2008年山东高考物理试题及答案解析
更新时间:2023-03-08 05:54:40 阅读量: 综合文库 文档下载
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2008年普通高等学校招生全国统一考试 理科综合物理部分试题(山东卷)
二、选择题(本题包括7小题,每小题给出的四个选项中,有的只有一个选项正确,有的有多个选项正确,全部选对的得4分,选对但不全的得2分,有选错的得0分)
16.用轻弹簧竖直悬挂的质量为m物体,静止时弹簧伸长量为L0现用该弹簧沿斜面方向拉住质量为2m的物体,系统静止时弹簧伸长量也为L0斜面倾角为30?,如图所示。则物体所受摩擦力
A.等于零 B.大小为
1mg,方向沿斜面向下 2C.大于为
3mg,方向沿斜面向上 2D.大小为mg,方向沿斜面向上
17.质量为1 500 kg的汽车在平直的公路上运动,v-t图象如图所示。由此可求
A.前25s内汽车的平均速度 B.前10 s内汽车的加速度 C.前10 s内汽车所受的阻力 D.15~25 s内合外力对汽车所做的功
18.据报道,我国数据中继卫星“天链一号01星”于2008年4月25日在西昌卫星发射中心发射升空,经过4次变轨控制后,于5月1日成功定点在东经77?赤道上空的同步轨道。关于成功定点后的“天链一号01星”,下列说法正确的是
1
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A.运行速度大于7.9 km/s B.离地面高度一定,相对地面静止
C.绕地球运行的角速度比月球绕地球运行的角速度大 D.向心加速度与静止在赤道上物体的向心加速度大小相等
19.直升机悬停在空中向地面投放装有救灾物资的箱子,如图所示。设投放初速度为零,箱子所受的空气阻力与箱子下落速度的平方成正比,且运动过程中箱子始终保持图示姿态。在箱子下落过程中,下列说法正确的是
A.箱内物体对箱子底部始终没有压力
B.箱子刚从飞机上投下时,箱内物体受到的支持力最大 C.箱子接近地面时,箱内物体受到的支持力比刚投下时大
D.若下落距离足够长,箱内物体有可能不受底部支持力而“飘起来”
20.图1、图2分别表示两种电压的波形,其中图1所示电压按正弦规律变化。下列说法正确的是
A.图1表示交流电,图2表示直流电 B.两种电压的有效值相等
C.图1所示电压的瞬时值表达式为u=311sin100?t V
D.图1所示电压经匝数比为10:1的变压器变压后,频率变为原来的
1 1021.如图所示,在y轴上关于O点对称的A、B两点有等量同种点电荷+Q,在x轴上C点有点电荷-Q,且CO=OD, ∠ADO=60?.下列判断正确的是
2
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A.O点电场强度为零 B.O点电场强度为零
C.若将点电荷+q从O移向C,电势能增大 D.若将点电荷-q从O移向C,电势能增大
22.两根足够长的光滑导轨竖直放置,间距为L,底端接阻值为R的电阻。将质量为m的金属棒悬挂在一个固定的轻弹簧下端,金属棒和导轨接触良好,导轨所在平面与磁感应强度为B的匀强磁场垂直,如图所示。除电阻R外其余电阻不计。现将金属棒从弹簧原长位置由静止释放,则
A.释放瞬间金属棒的加速度等于重力加速度g B.金属棒向下运动时,流过电阻R的电流方向为a→b
B2L2vC.金属棒的速度为v时,所受的按培力大小为F=
RD.电阻R上产生的总热量等于金属棒重力势能的减少
第Ⅱ卷(必做120分+选做32分,共152分)
【必做部分】
23.(12分)2007年诺贝尔物理学奖授予了两位发现“巨磁电阻”效应的物理学家。材料的电阻随磁场的增加而增大的现象称为磁阻效应,利用这种效应可以测量磁感应强度。
3
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若图1为某磁敏电阻在室温下的电阻-磁感应强度特性曲线,其中RB、RO分别表示有、无磁敏电阻的阻值。为了测量磁感应强度B,需先测量磁敏电阻处于磁场中的电阻值RB。请按要求完成下列实验。
(1)设计一个可以测量磁场中该磁敏电阻阻值的电路,在图2的虚线框内画出实验电路原理图(磁敏电
阻及所处磁场已给出,待测磁场磁感应强度大小约为0.6~1.0T,不考虑磁场对电路其它部分的影响)。要求误差较小。 提供的器材如下:
A.磁敏电阻,无磁场时阻值R0?150? B.滑动变阻器R,全电阻约20? C.电流 D.电压
表,量程2.5mA,内阻约30? 表,量程3V,内阻约3k?
