数列知识点归纳及例题分析
更新时间:2024-05-27 03:55:01 阅读量: 综合文库 文档下载
《数列》知识点归纳及例题分析
一、数列的概念:
1.归纳通项公式:注重经验的积累 例1.归纳下列数列的通项公式: (1)0,-3,8,-15,24,....... (2)21,211,2111,21111,......
379(3),1,,,......
21017?a1,(n?1)2.an与Sn的关系:an??
S?S,(n?2)n?1?n注意:?强调n?1,n?2分开,注意下标;?an与Sn之间的互化(求通项)
?3,n?1例2:已知数列{an}的前n项和Sn??2,求an.
?n?1,n?23.数列的函数性质:
(1)单调性的判定与证明:?定义法;?函数单调性法 (2)最大(小)项问题:?单调性法;?图像法 (3)数列的周期性:(注意与函数周期性的联系)
1?2a,0?a?nn?2,a?3,求a. 例3:已知数列{an}满足an?1??1201715?2an?1,?an?12?二、等差数列与等比数列
1.等比数列与等差数列基本性质对比(类比的思想,比较相同之处和不同之处)
等差数列 等比数列 an?1?q(q是常数,且q?0,ann?1,2,3,?) 定义 an?1?an?d(d是常数n?1,2,3,?)通项公式 an?a1??n?1?d 推广:an?am??n?m?d an?a1qn?1 推广:an?amqn?m n?n?1?n?a1?an?求和 Sn?na1?d? 22公式 a?an?k中项 A?n?k(n,k?N*,n?k?0) 公式 2 ?na1(q?1)? Sn??a?1?qn?a?aq1n1?(q?1)?1?q?1?qG??an?kan?k(n,k?N*,n?k?0) 重要1、等和性:am?an?ar?as 性质 (m,n,r,s?N*,m?n?r?s) 1、等积性:am?an?ar?as (m,n,r,s?N*,m?n?r?s) 2、(第二通项公式)an?am?(n?m)d 2、(第二通项公式)an?am?qn?m an?aman n?m及 q?n?mam3、从等差数列中抽取等距离的项组成的数列是一个等差数列。 3、从等比数列中抽取等距离的项组成的数列是一个等比数列。 如:a1,a4,a7,a10,???(下标成等差数列) 如:a1,a4,a7,a10,???(下标成等差数列) 4、sn,s2n?sn,s3n?s2n 成等差数列 4、sn,s2n?sn,s3n?s2n成等比数列。 Sn5、{}是等差数列 n(仅当公比q??1且n为偶数时,不成及d?立) a1.定义:n?q(n≥2)?{an}是等比数an?1等差数列 2.等差中项:2an+1=an+an+2?{an}是列 2.等比中项: 等差数列 2223.通项公式:an?kn?p(k,p为常数)an?1?an?an?2(an?0)?{an}是等比数等价列 ?{an}是等差数列 条件 n23.通项公式:(c,q?0且为常a?c?qn4.前n项和:Sn?An?Bn(A,B为常数)?{an}是等比数列 数)?{a}是等差数列 1.定义:an-an-1=d (n≥2)?{an}是n 联系 例题: 4.前n项和:Sn?k?qn?k(k,q?0且为常数)?{an}是非常数列的等比数列 真数等比,对数等差;指数等差,幂值等比。 31
例4(等差数列的判定或证明):已知数列{an}中,a1=,an=2- (n≥2,n5an-1
1**
∈N),数列{bn}满足bn= (n∈N).
an-1
(1)求证:数列{bn}是等差数列;
(2)求数列{an}中的最大项和最小项,并说明理由.
11
(1)证明 ∵an=2- (n≥2,n∈N*),bn=.
an-1an-111
∴n≥2时,bn-bn-1=- an-1an-1-1
11
=- 1?an-1-1?
?2-?-1
an-1??an-11=-=1. an-1-1an-1-1
5
∴数列{bn}是以-为首项,1为公差的等差数列.
2
712
(2)解 由(1)知,bn=n-,则an=1+=1+,
2bn2n-72
设函数f(x)=1+,
2x-7
7??7??
易知f(x)在区间?-∞,?和?,+∞?内为减函数.
2??2??
∴当n=3时,an取得最小值-1;当n=4时,an取得最大值3.
例5(等差数列的基本量的计算)设a1,d为实数,首项为a1,公差为d的等差数列{an}的前n项和为Sn,满足S5S6+15=0.
(1)若S5=5,求S6及a1 (2)求d的取值范围.
-15
解 (1)由题意知S6==-3,a6=S6-S5=-8.
S5
?5a1+10d=5,所以?
a+5d=-8.?1
解得a1=7,所以S6=-3,a1=7. (2)方法一 ∵S5S6+15=0,
∴(5a1+10d)(6a1+15d)+15=0,
2
即2a21+9da1+10d+1=0.
