2020届海南省新高考等级考物理模拟试卷(一)详解教师版(15页)

2020届海南省新高考等级考物理模拟试卷（一）

物理试题

（本试卷共18题，共100分，考试时间90分钟）

第I卷（选择题共44分）

一、单项选择题（每题只有一个正确答案，每题3分，8题共24分）

1.Cs的衰变方程式为Cs→Ba+X，则下列说法正确的是（）

A. 的衰变过程属于衰变，X为氦原子核

B. 原子核内的中子数比原子核内的中子数多一个

C. 通过降低温度的方法可使的半衰期变短，降低危害

D. 原子核的比结合能等于原子核的比结合能

【答案】B

【解析】原子核衰变过程中质量数和电荷数守恒，所以X为电子，该衰变为β衰变，故A错误；在β衰变中原子核内的一个中子转变成一个电子和一个质子，所以Cs原子核内的中子数比Ba原子核内的中子数多一个，故B正确；原子核的半衰期与原子核的物理化学性质无关，不能通过降低温度的方法使

Cs的半衰期变短，故C错误；衰变的过程中释放能量，说明两种原子核的比结合能是不同的，故D错误。故选：B。

2.如图所示，同一轨道上有两艘绕地球运行的宇宙飞船，它们的运行周期为T，运行速度为v。已知引力常量为G，则下列说法正确的是（）

A. 地球的质量为

B. 两飞船运动的轨道半径为

C. 两飞船运动的加速度为

D. 后面的飞船要追上前面的飞船进行对接需向后喷出一些物质使其加速

【答案】C

【解析】AB、由圆周运动规律v=可得飞船圆周运动轨道半径r=；地球对飞船的万有引力提供圆周运动向心力有：G=m解得地球的质量为：M=，故AB错误；飞船的加速度为：a==，选项C正确；后面的飞船向后喷出一些物质后飞船速度增加，圆周运动所需向心力增加，而万有引力没有发生变化，则飞船将做离心运动，轨道半径增大，不能追上前面的飞船，故D错误。

故选：C。

3某兴趣小组制作了一个简易的“转动装置”，如图甲所示，在干电池的负极吸上两块圆柱形强磁铁，然后将一金属导线折成顶端有一支点、底端开口的导线框，并使导线框的支点与电源正极、底端与磁铁均良好接触但不固定，图乙是该装置的示意图。若线框逆时针转动（俯视），下列说法正确的是（）

A．线框转动是因为发生了电磁感应B．磁铁导电且与电池负极接触的一端是S极

C．若将磁铁的两极对调，则线框转动方向不变D．线框转动稳定时的电流比开始转动时的大

【答案】B

【解析】对线框的下端平台侧面分析，若扁圆柱形磁铁上端为S极，下端为N极，周围磁感线由上往下斜穿入线框内部，在垂直于纸面向外的径向上，磁感应线有垂直于纸面向里的分量，在此径向上的负电荷由下往上运动，由左手定则知：此负电荷受到垂直于径向沿纸面向右的洛伦兹力，即在径向的左垂线方向；同理，其他任一径向上的电荷均受到左垂线方向的洛伦兹力（中心原点除外），所以，由上往下看（俯视），线框沿逆时针转动，若扁圆柱形磁铁上端为N极，下端为S极，则转动方向相反，所以该装置的原理是电流在磁场中的受力，不是电磁感应，故AC错误，B正确；稳定时，因导线切割磁感应线，则线框中电流比刚开始转动时的小，故D错误。

