【解析】贵州省贵阳市2018届高三5月适应性考试(二)理综物理试题 Word版含解析【 高考】

贵州省贵阳市2018届高三5月适应性考试（二）理综物理试题

一、选择题

1. 在核反应方程为。已知的质量为

2.0136u，的质量为

3.0180u，

质量为4.0026u，x的质量为1.0087u。则下列说法中正确是（）

A. x是中子，该反应释放能量

B. x是质子，该反应释放能量

C. x是中子，该反应吸收能量

D. x是质子，该反应吸收能量

【答案】A

【解析】某核反应方程为。根据核反应方程质量数和核电荷数守恒得：X的质量数为1，核电荷数为0．所以X是中子。反应前质量为2.0136u+3.018u=5.0316u。反应后质量为4.0026u+1.0087u=5.0113u。即得核反应后质量亏损，所以该反应释放能量。故选A.

2. 2018年1月9日11时24分，我国在太原卫星发射中心用“长征二号丁”运载火箭，将“高景一号”03、04星成功发射升空，这两颗卫星是0.5米级高分辨率遥感卫星，他们均在距地面高度均为530km的轨道上绕地球做匀速圆周运动，以下说法正确的是（）

A. 这两颗卫星运行速率比地球同步卫星的速率小

B. 这两颗卫星的加速度比地球同步卫星的加速度大

C. 这两颗卫星的动能一定比地球同步卫星的动能大

D. 这两颗卫星中任意一颗一天可看见6次日出

【答案】B

=k，知两颗卫星轨道半径与同步卫星的轨道半径之比约为（6400+530）：36000≈7：36，则因同步卫星的周期为24小时，则此周期为0.0875×24h≈2h，所以卫星的运行周期是地球自

转周期的1/12倍，因此卫星中的宇航员一天内可看到12次日出，故D错误。故选B.

3. 如图所示，为某静电除尘装置的原理图，废气先经过机械过滤装置再进入静电除尘区。图中虚线是某一带负电的尘埃（不计重力）仅在电场力作用下向集尘极迁移并沉积的轨迹，A、B两点是轨迹与电场线的交点。若不考虑尘埃在迁移过程中的相互作用和电荷量变化，则以下说法正确的是（）

A. A点电势高于B点电势

B. 尘埃在A点加速度大于在B点的加速度

C. 尘埃在迁移过程中做匀变速运动

D. 尘埃在迁移过程中电势能始终在增大

【答案】B

【解析】沿电场线方向电势降低，由图可知，B点的电势高于A点电势，故A错误；由图可知，A点电场线比B点密集，因此A点的场强大于B点场强，故A点的电场力大于B点的电场力，则A点的加速度大于B点的加速度，故B正确；放电极与集尘极间建立非匀强电场，尘埃所受的电场力是变化的．故粒子不可能做匀变速运动，故C错误；由图可知，开始速度方向与电场力方向夹角为钝角，电场力做负功，电势能增大；后来变为锐角，电场力做正功，电势能减小；对于全过程而言，根据电势的变化可知，电势能减小，故D错误．故选B．

点睛：本题考查考查分析实际问题工作原理的能力，解题时要明确电场线的分布规律，并且能抓住尘埃的运动方向与电场力方向的关系是解题突破口．

4. 如图所示，为一距地面某高度的小球由静止释放后撞击地面弹跳的v-t图像，小球质量为0.4kg，重力加速度g取，空气阻力不计，由图像可知（）

A. 横坐标每一小格表示的时间约为0.08s

B. 小球释放时离地面的高度为1.5m

C. 小球第一次反弹的最大高度为0.8m

D. 小球第一次撞击地面受地面的平均作用力为50N

【答案】C

【解析】小球下落时做自由落体运动，加速度为g，则对下落过程可知，落地时速度为5m/s，故用时t==0.5s，图中对应5个小格，故每一小格表示0.1s，故A错误；小球下落的初始位置离地面的高度为：h=×10×（0.5）2=1.25m，故B错误；第一次反弹后加速度也为g，为竖直上抛运动，由图可知最大高度为：h=×0.4×4m=0.8m，故C正确；设向下为正方向，由图可知，碰撞时间约为0.2s；根据动量定理可知：mgt-Ft=mv'-mv；代入数据解得：F=22N；故D错误。故选C。

