机械能守恒练习题
更新时间:2024-05-25 02:02:01 阅读量: 综合文库 文档下载
机械能守恒练习题答案 姓名王 豪 得分 1(10分)、从离水平地面高为H的A点以速度v0斜向上抛出一个质量为m的石块,已知v0与水平方向的夹角为θ,不计空气阻力,求:
(1)石块所能达到的最大高度 (2)石块落地时的速度
命题解读:本题研究抛体运动中的机械能守恒定律。斜抛运动的水平分运动是匀速直线运动,因此石块在最高点的速度是抛出初速度的水平分量。石块只受重力的作用,机械能守恒。
分析与解:石块抛出后在空中运动过程中,只受重力作用,机械图1 能守恒,作出石块的运动示意图
(1)设石块在运动的最高点B处与抛出点A的竖直高度差为h,水平速度为vB, 则vB=vOx=v0cosθ
石块从A到B,根据机械能守恒定律ΔEk减=ΔEp增
得:mgh=
11mv02-mvB2 2222v?(vcos?)vsin? 00联立得:h??02g2g则石块所能达到的(距地面)最大高度为:H+h=H+
v0sin? 2g(2)取地面为参考平面,对石块从抛出点A至落地点C的整个运动过程应用机械能守恒定律得
11mvC2=mv02+mgH 222解得石块落地时的速度大小为:vC=v0?2gH
2(10分)、 如图所示,一个质量为m的物体自高h处自由下落,落在
一个劲度系数为k的轻质弹簧上。求:当物体速度达到最大值v时,弹簧对物体做的功为多少?
命题解读:弹簧的弹力是变力,弹力做功是变力做功,本题由于形变量不清楚,不能运用F—l图象求弹力做的功;只能根据机械能守恒定律先求
图
解出弹性势能的变化,再运用功能关系求解弹力做的功。同时要注意物体在平衡位置时动能最大,运动的速度最大。
分析与解:在物体与弹簧相互作用的过程中,开始时弹力较小,故物体向下加速,这时弹力F逐渐增大,物体的加速度a逐渐变小,当重力与弹力相等时,物体的速度刚好达到最大值v。设物体向下的速度v最大时,弹簧的形变量即压缩量为x,则
平衡时:mg=kx 物体与弹簧组成的系统只有重力、弹力做功,故系统的机械能守恒。
当物体速度达到最大v时,弹簧的弹性势能为Ep,由机械能守恒定律有:
mg(h+x)=
12
mv+Ep 2 1
(mg)212
由上面两式可得:Ep=mgh+-mv,
2k由功能关系可知,弹簧弹性势能的增加量与弹簧力做功的数值相等。故弹簧对物体所做
12(mg)2的功为:W=-Ep=mv-mgh-
2k
3(10分)、如图,质量为m1的物体A 经一轻质弹簧与下方地面上的质量为m2的物体B 相连,弹簧的劲度系数为k , A 、B 都处于静止状态.一条不可伸长的轻绳绕过轻滑轮,一端连物体A ,另一端连一轻挂钩.开始时各段绳都处于伸直状态,A 上方的一段绳沿竖直方向.现在挂钩上挂一质量为m3的物体C 并从静止状态释放,已知它恰好能使B 离开地面但不继续上升.若将C 换成另一个质量为(m1+ m3)的物体D ,仍从上述初始位置由静止状态释放,则这次B 刚离地时D的速度的大小是多少?已知重力加速度为g
解析: 开始时,A、B 静止,设弹簧压缩量为x1,有kx1?m1g
挂C并释放后,C向下运动,A 向上运动,设B刚要离地时弹簧伸长量为x2, 有kx2?m2g
B不再上升,表示此时A 和C的速度为零,C已降到其最低点.由机械能守恒,与初始状态相比,弹簧弹性势能的增加量为
?E=m3g(x1?x2)?m1g(x1?x2)
C换成D后,当B刚离地时弹簧势能的增量与前一次相同,由能量关系得
11(m3?m1)υ2?m1υ2?(m3?m1)g(x1?x2)?m1g(x1?x2)??E 222m1(m1?m2)g2联立解得υ= (2m1?m3)k
4(10分)、如图所示,质量均为m的小球A、B、C,用两条长为l的细线相连,置于高为h的光滑水平桌面上,l>h,A球刚跨过桌边.若A球、B球相继下落着地后均不再反跳,则C球离开桌边时的速度大小是多少?
