第三套 嵌入式软件工程师考试试题 - B卷

工业和信息产业化部嵌入式软件工程师专业技术资格认证考试 B卷

嵌入式

Linux软件工程师认证考试 B卷

（考试时间120分钟） 一 二 三 四 总分 姓名 身份证号 （密封线内勿答题） 题号 分数

一、选择题（本大题共20个小题，每小题1分，共20分）

得分 评阅人 1、在下列ARM处理器的各种模式中，（ ）模式有自己独立的R8-R14寄存器。 A、系统模式(System)、B、终止模式(Abort)C、中断模式(IRQ)D、快中断模式(FIQ) 2、按照ARM过程调用标准（APCS），栈指针使用（ ）寄存器， A、R0

B、R13

C、R14

D、R15

3、在ARM体系结构中，（ ）寄存器作为连接寄存器，当进入子程序时或者处理器响应异常的时候，用来保存PC的返回值；（ ）寄存器作为处理器的程序计数器指针。 A、R0，R14 B、R13，R15 C、R14，R15 D、R14，R0

4、在ARM体系结构中，要从主动用户模式（User）切换到超级用户模式（Supervisor），应采用何种方法？（ ）

A、直接修改CPU状态寄存器（CPSR）对应的模式

B、先修改程序状态备份寄存器（SPSR）到对应的模式，再更新CPU状态 C、使用软件中断指令（SWI） D、让处理器执行未定义指令

5、下面关于MMU和Linux描述错误的是：（ ）

A、MMU是内存管理单元Memory Management Unit的缩写 B、uClinux可以运行在有MMU的处理器上

C、Linux内核功能强大，内存管理功能丰富，即使在没有MMU的处理器上，也可以通过软件实现地址映射。

D、Linux系统正是利用MMU，才能使得各个进程有独立的寻址空间 6、DNS域名系统主要负责主机名和（ ）之间的解析。 A、IP地址 B、MAC地址 C、网络地址

D、主机别名

（密封线内勿答题） 7、在vi编辑器中的命令模式下，重复上一次对编辑的文本进行的操作，可使用（ ）命令。 A、上箭头

B、下箭头 C、<.> D、<*>

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8、进程有三种状态：（ ）。 A 、准备态、执行态和退出态 C 、运行态、就绪态和等待态

B 、精确态、模糊态和随机态 D 、手工态、自动态和自由态

9、下列变量名中有效的shell变量名是（ ）。

A、-1-time B、_2$3 C、bo_chuang_1 D、2009file

10、文件系统的主要功能是（ ）。

A、实现对文件的按名存取 B、实现虚拟存储 C、 提高外存的读写速度 D、用于保存系统文档

11、在ARM Linux体系中，用来处理外设中断的异常模式是（ ） A、软件中断（SWI） C、中断请求（IRQ）

B、未定义的指令异常 D、快速中断请求（FIQ）

12、在ARM Linux系统中，中断处理程序进入C代码以后，ARM的处于（ ）工作模式

A、超级用户（SVC） C、快速中断（IRQ）

B、中断(IRQ)

D、和进入中断之前的状态有关系

13、在ARM体系构建的嵌入式系统中，由电平模式触发的中断，其对应的中断标准应该在何时被清除？（ ）

A、当中断处理程序结束以后，才可以清除 B、进入相应的中断处理程序，即可以清除 C、产生IRQ中断的时候，处理器自动清除

D、任何时候都可以清除

14、在操作系统中，Spooling技术是用一类物理设备模拟另一类物理设备的技术，实现这种技术的功能模块称做（ ）。

A、可林斯系统 B、斯普林系统C、图灵机系统 D、 虚拟存储系统 15、通过修改下面文件哪个文件 ，可以设定开机时候自动安装的文件系统（ ） A. /etc/mta B. /etc/fastboot C. /etc/fstab 16、下面关于Shell的说法，不正确的是： （ ）

A. 操作系统的外壳 B. 用户与Linux内核之间的接口程序 C. 一个命令语言解释器 D. 一种和C类似的程序语言 17、假设root用户执行“init 0”命令，系统将会（ ）。 A．暂停

B．关机

C．重新启动

D．初始化

D. /etc/inetd.conf

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18、嵌入式系统应用软件一般在宿主机上开发，在目标机上运行，因此需要一个（ ）环境。

A、交互操作系统 B、交叉编译 C、交互平台 算

19、已知有变量data1定义如下： union data { int i; char ch; float f; } data1;

则变量data1所占的内存存储空间可表示为（ ）。 A、sizeof(int) B、sizeof(char)

C、sizeof(float) D、sizeof(int)+sizeof(char)+sizeof(float) 20、软件开发模型给出了软件开发活动各阶段之间的关系，（ ）不是软件开发模型。