点睛：本题考查v-t图象以及动能定理的应用，正确掌握图象的性质是解题的关键，同时注意在应用动量定理时要注意先明确正方向，注意各物理量的矢量性。

5. 在匀强磁场中，一个150匝的闭合矩形金属线圈，绕与磁感线垂直的固定轴匀速转动，穿过该线圈的磁通量随时间变化规律如图所示。设线圈总电阻为，则（）

A. t=0时，线圈平面与磁感线方向垂直

B. t=1s时，线圈中的电流改变方向

C. t=2s时，线圈中磁通量的变化率为零

D. 在2s内，线圈产生的热量为

【答案】D

【解析】根据图象可知，在t=0时穿过线圈平面的磁通量为零，所以线圈平面平行于磁感线，感应电动势最大，故A错误；t=0.5s时，线圈中磁通量最大，感应电动势为零，此时的电流改变方向，选项B错误；t=2s时，线圈中磁通量为零，此时磁通量的变化率最大，选项C错误；感应电动势的最大值为E m=NBSω=NΦmω=150×0.04×V=6πV，有效值，根据焦耳定律可得2s产生的热为，故D正确。故选D。

点睛：本题考查交变电流产生过程中，感应电动势与磁通量、磁通量变化率的关系，关键抓

住两个特殊位置：一是线圈与磁场垂直位置是磁通量最大的位置，该位置是电流方向改变的转换点；二是线圈与磁场平行位置，该位置磁通量为零，是电流强度增大与减小的转换点．6. 如图所示，一导线弯成半径为r的半圆形闭合线框。竖直虚线MN右侧有垂直线框所在平面的匀强磁场，磁感应强度大小为B。线框以垂直虚线MN、大小为v的速度向右匀速进入磁场，直径CD始终与MN垂直。从D点进入到线框完全进入磁场过程，下列说法正确的是（）

A. CD段导线始终不受安培力

B. 感应电流的大小和方向不变

C. 感应电动势的最大值为Brv

D. 感应电动势的平均值为

【答案】CD

【解析】在闭合电路进入磁场的过程中，通过闭合电路的磁通量逐渐增大，根据楞次定律可知电流为逆时针方向，根据左手定则可以判断，受安培力向上，故A错误。在闭合电路进入磁场的过程中，切割磁感线的有效长度先增大后减小，所以电动势先增大后减小，感应电流也先增大后减小，故B错误；当半圆闭合回路进入磁场一半时，即这时等效长度最大为r，这时感应电动势最大E=Brv，C正确。由法拉第电磁感应定律可得感应电动势平均值

，故D正确。故选CD。

点睛：本题注意以下几点：（1）感应电动势公式只能来计算平均值；（2）利用感应电动势公式E=Blv计算时，l应是等效长度，即垂直切割磁感线的长度．

7. 如图所示，半径为R的大圆环用一硬质轻杆固定的竖直平面内，在大圆环上套一个质量为m的小环（可视为质点），小环从大圆环的最低点以初速度。沿大圆环上升至与圆心等高点时速度为零，再沿大圆环滑回最低点，大圆环始终静止，重力加速度大小为g。关于该过程，下列说法正确的是（）

A. 轻杆对大圆环的作用力方向始终竖直向上

B. 小环下滑过程摩擦力做功小于

C. 小环下滑过程重力的冲量比上滑过程重力的冲量大

D. 小环下滑过程重力的平均功率比上滑过程重力的平均功率大

【答案】BC

【解析】小圆环在沿大圆环滑动过程中，对大圆环的压力有水平方向的分量，可知轻杆对大圆环的作用力方向只有在小圆环到达最低点或最高点时竖直向上，选项A错误；小圆环上滑过程中摩擦力的功为；下滑过程中的平均速度小于上滑过程的平均速度，下滑过程小圆环对大圆环的平均压力小于上滑过程中的平均压力，可知下滑过程中摩擦力小于上滑过程中的摩擦力，从而下滑过程中摩擦力的功小于上滑过程的摩擦力的功，即小于

，选项B正确；下滑过程中的平均速度小于上滑过程的平均速度，则下滑过程时间大于上滑过程的时间，则根据I=mgt可知，小环下滑过程重力的冲量比上滑过程重力的冲量大，选项C正确；上下过程重力的功相同，下滑过程时间大于上滑过程的时间，则根据P=W/t可知，小环下滑过程重力的平均功率比上滑过程重力的平均功率小，选项D错误；故选BC.

点睛；此题关键要知道小环上下过程中由于有摩擦阻力，则上下过程的平均速度不同，对大圆环的压力不同，摩擦力大小也不同.

