2017 - 2018学年高中生物第一章遗传因子的发现1.2.2假说—演绎法、自由组合定律的应用基础巩固 - 图文

内部文件，版权追溯 第2讲 假说—演绎法、自由组合定律的应用

分层 定时 训练 [基础巩固练]

1．孟德尔研究遗传规律，主要是通过( ) A．性状的遗传推知的 B．显微镜观察发现的 C．理论分析总结的 D．测交实验总结的 解析：孟德尔对遗传规律的研究属于个体水平的研究，通过观察个体的性状表现来假设、推知内在的规律。

答案：A

2．孟德尔对自由组合定律的探索经历了( ) A．分析→假设→实验→验证 B．假设→实验→结论→验证 C．实验→分析→假设→验证 D．实验→假设→验证→讨论 解析：孟德尔对遗传规律的探索均采用了假说—演绎法，即在观察和分析的基础上提出问题后，通过推理和想像提出解释问题的假说，根据假说进行演绎推理，再通过实验检验演绎推理的结论。

答案：C 3．某一个体的基因型为AaBbCCDdEe，成对的基因均分别独立遗传，遵循自由组合定律，此个体能产生的配子种类数为( )

A．6种 B．12种 C．16种 D．32种

解析：该题可利用分解法来解答。对于只含一对等位基因的个体，杂合子(Aa)产生两种配子(A、a)，纯合子(CC)产生一种配子(C)。因此，基因型为AaBbCCDdEe的个体能产生的配子种类数为2×2×1×2×2＝16(种)。

答案：C

4．一个基因型为BbRr(棕眼右癖)的男人与一个基因型为bbRr(蓝眼右癖)的女人结婚(两对相对性状独立遗传)，所生子女中表现型的概率各为1/8的类型是( )

A．棕眼右癖和蓝眼右癖 B．棕眼左癖和蓝眼左癖 C．棕眼右癖和蓝眼左癖 D．棕眼左癖和蓝眼右癖 解析：1/8应该是1/2与1/4相乘得到的。Bb×bb后代中，棕眼与蓝眼的比例各为1/2，Rr×Rr后代中，右癖与左癖的比例分别为3/4和1/4。所以所生子女中表现型概率为1/8的应该是左癖的两种眼色。

答案：B

5．金鱼草的纯合红花植株与白花植株杂交，F1在强光、低温条件下开红花，在阴暗、高温条件下却开白花，这个事实说明( )

A．基因型是表现型的内在因素 B．表现型一定，基因型可以转化 C．表现型相同，基因型不一定相同

D．表现型是基因型与环境相互作用的结果

解析：F1是杂合子，但在不同的条件下表现型不一致，说明表现型是基因型与环境相互作用的结果。

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答案：D 6．已知豌豆某两对基因按照自由组合定律遗传，其子代基因型及比值如图，则双亲的基因型是( ) A．AABB×AABb B．AaBb×AaBb C．AaBb×AABb D．AaBB×AABb 解析：分析图形，子代中：Aa＝：1，说明亲本是AA×Aa；子代中：：bb＝：：1，说明亲本是Bb×Bb，所以两亲本的基因型应该为AABb×AaBb，C正确。 答案：C 7．某植物的基因型为AaBb，两对等位基因独立遗传，在该植物的自交后代中，表现型不同于亲本且能稳定遗传的个体所占的比例为( ) 31A. B. 16435C. D. 88解析：基因型为AaBb的植物自交，子代有16种结合方式，4种表现型，且每一种表现型中均有一个纯合子(AABB、aaBB、AAbb、aabb)，故该植物的自交后代中，表现型不同于亲3本且能稳定遗传的个体所占的比例为。 16答案：A 8．小鼠毛色黑色(B)对褐色(b)为显性，无白斑(S)对有白斑(s)为显性，这两对等位基因独立遗传。基因型为BbSs的小鼠间相互交配，后代中黑色有白斑小鼠的比例是( ) 13A. B. 161679C. D. 1616313解析：BbSs×BbSs得到黑色有白斑小鼠(B_ss)的概率为×＝。 4416答案：B 9．水稻的高秆(D)对矮秆(d)为显性，抗锈病(R)对不抗锈病(r)为显性，这两对基因自由组合。甲水稻(DdRr)与乙水稻杂交，其后代四种表现型的比例是：：：1，则乙水稻的基因型是( ) A．Ddrr或ddRr B．DdRR C．ddRR D．DdRr 解析：从后代表现型的比例为3：：：1中可确定两种性状的比例，一种性状的后代性状分离比为：1，另一种性状的后代性状分离比为：1，已知甲水稻基因型为DdRr，则乙水稻的基因型为Ddrr或ddRr。 答案：A 10．二倍体结球甘蓝的紫色叶对绿色叶为显性，控制该相对性状的两对等位基因(A、a和B、b)独立遗传。下表是纯合甘蓝杂交实验的统计数据。 亲本组合 F1株数 F2株数 紫色叶 绿色叶 紫色叶 绿色叶 ①紫色叶×绿色叶 121 0 451 30 ②紫色叶×绿色叶 89 0 242 81

