2022-2022年高中物理海南高考考前实战试卷【31】含答案考点及解

2018-2019年高中物理海南高考考前实战试卷【31】含答案

考点及解析

班级:___________ 姓名：___________ 分数：___________

1．答题前填写好自己的姓名、班级、考号等信息

2．请将答案正确填写在答题卡上

一、选择题

1.如图所示，电压表看作理想电表，电源电动势为E，内阻为r，闭合开关S，当滑动变阻器的滑片由左端向右端滑动时（灯丝电阻不变），下列说法正确的是（）

A．电容器带电量减小B．电压表读数变大

C．灯泡L2变亮D．灯泡L1变暗

【答案】AB

【解析】

试题分析：将滑动变阻器的滑片由左端向右滑动时，变阻器接入电路的电阻增大，变阻器与灯L

1

并联的电阻增大，外电路总电阻增大，路端电压增大，电压表的读数变大，B错误；由

闭合电路欧姆定律可知，流过电源的电流减小，灯泡L

2变暗，C错误；电压表V

2

读数变

小．灯泡L

1的电压U

1

=E-I（r+R

L2

）增大，灯泡L

1

变亮，D错误；由于电容器两端电压减小，

由可得电容器两端电压减小，A正确；故选AB。

考点：电路的动态分析

2.某同学通过以下步骤测出了从一定高度落下的排球对地面的冲击力：将一张白纸铺在水平地面上，把排球在水里弄湿，然后让排球从规定的高度自由落下，并在白纸上留下球的水印．再将印有水印的白纸铺在台秤上，将球放在纸上的水印中心，缓慢地向下压球，使排球与纸接触部分逐渐发生形变直至刚好遮住水印，记下此时台秤的示数即为冲击力的最大值．下列物理学习或研究中用到的方法与该同学的方法相近的是（）

A．建立“瞬时速度”的概念

B．建立“合力与分力”的概念

C．建立“点电荷”的概念

D．探究导体电阻与其影响因素的定量关系

【答案】

【解析】B

试题分析：瞬时速度是把很短的短时间内的物体的平均速度近似的认为是瞬时速度，是采用

的极限的方法，所以A错误．合力和分力是等效的，它们是等效替代的关系，所以B正

确．点电荷是一种理想化的模型，是采用的理想化的方法，所以C错误．探究导体电阻与其

影响因素的定量关系的时候，是控制其中的一个量不变，从而得到其他两个物理量的关系，

是采用的控制变量的方法，所以D错误．故选B．

考点：物理问题的研究方法

【名师点睛】在物理学中为了研究问题方便，经常采用很多的方法来分析问题，对于常用的

物理方法一定要知道。

3.如图所示，圆柱体为磁体，磁极在左右两侧，外侧a为一金属圆环，与磁体同轴放置，间

隙较小.在左侧的N极和金属圆环上各引出两根导线，分别接高压电源的正负极.加高压后，

磁体和金属环a间的空气会被电离，形成放电电流，若从右侧观察放电电流，下列说法正确

的是()

A．放电电流将发生顺时针旋转

B．放电电流将发生逆时针旋转

C．放电电流不发生旋转

D．无法确定放电电流的运动情况

【答案】A

【解析】金属环处有水平方向的磁场，由于通上高压电后，会形成放电现象，电子从金属环

向磁体运动，若从右侧观察放电电流，根据左手定则可知，电子受到的洛伦兹力逆时针方向，故形成的放电电流将发生顺时针旋转，故A正确，BCD错误；故选A．

点睛：本题主要考查了带电粒子在磁场中的偏转，明确磁场的方向和电子的运动方向即可判断.

4.某物体做初速度为0的匀变速直线运动,其x t图像如图所示.该物体在2 s时的速度大小为()

A．2 m/s B．4 m/s C．6 m/s D．8 m/s

【答案】B

【解析】根据x=at2得物体的加速度为：．则2s时的速度大小为：

v=at=2×2m/s=4m/s．故选B．

5.下列说法符合历史事实的是（ ）

A ．亚里士多德认为，必须有力作用在物体上，物体的运动状态才会改变

B ．伽利略通过“理想实验”得出结论：运动必具有一定速度，如果它不受力，它将以这一速度永远运动下去

C ．第谷通过自己的观测，发现行星运行的轨道是椭圆

D ．牛顿利用万有引力定律测出了任意两个物体之间的万有引力值

【答案】B

【解析】伽利略认为，必须有力作用在物体上，物体的运动状态才会改变，选项A 错误；伽利略通过“理想实验”得出结论：运动必具有一定速度，如果它不受力，它将以这一速度永远运动下去，选项B 正确；开普勒通过自己的观测，发现行星运行的轨道是椭圆，选项C 错误；牛顿发现了万有引力定律，但是不知道万有引力常量大小，没有测出任意两个物体之间的万有引力值，故D 错误；故选B.