E.直流电源E,电动势3V,内阻不计 F.开关S,导线若干
(2)正确接线后,将磁敏电阻置入待测磁场中,测量数据如下表:
U(V) I(mA) 1 0.00 0.00 2 0.45 0.30 3 0.91 0.60 4 1.50 1.00 5 1.79 1.20 6 2.71 1.80 根据上表可求出磁敏电阻的测量值RB= ?,结合图1可知待测磁场的磁感
4
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应强度B= T。
(3)试结合图1简要回答,磁感应强度B在0~0.2T和0.4~1.0T范围内磁敏电阻阻值的变化规律有何不
同?
(4)某同学查阅相关资料时看到了图3所示的磁敏电阻在一定温度下的电阻-磁感应强度特性曲线(关于
纵轴对称),由图线可以得到什么结论?
(1)如右图所示
(2)1500 0.90
(3)在0~0.2T范围内,磁敏电阻的阻值随磁感应强度非线性变化(或不均匀变化);在
0. 4~1.0T范围内,磁敏电阻的阻值随磁感应强度线性变化(或均匀变化) (4)磁场反向,磁敏电阻的阻值不变。
25.(15分)某兴趣小组设计了如图所示的玩具轨道,其中“2008”四个等高数字用内壁光滑的薄壁细圆管弯成,固定在竖直平面内(所有数字均由圆或半圆组成,圆半径比细管的内径大得多),底端与水平地面相切。弹射装置将一个小物体(可视为质点)以va=5m/s的水平初速度由a点弹出,从b点进入轨道,依次经过“8002”后从p点水平抛出。小物体与地面ab段间的动摩擦因数u=0.3,不计其它机械能损失。已知ab段长L=1. 5m,数字“0”的半径R=0.2m,小物体质量m=0.01kg,g=10m/s2。求: (1)小物体从p点抛出后的水平射程。
(2)小物体经过数这“0”的最高点时管道对小物体作用力的大小和方向。
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解:(1)设小物体运动到p点时的速度大小为v,对小物体由a运动到p过程应用动能定理得 ??mgL?2Rmg?1212mv?mva 22
① ② ③
2R?s=vt
12gt 2
联立①②③式,代入数据解得 s=0.8m
④
(2)设在数字“0”的最高点时管道对小物体的作用力大小为F,取竖直向下为正方向
mv2F?mg?
R ⑤
联立①⑤式,代入数据解得 F=0.3N
⑥
方向竖直向下
25.(18分)两块足够大的平行金属极板水平放置,极板间加有空间分布均匀、大小随时间周期性变化的电场和磁场,变化规律分别如图1、图2所示(规定垂直纸面向里为磁感应强度的正方向)。在t=0时刻由负极板释放一个初速度为零的带负电的粒子(不计重力)。若电场强度E0、磁感应强度B0、粒子的
q10?2mE02?m比荷均已知,且t0?,两板间距h?。 2mqB0qB0(1)求粒子在0~t0时间内的位移大小与极板间距h的比值。 (2)求粒子在板板间做圆周运动的最大半径(用h表示)。
(3)若板间电场强度E随时间的变化仍如图1所示,磁场的变化改为如图3所示,试画出粒子在板间运
动的轨迹图(不必写计算过程)。
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解法一:(1)设粒子在0~t0时间内运动的位移大小为s1 s1?12at0 2qEa?0
m
① ②
10?2mE02?m又已知t0? ,h?2qB0qB0联立①②式解得
s11? h5 ③
(2)粒子在t0~2t0时间内只受洛伦兹力作用,且速度与磁场方向垂直,所以粒子做匀速圆周运动。
设运动速度大小为v1,轨道半径为R1,周期为T,则
v1?at0
④
mv12 qv1B0?R1
联立④⑤式得
⑤
R1?h 5?
⑥ ⑦
又T?2?m qB0即粒子在t0~2t0时间内恰好完成一个周期的圆周运动。在2t0~3t0时间内,粒子做初速度为v1的匀加速直线运动,设位移大小为s2
12s2?v1t0?at0
27
⑧
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解得 s2?3h 5 ⑨
由于s1+s2<h,所以粒子在3t0~4t0时间内继续做匀速圆周运动,设速度大小为v2,半径为R2
v2?v1?at0
2mv2 qv2B0?R2 ⑩ 11 ○12 ○
解得 R2?2h 5?
