2012年北京市西城区高三二模理综物理试题及答案(word版)
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北京市西城区2012年高三二模试卷
物 理 试 题 2012.5
13.一束单色光从空气射入玻璃中,下列说法正确的是
A.若入射角足够大,则能发生全反射 B.光在玻璃中的波长小于在空气中的波长 C.光子在玻璃中的能量大于在空气中的能量 D.光在玻璃中的传播速度大于在空气中的传播速度 14.下列过程吸收能量的是
A.重核裂变
B.轻核聚变
C.原子从较高能级跃迁到较低能级 D.原子从较低能级跃迁到较高能级
15.如图所示,在两个水平放置的平行金属板之间,电场和磁场的方向相互垂直。一
束带电粒子(不计重力)沿着直线穿过两板间的空间而不发生偏转。则这些粒子一定具有相同的
A.质量m B.电量q C.运动速度v D.比荷
qm
16.已知甲、乙两个绕月飞行器的圆形轨道距月球表面分别约为r1和r2,月球半径为
R。甲、乙的运动速度大小分别用v1和v2表示。则v1和v2的比值为 A.
r1r2
B.
r2r1
C.
R r1R r2
D.
R r2R r1
17.一简谐横波沿x轴正方向传播。波源的位移y随时间t的变化规律可以用表达式
y 0.2sin4πt表示,式中位移y的单位是m,时间t的单位是s。该简谐横波的
波速为v=4.0m/s。则 A.这列波的波长λ=2.0m
B.这列波的波长λ=0.20m
C.介质中任意一点开始振动后,在一个周期内运动的路程s=0.2m
D.介质中任意一点开始振动后,在一个周期内运动的路程s=0.4m
1
18.如图所示,P、Q、A、B四个点在同一条直线上,分别把两个正、负点电荷置于
P、Q两点。A、B两点间的电势差用U表示,A点的电场强度用E表示。若把Q点的点电荷的电荷量减半,则 A.U变大,E变大 B.U变小,E变小 C.U变小,E变大 D.U变大,E变小
19.如图1所示,矩形导线框ABCD固定在匀
强磁场中,磁感线垂直于线框所在平面向
里。规定垂直于线框所在平面向里为磁场的正方向;线框中沿着ABCDA方向为感应电流i的正方向。要在线框中产生如图2所示的感应电流,则磁感应强度B随时间t变化的规律可能为
D
图1
C
图
2
A B
20.如图所示,一半径为R的圆弧形轨道固定在水平地面上,O为最低点,轨道末端
A、B两点距离水平地面的高度分别为h和2h,h<<R。分别从A、B两点同时由静止释放甲、乙两个完全相同的小球。不计轨道与球之间的摩擦及空气阻力,不计两球碰撞过程中的机械能损失。
A.碰撞后乙球经过2π
Rg
的时间再次回到点O
B.碰撞后乙球落到水平地面上时的速度大小为4gh C.碰撞后甲球落到水平地面上时的速度大小为4gh D.碰撞后的瞬间两球对轨道的压力之和小于碰撞前的
瞬间两球对轨道的压力之和
2
21.实验题(18分)
(1)甲乙两个同学共同做“验证牛顿第
二定律”的实验,装置如图所示。
①两位同学用砝码盘(连同砝码)的重力作为小车受到的合力,需要平衡桌面的摩擦力对小车运动的影响,将长木板的一端适当垫高,在不挂砝码盘的情况下,轻推小车,能使小车做
砝码盘
小车 打点计时器
_______________运动。另外,还应满足砝码盘(连同砝码)的质
量m 小车的质量M。(填“远小于”、“远大于”或“近似等于”) 接下来,甲同学在保持小车质量不变的条件下,研究加速度与合力的关系;乙同学在保持合力不变的条件下,研究小车的加速度与质量的关系。 ②甲同学通过对小车所牵引纸带的测量,就能得出小车的加速度a。图2是某次实验所打出的一条纸带,在纸带上标出了5个计数点,在相邻的两个计数点之间还有4个点未标出,图中数据的单位是cm。