6.某同学用打点计时器测量做匀加速直线运动的物体的加速度，电源频率f=50Hz 在线带上打出的点中，选出零点，每隔4个点取1个计数点，因保存不当，纸带被污染，如是图所示，

A 、

B 、

C 、

D 是依次排列的4个计数点，仅能读出其中3个计数点到零点的距离：s A =16.6mm ； s B =126.5mm s D =624.5mm

① 若无法再做实验，可由以上信息推知：相邻两计数点的时间间隔为____s

② 打C 点时物体的速度大小为____________m/s(取2位有效数字)

③物体的加速度大小为__________(用s A 、s B 、s C 、s D 和f 表示)

【答案】

【解析】试题分析：纸带实验中，若纸带匀变速直线运动，测得纸带上的点间距，利用匀变速直线运动的推论，可计算出打出某点时纸带运动的瞬时速度和加速度．

解：①打点计时器打出的纸带每隔4个点选择一个计数点，则相邻两计数点的时间间隔为T=0.1s ．

②根据间的平均速度等于点的速度得v c ===2.5m/s ．

③匀加速运动的位移特征是相邻的相等时间间隔内的位移以aT 2均匀增大，即△x=aT 2，所以

有：

x BC =x AB +aT 2，x CD =x BC +aT 2=x AB +2aT 2，x BD =2x AB +3aT 2

，

所以a===9.27m/s 2 故答案为：①0.1 ②2.5 ③9.27

【点评】要注意单位的换算和有效数字的保留．

能够知道相邻的计数点之间的时间间隔．

7.如图所示是实验室里用来测量磁场力的一种仪器—电流天平，某同学在实验室里，用电流

天平测算通电螺线管中的磁感应强度，若他测得CD段导线长度为4×10－2 m，天平(等臂)平衡时钩码重力为4×10－5 N，通过导线的电流I＝0.5 A，由此，测得通电螺线管中的磁感应强度B 为()

A．2.0×10－3 T，方向水平向右

B．5.0×10－3 T，方向水平向右

C．2.0×10－3 T，方向水平向左

D．5.0×10－3 T，方向水平向左

【答案】A

【解析】天平平衡时，CD段导线所受的安培力大小为：F=mg；由F=BIL得：

；根据左手定则可知磁感应强度的方向向右，所以A正确、BCD错误．故选A．

8.有关滑动摩擦力的下列说法中，正确的是( )．

A．有压力一定有滑动摩擦力B．有滑动摩擦力一定有压力

C．滑动摩擦力总是与接触面上的压力垂直D．只有运动物体才受滑动摩擦力

【答案】BC

【解析】试题分析：有压力若没有相对运动，则不会产生滑动摩擦力，故A错误；两物体之

间有滑动摩擦力时，两物体一定接触，且相互挤压，即存在弹力作用，故B正确；滑动摩擦

力方向沿接触面方向，压力与接触面垂直，故滑动摩擦力总是与接触面上的压力垂直，故C

正确；汽车急刹车时（车轮抱死），地面不动，受到滑动摩擦力，故D错误。

考点：摩擦力的产生.

9.在欢庆节日的时候，人们会在夜晚燃放美丽的焰火。按照设计，某种型号的装有焰火的礼

花弹从专用炮筒中射出后，在4 s末到达离地面100 m的最高点时炸开，构成各种美丽的图案。假设礼花弹从炮筒中竖直射出时的初速度是v

，上升过程中所受的平均阻力大小始终是

和k分别等于(重力加速度g取10 m/s2)( )

自身重力的k倍，那么v

A．25 m/s,1.25B．40 m/s,0.25C．50 m/s,0.25D．80 m/s,1.25

【答案】C

【解析】试题分析：据题意，礼花在上升过程受到重力G和阻力f，由于阻力f=kG，均为恒力，则礼花上升过程可以看成末速度为0 的匀减速直线运动，通过逆向分析，又可以把礼花

