高等数学复习题(含答案)

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高等数学复习题与答案解析

一、 一元函数微积分概要 (一)函数、极限与连续

1.求下列函数的定义域: (1) y=16?x+lnsinx ,(2)

2y=

x?arcsin(?1).

23?x21解 (1) 由所给函数知,要使函数y有定义,必须满足两种情况,偶次根式的被开方式大于等于零或对数函数符号内的式子为正,可建立不等式组,并求出联立不等式组的解.即

?16?x2?0,?4?x?4???sinx?0,2nπ?x?(2n?1)πn?0,?1,?2??? ? 推得?这两个不等式的公共解为 ?4?x??π 与0?x?π 所以函数的定义域为[?4,?π)?(0,π).

(2) 由所给函数知,要使函数有定义,必须分母不为零且偶次根式的被开方式非负;反正弦函数符号内的式子绝对值小于等于1.可建立不等式组,并求出联立不等式组的解.即

??? ??????3?x?3, 3?x?0, 推得??0?x?4,x?1?1,223?x?0,即 0?x?3, 因此,所给函数的定义域为 [0,3).

2.设f(x)的定义域为(0,1),求f(tanx)的定义域. 解:令u?tanx, 则f(u)的定义域为u?(0,1)

??tanx?(0,1), ?x?(k?, k?+), k ?Z,

4?? f(tanx)的定义域为 x?(k?, k?+), k ?Z.

413.设f(x)=,求f[f(x)],f?f[f(x)]?.

1?x111解:f[f(x)] == =1? (x?1,0),

x1?f(x)1?11?xf?f[f(x)]?=

1=

1?f[f(x)]111?(1?)x= x (x?0,1).

4.求下列极限:

x2?3x?24x4?3x3?1(1)lim, (2)lim,

x?1x??2x4?5x2?6x?1第1页

31?4(x?2)(x?1)xx 解:原式=lim 解: 原式=limx??x?156x?12?2?4xx4? =lim(x?2) =2.(抓大头)

x?1 = ?1.(恒等变换之后“能代就代”)

tanx32?x?2(3)lim, (4)lim, 3x?2x?02?xsinx解:原式=lim(2?x?2)(2?x?2)33 解:?x?0时tanx~x,

x?2(2?x)(2?x?2) =lim133 sinx~x,

x?22?x?21x3=. (恒等变换之后“能代就代”) ?原式=lim3=lim1=1.(等价)

x?0x?0x4 (5)lim(x??21sinx?) , ?100), (6) lim(x?11?x21?xx 解:原式=lim212?(1?x)sinx ?lim100 解: 原式=lim(?)?lim22x?1x?1x??x??x1?x1?x1?x(1?x)11?lim?.

x?1(1?x)(1?x)x?11?x2 =0 + 100

= 100 (无穷小的性质) ?lim(7)lim5x?1x?2x??? .

5?解 : 原式=limx???1x?5.(抓大头) 21?xx2?1(8)lim .

x?1x?12解:因为lim(x?1)?0 而lim(x?1)?0,求该式的极限需用无穷小与无穷大关系定理解决.因为

x?1x?1x2?1x?1x?1??. 是无穷小量,因而它的倒数是无穷大量,即 limlim2?0,所以当x?1时,2x?1x?1x?1x?1x?1 (9)limxsinx1?x3x???.

第2页

解:不能直接运用极限运算法则,因为当x???时分子,极限不存在,但sinx是有界函数,即sinx?11而 limx1?x3x????limx1?1x3x????0,因此当x???时,

x1?x3为无穷小量.根据有界函数与无穷小乘积仍

为无穷小定理,即得 limx???xsinx1?x3?. 0(10)limcosx?cos3x . 2x?0x解:分子先用和差化积公式变形,然后再用重要极限公式求极限

sinxsin2x2sinxsin2x=(也可用洛必达法则) lim?lim(4?)?1?4?4.x?0x?0xx??2xx21x (11)lim(1?2).

x??x1x1x1x1?x?1?1解一 原式=lim(1?)(1?)?lim(1?)?lim[(1?)]=ee?1,

x??x?0x??xxxx原式=lim1(?x2)(?x)0]=e?1. 解二 原式=lim[(1?2)x??x(12)lim1tanx?sinx. 3x?0xtanx?sinxsinx(1?cosx)解 :lim= lim33x?0x?0sinxxcosxsinx(1?cosx)1?lim??x?0xcosx x22sin2=limx?0x2x2

21?x?2x~??) .= (?x?0,sin(等价替换)

2?2?25.求下列极限

(1)limx?0cosxln(x?3)xcotx?111lim (2) (3)lim[?2ln(1?x)]

x?0xx?3?ln(ex?e3)x2x1?cosx

x???x?0xx0解 :(1)由于x?0时,xcotx??1,故原极限为型,用洛必达法则

tanx0xcotx?1xcosx?sinx所以 lim ?lim22x?0x?0xxsinx(4)lim?(nx?lnx) (5) lim第3页

?lim

x?0xcosx?sinxx3 (分母等价无穷小代换)

?limcosx?xsinx?cosx x?03x2?(2) 此极限为所以 lim?x?3?1sinx?1. lim?33x?0x?,可直接应用洛必达法则 ?cosxln(x?3)ln(x?3) = limcosx?limx3x3??x?3x?3ln(e?e)ln(e?e)1ex?e3 ?cos3?lim?x?lim?

x?3ex?3x?3?1x?cos3?lime?cos3 . 3?x?3e0?或型. 0?

(3) 所求极限为???型 ,不能直接用洛必达法则,通分后可变成

11x?ln(1?x)lim[?2ln(1?x)]?lim?lim2x?0xx?0x?0xx ?lim1?11?x 2x1?x?111?lim?.

x?02x(1?x)x?02(1?x)2(4)所求极限为0??型,得

x?0lim?x?lnx?lim?x?0nlnxx?1n (

?型) ?1n =lim?x?01x1??1?xnn1=?lim?x?0nxx1???nlim?xx?01?0. n?型,用洛必达法则,得 ?x?cosx1?sinx不存在,因此洛必达法则失效! lim?limx???x???x111?cosxx?cosx1x但 lim?lim?1?limcosx?1?0?1. x???x???x???x1x(5)此极限为

6.求下列函数的极限:

第4页

1??xsin?a,x?0,(1)lim2, (2)f?x??? 当a为何值时,f(x)在x?0的极限存在. xx?2x?42?,x?0,?1?xx?2解: (1)lim?x?2x?2x2?4?lim?x?22?x1??,

(x?2)(x?2)4x?2lim?x?2x2?4?lim?x?2x?21?,

(x?2)(x?2)4因为左极限不等于右极限,所以极限不存在.