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请回答下列问题： (1)结球甘蓝叶色性状的遗传遵循________定律。 (2)表中组合①的两个亲本基因型为____________，理论上组合①的F2紫色叶植株中，纯合子所占的比例为____________。 (3)表中组合②的亲本中，紫色叶植株的基因型为____________。若组合②的F1与绿色叶甘蓝杂交，理论上后代的表现型及比例为____________。 解析：(1)因为结球甘蓝的叶色性状是由两对等位基因(独立遗传)决定的，且亲本组合①中F2的性状分离比约为：：：：1的变式)，所以结球甘蓝叶色性状的遗传遵循基因的自由组合定律。(2)亲本组合①中F2的性状分离比约为：1，则F1的基因型为AaBb，两个亲本基因型为AABB、aabb；理论上组合①的F2紫色叶植株中，基因型有12241212AABB、AABb、AaBB、AaBb、aaBB、aaBb、AAbb、Aabb，其中纯合子所占的16161616161616163151比例为：＝。(3)组合②中F2的性状分离比约为：1，则亲本基因型为aaBB×aabb16165或AAbb×aabb，故紫色叶植株的基因型为aaBB或AAbb；F1的基因型为aaBb或Aabb，其测交后代的表现型及比例为紫色叶：绿色叶＝：1。 1答案：(1)基因的自由组合 (2)AABB、aabb (3)AAbb(或aaBB) 紫色叶：绿色5叶＝：1 [能力提升练] 11．某种蛙眼色的表现型与基因型的对应关系如下表(两对等位基因独立遗传)： 表现型 蓝眼 绿眼 紫眼 基因型 A_B_ A_bb、aabb aaB_ 现有蓝眼蛙与紫眼蛙杂交，所得F1仅有蓝眼和绿眼两种表现型，理论上F1中蓝眼蛙：绿眼蛙为( ) A．：1 B．：2 C．：7 D．：3 解析：依题意，A_B_×aaB_→F1仅有蓝眼和绿眼两种表现型，因为绿眼的基因型为A_bb、aabb，推知亲代基因型为A_Bb×aaBb。假设亲代基因型为AaBb×aaBb，则F1会出现紫眼蛙(aaB_)，与题意不符，所以亲代蓝眼蛙与紫眼蛙的基因型分别为AABb、aaBb，F1中蓝眼蛙：绿眼蛙＝：Aabb＝：1。 答案：A 12．某种鼠中，黄色基因A对灰色基因a为显性，短尾基因B对长尾基因b为显性，且基因A或b在纯合时都能使胚胎致死，这两对基因是独立遗传的。现有两只双杂合的黄色短尾鼠交配，理论上所生的子代表现型比例为( ) A．：1 B．：：：1 C．：：：1 D．：：：1 解析：由于AA或bb使胚胎致死，故AaBb×AaBb只能生出AaBB、AaBb、aaBB、aaBb四种基因型的后代，其比例为：：：2，故后代表现型的比例为黄色短尾：灰色短尾＝：1。 答案：A 13．食指长于无名指为长食指，反之为短食指，该相对性状由常染色体上一对等位基因SLS控制(T表示短食指基因，T表示长食指基因)。此等位基因表达受性激素影响，T在男性为L显性，T在女性为显性。若一对夫妇均为短食指，所生孩子既有长食指又有短食指，则该夫妇再生一个孩子是长食指的概率为( ) A．1/4 B．1/3 C．1/2 D．3/4 LSSS解析：根据这对夫妇的表现型可以确定男性的基因型为TT或者TT，女性的基因型一SSLS定为TT，又根据其孩子中既有长食指又有短食指，可以确定该男性的基因型一定为TT(如SSSS果是TT，则后代的基因型都为TT，所生孩子不论男孩还是女孩，都是短食指，与题干不