的运动看成初速度为0 的匀加速直线运动，则有：h=at2/2和v

=at，而a=(mg+kmg)/m=g(1+k)，

=50m/s，k=0.25，所以C选项正确。

代入数据，求得：v

考点：本题考查匀变速直线运动规律和牛顿第二定律的应用，同时考查了运动学问题解决中常用的逆向分析法。

10.如图所示，汽车向右沿直线运动，原来的速度是v 1，经过一小段时间之后，速度变为v 2，Δv 表示速度的变化量．由图中所示信息可知 ( )

A ．汽车在做加速直线运动

B ．汽车的加速度方向与v 1的方向相同

C ．汽车所受的合力的方向与v 1的方向相反

D ．汽车的加速度方向与Δv 的方向相反

【答案】C

【解析】A 、根据题图可知，汽车的速度变小，做的是减速直线运动，选项A 错误；

B 、汽车的加速度与Δv 方向相同，与v 1方向相反，B 错误；

C 、合力的方向与加速度方向相同，与v 1方向相反，选项C 正确，选项

D 错误。

故选：C 。

二、实验题

11.某同学做“验证力的平行四边形定则”实验时，主要步骤是：

E ．只用一只弹簧秤，通过细绳套拉橡皮条使其伸长，读出弹簧秤的示数，记下细绳的方向，按同一标度作出这个力

F 的图示；

F ．比较力F′和F 的大小和方向，看它们是否相同，得出结论．

上述步骤中：（1）有重要遗漏的步骤的序号是 和 ；

（2）遗漏的内容分别是 和 ．

【答案】（1）CE ，

（2）C 中未记下两条细绳的方向；E 中未说明把橡皮条的结点拉到位置O

【解析】试题分析：步骤C 中只有记下两条细绳的方向，才能确定两个分力的方向，进一步才能根据平行四边形定则求合力；步骤E 中只有使结点到达同样的位置O ，才能表示两种情况下力的作用效果相同；

解：本实验为了验证力的平行四边形定则，采用的方法是作力的图示法，作出合力和理论值和实际值，然后进行比较，得出结果．所以，实验时，除记录弹簧秤的示数外，还要记下两条细绳的方向，以便确定两个拉力的方向，这样才能作出拉力的图示．步骤C 中未记下两条细绳的方向；步骤E 中未说明把橡皮条的结点拉到位置O ．

故答案是：（1）CE ，（2）C 中未记下两条细绳的方向；E 中未说明把橡皮条的结点拉到位置O ．

【点评】本实验关键理解实验原理，根据实验原理分析实验步骤中有无遗漏或缺陷，因此掌握实验原理是解决实验问题的关键．

三、填空题

12.．如图所示，文文和新新用相同大小的力提着一桶水在水平路面上行走．他们提桶的手臂间的夹角越 ▲ （填“大”或“小”）越省力．

【答案】小

【解析】当合力一定时，夹角越大两分力越大，所以他们提桶的手臂间的夹角越小，越省力 故答案为：小

13.跳绳是一种健身运动．设某运动员的质量是50kg ，他1min 跳绳180次．假定在每次跳跃中，脚与地面的接触时间占跳跃一次所需时间的，则该运动员跳绳时克服重力做功的平均功

率是________．(取g ＝10m/s 2)

【答案】 75W 【解析】人跳一次所需的时间为

t 0＝＝s ＝s

人跳离地面后做竖直上抛运动，从跳离地面到回到地面的时间为

t 1＝t 0·＝×s ＝s

人从跳离地面到上升到最高点的时间为

t 2＝t 1＝×s ＝s

此过程中人克服重力做功

＝mgh＝mg·gt＝50×10××10×2J＝25J.

W

所以，运动员跳绳时克服重力做功的平均功率为

＝＝W＝75W.

14.关于热现象和热学规律，下列说法中正确的是_________（填正确答案标号，选对1个给

3分，选对2个得4分，选对3个得6分，每选错1个扣3分，最低得分0）

A．只要知道气体的摩尔体积和阿伏伽德罗常数，就可以算出气体分子的体积

B．悬浮在液体中的固定微粒越小，布朗运动就越明显

C．一定质量理想气体，保持气体的压强不变，温度越高，体积越大

D．第二类永动机不可能制成是因为它违反了能量守恒定律

E.一定温度下，饱和蒸汽的压强是一定的

F.由于液体表面分子间距离大于液体内部分子间的距离，液面分子间只有引力，没有斥力，

所以液体表面具有收缩的趋势

【答案】BCE

【解析】

试题分析：因为气体间的间隔较大，根据气体的摩尔体积和阿伏伽德罗常数能算出每个气体

分子占据的空间大小，该空间大小比气体分子的体积大，不能算出气体分子的体积，A错误；固体小颗粒做布朗运动是液体分子对小颗粒的碰撞的作用力不平衡引起的，液体中的悬浮微

