2012届金山区高三一模物理
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上海2012,物理一模,曲线运动,分类汇编
上海市金山区2012届高三第一学期期末考试(物理)
2012.1
考生注意:
1.答卷前,考生务必将学校、班级、姓名、座位号填写清楚。
2.本卷1—20题由机器阅卷。考生应将在答题卷上的代表正确答案的小方格用2B铅笔涂黑。注意试题题号和答题卷题号一一对应,不能错位。答案需要更改时,必须将原选项用橡皮擦去,重新选择。
3.本卷22题分为22A和22B,全体考生应任选其一答题;若同时选做22A、22B两题,阅卷时只以22A题的得分计入总分。
一、单项选择题(共16分,每小题2分。每小题只有一个正确选项。) 3、做匀速圆周运动的质点,下列物理量中发生变化的是[ ] (A)线速度 (B)角速度 (C)周期 (D)转速
二、单项选择题(共24分,每小题3分。每小题只有一个正确选项。)
12、若地球和火星绕太阳做匀速圆周运动的周期分别为T1和T2,设在地球、火星各自所在的轨道上的加速度大小分别为a1和a2,则[ ]
T1 a
(A)1 a2 T2
4/3
T2 a
(B)1 a2 T1
4/3
T1 aa1 T2
(D)1 (D) a2 T2 a2 T1
22
三、多项选择题(共16分,每小题4分。每小题有二个或三个正确选项。全选对的,得4
分;选对但不全的,得2分;有选错或不答的,得0分。)
四、填空题(共20分,每空格2分。)
22A、22B选做一题,若同时选做22A、22B两题,阅卷时只以22A题的得分计入总分。 ══════════════════════════════════════════════════════
22B、天宫一号于2011年9月29日21时16分3秒在酒泉卫星发射中心发射,设计在轨寿命两年。在轨运动可近似看做匀速圆周运动,已知它的轨道半径为R,运行周期为T,万有引力恒量为G,则它的线速度大小为 ,地球的质量可表示为 。 ══════════════════════════════════════════════════════
五、实验题(共24分,答案写在题中横线上的空白处或指定位置。)
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六、计算题(共50分)见答题卷
31、(12分)质量M=2kg均匀矩形木块靠在光滑墙上,A点处有光滑转动轴固定,AB与水平方向夹角30°,CD边长为2m,BD两点等高,一质量m=10kg的小物体固定在CD边(A点正上方)处,如图所示。取g=10m/s2。问: (1)墙对木块的弹力多大?
(2)若将小物体从C点处静止释放使其沿CD边自由下滑,物体与木块间动摩擦因数为μ=0.2,物体作匀加速运动的时间多长?
某同学分析如下:物体沿CD边做匀加速运动,直至离开D点,匀加速运动的位移大小等于CD边长,根据牛顿第二定律算出加速度a=gsin30°-μgcos30°=…;结合运动公式S=12
2,即可算出结果。
该同学的过程是否正确?若正确,根据该同学的过程求出结果;若不正确,说明理由并给出正确解答。
33、(14分)如图所示,一质量不计的细线绕过无摩擦的轻质小定滑轮O与质量为5m的重物相连,另一端与套在一根固定的光滑的竖直杆上质量为m的圆环相连,直杆上有A、B、C三点,且B为A、C的中点,AO与竖直杆的夹角θ=53°,B点与滑轮O在同一水平高度,滑轮与竖直杆相距为L,重力加速度为g,设直杆足够长,圆环和重物运动过程中不会与其他物体相碰。现将圆环由A点静止开始释放(已知sin53 =0.8,cos53 =0.6),试求: (1)重物下降到最低点时圆环的速度大小; (2)圆环能下滑的最大距离;
(3)圆环下滑到C点时的速度大小。
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金山区2011学年第一学期期末考试
高三物理参考答案
一~三、选择题
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四、(20分)填空题。每空格2分。
12πR4π2R321、非,无 22A、2mv,v-20 22B、TGTvv2-v2 ctg2α
23、0.8,3 24、sinα 25、7.68,15.5 2g
五、(24分)实验题 26、(1)(2分)改变钩码的个数,(2分)图像的斜率 (2)(2分)BD t27、(1)(2分)p=105×(273 ),(2)(2分)如右图 28、(1)(2分)2 4π2
(2)(2分)k(3)(2分)B 29、(1)(2分)R2
(2)(2分)如图,若有小灯泡只可串联,电压表测外电压。 (3)(2分)1.1,(2分)366.7
六、计算题 30、(10分)
mg解:(1)被封闭气体压强P=P0+sP0+ρgh (2分)
m
初始时,液面高度差为h=ρs (2分) (2)降低温度直至液面相平的过程中,气体先等压变化,后等容变化。 mg
初状态:P1=P0+sV1=1.5h0s,T1=T0
末状态:P2=P0,V2=1.2h0s,T2=? (2分) PVPV 根据理想气体状态方程 T T
(2分)
1
2
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4P0T0s
代入数据,得T2= (2分)
5P0s+5mg 31、(12分) 解:(1)木块力矩平衡:NB·SADcos30°=Mg·SADsin30° (2分)
3203
得,NB=Mgtg53°=20×3=3 (2分) (2)不正确。 (2分) 因为木块会翻转,物体匀加速运动的位移大小不等于CD边长。 物体对木块的弹力N=mgcos30°,摩擦力f=μmgcos30°。 设物体离D点S′处时木块恰好翻转,此时墙的弹力为零。
μmgcos30°·SAD=Mg·SADsin30°+mgcos30°·S′ 代入数据,得S′=0.1m
即,物体做匀加速直线运动的位移为S=SAD-S′=2-0.1=1.9m 物体的加速度a=gsin30°-μgcos30°=3.27m/s2 匀加速的时间t2S
a=1.08s
32、(14分) 解:(1)杆匀速运动时,受力平衡:2Eq=10mg 得E=5mg
q (2)杆从开始运动恰好匀速的过程中,根据动能定理:
10mgL-EqL=1
210mv2 杆匀速运动的速度大小v=gL (3)10mg·9L-Eq(L+2L+…+9L)=0-Ek0 得Ek0=135 mgL 33、(14分) 解:(1)圆环到B点时,重物下降到最低点,此时重物速度为零。 圆环下降高度为h351
AB=4,重物下降的高度为Δh=4-L=4L
系统机械能守恒mgh1
AB+5mgΔh=2mv12 圆环的速度为v1=gL (2)圆环能下滑最大距离H时,圆环和重物速度均为零。 重物上升的高度ΔH=
(H35
4)2+L2-4 系统机械能守恒mgH=5mgΔH 得H=25
12 (1分) (2分) (1分) (1分) (1分) (2分) (2分)
(3分) (2分) (3分)
(2分) (1分)
(2分) (1分) (1分)(1分) (2分) (1分)
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3
(3)圆环到C点时,下落高度hAC=2,重物高度不变,设圆环速度为v2,此时重物速度为v2cos53°。 (2分)
11
系统机械能守恒mghAB=2mv22+25m(v2cos53°)2 (2分) v2=
15
14 (1分)
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