宁夏银川唐徕回民中学2018届高三下学期第四次模拟考理科综合物理

14．下列四幅图涉及到不同的物理知识，其中说法正确的是

A．甲图中，卢瑟福通过分析α粒子散射实验结果，发现了质子和中子 B．乙图中，在光颜色保持不变的情况下，入射光越强，饱和光电流越大 C．丙图中，射线甲由电子组成，射线乙为电磁波，射线丙由α粒子组成 D．丁图中，链式反应属于轻核裂变

15．如图所示，空间有一正三棱锥OABC，点A′、B′、C′分别是三条棱的中点。

现在顶点O处固定一正的点电荷，则下列说法中正确的是 A．A′、B′、C′三点的电场强度相同 B．△ABC所在平面为等势面

C．某另一点电荷在C`点的电势能一定大于它在C点处的电势能

D．将一正的试探电荷从A′点沿直线A′B′移到B′点，静电力对该试探电荷先做负功后做

正功

x

16．一质点沿x轴正方向做直线运动，通过坐标原点时开始计时，其－t图象如图所示，则

t

A．质点做匀速直线运动，速度为0.5 m/s B．质点做匀加速直线运动，加速度为0.5 m/s2 C．质点在1 s末速度为2 m/s D．质点在第1 s内的位移大小为2 m

17．如图所示，质量相同、带正电且电量相同的可视为质点的甲、乙两小球，甲从竖直固定

的1/4光滑圆弧轨道顶端由静止滑下，轨道半径为R，圆弧底端切线水平，整个轨道处在竖直向下的匀强电场中，乙从高为R的光滑斜面顶端由静止滑下。整个斜面处在竖直向下的匀强电场中，下列判断正确的是 A．两小球到达底端时速度相同

B．两小球由静止运动到底端的过程中重力做功相同 C．两小球到达底端时甲球的动能大

D．两小球到达底端时，电场力做功的瞬时功率相等

18．如图，窗子上、下沿间的高度H＝1.6 m，墙的厚度d＝0.4 m， 某

人在离墙壁距离L＝1.4 m、距窗子上沿h＝0.2 m处的P点，将可

视为质点的小物件以v的速度水平抛出，小物件直接穿过窗口并落在水平地面上，取g＝10 m/s2。则v的取值范围是

A．v>7 m/s B．v<2.3 m/s C．3 m/s

D．2.3 m/s

19．如图所示，两方向相反，磁感应强度大小均为B的匀强磁场被边长为L

的等边三角形ABC边界分开，三角形内磁场方向垂直纸面向里，三角形顶点A处由一质子源，能沿∠BAC的角平分线发射速度不同的质子（质子重力不计），所有质子均能通过C点，质子比荷度可能为 A．

BLBL2BLBL B． C． D． k2k3k8kq1?，则质子的速mk20．海风老师上课时说“月亮正加速远离地球！后代没月亮看了。”这是真的吗？一项新的研

究表明，月球的引力在地球上产生了周期性的潮汐现象，潮汐力耗散地球的自转能量，降低地球的旋转速度，同时也导致月球正在以每年3.8cm的速度远离地球。不考虑其他变化，则很多年后与现在相比，下列说法正确的是

A．月球绕地球做圆周运动的周期将增大 B．月球绕地球做圆周运动的线速度增大

C．地球同步定点卫星的高度增大 D．地球同步定点卫星的角速度增大 21．如图，光滑斜面PMNQ的倾角为θ，斜面上放置一矩形导体线框abcd，其中ab边长为

l1，bc边长为l2，线框质量为m、电阻为R，有界匀强磁场的磁感应强度为B，方向垂直于斜面向上，ef为磁场的边界，且ef∥MN。线框在恒力F作用下从静止开始运动，其ab边始终保持与底边MN平行，F沿斜面向上且与斜面平行。已知线框刚进入磁场时做匀速运动，则下列判断正确的是 F－mgsinθA．线框进入磁场前的加速度为 mB．线框进入磁场时的速度为

(F－mgsinθ)R

B2l21

C．线框进入磁场时有a→d→c→b→a方向的感应电流 D．线框进入磁场的过程中产生的热量为(F－mgsinθ)l2

第Ⅱ卷

三、非选择题：包括必考题和选考题两部分。第22题～第32题为必考题，每个

试题考生都必须做答。第33题～第37题为选考题，考生根据要求做答。

（一）必考题（11题，共129分）

22．(5分)

唐中“加速度”社的红梅和秀丽同学在“探究功与速度变化的关系”实验中，采用如图甲所示装置，水平正方形桌面距离地面高度为h，将橡皮筋的两端固定在桌子边缘上的两点，将小球置于橡皮筋的中点，向左移动距离s，使橡皮筋产生形变，由静止释放后，小球飞离桌面，测得其平抛的水平射程为L.改变橡皮筋的条数，重复实验.

