2018届云南省昆明市高三3月复习教学质量检测理综物理试题（解析版）

2018届云南省昆明市高三3月复习教学质量检测理综试卷物理部分

一、选择题

1. 在水平地面上方某点将一小球以一定的初速度斜向下抛出，不计空气阻力，关于小球落地前的运动，下列说法正确的是（ ）

A. 相等的时间间隔内，小球速率的改变量相等 B. 相等的时间间隔内，小球速度的改变量相等 C. 下落相等的竖直距离，小球通过的路程相等 D. 下落相等的竖直距离，小球发生的位移大小相等 【答案】B

...

... ... ... ... ...

2. 如图所示为一理恕变压器，其中a、b、c为三个额定电压相同的灯泡，输入电压u= Umsin100πt(V)。当输入电压为灯泡额定电压的8倍时，三个灯泡刚好都正常发光。下列说法正确的是（ ）

A. 三个灯泡的额定电压为Um/8 B. 变压器原、副线圈匝数比为9︰2 C. 此时灯泡a和b消耗的电功率之比为2︰7 D. 流过灯泡c的电流，每0.02s方向改变一次 【答案】C

【解析】设灯泡的额定电压为U，根据题意，输入电压

，得：

，此时原线圈两端的

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电压为，副线圈两端的电压为，则变压器原、副线圈匝数比为，根据

，因为a、b此时都能正常发光，故电压都为额定电压 ，根据，可知a、b消耗的电功率与

，

电流成正比，即此时灯泡a和b消耗的电功率之比为2︰7，由输入电压的表达式，可知角频率则周期正确；故选C.

，而变压器不会改变交变电流的周期，故每0.02s电流方向改变两次，故ABD错误，C

【点睛】根据灯泡电压与输入电压的关系可确定接在线圈的输入端和输出端的电压关系，则可求得匝数之比；根据变压器电流之间的关系和功率公式可确定功率之比．

3. 如图所示，空间中有两个固定的等量正点电荷，两电荷的连线处于水平方向，O为连线的中点，P、M为连线的中垂线上的两点，且PO=OM=h。现将一带负电的小球从P点静止释放，重力加速度为g，下列说法正确的是（ ）

A. 从P到O的过程中，小球的电势能一直增大 B. 从P到O的过程中，小球的加速度一直增大 C. 从O到M的过程中，小球的机械能先增大后减小 D. 到达M点时，小球的速度为【答案】D

【解析】在等量同种正点电荷连线中垂线上，OP段电场强度方向O→P，负点电荷q从P点到O点运动的过程中，所受的电场力方向由P→O，电场力做正功，小球的速度增大，电势能一直减小，越过O点后，OM段电场强度方向由O→M，小球所受的电场力方向由M→O，电场力做负功，小球的速度减小，故小球的机械能在PO段增大，在OM段减小，故A正确，BC错误．故A错误；O点的场强为零，小球通过O点时的加速度为零．由于PO间电场线的疏密情况不确定，电场强度大小变化情况不确定，则电荷所受电场力大小变化情况不确定，加速度变化情况不能确定，加速度可能先增大后减小 ，也可能一直减小，不可能一直增大，故B错误；根据电场的对称性原理可知，P与M两点的电势相等，则小球在这两点的电势能相等，电场力做功为零，故小球从P到M的过程中，由动能定理得：

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，解得：，故

D正确；故选D.

