复变函数复习资料
更新时间:2023-12-13 07:06:01 阅读量: 教育文库 文档下载
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复变函数期末复习
一 知识点
1第一章主要掌握复数的四则运算,复数的代数形式、三角形式、指数形式及其运算。 2 第二章主要掌握函数的解析性,会判断函数是否是解析函数,会求解析函数的导数。 3 第三章掌握复变函数积分的计算,掌握柯西积分公式,掌握解析函数与调和级数的关系。 4 第四章掌握复数项级数的有关性质,会把一个函数展开成泰勒级数。 5 第五章掌握将函数展开为洛朗级数,掌握孤立奇点的分类及判断。
6 第六章掌握留数的计算,掌握用留数计算积分,掌握利用留数计算三类实积分。 二 例题选讲
1求3的值。 知识点:利用定义aib?ebLna。
=
解
3=eiiLn3=
ei(ln3?i2k?)_____e?2k??iln3?2k?e(cosln3?isinln3)。 =
__2__2
设|z|?1,试证:
bz?aaz?b____?1。知识点:复数,复数的模,共轭复数之间的关系。zz?|z|?|z|2
________________________________证明:由|z|?1得,zz?1,
bz?aaz?b?bz?azzaz?b=
(b?az)zaz?b=
(b?az)zaz?b?(b?az)zaz?b?1
3求
Arcsin2的值。知识点:初等函数的定义,函数值的计算,
Arcsinz??iLn(iz?1?z2),
Arccosz??iLn(z?i1?z2)
解=2k?:
Asr2?ic?in(2Li?in3) =
?iLn(2?3)i=
?i[ln(2?3)??2i?2k?i
??2?iln(2?3),k?0,?1,?2,...
4 证明|证明|z1?z2|2?|z1?z2|2?2(|z1|2?|z2|2)。
z1?z2|2?|z1?z2|2?2(|z1|2?|z2|2)。
z|?zz。
________________2__知识点:复数模的计算,复数模共轭复数的关系|证明:|22z1?z2|?|z1?z2|?(z1?z2)(z1?z2)?(z1?z2)(z1?z2)
z1?z1z2?z2z1?z2z2?z1z1?z1z2?z2z1?z2z21 =2(|z1|2?|z2|2)。
________________ =z15 设
z1,z2,z3三点适合条件z1?z2?z3?0,|z1|?|z2|?|z3|?1,试证明z1,z2,z3三点是一个内接于单位圆周
|z|?1的正三角形的顶点。
知识点:利用平行四边形公式|
z1?z2|2?|z1?z2|2?2(|z1|2?|z2|2)。
解:由 所以|z1?z2?z3?0得z1?z2??z3,|z2?z1|2?2(|z1|2?|z2|2)?|z1?z2|2=2(1?1)?1?3 z2?z1|?同理|z3?z1|?3,
3,|z3?z2|?3,所以z1,z2,z3三点是一个内接于单位圆周|z|?1的
正三角形的顶点。 6 求极限lim解
z?zcoszz?sinz。知识点:这是
z?000型,用洛必达法则。
limz?zcoszz?sinzz?0=limz?0(z?zcosz)?(1?cosz?zsinz)?1?cosz?zsinz2sinz?zcosz=lim=lim=limz?0z?0(1?cosz)?(z?sinz)?z?01?coszsinz=3。 7 试证明
f(z)?cosxcoshy?isinxsinhy在z平面上解析,并求导其导数。
知识点:利用柯西—黎曼条件,利用双曲函数的定义。
coshy?ey?e?y2,sinhy?ey?e?y2
解:u(x,y)?cosxcoshy,v(x,y)??sinxsinhy,