(2)由于函数在分段点x?0处,两边的表达式不同,因此一般要考虑在分段点x?0处的左极限与右极限.于是,有

11lim?f(x)?lim?(xsin?a)?lim?(xsin)?lim?a?a, x?0x?0x?0xxx?02 lim?f(x)?lim?(1?x)?1, x?0x?0为使limf(x)存在,必须有lim?f(x)=lim?f(x),

x?0x?0x?0因此 ,当a=1 时, limf(x)存在且 limf(x)=1.

x?0x?0?x?7.讨论函数 f(x)??1xsin?x?,,

x?0x?0, 在点x?0处的连续性.

解:由于函数在分段点x?0处两边的表达式不同,因此,一般要考虑在分段点x?0处的左极限与右极限. 因而有lim?f(x)?lim?x?0,lim?f(x)?lim?xsinx?0x?0x?0x?01?0, x而f(0)?0,即

x?0?limf(x)?lim?f(x)?f(0)?0,

x?0由函数在一点连续的充要条件知f(x)在x?0处连续.

x2?18. 求函数f(x)?的间断点,并判断其类型:

(x?1)x解:由初等函数在其定义区间上连续知f(x)的间断点为x?0,x?1.

x?1?2而f(x)在x?1处无定义,故x?1为其可去间断点.

x?1x?1xx?1又?f(x)?lim?? ?x?0为f(x)的无穷间断点.

x?0x?limf(x)?lim综上得x?1为f(x)的可去间断点, x?0为f(x)的无穷间断点.

第5页

(二)一元函数微分学

1.判断:

(1)若曲线y=f(x)处处有切线,则y=f(x)必处处可导. 答:命题错误. 如:y?2x处处有切线,但在x?0处不可导. (2)若lim2x?af(x)?f(a),试判断下列命题是否正确. ?A(A为常数)

x?a①f(x)在点x?a 处可导, ②f(x)在点x?a 处连续, ③f(x)?f(a)= A(x?a)?o(x?a). 答:命题①、②、③全正确.

(3)若f(x),g(x)在点x0处都不可导,则f(x)?g(x)点x0处也一定不可导. 答:命题不成立.

如:f(x)=??0,x?0,?x,x?0, g(x)=?

?x,x?0,?0,x?0,f(x),g(x)在x = 0 处均不可导,但其和函数f(x)+g(x)= x 在x= 0 处可导.

(4)若f(x)在点x0处可导,g(x)在点x0处不可导,则f(x)+g(x)在点x0处一定不可导. 答:命题成立.

原因:若f(x)+g(x)在x0处可导,由f(x)在x0处点可导知g(x)=[f(x)+g(x)]?f(x)在x0点处也可导,矛盾.

(5)f'(x0)与[f(x0)]'有区别. 答:命题成立.

因为f'(x0)表示f(x)在x?x0处的导数; [f(x0)]'表示对f(x)在x?x0处的函数值求导,且结果为0. (6)设y?f(x)在点x0的某邻域有定义,且f(x0??x)?f(x0)=a?x?b(?x),其中a,b为常数,下列命题哪个正确?

①f?x?在点x0处可导,且f??x0??a,②f?x?在点x0处可微,且df?x?|x?x0?adx, ③f?x0??x??f?x0??a?x ( |?x|很小时). 答:①、②、③三个命题全正确.

2πsin(?x)?122.已知(sinx)'?cosx,利用导数定义求极限lim.

x?0xπsin(?x)?12解:lim

x?0x第6页

π?sin(?x)?sin22 =limx?0x=(sinx)'|x?π2= cosπ=0. 2x?0x?0 ,的导数.

3.求 f(x)???ln?1?x?,,?x

解: 当x?0时,f?(x)?1 , 1?x当x?0时,f?(x)?1,

当x?0时,f?(0)?lim所以 f??(0)?lim?x?0x?0f(x)?f(0)f(x)?f(0), ?limx?0x?0xx?0?1, x1ln(1?x)?0f??(0)?lim??lim?ln(1?x)x?lne?1,

x?0x?0x因此 f?(0)?1,

?1?于是 f?(x)??1?x??1,,

x?0,x?0.

4.设f(x)?ln(1?x),y?f(f(x)),求解:y?f(f(x))?ln[1?ln(1?x)],

dy dx?dy11. ??[1?ln(1?x)]'?[1?ln(1?x)](1?x)dx1?ln(1?x)x?lnx2?y2,求y??. y5.已知 arctan解:两端对x求导,得

1x?()??xy1?()2y1x?y221x2?y2(x2?y2)?,

y2y?xy???222x?yy?2x?2y?y?2x?y22,

第7页

整理得 (y?x)y??y?x ,故 y??上式两端再对x求导,得

y?x, y?xy???(y??1)(y?x)?(y??1)(y?x)(y?x)2

yy??y?xy??x?yy??xy??y?x?(y?x)2=

2xy??2y,

(y?x)2将 y??y?x代入上式,得 y?x2x?y?x?2y2xy?2x2?2y2?2xy2(x2?y2)y?x???.

(x?y)3(y?x)3(y?x)223y???6.求y= ??(x?1)(x?2)(x?3)?dy的导数 ?3dxx?(x?4)??2[ln(x?1)?ln(x?2)?ln(x?3)?3lnx?ln(x?4)], 3解:两边取对数:

lny=

两边关于x求导:

1211131?y'?[????], y3x?1x?2x?3xx?4?

dy211131?y(????). dx3x?1x?2x?3xx?4xe7.设f(x)?x,求f'(x).

x解:令y?x, 两边取对数得:lny?elnx,

ex两边关于x求导数得:

1exx ?y'?e?lnx?

yxexy'?y(elnx?)

xxex). 即 y'?x(elnx?xexx第8页

dyd2y8.设y?f(u),u?sinx,求和2.

dxdx2解:

dy2=f?(u)?2x?cosx, dxd2y222222???=f(u)?4x(cosx)?f(u)(2cosx?4xsinx). 2dx9.y?x?e, 求y3x4x(4).

2xx(4)解:y??4x?e, y???12x?e,y????24x?e, y?24?ex.

?x?t?cost,d2y10.设? 求 . 2y?sint,dx?dy(sint)?cost??解: , dx(t?cost)?1?sintd2ydy?dcostdcostdtcost?1 ??()?()??()2dxdxdxdx1?sintdt1?sintdx1?sintdt?sint(1?sint)?cos2t1?1???. 22(1?sint)1?sint(1?sint)?x?t,11.求曲线?在点(1,1)处切线的斜率. 3y?t,?解:由题意知:

?1?t,?t?1, ?31?t,?dy?

dxt?1(t3)??(t)?t?1?3t2t?1?3,

?曲线在点(1,1)处切线的斜率为3

12. 求函数y?xelntanx的微分.

解一 用微分的定义dy?f?(x)dx求微分, 有

dy?(xelntanx)?dx?[elntanx?xelntanx?elntanx(1?2x)dx. sin2x1?sec2x]dx tanx 解二 利用一阶微分形式不变性和微分运算法则求微分,得

第9页

dy?d(xelntanx)?elntanxdx?xdelntanx

?elntanxdx?xelntanxd(lntanx)

?elntanxdx?xelntanx??elntanxdx?xelntanx?elntanx(1?1d(tanx) tanx11?dx tanxcos2x2x)dx. sin2xx13.试证当x?1时,e?ex.