(1)实验中，小球每次释放的位置到桌子边缘的距离s应_______________(选填“不同”“相同”或“随意”).

(2)取橡皮筋对小球做功W为纵坐标，为了在坐标系中描点得到一条直线，如图乙所示，应选__________(填“L”或“L”)为横坐标.若直线与纵轴的截距为b，斜率为k，可求小球与桌面间的动摩擦因数为__________(使用题中所给符号表示). 23．（10分）如图所示为多量程多用电表的示意图。

(1)测量某电阻时，用欧姆挡“×100”挡时，发现指针偏转角度过小，他应该换用欧姆挡________挡（填“×10”或“×1 k”），换挡后在测量前要先进行________；若接通3、4时分别对应“×10”、“×100”挡，则E' =_______ E。

(2)表头G的标记值为10 mA、10 Ω，据此改装的多用表测电流时的读数总比标准电流表的读数偏大，则表头G内阻的真实值_______（填“大于”或“小于”）10 Ω。

(3)现提供以下实验器材：

A．多用表表头G，标记值为10 mA、10 Ω； B．电阻箱R（0～999.9 Ω）；

C．滑动变阻器R1(0～200 Ω，额定电流1 A)； D．滑动变阻器R2(0～2 kΩ，额定电流1 A)； E．直流电源E1(电动势为1.5 V，内阻很小)； F．直流电源E2(电动势为12 V，内阻很小)； G．开关S1、S2，导线若干

2

请在所给的方框中，用上述器材设计一个用半偏法较准确地测量表头G内阻的实验电路图，并在电路图中标明所选择器材的物理量符号。

24.(14分)

如图所示，固定在水平面上长度为L的木板与竖直放置的半径为R的半圆形光滑轨道BC相切于B点，在木板左端A处静止放置一个质量为m的小物块(可视为质点)。一个质量为m0=0.2m的子弹以水平速度v0射向物块，击中物块后恰好能与物块一起运动到C点，最终落在木板上的D点(图中未画出)。已知重力加速度为g。求:

(1)子弹击中物块后物块的速度和此过程中系统损失的机械能；

(2)物块通过半圆形轨道最低点B时对轨道的压力以及物块与木板间的动摩擦因数； (3)D点与B点的距离及物块落在木板上前的瞬时速度与水平方向间夹角的正切值。

25．(18分)

如图所示，两竖直虚线间距为L，之间存在竖直向下的匀强电场。自该区域的A点将质量为m、电荷量分别为q和－q(q>0)的带电小球M、N先后以相同的初速度沿水平方向射出。小球进入电场区域，并从该区域的右边界离开。已知N离开电场时的位置与A点在同一高度；M刚离开电场时的动能为刚进入电场时动能的8倍。不计空气阻力，重力加速度大小为g。已知A点到左边界的距离也为L。

(1)求该电场的电场强度大小； (2)求小球射出的初速度大小；

(3)要使小球M、N离开电场时的位置之间的距离不超过L，仅改变两小球的相同射出速度，求射出速度需满足的条件。

33.【物理—选修3-3】（15分）

(1)下列说法中正确的是_____________（选对一个给3分，选对两个给4分，选对3个给6分。每选错一个扣3分，最低得分为0分）

A．一定质量的理想气体温度升高时，分子的平均动能一定增大 B．不可以从单一热源吸收热量，使之完全变为功，而不产生其他变化 C．不可能使热量从低温物体传向高温物体

D．当分子力表现为引力时，分子势能随分子间距离的增大而增大 E．分子间距离增大时，分子力一定减小

(2)(9分)一太阳能空气集热器，底面及侧面为隔热材料，顶面为透明玻璃板，集热器容积为V0，开始时内部封闭气体的压强为p0.经过太阳暴晒，气体温度由T0＝300 K升至T1＝350 K.