由于s1+s2+R2<h,粒子恰好又完成一个周期的圆周运动。在4t0~5t0时间内,粒子运动到正极板(如图1所示)。因此粒子运动的最大半径R2?2h。 5?
(3)粒子在板间运动的轨迹如图2所示。
解法二:由题意可知,电磁场的周期为2t0,前半周期粒子受电场作用做匀加速直线运动,加速度大小为 a?qE0 方向向上 m 后半周期粒子受磁场作用做匀速圆周运动,周期为T T?2?m?t0 qB0 粒子恰好完成一次匀速圆周运动。至第n个周期末,粒子位移大小为sn sn?1a(nt0)2 210?2mE0 又已知 h? 2qB0n2h 由以上各式得 sn?58
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粒子速度大小为 vn?ant0 粒子做圆周运动的半径为 Rn? 解得 Rn?mvn qB0nh 5? 显然 s2?R2?h?s3
(1)粒子在0~t0时间内的位移大小与极板间距h的比值 (2)粒子在极板间做圆周运动的最大半径 R2? (3)粒子在板间运动的轨迹图见解法一中的图2。
36.(8分)【物理—物理3-3】
喷雾器内有10 L水,上部封闭有1atm的空气2L。关闭喷雾阀门,用打气筒向喷雾器内再充入1atm的空气3L(设外界环境温度一定,空气可看作理想气体)。
(1)当水面上方气体温度与外界温度相等时,求气体压强,并从微观上解释气体压强变化的原因。
(2)打开喷雾阀门,喷雾过程中封闭气体可以看成等温膨胀,此过程气体是吸热还是放热?简要说明理由。
解:(1)设气体初态压强为p1,体积为V1;末态压强为p2,体积为V2,由玻意耳定律
p1V1= p1V1 ①
代入数据得
p2=2.5 atm ②
微观察解释:温度不变,分子平均动能不变,单位体积内分子数增加,所以压强增加。 (2)吸热。气体对外做功而内能不变,根据热力学第一定律可知气体吸热。 37.(8分)【物理—物理3-4】
麦克斯韦在1865年发表的《电磁场的动力学理论》一文中揭示了电、磁现象与光的内在联系及统一性,即光是电磁波。
(1) 一单色光波在折射率为1.5的介质中传播,某时刻电场横波图象如图1所示,求该光波的频率。 (2) 图2表示两面平行玻璃砖的截面图,一束平行于CD边的单色光入射到AC界面上,a、b是其中的
两条平行光线。光线a在玻璃砖中的光路已给出。画出光线B从玻璃砖中管次出射的光路图,并标出出射光线与界面法线夹角的度数。
9
s11? h52h 5?高中物理辅导网http://www.wulifudao.com/
解:(1)设光在介质中的传播速度为v,波长为λ,频率为f,则 f=
v?cv? ②
nc联立①②式得 f? ③
n?从波形图上读出波长??4?10m,代入数据解得
f=5×1014Hz (2)光路如图所示
?7 ①
38.(8分)【物理—物理3-5】
(1)在氢原子光谱中,电子从较高能级跃迁到n=2能级发出的谱线属于巴耳末线系。若一群氢原
子自发跃过时发出的谱线中只有2条属于巴耳末线系,则这群氢原子自发跃迁时最多可发生 条不同频率的谱线。
(2)一个物体静置于光滑水平面上,外面扣一质量为M的盒子,如图1所示。现给盒子—初速度
v0,此后,盒子运动的v-t图象呈周期性变化,如图2所示。请据此求盒内物体的质量。
解:(1)6
(2)设物体的质量为m,t0时刻受盒子碰撞获得速度v,根据动量守恒定律
Mv0?mv ①
3t0时刻物体与盒子右壁碰撞使盒子速度又变为v0,说明碰撞是弹性碰撞
10
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联立①②解得
112Mv0?mv2 ② 22 m=M ③
(也可通过图象分析得出v0=v,结合动量守恒,得出正确结果)
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2008年普通高等学校招生全国同一考试理科综合物理部分试题+解析(山东卷)