证明:令f(x)?e?ex,易见f(x)在(??,??)内连续,且f(1)?0f?(x)?e?e.

x当x?1时,f?(x)?e?e?0可知f(x)为(??,1]上的严格单调减少函数,即

xxf(x)?f(1)?0.

当x?1时,f?(x)?e?e?0,可知f(x)为[1,??)上的严格单调增加函数, 即f(x)?f(1)?0.

故对任意 x?1,有f(x)?0,即 e?ex?0. e?ex.

xxxx414.求函数y??x3的单调性与极值.

4解:函数的定义域为(??,??).

y??x?3x?x(x?3), 令 y??0,驻点 x1?0,x2?3 列表

322x y? (??,0) ? 0 0 (0,3) ? 3 0 极小 (3,??) + y 由上表知,单调减区间为(??,3),单调增区间为(3,??),极小值 y(3)??求函数的极值也可以用二阶导数来判别,此例中

27 4y???3x2?6x,y??x?0?0 不能确定x?0处是否取极值, y??x?3?9?0,得y(3)??27是极小值. 4第10页

215.求f(x)?x+3x在闭区间??5,5?上的极大值与极小值,最大值与最小值.

32解:f?(x)?3x?6x, 令f?(x)?0, 得x1?0,x2??2,

f??(x)?6x?6, f??(0)?6?0, f??(?2)??6?0,

∴f(x)的极大值为f(?2)?4,极小值为f(0)?0. ∵f(?5)??50, f(5)?200.

∴ 比较f(?5),f(?2),f(0),f(5)的大小可知:

f(x)最大值为200, 最小值为?50.

16.求曲线y?10?5x?2103x的凹凸区间与拐点. 3解:函数的定义域为???,???,

y??10x?10x, y???10?20x,

令y???0, 得x??用x??21, 2111把???,???分成(??,?),(?,??)两部分. 22211当x?(??,?)时,y???0, 当x?(?,??)时,y???0,

2211165 ?曲线的凹区间为(?,??),凸区间为(??,?), 拐点为(?,).

2622

17.求函数y?ln(1?x)的凹向及拐点. 解:函数的定义域 (??,??),

22(1?x2)?2x?2x2(1?x2)2x? y??, , y???2(1?x2)2(1?x2)21?x 令 y???0,得y??1, 列表

x y?? (??,?1) ? ?1 0 拐点 (?1,1) + 1 0 拐点 (1,??) ? y ? ? ? 第11页

由此可知,上凹区间(?1,1),下凹区间(??,?1)?(1,??),曲线的拐点是(?1,ln2). 的渐近线.

18.求下列曲线的渐近线

x?3x2?2x?2lnx(1)y? ,(2)y? ,(3)y?.

????x?1x?2x?1x解 (1)所给函数的定义域为(0,??).

1lnx由于 lim?limx?0,

x???xx???1lnx可知 y?0为 所给曲线y?的水平渐近线.

xlnx由于 lim????,

x?0xlnx可知 x?0为曲线y?的铅直渐近线.

x(2) 所给函数的定义域(??,1),(1,??).

x2?2x?2x2?2x?2由于 lim?f(x)?lim????, lim?f(x)?lim????,

x?1x?1x?1x?1x?1x?1可知 x?1为所给曲线的铅直渐近线(在x?1的两侧f(x)的趋向不同).

f(x)x2?2x?2?lim?1?a, 又 limx??x??xx(x?1)x2?2x?2?x?2lim?f(x)?ax??lim[?x]?lim??1?b, x??x??x??x(x?1)x?1所以 y?x?1 是曲线的一条斜渐近线.

(3)?limx?3??, 故x?1为曲线的铅直渐近线,

x?1?x?1??x?2? limx?3??, 故x?2为曲线的铅直渐近线,

x?2?x?1??x?2?13?2x?3xxlim?lim?0, 故y?0为曲线的水平渐近线,

x???x?1??x?2?x???1??2??1???1??x??x??? 曲线的渐近线为:y?0,x?1,x?2.

19.求解下列各题:

第12页

(1)设某产品的总成本函数和总收入函数分别为

C(x)?3?2x, R(x)?5x, x?1其中x为该产品的销售量,求该产品的边际成本、边际收入和边际利润.

解:边际成本MC=C'(x)?1 x5

(x?1)251. ?2(x?1)x边际收入MR=R'(x)?边际利润L'(q)?MR?MC?(2)设p为某产品的价格,x为产品的需求量,且有p?0.1x?80, 问p为何值时,需求弹性大或需求弹性小.

解:由p?0.1x?80得

dx??10, dp所以需求价格弹性

Expp??(?10)?, Ep80?pp?800.1故当

pp< ?1, 即40

p?80p?80(三)一元函数积分学

1. 在不定积分的性质?kf(x)dx?k?f(x)dx中,为何要求k?0?

答:因为k?0时,?kf(x)dx??0dx?C(任意常数),而不是0. 2. 思考下列问题:

(1) 若?f(x)dx?2?sinx?C,则f(x)为何? 答:f(x)?(?f(x)dx)??2ln2?cosx. (2) 若f(x)的一个原函数为x,问f(x)为何? 答:f(x)?(x)??3x

(3)若f(x)的一个原函数的cosx,则?f?(x)dx为何?

答:f(x)?(cosx)???sinx,?f?(x)dx?f(x)?C??sinx?C. 3. 计算下列积分:

(1)?sinxd(sinx), (2)?cosxdx, (3)(x?532xx33?sinxx)dx,

第13页

(4)?xedx, (5)

x2?xdx1?x2, (6)

?xdx1?x4,

(7)

11ln2x2?, (8), (9)?(2x?3)dxdx?arcsinx1?x2dx, ?xdx1dx, (11), (12)dx?4?x2. ?(1?x2)arctanx?2?x25(10)

sin6x解:(1)?sinxd(sinx)??C.

6(2)?cosxdx??(1?sinx)cosxdx =?(1?sinx)d(sinx) =?d(sinx)??sinxd(sinx)

2232sin3x =sinx??C.

3(3)?(x?sinxx)dx??xdx?2?sinxdx

x2 =?2cosx?C.

21x21x22(4)?xedx??ed(x)?e?C.

22x2(5)

???12dx???(1?x)2d(1?x2)??1?x2?C.

21?x2x1(6)

1d(x2)1???arcsinx2?C.

1?x421?(x2)22xdxln2xln2x12dx?d(2x)??ln2xd(ln2x)?ln2x?C. ?x?2x211223(8)?(2x?3)dx??(2x?3)d(2x?3)?(2x?3)?C.

26(7)(9)

111?dx??arcsinx1?x2?arcsinxd(arcsinx)?ln|arcsinx|?C.

