2013届高考文科数学第一轮复习测试题37
更新时间:2023-11-28 08:13:01 阅读量: 教育文库 文档下载
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命题要点:?1?数列的通项公式?′11年6考,′10年5考?;?2?数列的概念及性质?′11年1考?.
A级
(时间:40分钟 满分:60分)
一、选择题(每小题5分,共25分)
1.已知数列,1,3,5,7,?,2n-1,?,则35是它的( ). A.第22项 B.第23项 C.第24项 D.第28项 解析 35=45=2×23-1. 答案 B 2.(2011·福州一模)把1,3,6,10,15,21这些数叫做三角形数,这是因为这些数目的点子可以排成一个正三角形(如图所示).
则第七个三角形数是( ). A.27 B.28 C.29 D.30 解析 观察三角形数的增长规律,可以发现每一项与它的前一项多的点数正好是本身的序号,所以根据这个规律计算即可.根据三角形数的增长规律可知第七个三角形数是1+2+3+4+5+6+7=28. 答案 B 3.(2011·四川)数列{an}的前n项和为Sn,若a1=1,an+1=3Sn(n≥1),则a6=
( ).
A.3×44 B.3×44+1 C.45 D.45+1
解析 a1=1,a2=3S1=3,a3=3S2=12=3×41,a4=3S3=48=3×42,a5=3S4 =3×43,a6=3S5=3×44. 答案 A
4.对于数列{an},“an+1>|an|(n=1,2,?)”是“{an}为递增数列”的( ). A.必要不充分条件
B.充分不必要条件
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解析 当an+1>|an|(n=1,2,?)时,∵|an|≥an,
D.既不充分也不必要条件
∴an+1>an,∴{an}为递增数列.当{an}为递增数列时,若该数列为-2,0,1,则a2>|a1|不成立,即知:an+1>|an|(n=1,2,?)不一定成立.故综上知,“an+1>|an|(n=1,2,?)”是“{an}为递增数列”的充分不必要条件. 答案 B
5.(2011·绵阳模拟)在数列{an}中,an=-2n2+29n+3,则此数列最大项的值是
( ).
865825A.103 B.8 C.8 D.108 29??解析 根据题意并结合二次函数的性质可得:an=-2n2+29n+3=-2?n2-2n?
??29?841?+3=-2?n-4?2+3+8, ??∴n=7时,an取得最大值,最大项a7的值为108. 答案 D 二、填空题(每小题4分,共12分) 6.在函数f(x)=x中,令x=1,2,3,?,得到一个数列,则这个数列的前5项是________. 答案 1,2,3,2,5 7.数列1,2,4,7,11,16,?的一个通项公式an=________. 解析 通过观察得知an+1-an=n,利用累差叠加法,可求出an=1+2+?+(nn2-n+2-1)+1=. 2n2-n+2答案
2
8.已知数列{an}的前n项和Sn=n2-9n,第k项满足5<ak<8,则k的值为________.
解析 ∵Sn=n2-9n,
∴n≥2时,an=Sn-Sn-1=2n-10,
a1=S1=-8适合上式,∴an=2n-10(n∈N*),
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三、解答题(共23分)
9.(11分)已知数列{an}的通项公式为an=n2-5n+4. (1)数列中有多少项是负数?
(2)n为何值时,an有最小值?并求出最小值. 解 (1)由n2-5n+4<0,解得1<n<4.
∵n∈N*,∴n=2,3.∴数列中有两项是负数,即为a2,a3. 5?29?(2)∵an=n-5n+4=?n-2?-4.又n∈N*,∴n=2或n=3时,an有最小值,其??2最小值为a2=a3=-2. 10.(★)(12分)已知各项均为正数的数列{an}的前n项和满足Sn>1,且6Sn=(an+1)(an+2),n∈N*.求{an}的通项公式. 1解 由a1=S1=6(a1+1)(a1+2), 解得a1=1或a1=2,由已知a1=S1>1,因此a1=2. 又由an+1=Sn+1-Sn 11=6(an+1+1)(an+1+2)-6(an+1)(an+2), 得an+1-an-3=0或an+1=-an. 因an>0,故an+1=-an不成立,舍去. 因此an+1-an-3=0. 即an+1-an=3,从而{an}是公差为3,首项为2的等差数列,故{an}的通项为an=3n-1. 【点评】 解决已知数列的前n项和Sn与通项an的关系,求通项an的问题,步骤主要有:,第一步:令n=1,由Sn=f?an?求出a1;,第二步:令n≥2,构造an=Sn-Sn-1,用an代换Sn-Sn-1?或用Sn-Sn-1代换an,这要结合题目的特点?,由递推关系求通项;,第三步:验证当n=1时的结论是否适合当n≥2时的结论.如果适合,则统一“合写”;如果不适合,则应分段表示;,第四步:明确规范表述结论.