16.A 【解析】竖直挂时mg?k?x,当质量为2m放到斜面上时,2mgsin30??f?k?x,因两次时长度一样,所以?x也一样。解这两个方程可得,物体受到的摩擦力为零,A正确。
17.ABD 【解析】通过v?t图像的面积就是物体的位移,所以能求出面积,还知道时间,所以能求出平均速度,A对。v?t图像的斜率就是物体的加速度,所以能得到10秒内的加速度,B对。不知道汽车的牵引力,所以得不出受到的阻力,C错。15到25汽车的初速度和末速度都知道,由动能定理,可以得出合外力做的功,D对
18.BC 【解析】由题目可以后出“天链一号卫星”是地球同步卫星,运行速度要小于7.9m/s,而他的位置在赤道上空,高度一定,A错B对。由??2?GM可知,C对。由a?可知,D错。 2TR【高考考点】万有引力定律在航天中的应用。
19.C 【解析】因为受到阻力,不是完全失重状态,所以对支持面有压力,A错。由于箱子阻力和下落的速度成二次方关系,最终将匀速运动,受到的压力等于重力,最终匀速运动,BD错,C对。
20.C 【解析】交流电的概念,大小和方向都随时间变化,在t轴的上方为正,下方为负,A错。有效值E?Em2只对正弦交流电使用,最大值一样,所以B错。由图可知,C对。变压之后频率不变,D错。
21.BD 【解析】电场是矢量,叠加遵循平行四边行定则,由E?kQ和几何关系可以得出,A错B2r对。在O?C之间,合场强的方向向左,把负电荷从O移动到C,电场力做负功,电势能增加,C错D对。
22.AC 【解析】在释放的瞬间,速度为零,不受安培力的作用,只受到重力,A对。由右手定则可得,电流的方向从b到a,B错。当速度为v时,产生的电动势为E?Blv,受到的安培力为F?BIL,计算
B2L2v可得F?,C对。在运动的过程中,是弹簧的弹性势能、重力势能和内能的转化,D错。
R
23.(1)见解析图
(2)1500;0.90
(3)在0~0.2T范围内,磁敏电阻的阻值随磁感应强度非线性变化(或不均匀变化);在 0. 4~1.0T范围内,磁敏电阻的阻值随磁感应强度线性变化(或均匀变化) (4)磁场反向,磁敏电阻的阻值不变。
【解析】(1)当B=0.6T时,磁敏电阻阻值约为6×150Ω=900Ω,当B=1.0T时,磁敏电阻阻值约为11×150Ω=1650Ω.由于滑动变阻器全电阻20Ω比磁敏电阻的阻值小得多,故滑动变阻器选择分压式
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接法;由于
RxRV,所以电流表应内接.电路图如图所示. ?RARx0.45??1500?,?30.30?10(2)方法一:根据表中数据可以求得磁敏电阻的阻值分别为:R1?R2?0.911.50??1516.7?R???1500?, ,3?3?30.60?101.00?101.792.71R4???1491.7?R???1505?, ,51.20?10?31.80?10?3R?R2?R3?R4?R5??1503?(1500-1503Ω都算正确.故电阻的测量值为R?1)
5由于
R1500??10,从图1中可以读出B=0.9T R0150方法二:作出表中的数据作出U-I图象,图象的斜率即为电阻(略).
(3)在0~0.2T范围,图线为曲线,故磁敏电阻的阻值随磁感应强度非线性变化(或非均匀变化);在0.4~1.0T范围内,图线为直线,故磁敏电阻的阻值随磁感应强度线性变化(或均匀变化);
(4)从图3中可以看出,当加磁感应强度大小相等、方向相反的磁场时,磁敏电阻的阻值相等,故磁敏电阻的阻值与磁场方向无关.
本题以最新的科技成果为背景,考查了电学实验的设计能力和实验数据的处理能力.从新材料、新情景中舍弃无关因素,会看到这是一个考查伏安法测电阻的电路设计问题,及如何根据测得的U、I值求电阻.第(3)、(4)问则考查考生思维的灵敏度和创新能力.总之本题是一道以能力立意为主,充分体现新课程标准的三维目标,考查学生的创新能力、获取新知识的能力、建模能力的一道好题.