(10)

11dx??(1?x2)arctanx?arctanxd(arctanx)?ln|arctanx|?C.

第14页

(11)

dx1??2?x22?dx11x22?d()?arctanx?C. ?x2x22221?()21?()22(12)

?dx4-x2=

?dxx21-()22=

?xxd()=arcsin?C. 22x1-()221dx(4?x)2324. 计算下列不定积分:

(1)

?1?11?x(2)?16?xdx,(3)?dx,

2,(4)

?x21?x2dx.

解:(1) 令1?x?t, 则 x?t2?1 , dx?2tdt,于是

原式=

2tt?1?1dt==dt2dt2[dt??1?t?1?t??1?t]=2t?2ln1?t?C

=21?x?2ln1?1?x?C. (2)令x?4sint(?2ππ?t?),则16?x2?4cost,dx?4costdt, 22于是 ?16?xdx??4cost?4costdt?8?(1?cos2t)dt =8t?4sin2t?C.

由右图所示的直角三角形,得

4 2x16?xx16?xsin2t?2sintcost?2???,

448故 ?16?xdx?8?arcsin22 x

t 16 ? x 2 xx16?x??C. 4232ππ (2)令x?2tant(??t?),则(4?x2)2?8sec3t,dx?2sec2tdt,

22于是

?dx(4?x)232??1costsint2?2sectdt?dt??C. ?224sec3t由右图所示的直角三角形,得

sint?dx(4?x2)32x4?x?2 故

?

x24?x24 ? x 2 ?C.

x

t 2(4) 设 x?sint ,1?x?cost,dx?costdt , 于是

2

第15页

sin2tcost原式=?dt=?sin2tdt=?1?cos2tdt x

cost21

11dt?cos2td(2t) ??241111 =t?sin2t?C?t?sintcost?C

24221x =arcsinx?1?x2?C.

22 =

5.计算下列积分:

(1)ln2xdx, (2)

(4)

t 1?x2

??arctan2xdx, (3) ?xe4xdx,

?e5xsin4xdx, (5)

?xsin100xdx, (6) ?xarctan2xdx.

解:(1)?ln2xdx?xln2x??xd(ln2x)

2dx 2x =xln2x?x?C.

=xln2x??x?(2)arctan2xdx=xarctan2x??xd(arctan2x) =xarctan2x??x??2dx

1?(2x)2d(x2) =xarctan2x?? 21?4x11d(1?4x2) 2?41?4x12 =xarctan2x?ln(1?4x)?C.

4114x14x4x4x(3)?xedx??xde?xe??edx

44414x14x=xe?e?C. 416 =xarctan2x?e5x15xe5x)?esin4x??d(sin4x) (4)?esin4xdx??sin4xd(5555x =e155x4sin4x??e5xcos4xdx

515x4e5x =esin4x??cos4xd

555?15x4?e5xe5xcos4x??d(cos4x)? =esin4x??55?55?第16页

=e5xsin4x?移项合并,得?e5xsin4xdx?1545x16ecos4x??e5xsin4xdx, 252515xe(5sin4x?4cos4x)?C. 41cos100xxcos100xcos100x(5)?xsin100xdx??xd(?)????(?)dx

100100100sin100xxcos100x =??C.

10000100x2(6)?xarctan2xdx=?arctan2xd()

2x2x2 =arctan2x??d(arctan2x)

22x2x22arctan2x???dx =2221?(2x)x211 =arctan2x??(1?)dx 2241?4xx2x1 =arctan2x??arctan2x?C.

2486.计算 (1)

?(x23xxd. ?1)edx , (2) ?secx 解:(1) 选 u?x?1,dv?edx, v?e, du?2xdx, 于是

2xx 原式 ?(x?1)e?2xedx,

2xx?对于

xxe?dx再使用分部积分法,

选u?x, dv?edx , 则 du?dx,v?e,从而

xxxxxx?edx=eeedxxx??=?e?C.

xxxx2xx?2(xe?e?C)?(x?2x?1)ee?C(C?2C1), 1原式=

为了简便起见,所设 u?x,v?e 等过程不必写出来,其解题步骤如下:

x?xexdx=?xdex=xex??exdx?xex?ex?C.

3sec?xdx=?secxd(tanx)=secxtanx??tanxd(secx)

(2)

=secxtanx?tanxsecxdx =secxtanx?(secx?1)secxdx

第17页

?2?2 =secxtanx?secxdx+secxdx =secxtanx?secxdx+lnsecx?tanx, 式中出现了“循环”,即再出现了secxdx移至左端,整理得

3?secxdx=

??3?3?31[secxtanx+lnsecx?tanx]+C. 27. 利用定积分的估值公式,估计定积分

43?1?1(4x4?2x3?5)dx的值.

解:先求f(x)?4x?2x?5在??1,1?上的最值,由

f?(x)?16x?6x?0, 得x?0或x?比较 f(?1)?11,f(0)?5,f()??323. 83827,f(1)?7的大小,知 1024fmin??27,fmax?11, 1024由定积分的估值公式,得fmin?[1?(?1)]??1?1(4x4?2x3?5)dx?fmax??1?(?1)?,

127即 ???(4x4?2x3?5)dx?22.

?15128. 求函数f(x)?1?x2在闭[-1,1]上的平均值.

111π?12π21?xdx???. 解:平均值??1?(?1)??12249. 若f(x)??x2xsint2dt,则f?(x)=?

222242解:f?(x)=(x)?sin(x)?sinx?2xsinx?sinx.

10.已知 F(x)??sinxx21?tdt , 求 F?(x).

22解:F?(x)=?1?x(2x)+1?sinx?cosx=?2x1?x?1?sinx?cosx.

?11. 求极限limx?1x1sinπtdt.

1?cosπx0解:此极限是“”型未定型,由洛必达法则,得

0? limx?1x1sinπtdt=limx?1(?sinπtdt)?1x1?cosπx(1?cosπx)?=limsinπx11?lim()??

x?1?πsinπxx?1?ππ12.计算下列定积分

第18页

(1)解:(1)

?020|1?x|dx, (2)

10?1?2x|x|dx, (3)

212?2π0|sinx|dx.

?2|1?x|dx=?(1?x)dx+?(x?1)dx

1(1?x)2 =?2(2)

0(x?1)211?=?=1.

2221102?1?2x2|x|dx=?(?x3)dx+?x3dx

?200x4 =?4(3)

?2x4117?=4+?. 40442ππ1?2π0|sinx|dx=?sinxdx+?(?sinx)dx

0π2πππ =(?cosx)0?cosx13.计算下列定积分

(1)

=2+2=4.

?π2π?2cosx?cosxdx,(2)?π2031?11?x2dx.

12解:(1)

?π2π?2cosx?cos3xdx?2?(cosx)sinxdx

π20=?2?44(cosx)d(cosx)??cosx?.

3302π2π?21232π2(2)

?1?11?xdx??π202π2π?21?(sint)d(sint)??(cost)2dt

π20 =2

?(cost)2dt?2?π1?cos2t1dt?(t?sin2t)?.