8. 如图所示，不可伸长的轻绳通过定滑轮将物块甲、乙（均可视为质点）连接，物块甲套在固定的竖直光滑杆上，用外力使两物块静止，轻绳与竖直方向夹角，然后撤去外力，甲、乙两物块从静开始运动，物块甲恰能上升到最高点P，P点与滑轮上缘O在同一水平线上，甲、乙两物块质量分别为m、M，，重力加速度为g，不计空气阻力，不计滑轮的大小和摩擦。设物块甲上升到最高点P时加速度为a，则下列说法正确的是（）

A. M=2m

B. M=3m

C. a=g

D. a=0

【答案】AC

【解析】设QP间的距离为h，OQ间的绳长；则乙下降的高度为则根据机械能守恒定律可知，mgh=Mgh′；解得：M=2m；故A正确，B错误。甲上升到最高点P 时。由于不受摩擦力，所以在竖直方向上只受重力，水平方向上弹力与绳子的拉力平衡，因此甲的加速度为g，故C正确，D错误。故选AC。

点睛：本题考查机械能守恒定律的应用，要注意明确系统只有重力做功，机械能守恒，同时注意正确受力分析是解题的关键；同时要知道当甲到达最高点时，乙的速度也为零。

二、实验题

9. 某同学用题图1所示装置测量重力加速度g，所用交流电频率为50Hz，在所选纸带上取某点为0号计数点，然后每3个点取一个计数点，所测量数据及其标记符号如题图2所示。该同学用两种方法处理数据（T为相邻两计数点的时间间隔）：

方法A：由取平均值；

方法B：由取平均值。

从数据处理方法看，选择方法________________（“A”或“B”）更合理，方法A中对实验结果起作用的数据有____________（选填）；本实验误差的主要来源有

_________（写出两条）。

【答案】 (1). B; (2). ; ; (3). 空气阻力，振针的阻力，限位孔的阻力，复写纸的阻力，交流电频率波动，长度测量，数据处理方法等;

...............

10. 某同学用伏安法测量一未知电阻的电阻值。

（1）该同学用电流表内接法和外接法分别测量了的伏安特性，并将得到的电流、电压数据描到U-I图上，由电流表外接法得到的图线是图甲中_______________（选填“a”或“b”）；（2）请用图甲中的数据，求出用电流表外接法时的测量值为___________（保留两位有效数字），其测量值与真实值相比是__________________（选填“偏大”或“偏小”）；

（3）图乙是用电流表外接法已部分连接好的实物电路，请结合甲图信息补充完成实物接线

________________ 。

【答案】 (1). b; (2). ; (3). 偏小； (4).

【解析】（1）电流表外接法，由于电压表分流作用，测得的电流值会偏大，由图示图象可知，由电流表外接法得到的图线是b；

（2）由图示图象可知，电阻：；因电流的测量值偏大，则电阻测量值偏小；

（3）滑动变阻器用分压电路，则电路如图；

点睛：本题考查了伏安法测量电阻的电路图以及数据处理问题，电路图连接时一定要注意电流表的内接外接以及滑动变阻器的分压、限流接法选择问题．

三、计算题

11. 如图所示，一边长为2R的正方形与半径为R的圆相切，两区域内有大小相等方向相反的匀强磁场。M是正方形左边长的中点，O点是圆的圆心，M、O、N三点共线。若把比荷为、重力不计的两个带正电的粒子分别从M、N两点以速度沿MON直线相向进入磁场。它们在磁场中运动相同的时间，并以相同的方向离开磁场，若从N点进入磁场的带电粒子的速度大小变为，并改变其速度方向，该粒子将从M点离开磁场。求：

（1）匀强磁场的磁感应强度大小；

（2）粒子从N点以进入磁场运动到M点的总时间。

【答案】（1）（2）

【解析】（1）如图所示，只有当带电粒子在磁场中运动圆周时，两个粒子的运动时间才相同（如图中实线），粒子在磁场中运动的向心力由洛伦兹力提供，

由几何关系可知，带电粒子做匀速圆周运动的半径

所以；

（2）如图所示，当带电粒子在圆形磁场中从N进入从M点射出，粒子在磁场中运动的向心力由洛伦兹力提供

解得

所以和都是正三角形，该粒子在两个磁场中运动的总时间，，

联立解得：。

12. 如图所示，半径为R=0.5m，内壁光滑的圆轨道竖直固定在水平地面上。圆轨道底端与地面相切，一可视为质点的物块A以的速度从左侧入口向右滑入圆轨道，滑过最高点Q，从圆轨道右侧出口滑出后，与静止在地面上P点的可视为质点的物块B碰撞（碰撞时间极短），P点左侧地面光滑，右侧粗糙段和光滑段交替排列，每段长度均为L=0.1m，两物块碰后粘在一起做直线运动。已知两物块与各粗糙段间的动摩擦因数均为，物块A、B的质量均为

，重力加速度g取。

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