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(时间:30分钟 满分:40分)
一、选择题(每小题5分,共10分)
1.(2011·惠州二模)已知整数按如下规律排成一列:(1,1),(1,2),(2,1),(1,3),(2,2),(3,1),(1,4),(2,3),(3,2),(4,1),?,则第60个数对是( ). A.(5,5) B.(5,6) C.(5,7) D.(5,8) 解析 按规律分组 第一组(1,1) 第二组(1,2),(2,1) 第三组(1,3),(2,2),(3,1) 10×11则前10组共有2=55个有序实数对. 第60项应在第11组中即(1,11),(2,10),(3,9),(4,8),(5,7),?,(11,1)因此第60项为(5,7). 答案 C 2.已知数列{an}的通项公式是an=n2+kn+2,若对所有的n∈N*,都有an+1>an成立,则实数k的取值范围是( ). A.(0,+∞) B.(-1,+∞) C.(-2,+∞) D.(-3,+∞) 解析 an+1>an,即(n+1)2+k(n+1)+2>n2+kn+2,则k>-(2n+1)对所有的n∈N*都成立,而当n=1时,-(2n+1)取得最大值-3,所以k>-3. 答案 D 二、填空题(每小题4分,共8分) 113.(2011·合肥三检)在数列{an}中,a1=2,an+1=1-a(n≥2),则a16=________.
n
1111
解析 由题可知a2=1-a=-1,a3=1-a=2,a4=1-a=2,∴此数列是以3
1
2
3
1
为周期的周期数列,a16=a3×5+1=a1=2. 1答案 2
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www.3edu.net 教师助手 学生帮手 家长朋友 www.aaaxk.com 4.已知{an}的前n项和为Sn,且满足log2(Sn+1)=n+1,则an=________. 解析 由已知条件可得Sn+1=2n+1. ∴Sn=2n+1-1, 当n=1时,a1=S1=3,
当n≥2时,an=Sn-Sn-1=2n+1-1-2n+1=2n, ?3,n=1,
n=1时不适合an,∴an=?n
?2,n≥2.?3,n=1答案 ?n ?2,n≥2三、解答题(共22分) 5.(10分)在数列{an}中,a1=1,an+1=an+2n-1,求an. 解 由an+1=an+2n-1,得an+1-an=2n-1. 所以a2-a1=1,a3-a2=2, a4-a3=22, a5-a4=23, ? an-an-1=2n-2(n≥2), 将以上各式左右两端分别相加,得an-a1=1+2+22+?+2n-2=2n-1-1, 所以an=2n-1(n≥2),又因为a1=1适合上式,故an=2n-1(n≥1). 26.(12分)已知数列{an}满足前n项和Sn=n2+1,数列{bn}满足bn=,且前an+1n项和为Tn,设cn=T2n+1-Tn. (1)求数列{bn}的通项公式; (2)判断数列{cn}的增减性. 解 (1)a1=2,an=Sn-Sn-1=2n-1(n≥2). 1??n ?n≥2?,∴bn=?2
??3 ?n=1?.
(2)∵cn=bn+1+bn+2+?+b2n+1
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www.3edu.net 教师助手 学生帮手 家长朋友 www.aaaxk.com 111=++?+, n+1n+22n+1111∴cn+1-cn=+-
2n+22n+3n+1-n-1
=<0, ?2n+2??2n+3??n+1?∴{cn}是递减数列.
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