2220π40π214.计算 (1)

?1?041?xxdx , (2)?sec4xtanxdx .

解:(1)利用换元积分法,注意在换元时必须同时换限.

令 t?x ,x?t2 ,dx?2tdt ,

当x?0时,t?0,当x?4时,t?2,于是

21?t4dx==2tdt[4?2t?]dt ?01?x?01?t?01?t41?x2?4t?t2?4ln1?t?2?0?4?4ln3.

第19页

(2)

?π40secxtanxdx=?sec3xd(secx)

4π401?sec4x415. 计算下列定积分:

(1)(3)

4010π40?1?13?.442e

??(5x?1)e5xdx, (2)?ln(2x?1)dx,

1eπxcosπxdx, (4)?(x3?3x?e3x)xdx.

04115x1ee5xe5x5x(5x?1)??d(5x?1) 解:(1)?(5x?1)edx=?(5x?1)d=

00055504=

6e?1e?5555x1?e5.

0(2)

?2e12eln(2x?1)dx=xln?2x?1?1??xd(ln?2x?1?)

12e2e2x?12x?1dx 2e1 ?2eln(4e?1)?ln3??(1?)dx

12x?112e ?2eln(4e?1)?ln3?(x?ln?2x?1?)1

213 ?(2e?)ln?4e?1??ln3?2e?1.

2211πxsinπxπx(3) ?ecosπxdx=?ed

00π1sinπx1πx1 ?esinπx0??de?x

0ππ11cosπxπx =0??eπxsinπxdx=??ed(?)

00π1cosπx1πx1?ecosπx0??de?x

0ππ11π=?(e?1)??eπxcosπxdx

0π11π移项合并得?eπxcosπxdx??(e?1).

02π ?2eln(4e?1)?ln3?x43x13x??e) (4)?(x?3?e)xdx??xd(004ln3313x3x141xx313x3x13x?x(??e)??(??e)dx

04ln334ln3304x1第20页

解二 原方程可化为

dx1?x?1 为一阶线性微分方程,用常数变易法.解原方程所对应的齐次方程 dyydx1?x?0,得其通解为 x?Cy. dyy设x?C(y)y为原方程的解,代入原方程,化简得 C?(y)y?1,C(y)?lnxyy, C1yx所以原方程的通解为 ?ln,即yyC1?Ce (C为任意常数).

(2)解一 原方程对应的齐次方程

dydydy?2xdx, ?2xy?0分离变量,得?2xy,ydxdx两边积分,得

dy2,lny?x?C, ?2xdx?y?222lny?lnex?lnC?ln(Cex),y?Cex,

用常数变易法.设y?C(x)e代入原方程,得 C?(x)ex2x2?excosx,C?(x)?cosx,

2C(x)??cosxdx?sinx?C,

故原方程的通解为 y?e(sinx?C) (C为任意常数). 解二 这里P(x)??2x,Q(x)?ex2x2cosx代入通解的公式得

2??2xdx?2xdxy?e?(?excosx?e?dx?C)

xx?xx =e(ecosx?edx?C)=e(cosxdx?C)=ex(sinx?C)(C为任意常数).

2?222?26.求微分方程 x3y???x2y??1的通解.

解:方程中不显含未知函数y,令y??P,y???dP3dP,代入原方程,得 x?x2P?1, dxdxdP11?P?3,这是关于未知函数P(x)的一阶线性微分方程,代入常数变易法的通解公式,所以 dxxxP(x)?e??xdx11?dx(?3exdx?C1) x1 =e由此

?lnx(?1lnx111C111)=)=)=, edx?C(?xdx?C??(??C111xxxx2x?x3x3dy1C=?2?1,

xxdx第26页

y??(?1C11=?)dx?C1lnx?C2, xxx21?C1lnx?C2 (C1,C2为任意常数). xx?1?因此,原方程的通解为 y=

7.求微分方程 2(y?)2?y??(y?1)满足初始条件y解:方程不显含x,令 y??P,y???P2,y?x?1??1的特解.

dPdP2,则方程可化为 2P?P(y?1),

dydy当 P?0时

dP2?dy,于是 P?C1(y?1)2. Py?1x?1??1,知y?y?2??1 代入上式,得 C1??1,从而得到

根据 yx?1?2,y?dy??dx,积分得 2(y?1)1?x, y?11?x?C2,再由yy?1x?1?2,求得 C2?0,于是当P?0时,原方程满足所给初始条件的特解为

当P?0时,得y?C(常数),显然这个解也满足方程,这个解可包含在解故原方程满足所给初始条件的特解为8.求方程yy''?(y')?0的通解.

解:方程不显含自变量x, 令y'?p(y)原方程可变为y?p?21?x中. y?111?x,即 y?1?. y?1xdp?p2?0, dy即p?0或ydp?p, dy由y'?p?0得y?C.

由ydpdpdy, ?p分离变量,得?dypydpdy??p?y,

两边积分得

求积分得 lnp?lny?lnC1, 即p?C1y, 解y'?C1y 得y?C2e因y?C包含于y?C2eC1x,

C1xC1x中, 故原方程通解为 y?C2e.

9.写出下列微分方程的通解:

(1)y''?2y'?y?0, (2)y'?8y?0.

第27页

解:(1)特征方程r2?2r?1?0, 特征根r1?r2?1, 通解为y?(C1?C2x)e.

(2)特征方程r?8?0, 特征根r??8, 通解为y?C1e?8xx.

10.求下列微分方程满足所给初始条件的特解:

(1)y''?2y'?6y?e?3x, y(0)?1,y'(0)?1,

(2) y''?2y?sinx,y(0)?1,y'(0)?1. 解:(1)先解y''?2y'?6y?0,

2其特征方程为r?2r?6?0, 特征根为r1??1?7, r2??1?7,

故通解 y?C1e因e?3x(?1?7)x?C2e(?1?7)x.

?3x中???3不是特征方程的根,且Pm(x)?1, 故设原方程特解yp?Ae,代入原方程化简,得

11A??,从而原方程通解为y?C1e(?1?7)x?C2e(?1?7)x?e?3x.

331由y(0)?0,得C1?C2??0, 由y'(0)?0,得(?1?7)C1?(1?7)C2?1?1,

3解得C1?7?77?7 , C2?, 42427?7(?1?e427)x故所求特解yp??7?7(?1?e427)x1?e?3x. 3(2)先解y???2y?0,

2其特征方程为r?2?0,特征根为r1?2i,r2??2i,

故通解yC?C1cos2x?C2sin2x.

设原方程特解y*?acoxs?bsinx,代入原方程,化简得a?0,b?1,故原方程通解

y?C1cos2x?C2sin2x?sinx,

由y(0)?0得C1?0,由y?(0)?1,得C2?0,故所求特解为y?sinx.

x11. 求微分方程 y???y?4xe满足初始条件yx?0?0,y?x?0?1的特解.