命题解读:本题考查系统机械能守恒定律。对每个小球而言,由于
图2 绳子的拉力做功,每个小球的机械能不守恒。而且只能分段运用机械能
守恒定律求解。运用动能定理也能求解,但拉力要做功解题就比较麻烦。
分析与解:当A小球刚要落地时,三小球速度相等设为v1,三个小球机械能守恒。
13mgh?2mgh?3mv12 解得:v1?22gh 3图
当B球刚要落地时,B、C机械能守恒。B、C有共同速度,设v2
2
2mgh?115gh22mv12?mgh?2mv2 解得:v2? 223 可见:C球离开桌边时的速度大小是v2?5gh 3
5(4分)、如图所示,一辆小车静止在光滑的水平导轨上,一个小球用细绳悬挂在车上由图中位置释放(无初速度),则小球在下摆过程中( )
A.绳对小车的拉力不做功 B.绳对小球的拉力做正功 C.小球的合外力不做功 D.绳对小球的拉力做负功
解析:由于绳子的拉力对物体做功,每个物体的机械能不守恒。对系统没有机械能的能量损失,因此系统的机械能是守恒的。小球由静止开始做变速曲线运 动,动能增加,合力做正功,C错误。小车在拉力作用下运动,绳子对小车的拉力做正功,绳子对小球的拉力做负功,D正确,A、B错误。
正确答案:D
6(8分)、 如图3所示,在光滑水平桌面上,用手拉住长为L质量为M的铁链,使其1/3垂在桌边。松手后,铁链从桌边滑下,求铁链末端经过桌边时运动速度是过少?
命题解读:绳子、铁链子运动的问题,对于每一部分来讲都是变力,运用动能定理难以解决过程中变力做的功。但运用机械能守恒定律只需要知道绳子的两个运动的状态,不必考虑运动过程,因
此解题就简单了。此类问题的重力势能要取每部分的中心,要选好参考平面,尽量使解题简捷。
分析与解:松手后,铁链在运动过程中,受重力和桌面的支持力,支持力的方向与运动方向垂直,对铁链不做功,即这一过程中,只是垂在桌外部分的重力做功。因此,从松手到铁链离开桌边,铁链的机械能守恒。以桌面为重力势能参考面
11m,其重心在桌面下L处 36111此时铁链的重力势能为:-mgL=-mgL
3618松手时,桌外部分的质量为
铁链末端刚离桌面时,整条铁链都在空中,其重心在桌面下此时铁链的重力势能为:-
1L处 21mgL 2设此时铁链的速度为v,由机械能守恒定律有:
?111mgL??mgL?mv2 182222gL解得:v?
3故铁链末端经过桌边时,铁链的运动速度是v?
3
22gL 37(8分)、如图所示,均匀的铁链子搭在小定滑轮上,左端占总长的2/5,现将铁链由静止释放,当多少?
解析:选取滑轮中心水平线为参考平面,设绳子总长为l 根据系统机械能守恒定律:
3321l1?mg?l?mg?l??mg?mv2 5105522解得铁链子刚刚离开滑轮时,链子的运动速度是:
v?
32gl 58(10分)、小球A用不可伸长的细绳悬于O点,在O点的正下方有一固定的钉子B,OB=d,初始时小球A与O同水平面无初速度释放,绳长O m 为L,为使小球能绕B点做完整的圆周运动,如图15所L A 示。试求d的取值范围。
d 解析: 为使小球能绕B点做完整的圆周运动,则小
D 球在D对绳的拉力F1应该大于或等于零,即有:
mg?m根据机械能守恒定律可得由以上两式可求得:
V L?d2DB C 图15
12mVD?mg?d?(L?d)? 23L?d?L 59(10分)、如图所示,小车的质量为M,后端放一质量为m的铁块,铁块与小车之间的动摩擦系数为?,它们一起以速度v沿光滑
地面向右运动,小车与右侧的墙壁发生碰撞且无能量损失,设小车足够长,则小车被弹回向左运动多远与铁块停止相对滑动?铁块在小车上相对于小车滑动多远的距离?
分析与解:小车反弹后与物体组成一个系统满足动量守恒,规定小车反弹后的方向作向左为正方向,设共同速度为vx,则:Mv?mv?(M?m)vx
解得:vx?M?mv
M?m112M2v222?Mvx?Mv 即:S车= 222?g(M?m)以车为对象,摩擦力始终做负功,设小车对地的位移为S车 则:-?mgS车系统损耗机械能为:?E?Q?fS相
2?mgS相=(M?m)v2?(M?m)vx
12122Mv2; S相=?(M?m)g
4
10(10分)、如图4-4所示,质量为M,长为L的木板(端点为A、B,中点为O)在光滑水平面上以v0的水平速度向右运动,把质量为m、长度可忽略的小木块置于B端(对地初速度为0),它与木板间的动摩擦因数为μ,问v0在什么范围内才能使小木块停在O、A之间?