?v?y?u?x??sinxcoshy,
?u?y?cosxsinhy
?v?x?u?x???cosxsinhy,
??sinxcoshy,以上四个偏导数在复平面上连续,且满足柯西—黎曼条件
?v?u?v,f(z)?cosxcoshy?isinxsinhy在z平面上解析,其导数为 ,???y?y?x?u?x?i?v?y??sinxcoshy?icosxsinhy)。
f?(z)?8验证u(x,y)?x3?3xy2是z平面上的调和函数,并求以u(x,y)为实部的解析函数f(z),使得f(0)?i。知识点:
调和函数的定义,调和函数和解析函数的关系。 解 由u(x,y)?x?3xy得
32?u?x?3x?3y22,
?u?y??6xy,
?2u?x2?6x,
?2u?y2??6x
所以
?2u?x2??2u?y232?0,所以u(x,y)?x?3xy是z平面上的调和函数.由柯西—黎曼条件
?u?x??v?u?v得,???y?y?xv(x,y)???x?vdx????u?ydx=
2?6xydx?3xy??(y),
?v?y?3x2???(y)所以??(y)??3y2,
?(y)??y3?C,从而
f(z)?x3?3xy2?i(3x2y?y3?C),由f(0)?i得C?1,所以
f(z)?x3?3xy2?i(3x2y?y3?1)。
9 设函数
f(z)在区域D内解析,试证:(?2?x2??2?y2)|f(z)|2?4|f?(z)|2
知识点:解析函数的导数的计算。 解:设函数
f(z)?u(x,y)?iv(x,y),则
|f(z)|2?u2(x,y)?v2(x,y),
??x|f(z)|2?2u(x,y)?v?y,
?u?x?2v(x,y)?v?x,
??y?2|f(z)|2?2u(x,y)?2u?x2?u?y?2v(x,y)?u?x?x2|f(z)|?2u2?2()?2v2?2v?x2?2(?v?x)2??y2|f(z)|?2u?2u?x2?2u?y22?2u?y2?2(?u?y)?2v?2v?y22?2v?y2?2(?v?y)2
而解析函数的实部与虚部是调和函数,
??0,
?2v?x2??0所以有
(?2?x2??2?y22?)|f(z)|?4|f(z)|。 211试证
f(z)?ex(cosy?isiny)在复平面上解析,并求其导数。
知识点:利用柯西—黎曼条件判断函数的可导性与解析性。 证明:
u(x,y)?excoys,v(x,y)?exsiny,
?u?x?excosy,
?u?y??exsiny,
?u?x?v?x?exsiny,
?v?y?excosy,以上四个偏导数在复平面上连续,且满足柯西—黎曼条件
?u?x?v?y??v?u?v,所以,???y?y?xf(z)?ex(cosy?isiny)在复平面上解析,其导数为f?(z)??i?ex(cosy?isiny)。
12验证v(x,y)?arctanyx在右半平面内是调和函数,其中x?0。
知识点:调和函数的定义,解析函数和调和函数的关系。
解:
?v?x??1??2v?y2yx2??yy2x2?y2x2,
1?v?y?1?xx?y2x2?y2x2,
?2v?x2?2xy(x?y)222,?2v?y2??2xy(x?y)222,于是
?2v?x2??0,因此v(x,y)?arctanyx在右半平面内是调和函数。
13 设函数
f(z)在z0解析,并且它不恒为常数.证明:若z0为f(z)的m阶零点的充要条件是z0为
1f(z)的m阶极点. 知
识点;极点和零点的关系。 证明:若z0为
f(z)的m阶零点,则f(z)?(z?z0)mg?z?,其中g(z)在点z0的某个邻域内解析且g(z0)?0,所11,
以
1?1在点z0的某个邻域内解析且
1?0,所以z0为
1的m阶极点.