解:对应齐次方程的特征方程为 r2?1?0,特征根 r1,2??1.故对应齐次微分方程的通解为

第28页

yc?C1ex?C2e?x.

因为??1是特征方程的单根,所以设特解为 yP?x(b0x?b1)e, 代入原方程得 2b0?2b1?4b0x?4x,

比较同类项系数得 b0?1,b1??1,从而原方程的特解为 yP?x(x?1)e, 故原方程的通解为 y?C1e?C2ex?xxx?x(x?1)ex,

由初始条件 x?0时,y?y??0,得 ??C1?C2?0,

C?C?2,2?1从而C1?1,C2??1.因此满足初始条件的特解为 y?e?ex?x?x(x?1)ex.

2x12.求微分方程 y???4y??8y?esin2x的通解.

2解:对应的齐次微分方程的特征方程 r?4r?8?0,特征根 r1,2?2?2i.于是所对应的齐次微分方程通解为

yc?e2x(C1cos2x?C2sin2x).

为了求原方程y???4y??8y?e2xsin2x的一个特解,先求y???4y??8y?e(2?2i)x(?)

?(2?2i)x的特解.由于??2?2i是特征方程的单根,且Pm(x)?1是零次多项式。所以设特解为 y?Axe方程,化简得

,代入原

(4?4i)A?8iAx?4[A?(2?2i)Ax]?8Ax?1,

比较同类项系数,得 4Ai?1,A?所以,方程(?)的特解为

1i??. 4i4i1y???xe2x(cos2x?isin2x)=?xe2x(icos2x?sin2x),

4412x其虚部即为所求原方程的特解 yP??xecos2x.

4因此原方程通解为

y?e2x(C1cosx?C2sinx)?12xxecos2x. 413.已知某曲线经过点(1,1),它的切线在纵轴上的截距等于切点的横坐标,求它的方程.

解:设所求曲线方程为 y?f(x),P(x,y)为其上任一点,则过P点的曲线的切线方程为 Y?y?y?(X?x),

由假设,当X?0时 Y?x,从而上式成为

dy1?y??1.因此求曲线y?y(x)的问题,转化为求解微分方dxx1??y??y??1程的定解问题 ?,的特解. x??yx?1?1第29页

?P(x)dxP(x)dx由公式 y?e?(Q(x)e?dx?C,得

?y?e代入y?xdx1(?(?1)e??xdx1dx?C)=?xlnx?Cx,

x?1?1得

C?1,故所求曲线方程为 y?x(1?lnx).

三、 向量与空间解析几何

1. 求点M(x,y,z)与x轴,xOy平面及原点的对称点坐标.

解:M(x,y,z)关于x轴的对称点为M1(x,?y,?z),关于xOy平面的对称点为M2(x,y,?z),关于原点的对称点为M3(?x,?y,?z).

2. 下列向量哪个是单位向量?

(1)r?i?j?k,(2)a?1?111??1,0,?1?,(3)b??,,?. 2?333?3?1, ?r不是单位向量.

222解:(1)?r?1?1?1?(2)?a?(12?1)?02?()2?1, ?a是单位向量. 22(3)?b?1113()2?()2?()2?, ?b不是单位向量. 33333. 求起点为A(1,2,1),终点为B(?19,?18,1)的向量AB的坐标表达式及|AB|. 解:AB=(?19?1)i?(?18?2)j?(1?1)k??20i?20j={?20,?20,0},

|AB|?(?20)2?(?20)2?02?202.

4. 设向量AB=4i?4j+7k的终点B的坐标为(2,?1,7).求 (1)始点A的坐标;(2)向量AB的模;(3)向量AB的方向余弦;(4)与向量AB方向一致的单位向量.

解:(1)设始点A的坐标为 (x,y,z),则有 2?x?4, ?1?y??4 ,7?z?7,得 x=?2 , y=3 , z=0 ;

(2) AB?42?(?4)2?72=9;

47(3) cos?=4?4 , cos??? , cos?? ;

ABABAB999(4) ABo==

1(4i9?4

j+7k).

第30页

5. 已知向量a与向量b=3i?6j?8k及x轴垂直,且a?2,求出向量a. 解:因为a?b,a?i(垂直于x轴),故a与向量b?i平行.由两向量平行的充要条件,a可写成a??(b?i),即

ijka=?368=?(8j?6k). 100由题设a?2,得(8?)2?(?6?)2=2 , ?2(82?62)?4,???, 从而得 a=158686j?k,或 a=?j?k. 55556.求平行于y轴,且过点A(1,?5,1)与B(3,2,?3)的平面方程. 解一 利用向量运算的方法。关键是求出平面的法向量n.因为平面平行于y轴,所以n?j.又因为平面过点A与B,所以必有n?AB.于是,取n=j?AB,

i 而AB={2,7,?4} ,所以 n=0j1k0=?4i?2k,

27?4因此,由平面的点法式方程,得?4(x?1)?0(y?5)?2(z?1)?0,即 2x?z?3?0.

解二 利用平面的一般式方程。设所求的平面方程为 Ax?By?Cz?D?0,

由于平面平行于y轴,所以 B?0,原方程变为Ax?Cz?D?0,又所求平面过点A(1, ?5, 1)与B(3 , 2,

?3),将A,B的坐标代入上述方程,得?平面方程为 2x?z?3?0.

?A?C?D?0, 解之得 A?2C, D??3C,代入所设方程,故所求

?3A?3C?D?0,7. 求点M1(5,10,15)到点M2(25,35,45)之间的距离. 解:距离d?M1M2?(25?5)2?(35?10)2?(45?15)2?577.

8. 求?使向量a?{?,1,5}与向量b?{2,10,50}平行.

151得??. ?2105059. 求与y轴反向,模为10的向量a的坐标表达式.

解:由a//b得

??解:a =10?(?j)??10j={0,?10,0}.

10. 求与向量a={1,5,6}平行,模为10的向量b的坐标表达式. 解:a?0a1?{1,5,6}, a62第31页

故 b??10a0??1062?1,5,6?.

11. 求点M(1,2,1)的向径OM与坐标轴之间的夹角. 解:设OM与x, y, z轴之间的夹角分别为?,?,?,则

cos??i?OMiOMj?OMjOM?112?(2)2?1?1, 2cos??????2k?OM1, cos???. 22kOMπππ, ??, ??.

43312. 求同时垂直于向量a???3,6,8?和y轴的单位向量.

i解:记b?a?j??3jk68???8,0,?3?, 100故同时垂直于向量a与y轴的单位向量为?b1??8,0,?3?. ??b7313. 求与a?i?j?k平行且满足a?x?1的向量x.

解:因a//x, 故可设x??a???,?,??,再由a?x?1得??????1,即??1?111?,从而x??,,?. 3?333?1,0,0?,b??0,1,0?,c?(0,0,1),求a?b,a?c,b?c,及a?a,a?b,a?c,b?c. 14. a??解:依题意,a?i,b?j,c?k,故

a?b?i?j?0,a?c?i?k?0,b?c?j?k?0.

a?a?i?i?0,a?b?i?j?k,a?c?i?k??j,b?c?j?k?i.