4.位于A、B处的两个带不等量负电荷的点电荷在平面内的电势分布如图所示，图中实线表示等势线，下列说法中正确的是（）

A．正电荷从c点移到d点，静电力做负功

B．a点和b点的电势不相同

C．负电荷从a点移到b点，电场力做正功，电势能减少

D．正电荷从e点沿图中虚线移到f点，电场力不做功，电势能不变

【答案】A

【解析】正电荷从c点移到d，电场力的方向与运动方向相反，故电场力做负功，故A正确；由图可知，a点和b点位于同一条等势面上，所以电势相同，故B错误；a点和b点的电势相同，负电荷从a点移到b 点，电场力不做功，电势能不变。故C错误；正电荷从e点沿图中虚线移到f点的过程中电场力先做正功后做负功，所以电势能先减小后增大。故D错误。故选：A。

5.如图所示，光滑的水平面上有竖直向下的匀强磁场，水平面上平放着一个试管，试管内壁光滑，底部有一个带电小球。现在对试管施加一个垂直于试管的水平拉力F，在拉力F作用下，试管向右做匀速运动，带电小球将从管口飞出。下列说法正确的是

A．小球带负电B．小球离开试管前，洛伦兹力对小球做正功

C．小球离开试管前的运动轨迹是一条抛物线D．维持试管做匀速运动的拉力F应为恒力

【答案】C

【解析】小球能从管口处飞出，说明小球受到指向管口洛伦兹力，根据左手定则判断，小球带正电。故A错误。洛伦兹力是不做功的，因为在向上的洛伦兹力产生的同时，还产生了与F方向相反的一个洛伦兹力，两个洛伦兹力抵消，不做功。故B错误。设管子运动速度为v1，小球垂直于管子向右的分运动是匀速直线运动。小球沿管子方向受到洛伦兹力的分力F1=qv1B，q、v1、B均不变，F1不变，则小球沿管子做匀加速直线运动。与平抛运动类似，小球运动的轨迹是一条抛物线。故C正确。设小球沿管子的分速度大小为v2，则小球受到垂直管子向左的洛伦兹力的分力F2=qv2B，v2增大，则F2增大，而拉力F=F2，则F逐渐增大。故D错误。故选：C。

6.如图所示，倾角为30°的粗糙绝缘斜面固定在水平面上，在斜面的底端A和顶端B分别固定等量的同种正电荷。质量为m、带电荷量为+q的物块从斜面上的M点由静止释放，物块向下运动的过程中经过斜面中点O时速度达到最大值v，运动的最低点为N（图中没有标出），则下列说法正确的是（）

A. 物块向下运动的过程中加速度先增大后减小

B. 物块和斜面间的动摩擦因数

C. 物块运动的最低点N到O点的距离小于M点到O点的距离

D. 物块的释放点M 与O 点间的电势差为

【答案】D

【解析】A 、根据点电荷的电场特点和电场的叠加原理可知，沿斜面从A 到B 电场强度先减小后增大，

中点O 的电场强度为零。设物块下滑过程中的加速度为a ，根据牛顿第二定律有mgsin θ-μmgcos θ+qE=ma ，物块下滑的过程中电场力qE 先方向沿斜面向下逐渐减少后沿斜面向上逐渐增加，所以物块的加速度大小先减小后增大，故A 错误；物块在斜面上运动到O 点时的速度最大，加速度为零，又电场强度为零，所以有mgsin θ-μmgcosθ=0，所以物块和斜面间的动摩擦因数为：μ=tanθ=，故B 错误；由于运动过程中mgsin θ-μmgcosθ=0，所以物块从M 点运动到N 点的过程中受到的合外力为qE ，因此最低点N 与释放点M

关于O 点对称，故C 错误；根据动能定理有：

qU MO +mgx MO sinθ-μmgx MO cosθ=mv 2，且mgsin θ=μmgcos θ，所以物块的释放点M 与O 点间的电势差为：U MO =，故D 正确。故选：D 。

7.如图所示，一位同学玩飞镖游戏。圆盘最上端有一P 点，飞镖抛出时与P 等高，且距离P 点为L ．当飞镖以初速度v 0垂直盘面瞄准P 点抛出的同时，圆盘以经过盘心O 点的水平轴在竖直平面内匀速转动。忽略空气阻力，重力加速度为g ，若飞镖恰好击中P 点，则（ ）