因为关于a1的一元二次方程有解,所以 Δ=81d2-8(10d2+1)=d2-8≥0, 解得d≤-22或d≥22.
方法二 ∵S5S6+15=0,
∴(5a1+10d)(6a1+15d)+15=0, 9da1+10d2+1=0.
222
故(4a1+9d)=d-8.所以d≥8.
故d的取值范围为d≤-22或d≥22.
例6(前n项和及综合应用)(1)在等差数列{an}中,已知a1=20,前n项和为Sn,且S10=S15,求当n取何值时,Sn取得最大值,并求出它的最大值; (2)已知数列{an}的通项公式是an=4n-25,求数列{|an|}的前n项和.
解 方法一 ∵a1=20,S10=S15,
10×915×145
∴10×20+d=15×20+d,∴d=-.
223
565?5?
∴an=20+(n-1)×?-?=-n+.
33?3?
∴a13=0,即当n≤12时,an>0,n≥14时,an<0,
∴当n=12或13时,Sn取得最大值,且最大值为S13=S12=12×20+=130.
5方法二 同方法一求得d=-. 3
25?3 125n?n-1??5?51255?
∴Sn=20n+·?-?=-n2+n=-?n-?2+.
2?2666?24?3?
∵n∈N*,∴当n=12或13时,Sn有最大值,且最大值为S12=S13=130. (2)∵an=4n-25,an+1=4(n+1)-25, ∴an+1-an=4=d,又a1=4×1-25=-21.
所以数列{an}是以-21为首项,以4为公差的递增的等差数列. ?an=4n-25<0, ①令?
?an+1=4?n+1?-25≥0, ②
12×11?5?
×?-?2?3?
11
由①得n<6;由②得n≥5,所以n=6. 即数列{|an|}的前6项是以21为首项,
44
公差为-4的等差数列,从第7项起以后各项构成公差为4的等差数列, 而|a7|=a7=4×7-24=3. 设{|an|}的前n项和为Tn,则
n?n-1?
?21n+×?-4? ?n≤6??2T=?
?n-6??n-7?
66+3?n-6?+×4 ?n≥7??2?
n2
?-2n+23n ?n≤6?,=?2
?2n-23n+132 ?n≥7?.
例7已知某等差数列共有10项,其奇数项之和为15,偶数项之和为30,则其公差为 3
Sn7n+45=例8等差数列{an},{bn}的前n项和分别为{Sn},{Tn},且Tnn-3,则使得
anbn为正整数的正整数n的个数是 3 . (先求an/bn n=5,13,35)
22Sn例9已知数列?an?中,a1?1,当n≥2时,其前n项和Sn满足an?,则
2Sn?13?1?n?1??3数列?an?的通项公式为 an??2n≥2??2?1?4n?
2?lnn例10在数列{an}中,a1?2,an?1?an?ln(1?1),则an? . n例11 设3b是1?a和1?a的等比中项,则a+3b的最大值为 2 . 例12 若数列1, 2cosθ, 22cos2θ,23cos3θ, ? ,前100项之和为0, 则θ的值为
2k??2?,k?Z( ) 3例13 △ABC的三内角成等差数列, 三边成等比数列,则三角形的形状为__等边三角形_
三、数列求和: (1)倒序相加法
112m(x?R),求Sm?f()?f()???f()_________ 如:已知函数f(x)?x4?2mmm(2)错位相减法:?anbn?其中{ an}是等差数列,?bn?是等比数列。
(3)裂项相消法:形如an?
(4)拆项分组法:形如an?bn?cn,
?6n?5(n为奇数)如:an?2n?3,an??n,an?(?1)n?1?n2
(n为偶数)?2n1111?(?)
(An?B)(An?C)C?BAn?BAn?C练习:
111,,···,的前n项和为( B ) 1?21?2?31?2???nn?22nn2nA. B. C. D.
n?12n?1n?12n?11、数列1,
11112、数列1,3,5,7,?,前n项和Sn? .
248163、数列?an?的通项公式为an?1n?1?n,则S100=_________________。
4、设Sn?31111,且Sn?Sn?1?,则n? .6 ?????42612n?n?1?5、设n?N*,关于n的函数f(n)?(?1)n?1?n2,若an?f(n)?f(n?1),则数列{an}前100项的和a1?a2?a3???a100?________.答案:100.
解答:an?f(n)?f(n?1)?(?1)n?1?n2?(?1)n?(n?1)2?(?1)n[(n?1)2?n2],
?(?1)n(2n?1),所以a1?a2?a3???a100?(?3)?5?(?7)?9???(?199)?201
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