1,1,2?,b??2,2,1?,求a?b及a?b. 15. a??解:a?b?1?2?1?2?2?1?6,

ia?b?12j12k2???3,3,0?. 11,0,1?与向量b???1,1,1?垂直. 16. 证明向量a??第32页

证明:?a?b?1?(?1)?0?1?1?1?0,

^ ?(a,b)?π2, 即a与b垂直. 17. 写出过点M0?1,2,3?且以n??2,2,1?为法向量的平面方程. 解:平面的点法式方程为2?x?1??2?y?2???z?3??0. 18. 求过点?0,0,1?且与平面3x?4y?2z?1平行的平面方程. 解:依题意可取所求平面的法向量为n?{3,4,2}, 从而其方程为3?x?0??4?y?0??2?z?1??0, 即 3x?4y?2z?2.

19. 写出过点M0?1,1,1?且以a??4,3,2?为方向向量的直线方程. 解:方程为

x?1y?1z?4?3?12. 20. 求过两点A?1,2,1?,B?2,1,2?的直线方程.

解:取直线的方向向量s????AB???1,?1,1?,则直线的方程为x?1y?2z?11??1?1. 21. 求过点?1,1,1?且与直线x?1y?2z?32?3?4平行的直线L的方程. 解:依题意,可取L的方向向量为s??2,3,4?,则直线L的方程为x?1y?1z?12?3?4. 22. 求直线??x?y?z?1,2x?y?3z?0的点向式方程.

?解:令z=0,可解得直线上一点M120(3,3,0),

ijk取直线的方向向量s??1,1,1???2,?1,3??111?4i?j?3k,

2?13x?1y?2所以直线的点向方程为:34?3?1?z?3. 23. 求直线x?1y?2?13?z2与平面x?y?z?0的夹角.

解:直线的方向向量s??2,3,2?,平面的法向量n??1,?1,1?. 设直线与平面的夹角为?,sin??s?n?1?3???1??2?1s?n?222?32?22?12???1?2?12?151, 第33页

故 ??arcsin1. 5124. 求通过点(3 , 0 , 0)和点(0 , 0 , 1)且与xOy平面成解:设所求平面方程为 Ax?By?Cz?D?0,

π角的平面的方程. 3D , ① 3平面过点(0, 0, 1), 有 C?D?0 , 即 C??D , ②

平面过点(3, 0, 0),有 3A?D?0, 即 A??又,平面与xOy面成

ππ1C角,有 cos==,③

2223321?A?B?C即 A2?B2?3C2?0,

解 ①②③得 B=?26D, 3故所求平面为 ?D3x?26Dy?Dz?D?0, 3即

x?26?3z?3?0.

?x?2y?z?3?0,的平面方程.

x?y?z?2?0?i1j1k1={1,2,3},

?123. 求过点(1,?2,1)且垂直于直线?解:已知直线的方向向量为s?{1,?2,1}?{1,1,?1}=1?2由于平面与该直线垂直,故可取平面的法向量n为该方向向量s,即n?s={1,2,3}, 由点法式得平面方程 x?1?2(y?2)?3(z?1)?0,即 x?2y?3z?0. 24. 求通过点P0(2,?1,3)且与直线

x?1yz?2垂直相交的直线方程. ???102解:利用向量运算的方法。在已知点的条件下,关键是求出直线的方向向量s.为此先求出过点P0(2,?1,3)且垂直于已知直线的平面方程,再求出已知直线与此平面的交点,利用交点与已知点找出所求直线的方向向量s,即可

得到所求的直线方程.其步骤如下:

(i)过点P0垂直于已知直线的平面方程为 ?(x?2)?2(z?3)?0,即 x?2z?4?0. (ii)求上述平面与直线的交点P1,为此令

x?1yz?2=t, x?1?t, y?0 , z?2?2t, ???1021将上述参数方程代入平面x?2z?4?0中,有 1?t?2(2?2t)?4?0,得 t= ,

5?????44126312?PP所以 x? , y?0 , z=,即 P , 所以 (,0,)?{,?1,}, s011555555第34页

(iii)写出所求直线方程。由于直线过点P0(2,?1,3),故所求直线方程为

x?2y?1z?3. ??6?53x?2y?1z?3?? , 即63?15525.求过点M0(?1,2,1)且与两平面?1:x?y?2z?1和?2:x?2y?z?1平行的直线方程. 解:设所求直线的方向向量为s?{m,n,p},n1?{1,1,?2},n2?{1,2,?1}, 因为所求直线l与?1,?2平行,所以s?n1,s?n2,

ijk取s?n1?n2={1,1,?2}?{1,2,?1}=11?2=3i?j?k={3,?1,1},

12?1故所求直线的方程为

x?1y?2??z?1. 3?126. 指出下列方程所表示的几何图形的名称 ,并画草图.

(1)??x?5?0,222222 (2)3x?4y?25, (3)x?y?4z, (4)z?x?0.

?z?2?0,答:(1)平行于y轴的直线,

(2)母线平行于z轴的椭圆柱面,

(3)以z轴为旋转轴的旋转抛物面, (4)两相交平面. 各题图形如下: z O -2 5 x (1)

z y O x

z y (2) z y O O x y 第35页 (3)

x (4)

?f?u?f?v?f1?f?zx=x2fy(u,v)=x2[???]=x2[???cosxy?]

?ux?v?u?y?v?y?y2xy1?f1?x?u2ysinx =x2(

?fx). cosxyy?v20.已知f(x,y)?e?ln(x3?xy2),求 fx(1,0).

3,fx(1,0)=3. x解:如果先求出偏导函数fx(x,y),再将x?1,y?0代入求fx(1,0)比较麻烦,但是若先把函数中的y固定在y?0,则有f(x,0)=3lnx.于是fx(x,0)=21.求u?ln2x?3y?4z?2?的全微分.

2解: du?dln2x?3y?4z??=

12d2x?3y?4z 22x?3y?4z?? =

238zdx?dy?dz.

2x?3y?4z22x?3y?4z22x?3y?4z22.9922.利用全微分求?1.01?的近似值.

y?1y解:令f?x,y??x,则fx?x,y??yx,fy?x,y??xylnx

取x?1,?x?0.01,y?3,?y??0.01, 则

?1.01?2.99?f?x??x,y??y??f?1?0.01,3?0.01?

?f?1,3??fx?1,3???0.01??fy?1,3????0.01? =1?3?133?1??0.01??13ln1???0.01?=1.003.

23.若z?f?x?y?z?,求

?z?z,. ?x?y解:设F(x,y,z)?f?x?y?z??z,

则 Fx?f??x?y?z?, Fy?f??x?y?z?, Fz?f??x?y?z???1??1,

Fy?zf??x?y?z?Fx?zf??x?y?z????????, .

