陕西省届高三物理上学期第三次月考试卷

白水中学2016届毕业班第三次月考物理试题

姓名： 班级： 考号：

一、选择题（本题共12小题，每小题4分，共48分，其中1～8小题只有一个选项正确，

9～12小题至少有两个选项正确，全部选对的得4分，选不全的得3分，错选或不选得0分）

1．下列说法中正确的是( )

A．由R＝可知，电阻与电压、电流都有关系

B．由R＝ρ可知，电阻与导体的长度和横截面积都有关系

C．各种材料的电阻率都与温度有关，金属的电阻率随温度的升高而减小 D．有些合金的电阻率几乎不受温度变化的影响，可用来制作电阻温度计

2. 电阻R和电动机M串联接到电路中，如图所示，已知电阻R跟电动机线圈的电阻值相等，电键接通后，电动机正常工作，设电阻R和电动机M两端的电压分别为

UILSU1和U2，经过时间t，电流通过电阻R做功为W1，产生热量为Q1，

电流通过电动机做功为W2，产生热量为Q2，则有( )

A．U1Q2 D．W1v1 C．物体做加速运动，且T>G D．物体做匀速运动，且T＝G

4．如图所示，轻弹簧上端与一质量为m的木块1相连，下端与另一质量为M的木块2相连，整个系统置于水平放置的光滑木板上，并处于静止状态．现将木板沿水平方向突然抽出，设抽出后的瞬间，木块1、2 的加速度大小分别为a1、

a2.重力加速度大小为g.则有 ( )

A．a1＝0，a2＝g B．a1＝g，a2＝g C．a1＝0，a2＝

m＋Mm＋Mg D．a1＝g，a2＝g MM5. 一轻杆一端固定质量为m的小球，以另一端O为圆心，使小球在竖直面内做 半径为R的圆周运动，如图所示，则下列说法正确的是( )

A．小球过最高点时，杆所受到的弹力可以等于零

B．小球过最高点的最小速度是gR

C．小球过最高点时，杆对球的作用力一定随速度增大而增大 D．小球过最高点时，杆对球的作用力一定随速度增大而减小

6. 如图甲所示,在某一电场中有一条直电场线,在电场线上取A、B两点,将一个电子由A点以某一初速度释放,它能沿直线运动到B点,且到达B点时速度恰为零,电子运动的

v-t图像如图乙所示,则下列判断正确的是( )

A.B点电场强度一定小于A点电场强度 B.电子在A点的加速度一定小于在B点的加速度 C.B点的电势一定低于A点的电势

D.该电场若是正点电荷产生的,则场源电荷一定在A点左侧

7. 如图所示的U-I图像中，直线I为某电源的路端电压与电流的关系，直线II为某一电阻R的伏安特性曲线，用该电源直接与电阻R连接成闭合电路，由图像可知（ ） A. R的阻值为1?

B. 电源的电动势为3V，内阻为0.5? C. 电源的输出功率为3.0W D． 电源内部消耗功率为1.5W

8．如图所示，电源两端电压为U＝10 V保持不变，R1＝4.0 Ω，R2＝6.0 Ω，C1＝C2＝30 μF.先闭合开关S，待电路稳定后，再将S断开，则S断开后，通过R1的电荷量为 ( ) A．4.2×10 C B．1.2×10 C C．4.8×10 C D．3.0×10 C

9. 已知地球质量为M，半径为R，自转周期为T，地球同步卫星质量为m，引力常量为G.有关同步卫星，下列表述正确的是( ) 3GMT2

A．卫星距地面的高度为 2 4πB．卫星的运行速度小于第一宇宙速度 C．卫星运行时受到的向心力大小为G2 D．卫星运行的向心加速度小于地球表面的重力加速度

10．如图所示的电路中，电源电动势为E，内阻忽略不计．闭合开关S，电灯正常发光。

－4－4－4－4

MmR

再将滑动变阻器的滑片P稍向左移动一段距离，下列说法正确的是（ ） A．电流表、电压表的读数均变小 B．小灯泡L变暗 C．电源的总功率变大 D．电容器所带电荷量变大