24.(1)0.8m
(2)0.3N 方向竖直向下 【解析】
(1)设小物体运动到p点时的速度大小为v,对小物体由a运动到p过程应用动能定理得 ??mgL?2Rmg?1212mv?mva 22
① ② ③
2R?s=vt
12gt 2
联立①②③式,代入数据解得 s=0.8m
④
(2)设在数字“0”的最高点时管道对小物体的作用力大小为F,取竖直向下为正方向
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mv2F?mg?
R ⑤
联立①⑤式,代入数据解得 F=0.3N
⑥
方向竖直向下
本题将匀变速直线运动、圆周运动、平抛运动三种高中物理中典型的运动模型相结合,全面考查了力学两大基本观点和一个基本方法.分析圆周运动某一点的受力情况用牛顿第二定律,曲线运动全过程分析用动能定理,研究平抛运动的基本方法是运动的合成和分解.本题题意较新颖,是一道中等难度的好题. 25.(1)1:5 (2)2h:5π (3)见解析
【解析】解法一:(1)设粒子在0~t0时间内运动的位移大小为s1 s1?12at0 2qEa?0
m
① ②
10?2mE02?m又已知t0? ,h?2qB0qB0联立①②式解得
s11? h5 ③
(2)粒子在t0~2t0时间内只受洛伦兹力作用,且速度与磁场方向垂直,所以粒子做匀速圆周运动。
设运动速度大小为v1,轨道半径为R1,周期为T,则
v1?at0
④
mv12 qv1B0?R1
联立④⑤式得
⑤
R1?h 5?
⑥ ⑦
又T?2?m qB0即粒子在t0~2t0时间内恰好完成一个周期的圆周运动。在2t0~3t0时间内,粒子做初速度为
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v1的匀加速直线运动,设位移大小为s2
12s2?v1t0?at0
23解得 s2?h
5
⑧ ⑨
由于s1+s2<h,所以粒子在3t0~4t0时间内继续做匀速圆周运动,设速度大小为v2,半径为R2
v2?v1?at0
2mv2 qv2B0?R2 ⑩ 11 ○12 ○
解得 R2?2h 5?
由于s1+s2+R2<h,粒子恰好又完成一个周期的圆周运动。在4t0~5t0时间内,粒子运动到正极板(如图1所示)。因此粒子运动的最大半径R2?2h。 5?
(3)粒子在板间运动的轨迹如图2所示。
解法二:由题意可知,电磁场的周期为2t0,前半周期粒子受电场作用做匀加速直线运动,加速度大小为 a?qE0 方向向上 m 后半周期粒子受磁场作用做匀速圆周运动,周期为T T?2?m?t0 qB0 粒子恰好完成一次匀速圆周运动。至第n个周期末,粒子位移大小为sn sn?1a(nt0)2 210?2mE0 又已知 h? 2qB015
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n2 由以上各式得 sn?h
5 粒子速度大小为 vn?ant0 粒子做圆周运动的半径为 Rn? 解得 Rn?mvn qB0nh 5? 显然 s2?R2?h?s3
(1)粒子在0~t0时间内的位移大小与极板间距h的比值 (2)粒子在极板间做圆周运动的最大半径 R2? (3)粒子在板间运动的轨迹图见解法一中的图2。
本题设计巧妙,考查了带电粒子在交替的匀强电场中和匀强磁场中的运动.有些考生看到题目过程复杂而望而生畏,不去做具体的分析,找不到解决问题的突破口.本题过程虽复杂,但掌握了带电粒子在两种场中的运动规律,分析清楚粒子的运动过程(有电场时做匀加速直线运动,有磁场时做匀加速直线运动),即可正确求解.本题字符太多,也是部分学生易丢分点.
36.(1)2.5atm;微观解释:温度不变,分子平均动能不变,单位体积内分子数增加,所以压强增加。 (2)吸热。气体对外做功而内能不变,根据热力学第一定律可知气体吸热。 【解析】
s11? h52h 5?
本题注意应用气体实验定律的研究对象是一定质量的气体,要合理选择研究对象,保证应用定律的条件成立.
37.(1)5×1014Hz (2)光路图见解析 【解析】
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本题考查了3-4部分的两个重要知识点:波的图象、波长周期频率的关系和几何光学.题目难度不大,要注意基本知识的落实情况.
38.(1)6;(2)M 【解析】
本题为了照顾3-5课本知识的覆盖面,此题也是两部分知识的组合,考查了玻尔能级跃迁和动量守恒定律.第(1)小题较基础,第(2)小题首先要从图象上分析出盒子和物体间的碰撞为弹性碰撞.
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