用力。

解：直电流ab在周围空间产生磁场，直电流cd放在其磁场中，受到安培力的作用。

在 cd上任取一电流元I2dr，距ab的垂直距离为r，则：

b I1 c I2 d

?0I1图6 （方向垂直纸面向里） a 2?r?I?IIdr?? （方向向上） dF?I2dr?B?I2dr?01?0122?r2?r10cm?IIdr?II012F??dF???012ln10?2?10?7?20?10?2.3?9.2?10?5(N)

1cm2?r2?7-17如图7所示，载流长直导线中的电流为I。求通过矩形面积CDEF的磁通量。

B?解：在距载流长直导线距离为r处的磁感强度为 B??0I（方向垂直纸面向里） 2?r 在矩形线框中取面元ds?ldr

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物理学（祝之光）习题解答

则通过面元ds的磁通量为：

?0I?Ildr ldr?02?r2?rb?Ildr?Ilb ???d???0?0ln

a2?r2?a d??B?ds???C D l I F

a b dr E 图7

第八章 电磁感应 电磁场

8-3 一长直导线，通有电流I?5A，在与其相距d?5.0?10m处放一矩形线圈，线圈1000匝，线圈在如图8-1所示位置以速度v?3?10m?s沿垂直于长导线的方向向右运动的瞬时，线圈中的感应电动势是多少？方向如何？（设线圈长） b?4.0?10?2m，宽a?2.0?10?2m。

解：BC、AD边不切割磁感线，不产生感应电动势．

AB产生电动势

?2?1?2B I d C a ?vb ?1?N?(v?B)?dl?NvBb?NvbAB????0I 2?dCD产生电动势

图8-1 A D

?2?N?∴回路中总感应电动势

DC???(v?B)?dl??Nvb?0I2π(a?d)

???1??2?N方向沿顺时针．

?0Ibv11(?)?6.86?10?6(V) 2πdd?a8-6如图8-2所示，通过回路的磁感应线与线圈平面垂直指向纸内，磁通量以下列关系式变化??(6t?7t?1)?10(Wb)，式中t以秒计。求t?2s时回路中感应电动势的大小和方向。 解：?i??2?3????????B ????????

d?d??(6t2?7t?1)?10?3??(12t?7)?10?3 dtdt?3当 t?2s时，?i??(12?2?7)?10??3.1?10?2(V)

由右螺旋定则知，电动势方向为逆时针方向

R 图8-2

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物理学（祝之光）习题解答

8-7 ab、cd两段导线，长度均为0.10m，在b处相接而成30角，如图8-3所示。若使

0??导线在均匀磁场中以速率v?1.5m?s向右运动，磁场B的方向垂直纸面向里，B的大小

?1为2.5?10T。问a、则又如何？ c之间的电势差为多少？哪一端电势高？若导线向上运动，解：（1）以速率v?1.5m?s向右运动时

?1?2?????i??v?B?l??vBlcos(??)??vBlsin? 2??1.5?2.5?10?2?0.10?sin300??1.9?10?3(V)由右螺旋定则可以判定，感应电动势的方向向上， 所以c点电势高。 （2）导线向上运动时

????????B ??????? ????b ??? 图8-3

c????v a ?????????i?Blv?Blvcos300?2.5?10?2?0.10?1.5?(1?3)?7.0?10?3(V) 2由右螺旋定则可以判定，感应电动势的方向向左，所以a点电势高。

8-8一长直导线，载有电流I?40A。在其旁边放置一金属杆AB。A端与导线的距离为

?1如图8-4所示。设金属杆AB以匀速v?2m?sa?0.1m，B端与导线的距离为b?1.0m，

向上运动，试求此金属杆中的感应电动势，并问哪一端电势较高？ 解:在AB上距长直导线电流为r处任取一微元dr，根据动生电动势的定义式，可得：

?v ?I?Ivdr??? d??v?B?dr?v(0)(dr)(cos1800)??02?r2?r???d????1.00.1I A B

a b 图8-4

?0Ivdr?Iv??0ln10??2?10?7?40?2?2.32?r2???3.68?10?5(V)由右螺旋定则可以判定，感应电动势的方向向左，所以A点电势高。

?8-9 长为l的一金属杆ab，水平放置在均匀磁场B中，如

图8-5所示。金属棒可绕O点在水平面内以角速度?旋转，。试求a、b两端的电O点离a端的距离为lk（设k?2）势差，并指出哪端电势高。

? a O l k?B b l 图8-5

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物理学（祝之光）习题解答

解：（1）Ob两端的电势差：

在金属棒上任取一微元dr，根据动生电动势的定义式，可得：

???d??v?B?dr?r?Bdr(cos1800)??r?Bdr

?Ob??1l(1?)k0?r?Bdr???Bl21(1?)2 （电动势方向由b指向O，b端电势低） 2k（2）Oa两端的电势差： 同理可得?Oa??1l(1?)k0?r?Bdr???Bl212k2 （电动势方向由a指向O，a端电势低）