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符)。因此，后代的基因型为TT或TT，各占1/2，TT不论男孩还是女孩都是短食指，TT只有是女孩时才是长食指，因此，该夫妇生一个孩子为长食指的概率为1/2×1/2＝1/4。 答案：A 14．小鼠体色由位于常染色体上的两对基因决定，A基因决定黄色，R基因决定黑色，A、R同时存在则皮毛呈灰色，无A、R则呈白色。一灰色雄鼠和一黄色雌鼠交配，F1表现型及其比例为：3/8黄色小鼠、3/8灰色小鼠、1/8黑色小鼠、1/8白色小鼠。试问： (1)亲代中，灰色雄鼠的基因型为____________，黄色雌鼠的基因型为____________。 (2)让F1的黑色雌、雄小鼠交配，则理论上F2黑色个体中纯合子的比例为____________。 (3)若小鼠的另一性状由另外的两对等位基因(B和b、F和f)决定，且遵循自由组合定律。让基因型均为BbFf的雌、雄鼠相互交配，子代出现四种表现型，比例为：：：1。请对比例：：：1的产生原因做出合理解释：__________________________。 解析：(1)由题意知，亲本分别为灰色和黄色，子代出现四种体色，推断亲本基因型分别为AaRr和Aarr。(2)F1的黑色鼠基因型为aaRr，所以让F1的黑色雌、雄小鼠交配，则理论上F2黑色个体的基因型及其比例为：aaRR＝：1，其中纯合子的比例为1/3。(3)基因型均为BbFf的雌、雄鼠相互交配，正常情况子代出现的四种表现型及其比例为：：：bbff＝：：：1，题中子代出现表现型比例为：：：1，则BB_ _或_ _FF不存在，即B或F纯合致死。 答案：(1)AaRr Aarr (2)1/3 (3)B或F纯合致死 [素养养成练] 15．玉米紫冠(A)对非紫冠(a)、非糯(B)对糯(b)、非甜(D)对甜(d)有完全显性作用，3对基因独立遗传。现有3个纯种的玉米品系，即甲(aaBBDD)、乙(AAbbDD)和丙(AABBdd)，某小组设计了获得aabbdd个体的杂交方案如下。 第一年：种植品系甲与丙，让品系甲和丙杂交，获得F1的种子； 第二年：种植F1和品系乙，让F1与品系乙杂交，获得F2的种子； 第三年：种植F2，让F2自交，获得F3的种子； 第四年：种植F3，植株长成后，选择表现型为非紫冠糯甜的个体，使其自交，保留种子。 请回答下列问题。 (1)F1的基因型为____________，表现型为________。 (2)F2的基因型及比例为____________，表现型有____________种。 (3)F3中aabbdd个体所占的比例为____________。 (4)为了验证基因B、b与D、d独立遗传，请在甲、乙、丙3个品系中选取材料，设计可行的杂交实验方案。 第一步：取____________杂交，得F1； 第二步：________________； 第三步：统计F2的表现型及比例。 结果预测：________，说明基因B、b与D、d独立遗传。 解析：(1)由题干可知，aaBBDD(甲)×AABBdd(丙)→F1：AaBBDd，表现型为紫冠非糯非甜。(2)AaBBDd(F1)×AAbbDD(乙)→F2：AABbDD、AABbDd、AaBbDD、AaBbDd，且比例为：：：1，全部表现为紫冠非糯非甜。(3)F2中基因型为AABbDD、AABbDd、AaBbDD、AaBbDd1的个体各占，让其自交得F3，只有基因型为AaBbDd的个体自交后代中会出现基因型为4111aabbdd的个体，且概率为×＝。(4)为了验证基因B、b与D、d独立遗传，即符合自644256由组合定律，可用测交法、自交法、花粉鉴定法等。题中要求设计可行的杂交实验方案，可选用品系乙(bbDD)和丙(BBdd)杂交得F1(BbDd)，F1自交得F2，F2有4种表现型，且比例符合孟德尔的性状分离比：：：1)，则说明基因B、b与D、d独立遗传。 答案：(1)AaBBDd 紫冠非糯非甜 ：：：AaBbDd＝：1：：1 1 (3) (4)品系乙和丙 让F1个体自交，得F2 F2出现4种表现型(非256糯非甜、非糯甜、糯非甜、糯甜)，且比例为：：：1

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LSSSSSLS

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