①求此时气体的压强；

②保持T1＝350 K不变，缓慢抽出部分气体，使气体压强再变回到p0.求集热器内剩余气体的质量与原来总质量的比值．判断在抽气过程中剩余气体是吸热还是放热，并简述原因．

34.【物理—选修3-4】（15分）

(1)（6分）一列简谐横波从左向右以v＝2 m/s的速度传播，某时刻的波形图如图所示，下列说法正确的是_____________（选对一个给3分，选对两个给4分，选对3个给6分。每选错一个扣3分，最低得分为0分）

A．A质点再经过一个周期将传播到D点 B．B点正在向上运动

1

C．B点再经过T回到平衡位置

8D．该波的周期T＝0.05 s

3

E．C点再经过T将到达波峰的位置

4

(2)(9分)如图所示，AOB是截面为扇形的玻璃砖的横截面图，其顶角θ＝76°，今有一细束单色光在横截面内从OA边上的点E沿垂直于OA的方向射入玻璃砖，光线直接到达AB3

面且恰好未从AB面射出．已知OE＝OA，cos 53°＝0.6.

5

试求：

①玻璃砖的折射率n；

②光线第一次从OB射出时折射角的正弦值．

银川唐徕回民中学第四次模拟考试答案

物理部分

题号 答案

b

22．(1)相同(1分) (2)L2 （2分） 4khs（2分）

23.每问2分（1）×1 k 欧姆调零 10 （2）小于 （3）电路图如图所示

14 B 15 D 16 C 17 B 18 C 19 ABD 20 AC 21 ABD

24.【解析】(1)由动量守恒定律得，(1分) 解得v=(1分)

子弹击中物块过程中系统损失的机械能 ΔE=(1分)

(2)由于物块恰好能够通过半圆形轨道的最高点C， 所以有(1分) 解得

(1分) 物块从B点到C点的过程中，由机械能守恒定律得

(1

分

)

设在B点轨道对物块的作用力为F，由牛顿第二定律有 F?分

=(1)

联立解得F=7.2mg，方向竖直向下(1分)

由牛顿第三定律可知物块通过半圆形轨道最低点B时对轨道的压力为7.2mg，方向竖直向下(1分)

对物块在木板上的运动，由动能定理得 ?μ(m+

)gL=

(m+分

)?(m+)(1分) 解得μ=(1)

(3)设物块落在木板上的位置与B点的距离为x，由平抛运动的规律得，

2R=(1分)

解得x=2R(1分)

==，=gt=2(1分) 有以上得：

25．【解析】(1)设小球M、N在A点水平射出的初速度大小为v0，则他们进入电场时是水平速度仍然为v0，所以小球M、N在电场中运动的时间相等。 进入电场前，水平方向

竖直方向下落的距离 故

进入电场时竖直速度

进入电场后，水平方向

设N粒子运动的加速度为a，竖直方向有： 解得：

由牛顿第二定律得：

(2)粒子M射出电场时竖直速度为

解得：

解得：

(3)以竖直向下为正，M的竖直位移为

N的竖直位移为

解得：

33.(1)ABD

p0p1T13507

(2)①由题意知气体体积不变，由查理定律得T0＝T1 得p1＝T0p0＝300p0＝6p0 ②抽气过程可等效为等温膨胀过程，设膨胀后气体的总体积为V2，由玻意耳定律可得p1V0＝p0V2

p1V07

则V2＝p0＝6V0

76

所以，集热器内剩余气体的质量与原来总质量的比值为V0＝7

因为抽气过程中剩余气体温度不变，故内能不变，而剩余气体的体积膨胀对外做功．由热力学第一定律ΔU＝W＋Q可知，气体一定从外界吸收热量．

76

答案：(1)6p0 (2)7 吸热，原因见解析

34.(1)BDE

3

(2)①因OE＝5OA，由数学知识知光线在AB面的入射角等于37°，光线恰好未从AB面射出，所以AB面入射角等于临界角，则临界角为C＝37°.

15

由sin C＝n得n＝3.

②据几何知识得β＝θ＝76°，则OB面入射角为 α＝180°－2C－β＝30°.

设光线第一次从OB射出的折射角为r， sin r555由sin α＝n得sin r＝6. 答案：(1)3 (2)6

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