实验中使用的电源是频率f=50Hz的交变电流。根据以上数据,可以算出小车的加速度a= m/s2。(结果保留三位有效数字) ③乙同学通过给小车增加砝码来改变小车的质量M,得到小车的加速度a与质量M的数据,画出a –
1M
1M
图线后,发现:当较大时,图线发生弯曲。该
同学对实验方案进行了修正,于是避免了图线发生弯曲,那么,该同学的修正方案是 A.画a与
1M mmM
的关系图线 B.画a与(M m)的关系图线
1(M m)
2
C.画 a与
的关系图线 D.画a与
的关系图线
3
(2)在“描绘小灯泡的伏安特性曲线”实验中,采用如图1所示的电路。
①请根据图1在图2中进行实物连线。
②某同学在实验中得到下面一组U和I的数据:
图3是该同学根据实验数据描绘出的伏安特性曲线。从图线上可以看出,当通过小灯泡的电流逐渐增大时,灯丝的阻值逐渐 ;这表明灯丝的电阻率随温度升高而 。(以上两空均选填“增大”、“不变”或“减小”)
U
/V
3.00 2.00 1.00
0.05 0.10
I
/A 0.30 图1
图
2
0 0.15
图3
0.20 0.25
③将本实验中的小灯泡两端加3.0V的电压,则小灯泡的实际功率约为
________W;若直接接在电动势为3.0V、内阻为2.0Ω的直流电源两端,则小灯泡的实际功率约为________W。(以上两空的结果均保留两位有效数字)
4
22.(16分)如图所示,长度为l的轻绳上端固定在O点,下端系一质量为m,电荷量为
+q的小球。整个装置处于水平向右,场强大小为3mg的匀强电场中。重力加速度
4q
为g。
(1)求小球在电场中受到的电场力大小F; (2)当小球处于图中A位置时,保持静止状态。若
剪断细绳,求剪断瞬间小球的加速度大小a; (3)现把小球置于图中位置B处,使OB沿着水平方
向,轻绳处于拉直状态。小球从位置B无初速度释放。不计小球受到的空气阻力。求小球通过最低点时的速度大小v。
23. (18分)十三陵抽水蓄能电站担负着北京地区调峰和紧急事故备用电源,改
善首都供电质量的重要任务。抽水蓄能电站的工作原理是,在用电低谷时,电站利用电网多余电能把水抽到高处蓄水池中,到用电高峰时,再利用蓄水池中的水发电。电站利用已建十三陵水库为下游水库,在蟒山后上寺沟头修建上游水库。电站的年发电量约为10亿kW·h,年抽水用电量约为14亿kW·h。如图所示,上游水库近似视为长方体,可用于发电的库容量为V,蓄水后上游水库水深为d,蓄水后水位高出下游水面高度为H。已知下游水库的库容量远大于上游水库的库容量。
(1)求十三陵抽水蓄能电站的总效率η; (2)求能用于发电的水的最大重力势能EP;
(3)若把抽水蓄能电站产生的电能输送到北
京城区。已知输电功率为P,输电线路的总阻值为R。要使输电线路上损耗的功率小于ΔP,
a.求输电电压的最小值U;
下游水库
上游水库
b.在输电功率一定时,请提出两种减少输电过程中功率损耗的方法。
5
24.(20分)如图所示,一木板放置在水平桌面上, A、B两个小物体通过不可伸长
的轻绳相连,并且跨过轻滑轮,A物体放置在木板的最左端,滑轮与物体A间的细绳平行于桌面。已知木板的质量m1=20.0kg,物体A的质量m2=4.0kg,物体B的质量m3=1.0kg,物体A与木板间的动摩擦因数 0.5,木板长L=2m,木板与物体A之间的最大静摩擦力等于滑动摩擦力。忽略水平桌面与木板间的摩擦。重力加速度g取10m/s2。为了使A、B两个物体以及木板均保持静止状态,现对木板施加水平向左的力F1。 (1)求力F1的大小;
(2)为了使物体A随着木板一起向左运动,并
且不发生相对滑动,现把力F1替换为水平向左的力F2,求力F2的最大值;
(3)现用水平向左的力打击木板,同时撤去力
F1。使物体B上升高度hB=1.0m(物体B未碰触滑轮)时,物体A刚好到达木板最右端。求打击木板的冲量大小I。
6
北京市西城区2012年高三二模试卷
物理试题参考答案 2012.