?yFz1?f??x?y?z??xFz1?f??x?y?z?24.设 e?xy?2z?e?z?0,求

?z?z ,.

?y?x?xy解一 用公式法,设F(x,y,z)=e则 Fx??ye?xy?2z?e?z?0,

?z,Fy??xe?xy,Fz??2?e,

第41页

Fy?ye?xyye?xy?xe?xyxe?xyFx?z?z=?=?=?;=?=?=?.

Fz?yFz?x2?e?z2?e?z?2?e?z?2?e?z解二 方程两端求导,由于方程有三个变量,故只有两个变量是独立的,所以求y的函数.

?z?z ,时,将z看作x,

?y?x方程两端对x求偏导数,得

e?xyye?xy?z?z?z?z; (?y)?2?e??0 即 =??x?x?x2?e?z方程两端对y求偏导数,得

e?xy?zxe?xy?z?z?z. (?x)?2?e??0 即 =??z?y?y?y2?e?z?z ,.

?y?x解三 利用全微分求

方程两边求全微分,利用微分形式不变性,则

d(e?xy)?2dz?de?z?0 , ?e?xyd(xy)?2dz?e?zdz?0, ?e?xy(ydx?xdy)?(2?e?z)dz?0,

ye?xyxe?xy dz=?dy, dx??z?z2?e2?eyexe?z?z?因此 =?,=. ?y?x2?e?z2?e?z25.求曲面 z?xy的平行于平面x?3y?z?9?0的切平面方程. 解:设,F?x,y,z??xy?z 则Fx?y,Fy?x,Fz??1, 设切点坐标为?x0,y0,x0y0?, 则切平面法向量n1??y0,x0,?1?,

?xy?xy1,3,1?, 依题意n1平行于n2??从而

y0x0?1, 解得x0??3,y0??1, 则z0?x0y0?3, ??131所以切平面方程为??x?3??3?y?1???z?3??0, 即x?3y?z?3?0.

第42页

?x?t,?226.求空间曲线?y?t,?1?t?2?在点?1,1,1?处的切线方程与法平面方程.

?z?t3?解:切点对应的参变量t0?1, 又

dxdydz?1,?2t,?3t2, dtdtdtx?1y?1z?1, ??123所以切向量T??1,2,3?, 于是切线方程为

法平面方程为 ?x?1??2?y?1??3?z?1??0, 即 x?2y?3z?6?0.

27.设z?1?x?y,(1)求z?1?x?y的极值, (2)求z?1?x?y在条件y?2下的极值.

22222??z??2x?0???x解:(1)由? 得驻点(0,0), ?z???2y?0???y?2z?2z?2z??2,B??0,C?2??2, 又 A?2?x?y?x?y?B2?AC??4?0, 且A??2?0,

故?0,0?为函数的极大值点,函数的极大值为z(0,0)?1.

(2)z?1?x?y在条件y?2下的极值, 即为z?1?x?2??x?3的极值,显然z??x?3在

222222x?0处取得极大值?3,故z?1?x2?y2在条件y?2 下,在?0,2?处取得极大值?3.

1?sinx2?y2的极值. 2ππ解:?sinu在u?2kπ??k?Z?处取得极大值1,在u?2kπ??k?Z?处取得极小值?1,故当

22ππ1x2?y2?2kπ?(k为非负整数)时,f?x,y?取得极小值?,当x2?y2?2kπ??k?Z?时,f?x,y?2223取得极大值.

228.求f?x,y????29.求函数f(x,y)?e解:(1)求驻点

x?y(x2?2y2)的极值.

x?y22x?y??0,?fx(x,y)?e(x?2y)?2xe由 ? x?y22x?yf(x,y)??e(x?2y)?4ye?0,??y得两个驻点 (0,0),(?4,?2), (2)求f(x,y)的二阶偏导数

第43页

fxx(x,y)?ex?y(x2?2y2?4x?2),fxy(x,y)?ex?y(2y2?x2?2x?4y),

fyy(x,y)?ex?y(x2?2y2?8y?4),

(3)讨论驻点是否为极值点

在(0,0)处,有A?2,B?0,C??4,B2?AC?8?0,由极值的充分条件知 (0,0)不是极值点,f(0,0)?0不是函数的极值;

在(?4,?2)处,有A??6e,B?8e?2?2,C??12e,B?AC??8e?2?22?4?0,而A?0,由极值的充分

条件知 (?4,?2)为极大值点,f(?4,?2)?8e是函数的极大值.

30. 某工厂要用钢板制作一个容积为100m3的有盖长方体容器,若不计钢板的原度,怎样制作材料最省? 解:设容器的长、宽、高分别为x,y,z?m?,则xyz?100.此题即要求函数S?2xy?2yz?2xz在条件xyz?100下的最小值,其中x?0,y?0,z?0,

令L?x,y,z,???2xy?2yz?2xz???xyz?100?,

??L??x?2y?2z??yz?0,??L??2x?2z??xz?0,??y则 ?

?L??2y?2x??xy?0,??z??L?xyz?100?0,????解得x?y?z?3100,故惟一驻点所用材料最省.

?100,33100,3100也是最小值点,即当容器的长、宽、 高均为3100m时

?五、 多元函数积分学

1.计算

???100?x?y?d?, 其中D???x,y?0?x?1,?1?y?1?.

D解:如图,先对x后对y积分,则

1??100?x?yd??dy????1?0?100?x?y?dx D1y 1 O =

?x???dy100?yx?? ??1?2??0121 1 x - 1 201)dy ??121201 =?ydy???1?1??0?201?201.

?12 =

1(y?第44页

2. 计算

6x?ye??d?,其中D由xOy面上的直线y?1,y?2及x??1,x?2所围成. D?1?x?2, 先对x后对y积分,得 解:如图, D:???1?y?2,??eD6x?yd?=?edy?edx

1?12y22y26xy 2 1 O e6x =(e)(16 =

3.计算

)

?1- 1 2 x 114(e?e13?e?4?e?5). 62222??D?x,yx?y?1. ,其中ln100?x?yd???????D解:令x?rcos?,y?rsin?,则D可表为:

?0?r?1,

?0???2π,?从而

??ln?100?xD2?yd?=?d??ln(100?r2)?rdr

002?2π1=2π?[(100?r)ln(100?r)?r]

0122221=(101ln101?100ln100?1)π.

x2dxdy 其中D由直线y?2,y?x和曲线xy?1所围成. 4.计算 ??yD解:画出区域D的图形如图所示,求出边界曲线的交点坐标A(积分,这时D的表达式为

1,2), B(1,1), C(2,2),选择先对x2?1?y?2,?1??x?y, ??y于是

3221x2yxx2dxdy=?dy?1dx=?[]1dy ??11y3yyyDy21 y AyD B O C x

=

?121(y?4)dy 3y1131?31y)2

33349= . 72=(y?第45页

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