11. 如图所示，两块正对平行金属板M、N与电池相连，N板接地，在距两板等距离的P点固定一个带负电的点电荷，如果M板向上平移一小段距离，则 ( ) A．点电荷受到的电场力变小 B．M板的带电荷量增加 C．P点的电势升高

D．点电荷在P点具有的电势能增加

12. 空间某一静电场的电势φ在x轴上分布如图所示,x轴上B、C两点的电场强度在x方向上的分量分别是EBx、ECx。下列说法中正确的有( ) A.EBx的大小大于ECx的大小 B.EBx的方向沿x轴正方向

C.电荷在O点受到的电场力在x方向上的分量最大

D.负电荷沿x轴从B移到C的过程中,电场力先做正功,后做负功 二、实验题（每空3分，共18分）

13.某同学设计了一个“验证牛顿运动定律”实验．如图为实验装置简图，A为小车，B为电火花计时器(其接50 Hz的交流电)，C为装有砝码的小盘，D为一端带有定滑轮的长方形木板，实验中认为细绳对小车的拉力F等于砝码和小盘的总重力，小车运动的加速度a可用纸带上的打点求得．

(1)图为某次实验得到的纸带，根据纸带可求出小车的加速度大小为________ m/s.(结果保留两位有效数字)

(2)在“探究加速度与力的关系”时，保持小车的质量不变，改变小盘中砝 码的质量，该同学根据实验数据作出了加速度a与合力F的关系图线如 图所示，该图线不通过坐标原点，试分析图线不通过坐标原点的原因．

答：________________________________________________

14.在测量金属丝电阻率的实验中，可供选用的器材如下：

待测金属丝：Rx(阻值约4 Ω，额定电流约0.5 A)；

2

电压表：V(量程3 V，内阻约3 kΩ)； 电流表：A1(量程0.6 A，内阻约0.2 Ω)； A2(量程3 A，内阻约0.05 Ω)； 电源：E1(电动势3 V，内阻不计)；

E2(电动势12 V，内阻不计)；

滑动变阻器：R(最大阻值约20 Ω)； 螺旋测微器；毫米刻度尺；开关S；导线． 1. 螺旋测微器测量金属丝的直径，示数如图所示， 读数为_________mm.

2.若滑动变阻器采用限流接法，为使测量尽量精确，

电流表应选________，电源应选________(均填器材代

号)，

在虚线框内完成电路原理图．

三、计算题（本题共3小题，共34分。要求写出必要的文字说明，方程式和重要演算步骤，只写最后答案的不能得分）

15. 一根长为l的丝线吊着一质量为m,电荷量为q的小球静止在水平向右的匀强电场中,如图所示,丝线与竖直方向成37°角,现突然将该电场方向变为竖直向下且大小不变,不考虑因电场的改变而带来的其他影响(重力加速度为g,cos 37°=0.8,sin 37°=0.6),求:

(1)匀强电场的电场强度的大小; (2)小球经过最低点时丝线的拉力。

16. 如图所示为一真空示波管的示意图，电子从灯丝K发出(初速度可忽略不计)，经灯丝与A板间的电压U1加速，从A板中心孔沿中心线KO射出，然后进入两块平行金属板M、N形成的偏转电场中(偏转电场可视为匀强电场)，电子进入M、N间电场时的速度与电场方向垂直，电子经过偏转电场后打在荧光屏上的P点．已知M、N两板 间的电压为U2，两板间的距离为d，板长为L，电子的质量为