5
13.B 14.D 15.C 16.D 17.A 18.B 19.B 20.C 21.(18分)
(1)①匀速直线 远小于
②0.343 ③A
(2)①如图所示
②增大 增大
③0.81(0.80—0.82) 0.62(0.60—0.64)
评分说明:本题共18分。第(1)题中第①小题每空1分,第②和③小题各2分。第(2)题中第①小题3分;第②小题中每空2分;第③小题中第一个空2分,第二个空3分。 22.(16分)
(1)小球所受的电场力F Eq
34mg
图2
54mg
(2)根据平行四边形定则 F合 mg)2 (Eq)2 根据牛顿第二定律 F合 ma
7
所以,小球的加速度a
54
g 12mv
2
(3)根据动能定理 mgl Eql
2gl2
0
解得 v
评分说明:本题共16分。第(1)问4分;第(2)问6分;第(3)问6分 23.(18分)
(1)总效率
E有用E总
100%
1014
100 % 71%
(2)能用于发电的水的总质量m V
所以,能用于发电的水的最大重力势能EP mgh Vg(H (3)a.当输电电压为U时,输电电流I
所以,损失功率 P I2R (
PU
PU
d)
2
2
)R
所以,输电电压的最小值U P
R P
b.增大输电导线的横截面积;改用电阻率小的输电导线;提高输电电压。
评分说明:本题共18分。第(1)问4分;第(2)问6分;第(3)问8分。
24.(20分)
(1)对物体B受力分析如图1所示,
根据共点力平衡条件 T1=m3g ①
对物体A和木板组成的整体受力分析如图2所示 根据共点力平衡条件得 F1=T1 ② 代入数据,由①、②得 F1=10N
对物体B受力分析如图3所示,
8
a
B m3g 图3
图4
T2
fTT1 B m3g 图1
图2 FT(2)运动过程中,三个物体的加速度大小相等,设加速度大小为a。
根据牛顿第二定律 T2–m3g= m3a ③ 对物体A受力分析如图4所示, 根据牛顿第二定律 f–T2 = m2a ④ 此时,f =μm2g ⑤
代入数据,由③、④、⑤式得 a =2.0m/s 对木板受力分析如图5所示,
根据牛顿第二定律 F2–f= m1 a ⑥ 将加速度代入⑥式得 F2= 60N
2
a
F2
a 图5
f
(3)由于木板与物体A之间的最大静摩擦力等于滑动摩擦力,物体A、B运动的
加速度与(2)中的加速度相等。即a =2.0m/s2 设物体B上升高度hB=1.0m,所用时间为t,满足hB
代入数据,解得 t =1.0s
设木板减速运动过程中的加速度为a , 对木板受力分析如图6所示 根据牛顿第二定律 f m1a
代入数据,解得 a 1.0m/s
根据题意,物体B上升高度hB=1.0m过程中, 木块向左运动的位移x=L+hB=3m 设打击木板后的瞬间,木板的速度为v0,
物体A刚好到达木板最右端时,木板的速度vt v0 a t 对木板,根据运动学公式x
v0 vt
2
t
2
12
2at
fa´ 图6
代入数据,解得 v0=3.5m/s 根据动量定理 I=m1v0-0 代入数据,解得 I=70N·s
评分说明:本题共20分。第(1)问3分;第(2)问7分;第(3)问10分
9
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