A、瀑布模型 B、螺旋模型 C、原型模型

D、程序模型

D、分布式计

二、填空（本大题共7个小题，每空1分，共20分）

得分 评阅人 1. 嵌入式操作系统不同于通用操作系统的功能是：_____、______

2. 片内总线是大规模集成电路(Large Scale Integrated Circuit：LSI)和超大规模集成电路(VLSI)内部各寄存器或功能单元之间的信息交换通道，它由生产厂家决定,下列属于片内总线的有 _____、______、_______

3. 常用的软件开发模型有 ______、_____、_______

4. ARM处理器的工作模式中属于异常模式的有 ________、________、________ 5. 芯片总线又称元件级总线，它是指系统内或插件板内各元件之间所使用的总线,下列属于芯片总线的有_______ 、_________、________

6. 在ARM汇编语言程序设计中主程序和子程序参数的传递需要满足ATPCS规则，ATPCS规则中用来传递参数的寄存器是_____、______、______、________

7.vi编辑器具有两种工作模式： ________和 ________ 。

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三、判断题（本大题共12个小题，每题1分，共12分）

得分 评阅人 1、（ ）在vi编辑器中的命令模式下，删除当前光标处的字符使用d命令。

2、（ ）在单机系统中可采用关中断的方式保证操作的原子性。

3、（ ）根文件系统是系统启动时首先加载的文件系统，因此需要快速加载的内容应放置于其中，以加快系统的运行速度。

4、（ ）线程切换成本小于进程，因此Linux系统中的多线程程序的调度开销要小于多进程程序。

5、( )写回Cache是指CPU在执行写操作时，必须把数据同时写入Cache和主存。 6、（ ）在vi编辑器中的命令模式下，重复上一次对编辑的文本进行的操作，可使用下箭头命令。

7、（ ）文件系统的主要功能是实现虚拟存储。 8、（ ）进程有三种状态是准备态、执行态和退出态。

9、（ ）目前Linux平台上的各种线程库使得Linux能够在内核空间能够支持多线程。 10、（ ）Linux允许内核以NFS的形式连接根文件系统 11、（ ）EXT3文件系统是一种日志型的文件系统。 12、（ ）BootLoader是嵌入式系统运行的第一个程序。

四、简答题（本大题共2小题，共8分）

得分 评阅人

1、简述Bootloader有何作用？（5分）

2、程序、进程、线程有何区别？（3分）

五、编程题（本大题共4个小题，共40分）

得分 评阅人 1、编写程序，在一个字符串中找到可能的最长的子字符串（10分）

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2、编写程序，定义一函数char *strscony（char *p），该字符串用于将指定字符串逆序（10分）

3、仔细阅读下面代码，并填空（10分）

#include \#include \typedef struct tree{ char data;

struct ___________; struct tree *rchild; }*Ptree,Dtree;

void postOrder(Ptree t) {

if(t) {

___________________; ___________________; printf(\ } }

int main() {

int num[10]={0}; int height; int i; Ptree t;

t=createTree(); postOrder(t); return 0; }

4、仔细阅读下面的代码，然后填空，该问题解决N个鸡蛋放到M个篮子里（10分）

说明：

1.n + (M-m)*Min > N 剪枝条件：放n个鸡蛋后，后面的篮子里即使都放Min个，总鸡蛋数都超过了N个。说明鸡蛋太少了 2.当前篮子放n个鸡蛋，下一个篮子放鸡蛋的个数为Min~n+1，也就是最多放n+1个，再下一个篮子最多放2n+2,4n+4...(n+1)*2^(M-m-1)

当前篮子放n个，如果以后按最多的放，所有篮子的鸡蛋总和如果小于N，说明鸡蛋太多，放不完，要剪枝。即

n+(n+1)(2^0+2^1+2^2+2^3+...+2^(M-m-1))

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N > pow2[M-m]*n + pow2[M-m]-1

#include using namespace std; long pow2[20]; int N,M;

int ans[1000];

void solve( int n , int m , int Min ) {

if(n == N && m == M) {

for(int i=0;i

cout<

cout<

else if( _________________________________) return ; else {

for(int i = Min; i <= n+1; i++) {

ans[m] = i;

_________________________; } } }

int main() {

pow2[0] = 1;

for(int i=1;i<20;i++) {

pow2[i] =__________________; }

cin>>N>>M;

if( M > N || ___________________) {

cout<<\没有有效解\ }

solve( 0 , 0 , 1 ); system(\ return 0; }

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N > pow2[M-m]*n + pow2[M-m]-1

#include using namespace std; long pow2[20]; int N,M;

int ans[1000];

void solve( int n , int m , int Min ) {

if(n == N && m == M) {

for(int i=0;i

cout<

cout<

else if( _________________________________) return ; else {

for(int i = Min; i <= n+1; i++) {

ans[m] = i;

_________________________; } } }

int main() {

pow2[0] = 1;

for(int i=1;i<20;i++) {

pow2[i] =__________________; }

cin>>N>>M;

if( M > N || ___________________) {

cout<<\没有有效解\ }

solve( 0 , 0 , 1 ); system(\ return 0; }

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