4. 如图所示，A是地球的同步卫星，B是地球的近地卫星，C是地面上的物体，A、B、C质量相等，均在赤道平面上绕地心做匀速圆周运动。设A、B与地心连线在单位时间内扫过的面积分别为SA、SB，周期分别为TA、TB、TC，A、B、C做园周运动的动能分别为EkA、EkB、EkC。不计A、B、C之间的相互作用力，下列关系式正确的是（ ）

A. SA=SB B. SA＞SB C. TA=TB＜TC D. EkA＜EkB=EkC 【答案】B

【解析】赤道上的物体A与同步通信卫星C转动周期相同，即轨道半径小于同步通信卫星A的轨道半径，故

，根据动能

，根据

，由于赤道上物体C的

，

，A与C的质量相等，而

故；A、B是围绕地球公转的卫星，根据，得线速度，周期，

因A的轨道半径大于B的轨道半径，则有故

，根据，A与B的质量相等，而，

，人造卫星绕地球做匀速圆周运动的圆的面积为：，所以人造卫星与地心连线在单位时

间内所扫过的面积为 ，因A的轨道半径大于B的轨道半径，则有，综上分析可

得：，，，故ACD错误，B正确；故选B.

5. 铋在现代消防、电气、工业、医疗等领域有广泛的用途。以前铋被认为是相对原子质量最大的稳定元素，但在2003年，人们]发现了铋有极其微弱的放射性，一个铋210核(核(

Bi)放出一个β粒子后衰变成一个钋

Po)，并伴随产生了γ射线。已知铋210的半衰期为5天，该反应中铋核、β粒子、钋核的质量分别

为m1、m2、m3。下列说法正确的是（ ） A. 核反应中释放的能量是(m1-m2-m3)c2

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B. 若有16个铋210核，经过20天后只剩下一个铋原子核 C. β粒子是铋原子核外的电子电离形成的

D. 该核反应中释放出的γ射线是由新产生的钋原子核发生能级跃迁产生的 【答案】AD

6. 如图所示，MN两侧均有垂直纸面向里的匀强磁场，MN左侧磁感应强度大小为B1，右侧磁感应强度大小为B2，有一质量为m、电荷量为q的正离子，自P点开始以速度v0向左垂直MN射入磁场中，当离子第二次穿过磁场边界时，与边界的交点Q位于P点上方，PQ之间的距离为法正确的是（ ）

。不计离子重力，下列说

A. B2= B1 B. B2= B1

C. 离子从开始运动到第一次到达Q点所用时间为D. 离子从开始运动到第一次到达Q点所用时间为【答案】AC

【解析】正离子在洛伦兹力作用下两次通过磁场边界的运动轨迹如图所示：

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正离子在左侧磁场运动时，根据，得；正离子在右侧磁场运动时，根据，得

，由几何关系得：，即，解得：，故A正确，B错误；根据运动轨

迹图可知，正离子在左侧磁场运动的时间为，正离子在右侧磁场运动的时间为

，故C正确，

，故正离子从开始运动到第一次到达Q点所用时间为

D错误；故选AC.

7. 如图所示，质量为3m、半径为R的光滑半圆形槽静置于光滑水平面上，A、C为半圆形槽槽口对称等高的两点，B为半圆形槽的最低点。将一可视为质点、质量为m的小球自左侧槽口A点自由释放，小球沿槽下滑的过程中，不计空气阻力，下列说法正确的是( )

A. 小球和半圆形槽组成的系统机械能守恒、动量守恒 B. 小球刚好能够到达半圆形槽右侧的C点 C. 半圆形槽速率的最大值为

D. 半圆形槽相对于地面位移大小的最大值为【答案】BD

【解析】小球与半圆形槽组成的系统在水平方向不受力，所以水平方向的动量守恒，但在竖直方向受重力作用，故系统总的动量不守恒；所有的接触面都是光滑的，故在整个的运动过程中只有重力和弹力做功，故系统的机械能守恒，故A错误；因为系统的初状态水平方向的动量为零，根据系统水平方向动量守恒可知，系统在末状态的水平方向的动量也零，故在末状态小球与半圆形槽的速度都为零，而初状态只有小球的重力势能，根据系统机械能守恒，可知末状态也只小球的重力势能，且与初状态相等，故B正确；当小球下至半圆形槽最低点时，根据反冲运动的特点可知，此时小球有向右的最大速度，半圆形槽有向左的最

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大速度，设小球的最大速度为，半圆形槽的最大速度为，初状态水平方向的动量为零，取向右为正，根据系统水平方向动量守恒得：

，根据系统机械能守恒得：

，联立解得：

，故C错误；小球从左边最高点下至最低点时，根据系统水平方向动量守恒得：

，又

，代入得：

，即

，且

，联立解得：

；当

小球从最低点向右边最高点运动时，半圆形槽继续向左运动，同理可得半圆形槽在这一过程的位移为

，故半圆形槽相对于地面位移大小的最大值为

，故D正确；故选BD.