粒越小温度越高，布朗运动就越明显，，B正确；根据公式可得保持气体的压强不变，温度越高，体积越大，C正确；第二永动机并未违反能量的转化与守恒，而是违反了热力学

第二定律，D错误；饱和蒸汽的压强与温度有关，温度越高，饱和蒸汽的压强越大，一定温

度下，饱和蒸汽的压强是一定的，由于液体表面分子间距离大于液体内部分子间的距离，液

体分子间表现为引力，所以液体表面具有收缩的趋势，F错误；

考点：考查了布朗运动，理想气体状态方程，分子间相互作用力等

【名师点睛】本题考查了热学中的基本规律，对于热学中的基本规律要认真掌握，平时注意

加强理解和应用

15.某物理小组对轻弹簧的弹性势能进行探究，实验装置如图（a）所示：轻弹簧放置在光滑

水平桌面上，弹簧左端固定，又断与一物快接触而不连接，纸带穿过打点计时器并与五块连接。向左推物快使弹簧压缩一段距离，由静止释放物快，通过测量和计算，可求得弹簧被压

缩后的弹性势能。

（1）试验中涉及到下列操作步骤：

①把纸带向左拉直

②松手释放物快

③接通打点计时器电源

④向左推物快使弹簧压缩，并测量弹簧压缩量

上述步骤正确的操作顺序是__________（填入代表步骤的序号）。

（2）图（b）中M和L纸带是分别把弹簧压缩到不同位置后所得到的实际打点结果。打点计时器所用交流电的频率为50Hz。由M纸带所给的数据，可求出在该纸带对应的试验中物快脱离弹簧时的速度为_______m/s。比较两纸带可知，_________（填“M”或“L”）纸带对应的试验中弹簧被压缩后的弹性势能大。

【答案】（1）④①③②（2）1．29 , M

【解析】

试题分析：（1）打点计时器应先通电后释放物体，正确的顺序④①③②

（2）物快脱离弹簧时速度最大，；由动能定理，据纸带知M纸带获得的最大速度较大，则弹性势能较大，

考点：探究弹簧的弹性势能

16.在"验证机械能守恒定律"的实验中，已知打点计时器所用电源的频率为50Hz。测得所用的重物的质量为1.00Kg。实验中得到一条点迹清晰的纸带如图所示，把第一个点记作O，另选连续的4个点A、B、C、D作为测量的点。经测量知道A、B、C、D各点到O点的距离分别为62.99cm、70.18cm、77.76cm、85.73cm。根据以上数据，可知重物由O点运动到C点，重力势能的减少量等于___________J，动能的增加量等于___________J。(答案保留3位有效数

字，g=9.80m/s2)