（3）Uab?Va?Vb???Bl212k2?[??Bl212?Bl22(1?)]?(1?)?0 2k2k a端电势高。

自测题（3）

一、选择题（每小题给出的答案中，只有一个是正确的）

?1、一带电粒子的径迹如图3-1所示。此带电粒子进入均匀磁场B（方向垂直纸面向里）中

运动，穿过一水平放置的铅板b后，继续在磁场中运动。则粒子带电的正负以及粒子穿过铅板的方向是（要考虑带电粒子穿过铅板将损失动能） （ ） （1）粒子带负电，且从a点出发穿过铅板b到达c点。 （2）粒子带负电，且从c点出发穿过铅板b到达a点。 （3）粒子带正电，且从a点出发穿过铅板b到达c点。 （4）粒子带正电，且从c点出发穿过铅板b到达a点。

2、一电子，在互相正交的均匀电场E和均匀磁场B（如图3-2所示）中作直线运动，则此电子的运动方向必定是： （ ） （1）沿x轴正向。 （2）沿x轴负向。 （3）沿y轴正向。 （4）沿y轴负向。 （5）沿z轴正向。 （6）沿z轴负向。

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??y

?E

z O

?B

x

图3-2

物理学（祝之光）习题解答 3、一环形导线中通有电流I，对3-3图示的回路L?磁感强度B的环流应 （ ） （1）2?0I （2）?2?0I （3）2I ??????B ? ?????????a ????????? ??? ??? ??? ??????b ????????? ??? ??? （4）?2I （5）0 c ? ?4、下列各种说法中正确的是 （ ） ? ? ? ? ? ? ? ?（1）电荷在空间各点要激发电场，电流元Idl在空

间各点也要激发磁场。

图3-1 （2）在稳恒磁场中，若闭合曲线不围绕有任何电流，则该闭合曲线上各点的磁感应强度必为零。

（3）静止电荷在磁场中不受磁场力，运动电荷在磁场中必受磁场力。 （4）所有电场都是保守力场，所有磁场都是涡旋场。

5、在一圆形电流I的平面内，取一个同心的圆形闭合回路L，如图3-4所示。对回路L，由安培环路定理：

??L???B?dl??Bldl??0?I，（式中Bl为B在回路L上的切向分量），则

L下列结论中正确的是 （ ） （1）（3）

?L????B?dl?0,且Bl?0. （2）?B?dl?0,且Bl?0.

L?L????B?dl??0I,且Bl?0. （4）?B?dl??0I,且B?0.

LI L

L I 图3-3

I

图3-4

?6、一个电流元Idl置于直角坐标系的原点，电流沿z轴正向，则空间点P(x,y,z)的磁感应

强度沿x轴的分量是 （ ） （1）0（2）??0?0?0(Idl)y(Idl)y(Idl)x??（3）（4） 22232222322224?(x?y?z)4?(x?y?z)4?x?y?z7、由导线组成的一矩形线框，以匀速率从无磁场的空间进入均匀磁场中，然后从磁场中出

第39页

物理学（祝之光）习题解答

来，又在无磁场的空间运动。在图3-5中正确地表示了线框中电流对时间的函数关系的图是 （ ） O

?v

I I O O t t(a) (b) I I I t O (d) t O (e)t

8、真空中一长直螺线管通有电流I1时，储存的磁能为W1；若螺线管中充以相对磁导率

?r?4的磁介质，且电流增加为I2?2I1，螺线管中储存的磁能为W2。则W1W为

2（ ）

（1）116 （2）18 （3）14 （4）12

9、一条形磁铁，沿一根很长的竖直铜管自由落下，不计空气阻力，磁铁速率的变化将是下面四种说法的哪一种？ （ ） （1）速率越来越大。 （2）速率越来越小。 （3）速率越来越大，经一定时间后，速率越来越小。 （4）速率越来越大，经一定时间后，以恒速率运动。

?10、如图3-6所示，在均匀磁场B中的导体棒AB，绕通过C点的轴OO?转动，AC?BC。下面哪种说法对？ （ ）

（1）A点比B点电势高。 （2）A点与B点电势相等。 （3）A点比B点电势低。

11、在感生电场中，电磁感应定律可表达为

O ? ?B A C O? B

图3-6 第40页

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