8. 如图所示，将两块光滑平板OA、OB固定连接，构成顶角为60°的楔形槽，楔形槽内放置一质量为m的光滑小球，整个装置保持静止，OA板与水平面夹角为15°。现使楔形槽绕O点顺时针缓慢转动至OA板竖直，重力加速度为g，则转动过程中( )

A. OA板对小球的作用力一直在减小 B. OB板对小球的作用力一直在增大 C. OA板对小球作用力的最大值为

mg

D. OB板对小球的作用力大小为mg时，OA板对小球的作用力大小也为mg 【答案】BCD

【解析】在转动过程中，定不变，如图所示：

恒定不变，为此可组成以

为直径得圆，在转动过程中弦

恒

当B从开始位置转动到竖直位置，即

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从1到2的过程中，

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在增大，也在增大；当B从竖直位置继

续转动到A在竖直位置，即从2到4的过程中，在减小，在增大；故整个过程OA板对小球的作用

力先增大后减小，而B板对小球的作用力一直在增大，故A错误，B正确；当B在竖直位置时OA板对小球作用力最大，此时的受力分析，如图所示：

根据平衡条件得：，故C正确；当OC线竖直时，球处于静止状态，受力平衡，根据几

，根据平衡条件得：N=mg，故D正确；故选BCD.

何关系可知，两挡板对球的弹力大小相等，且夹角为

二、实验题

9. 用如图甲所示的实验装置测量物块与桌面间的动摩擦因数。安装好实验装置，调节定滑轮的高度确保细线与桌面平行。接通电源，由静止释放钩码，得出记录物块运动的纸带如图乙所示，A、B、C、D、E为选出的计数点，相邻两个计数点之间还有四个点未标出。打点计时器所用电源的频率为50Hz。

(1)根据图乙所给数据计算可得，物块运动的加速度为a=______________m/s2，打D点时物块的速度为v=______________m/s；(计算结果均保留2位有效数字)

(2)实验中测得，物块的质量为M，加速度为a，钩码的质量为m，重力加速度为g，不考虑空气阻力和纸带与打点计时器间的摩擦，则物块与桌面间的动摩擦因数表达式为μ=______________。(用题中字母表示) 【答案】 (1). 0.14; (2). 0.27; (3).

；

【解析】（1）因为相邻两个计数点之间还有四个点未标出，故相邻两个计数点的时间间隔为T=0.1s，根据

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，得，代入数据解得：

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；根据匀变速直线运动的推论可知，打D

点时物块的速度等于C到E的平均速度，则有：据牛顿第二定律得：

，代入数据解得：；（2）对钩码，根

，联立解得：

.

，对小车，根据牛顿第二定律得：

10. 某同学利用如图甲所示的电路测量一电源的电动势和内阻(电动势E约为2V，内阻约为几欧姆)。

可供选用的器材有

A.电流表A(量程0~30mA，内阻为45Ω) B.电压表V1(量程0~3V，内阻约为2kΩ) C.电压表V2(量程0~15V，内阻约为10kΩ) D.滑动变阻器R(阻值0~50Ω) E.定值电阻R1=5Ω F.定值电阻R2=500Ω

(1)为更准确的进行实验测量，电压表应该选择______________，定值电阻应该选择______________。(填器材前的字母)

(2)实验中电压表和电流表的读数如下：

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