解析:木块与木板相互作用过程中合外力为零,动量守恒。设木块、木板相对静止时速度为 v,
则 (M +m)v = Mv0
能量守恒定律得:
1112Mv0?Mv2?mv2?Q 222滑动摩擦力做功转化为内能:Q??mgs 相对位移的范围是:
L?s?L 2解得v0 的范围应是:
?(M?m)gLM≤v0≤
2?(M?m)gL
M11(10分)、如图7所示,传送带与地面的倾角θ=37°,从A端到B端的长度为16m,传送带以v0=10m/s的速度沿逆时针方向转动。在传送带上端A处无初速地放置一个质量为0.5kg的物体,它与传送带之间的动摩擦因数为μ=0.5,求(1)物体从A端运动到B端所需的时间是多少?(2)这个
图7 过程中系统产生的内能。(sin37°=0.6,cos37°=0.8)
命题解读:该题目的关键就是要分析好各阶段物体所受摩擦力的大小和方向,若μ>0.75,第二阶段物体将和传送带相对静止一起向下匀速运动;若L<5m,物体将一直加速运动。因此,在解答此类题目的过程中,对这些可能出现两种结果的特殊过程都要进行判断。
分析与解:物体放在传送带上后,开始阶段,传送带的速度大于物体的速度,传送带施加给物体一沿斜面向下的滑动摩擦力,物体由静止开始加速下滑,受力分析如图(a)所示;当物体加速至与传送带速度相等时,由于μ<tanθ,物体在重力作用下将继续加速,此后物体的速度大于传送带的速度,传送带给物体沿传送带向上的滑动摩擦力,但合力沿传送带向下,物体继续加速下滑,受力分析如图(b)所示。综上可知,滑动摩擦力的方向在获得共同速度的瞬间发生了“突变”。
开始阶段由牛顿第二定律
mgsinθ+μmgcosθ=ma1 解得a1=gsinθ+μgcosθ=10m/s2 物体加速至与传送带速度相等时需要的时间t1=v/a1=1s
发生的位移为s=
图8
可知物体加速到10m/s时仍未到达B点
第二阶段的受力分析如图(b)所示,应用牛顿第二定律 有mgsinθ-μmgcosθ=ma2 所以a2=2m/s2
设第二阶段物体滑动到B端的时间为t2 则LAB-s=vt2+解得t2=1st2′=-11s(舍去) 故物体经历的总时间t=t1+t2=2s
5
1a1t12=5m<16m 21a2t22 2(2)W1=fs1=μmgcosθ·s1=10J W2=-fs2=-μmgcosθ·s2= -22J 所以,W=W1+W2=10-22=-12J 故知系统发热产生的内能是12J
12(10分)、所示,绷紧的传送带与水平面的夹角θ=30°,皮带在电动机的带动下,始终保持v0=2m/s的速率运行。现把一质量m=10kg的工件(可看为质点)轻轻放在皮带的底端,经时间t=1.9s,工件被传送到h=1.5m的高处,取g=10m/s2。求(1)工件与皮带间的动摩擦因数。(2)电动机由于传送工件多消耗的电能。
解析:由题意可知皮带长s=h/sin30°=3m.
工件速度达到vv0前,做匀加速运动的位移为 s0t1?2达到v0后做匀速运动的位移s-s1=v0(t-t1) 加速运动的加速度为a=v0/t1=2.5m/s2 工件受的支持力FN= mgcosθ,
对工件据牛顿第二定律得:μmgcosθ-mgsinθ=ma 解出动摩擦因数为??32 在时间t1内,皮带运动位移s2=v0t1=1.6m 工件相对皮带的位移△s=s2-s1=0.8m
在时间t1内,摩擦生热Q=μmgcosθ△s=60J 工件获得的动能Ek=mv02/2=20J 工件增加的势能Ep=mgh=150J
电动机多消耗的电能W=Q+Ek+Ep=230J
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(2)W1=fs1=μmgcosθ·s1=10J W2=-fs2=-μmgcosθ·s2= -22J 所以,W=W1+W2=10-22=-12J 故知系统发热产生的内能是12J
12(10分)、所示,绷紧的传送带与水平面的夹角θ=30°,皮带在电动机的带动下,始终保持v0=2m/s的速率运行。现把一质量m=10kg的工件(可看为质点)轻轻放在皮带的底端,经时间t=1.9s,工件被传送到h=1.5m的高处,取g=10m/s2。求(1)工件与皮带间的动摩擦因数。(2)电动机由于传送工件多消耗的电能。
解析:由题意可知皮带长s=h/sin30°=3m.
工件速度达到vv0前,做匀加速运动的位移为 s0t1?2达到v0后做匀速运动的位移s-s1=v0(t-t1) 加速运动的加速度为a=v0/t1=2.5m/s2 工件受的支持力FN= mgcosθ,
对工件据牛顿第二定律得:μmgcosθ-mgsinθ=ma 解出动摩擦因数为??32 在时间t1内,皮带运动位移s2=v0t1=1.6m 工件相对皮带的位移△s=s2-s1=0.8m
在时间t1内,摩擦生热Q=μmgcosθ△s=60J 工件获得的动能Ek=mv02/2=20J 工件增加的势能Ep=mgh=150J
电动机多消耗的电能W=Q+Ek+Ep=230J
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