A ．飞镖击中P 点所需的时间为

B ．圆盘的半径可能为

C ．圆盘转动角速度的最小值为

D ．P 点随圆盘转动的线速度不可能为

【答案】A 【解析】飞镖水平抛出做平抛运动，在水平方向做匀速直线运动，因此t ＝，故A 正确；飞镖击中P 点时，P 恰好在最下方，则2r ＝，解得圆盘的半径为：r ＝，故B 错误；飞镖击中P 点，则P 点转过的角度满足：θ＝ωt ＝π+2kπ（k ＝0，1，2…）故ω＝＝

，则圆盘转动角速度的最小

值为，故C错误；P点随圆盘转动的线速度为：v＝ωr＝＝，当k＝2时，v＝，故D错误；故选：A。

8．如图1所示，竖直面内矩形ABCD区域内存在磁感应强度按如图2所示的规律变化的磁场（规定垂直纸面向外为正方向），区域边长AB=AD，一带正电的粒子从A点沿AB方向以速度v0射入磁场，在T1时刻恰好能从C点平行DC方向射出磁场。现在把磁场换成按如图3所示规律变化的电场（规定竖直向下为正方向），相同的粒子仍以速度v0从A点沿AB方向射入电场，在T2时刻恰好能从C点平行DC方向射出电场。不计粒子重力，则磁场的变化周期T1和电场的变化周期T2之比为（）

A. 1：1

B. ：3

C. ：9

D. ：9

【答案】C

【解析】设粒子的质量为m，带电量为q，设粒子的偏转半径为r，经粒子转过的圆周角为α，则有：2rsinα=AB，2（r-rcosα）=AD，又AB=AD，

联立解得α=60°，所以有：

=T B

T B=，

解得：T1=；

如果把磁场换为电场，则有AB=v0T2，解得：T2=，

所以=，故C正确，ABD错误。

故选：C。

二、多项选择题（每题有2个或3个正确答案，每题4分，选不全得2分，5题共20分）

9.关于热力学定律，下列说法正确的是（）

A. 根据热力学第一定律可知，一定质量的理想气体等压膨胀对外做功，内能一定减少

B. 第一类永动机制不成，是因为它违反了热力学第一定律

C. 从微观意义上讲，热力学第二定律是一个统计规律

D. 熵是系统内分子运动无序性的量度，一个孤立的系统总是从熵小的状态向熵大的状态发展

【答案】BCD

【解析】一定质量的理想气体等压膨胀，温度升高，内能增加，故A错误；第一类永动机制不成，是因为它违反了热力学第一定律，故B正确；从微观意义上讲，热力学第二定律是一个统计规律，故C正确；熵是系统内分子运动无序性的量度，从微观角度看，一个孤立的系统总是从熵小的状态向熵大的状态发展，故D正确。故选：BCD。

10.如图所示，一旅客用力F拉着质量为m的行李箱沿水平方向做匀速直线运动。已知拉力F与水平方向的夹角为θ1，行李箱与水平方向的夹角为θ2，重力加速度为g，则行李箱受到地面的支持力F N和地面对行李箱的静摩擦力F f的大小分别为（）

A. B.

C. D.

【答案】AC

【解析】以行李箱为研究对象，由物体的平衡条件，竖直方向上有：F N+Fsinθ1-mg=0，所以行李箱受到地面的支持力为：

F N=mg-Fsinθ1，故A正确，B错误；

CD、水平方向上有：

F f-Fcosθ1=0

所以地面对行李箱的静摩擦力为：F f=Fcosθ1，故C正确，D错误。

故选：AC。

11.如图1所示是一列简谐波在t=0时刻的波形图，质点P刚开始振动，如图2所示是介质中的另一质点Q的振动图象，则下列说法正确的是（）

A. 这列波沿x轴正方向传播

B. 这列波的波速是

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