m，电荷量为e，不计电子受到的重力及它们之间的相互作用力．

(1)求电子穿过A板时速度的大小； (2)求电子从偏转电场射出时的偏移量；

(3)若要使电子打在荧光屏上P点的上方，可采取哪些措施？

17. 如图所示，一质量m=0.5kg的小滑块，在F=4N水平拉力的作用下，从水平面上的

A处由静止开始运动，滑行s=1.75m后由B处滑上倾角为37°的光滑斜面，滑上斜面

后拉力的大小不变，方向变为沿斜面向上，滑行一段时间后撤去拉力.已知小滑块沿斜面滑到的最远点C距B点为L=2m，小滑块最后恰好停在A处.不计B处的能量损失，g取10m/s2,已知sin37°=0.6，cos37°=0.8.试求： （1）小滑块与水平面间的动摩擦因数; （2）小滑块在斜面上运动时，拉力作用的距离; （3）小滑块在斜面上运动时，拉力作用的时间.

2016届高三级第三次质量检测物理答案 选择题 1 B 2 A 3 C 4 C 5 A 6 C 7 D 8 A 9 BD 10 BD 11 AD 12 AD 13. (1) 3.2

(2)实验前未平衡摩擦力或平衡摩擦力不足

14. ①1.773（1.771～1.775均正确）

② A1 E1

15.(1)小球静止在电场中的受力分析如图甲所示: 显然小球带正电,由平衡条件得 mgtan37°=Eq 故E=3mg 4q(2)电场方向变成竖直向下后,小球开始做圆周运动,重力做正功。 小球由静止位置运动到最低点时,由动能定理得 (mg+qE)l(1-cos37°)=由圆周运动知识,在最低点时(受力分析如图乙)

12

mv 249v2F向=T-(mg+qE)=m 联立以上各式解得T=mg。 20l

16.解析(1)设电子经电压U1加速后的速度为v0，由动能定理有

2

eU1＝mv 0－0，解得v0＝ 1

2

2eU1

m

(2)电子以速度v0进入偏转电场后，垂直于电场方向做匀速直线运动，沿电场方向做初速度为零的匀加速直线运动．由牛顿第二定律和运动学公式有

LU212U2L2

t＝，F＝ma，F＝eE，E＝，y＝at 解得偏移量y＝ v0d24U1dU2L2(3)由y＝可知，减小U1或增大U2均可使y增大，从而使电子打在P点上方.

4U1d17.解析 (1)小滑块由C运动到A，由动能定理得mgLsin 37°－μmgs＝0 24

解得μ＝ 35

(2)设在斜面上，拉力作用的距离为x，小滑块由A运动到C，由动能定理得

Fs－μmgs＋Fx－mgLsin 37°＝0 解得x＝1.25 m

(3)小滑块由A运动到B，由动能定理得

Fs－μmgs＝mv2 由牛顿第二定律得F－mgsin 37°＝ma

12

由运动学公式得x＝vt＋at

2

联立解得t＝0.5 s

12

16.解析(1)设电子经电压U1加速后的速度为v0，由动能定理有

2

eU1＝mv 0－0，解得v0＝ 1

2

2eU1

m

(2)电子以速度v0进入偏转电场后，垂直于电场方向做匀速直线运动，沿电场方向做初速度为零的匀加速直线运动．由牛顿第二定律和运动学公式有

LU212U2L2

t＝，F＝ma，F＝eE，E＝，y＝at 解得偏移量y＝ v0d24U1dU2L2(3)由y＝可知，减小U1或增大U2均可使y增大，从而使电子打在P点上方.

4U1d17.解析 (1)小滑块由C运动到A，由动能定理得mgLsin 37°－μmgs＝0 24

解得μ＝ 35

(2)设在斜面上，拉力作用的距离为x，小滑块由A运动到C，由动能定理得

Fs－μmgs＋Fx－mgLsin 37°＝0 解得x＝1.25 m

(3)小滑块由A运动到B，由动能定理得

Fs－μmgs＝mv2 由牛顿第二定律得F－mgsin 37°＝ma

12

由运动学公式得x＝vt＋at

2

联立解得t＝0.5 s

12

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