【答案】（1）7.62 (2) 7.56

【解析】试题分析：重物由O点运动到C点，重力势能的减小量

△E

=mgh=1×9.8×0.7769J=7.61J．

p

C点的瞬时速度=m/s=3.89m/s，则动能的增加量=J=7.57J．

四、计算题

17.已知水的摩尔质量为18g/mol、密度为1.0×103kg/m3，阿伏伽德罗

常数为6.0×1023mol-1，试估算1200ml水所含的水分子数目（计算

结果保留一位有效数字）。

【答案】（2分）代入得N=4×1025

【解析】略

18.（2014?江苏二模）如图所示，用轻质活塞在气缸内封闭一定质量理想气体，活塞与气缸

壁间摩擦忽略不计，开始时活塞距气缸底高度h

=0.50m．给气缸加热，活塞缓慢上升到距离

1

=0.80m处，同时缸内气体吸收Q=450J的热量．已知活塞横截面积S=5.0×10﹣3 m2，

气缸底h

2

=1.0×105 Pa．求：

大气压强p

①缸内气体对活塞所做的功W；

②此过程中缸内气体增加的内能△U．

【答案】①缸内气体对活塞所做的功为150J。②此过程中缸内气体增加的内能△U=300J

【解析】

试题分析：①活塞缓慢上升为等压过程，由功的表达式求解即可．

②由热力学第一定律△u=W+Q可求．

S△h=150J

解：①活塞缓慢上升，视为等压过程，则气体对活塞做功 W=F△h=p

②根据热力学定律△U=W+Q=﹣150+450=300J

答：①缸内气体对活塞所做的功为150J。②此过程中缸内气体增加的内能△U=300J

点评：基本公式的应用，明确做功与热量的正负的确定是解题的关键．

19.如图所示，在直角坐标系的I、Ⅱ象限内有垂直于纸面向里的匀强磁场，第Ⅲ象限有沿y

轴负方向的匀强电场，第四象限内无电场和磁场．质量为m，电量为q的粒子由M点以速度

v

沿x轴负方向进入电场，不计粒子的重力，粒子经过x轴上的N点和P点最后又回到M点。0

设OM=OP=L，ON=2L，求：

（1）电场强度E的大小；（2）匀强磁场磁感应强度B的大小。

【答案】（1）；（2）

【解析】

试题分析：（1）粒子在电场中做类平抛运动，轨迹如图所示。

由M到N，水平方向①

竖直方向②

由①②解得电场强度③

（2）要求磁感应强度需要求的粒子做圆周运动的轨迹半径和速度。

由M到N，根据动能定理，④

由③④解得粒子做圆周运动的速度⑤

设粒子通过Q点的速度与x轴夹角为θ，则⑥

即⑦

轨迹如图所示，

有几何关系轨迹半径⑧

洛伦兹力提供向心力，由牛顿第二定律⑨

由⑤⑧⑨解得匀强磁场的磁感应强度⑩

考点：带电粒子在复合场中的运动，动能定理的应用。

先后依次相隔20.有1、2、3、4和5完全相同的小滑块，从斜面底端A点以相同初速度υ

0．5秒沿斜面向上做匀减速直线运动．第1个滑块沿斜面上滑80厘米时，速度恰好减小为零，此时为第5个滑块开始从A点滑出，如图所示．求：

（1）滑块沿斜面上滑的加速度的大小和方向；

（2）每个滑块从A点上滑时的初速度；

（3）第5个滑块开始从A点上滑时，第3个滑块沿斜面上滑的位移及速度．

【答案】（1）0．4m/s 2 方向沿斜面向下；（2）0．8m/s ；

（3）0．6m 方向向上 ； 0．4m/s 方向向上

【解析】

试题分析：（1）物体做末速度为零的匀减速直线运动，采用逆向思维，当作初速度为零的匀加速直线运动处理；

初速度为零的匀加速直线运动第1T 、第2T 、第3T 、第4T 内的位移之比为1：3：5：7； 故：x 12：x 23：x 34：x 45=1：3：5：7

第1个滑块沿斜面上滑80厘米时，故x 12=5cm ，x 23=15cm ，x 34=25cm ，x 45=35cm ；

根据△x=aT 2，有：，沿斜面向下；

（2）滑块从5到1过程，根据平均速度公式，有：

故：； （3）第3个滑块沿斜面上滑的位移：x 3=x 34+x 45=25cm+35cm=60cm=0．6m ；

此时第三滑块上滑的速度为：

，方向向上。 考点：匀变速直线运动的规律

五、简答题 21.（15分）如图所示，两木板A 、B 并排放在地面上,A 左端放一小滑块，滑块在F=6N 的水平力作用下由静止开始向右运动．已知木板A 、B 长度均为=lm ，木板A 的质量=3kg ，小滑块及木板B 的质量均为m=lkg ，小滑块与木板A 、B 间的动摩擦因数均为，木板A 、B 与地面间的动摩擦因数均为，重力加速度g=10．求：

(1)小滑块在木板A 上运动的时间；(2)木板B 获得的最大速度．

【答案】（1）（2）

【解析】试题分析：(1)小滑块对木板A 的摩擦力

木板A 与B 整体受到地面的最大静摩擦力

，小滑块滑上木板A 后，木板A 保持静止

设小滑块滑动的加速度为，则

解得：

（2）设小滑块滑上B时，小滑块速度，B的加速度，经过时间滑块与B速度脱离，滑块的位移，B的位移，B的最大速度，则：

，

，

解得：

考点：本题考查牛顿第二定律、匀变速直线运动的规律。

六、作图题

22.图中正弦曲线表示LC振荡电路中电流随时间表化的图像，若以回路中顺时针方向为电流正方向，以电容器上方极板带正电时极板上电压为正，请在图中坐标中画出电容器极板上电压变化曲线的示意图。

【答案】如图;

【解析】振荡电流的变化周期与电容器极板上电压变化周期相同，且当振荡电流最大时，电容器两板电压为零；振荡电流最小时，电压最大；则电容器极板上电压变化图线如图；

点睛：LC振荡电路放电时，电场能转化为磁场能，电路电流增大；LC振荡电路充电时，磁场能转化为电场能，电路电流减小.

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