f(z)(z?zm0)g(z)g(z)g(z0)f(z)14将
f(z)?z(z?2)(z?1)2在
0?|z?1|?1内展开成罗朗级数。
知识点:利用
11?z?1?z?z2???zn??,|z|?1,以及逐项求导,将分式写成部分分式的和。 解 设
f(z)?z1z(z?2)(z?1)2=
(z?1)2z?2?1(z?1)2(1?2z?2)
=
11?? (z?1)2(1?21?(z?1))=
(z?1)2(1?2?(z?1)n
n?015 将
f(z)?1z2?2z?5按z?1的幂展开成幂级数。知识点:把函数展开成泰勒级数和洛朗级数。
解:
f(z)?1111??n(z?1)2nz2?2z?5=4?(z?1)2 =
4|?2
1?(z?1)2?14?(?1)n?04n,|z?1416将
f(z)?z(z?2)2(z?1)在0?|z|?1内展开成幂级数
知识点:利用
11?z?1?z?z2???zn??,|z|?1,以及逐项求导,将分式写成部分分式的和。 解 设
f(z)?z(z?2)2(z?1)=
ABCz?1?z?2?(z?2)2,
去分母得 z?A(z?2)2?B(z?2)(z?1)?C(z?1), 取z?1,得A?1
取
z?2,
得C?2, 取z?0,
得
B??1,z=
11??f(z)?2nnzn?1(z?2)2(z?1)z?1?z?2?(z?2)2=???z?1(z2?)?12?n()
n?0n?02n?12zi17
?e|z|?21?z2dz 知识点:利用留数定理或柯西积分公式。
解;由1?z2?0得z??i,这些点都是函数的一阶极点,都在|z|?2内。
?eziezi?1|z|?21?z2dz=2?i(Rez?isf(z)?Rez??sif(z)) 而Rez?isf(z)?2z|z?i?e2i
所以
Resf(z)?z??iezi2z|z??i??e2i所以
?ezi1?z2|z|?2dz=
e?12i?e2i
18
?1zsinz|z|?1dz 知识点:利用留数定理或柯西积分公式。
解;由zsinz?0得z?0,这是函数的二阶极点,而且在|z|?1内。
2?1zsinz
|z|?1dz=2?iResz?0f(z)
而
Resf(z)?lim(zz?0z?01zsinz)??limsinz?zcoszsin2zz?0cosz?cosz?zsinz1?0,所以?dz=0. =lim|z|?1z?02sinzcoszzsinz19
?2?1a?cos?0____d?,a?1 知识点;令z?ei?,则sin??1(z?z),cos??1(z?z),
2i2d??解 令
1izdz,然后化成复变函数沿闭曲线的积分,用留数定理来计算。
z?ei?,则
?2?1a?cos?0d??2dzi?|z|?1z2?2az?11,被积函数
2z?2az?12有两个一级极点,
z1??a?a2?1,z2??a?a2?1, 因为只有|z1|?1,所以只有z1在单位圆内
Resz?z12z2?2az?1?22z?2ia|z?z1?1a?12,所以I??2?1a?cos?0d?=
2?a?12
sin20 计算积分
??|z|?24dz 知识点:利用留数定理或柯西积分公式。 z?12zsin解:被积函数
z4z2?1?有两个极点
z?1,z??1,这两个极点都在圆周内,因此
sinzsinz4sf(z)?Resf(z))而Resf(z)=lim(z?1)24?|z|?2z2?1dz=2?i(Rez?1z?1z??1z?1z?1z24同理Resf(z)?,所以dz=2?i. 2?|z|?2z??14z?1??cosmx21计算积分?dx,m?0。 知识点:利用留数定理计算实的积分。 20x?1??cosmx解
:
被
积
函
数
是
偶
函
数
,
所
以
??=
2 4sin??0x2?1dx?12???cosmxx2?1??dx,而
?
??cosmxx?12??dx=2?iResz?ieimzz?12?2?ie?m2i??e?m,于是有
???cosmxx?120dx?12?e?m。
22 计算积分
?5z?2z(z?1)2|z|?2dz. 知识点:利用留数定理
解:被积函数
f(z)?5z?2z(z?1)2有两个极点z?1,z?0,这两个极点都在圆周内
因此
?5z?2z(z?1)2|z|?2dz=2?i(Resf(z)?Resf(z)),而Resf(z)=limzf(z)=?2
z?0z?1z?0z?0而Rez?1sf(z)?(5z?2z)?|z?1?2z2|z?1?2,所以?5z?2z(z?1)2|z|?2dz=0。
23计算积分
?z12?sin2z|z|?2dz 知识点:利用留数定理或柯西积分公式。
解;由
12?sin2z?0得z?2k???4,这些点都是函数的一阶极点,而只有
,
而
k?0时奇点才在|z|?2z?2sinzcosz|?4内。,
?z12?|z|?2dz=
2?i(Resf(z)?Resf(z))z??sin2zz?2sinzcosz|?4z???Resf(z)?z??z????444Resf(z)?z??4z???4???4,所以
?|z|?2???dz?2?i??????2i
1?2??sin2z2z24计算积分
???2x2(x?1)2??dx 知识点:利用留数定理计算实的积分。 z2解:被积函数
f(z)?(z2?1)2有两个极点z?i,z??i,只有极点z?i在上半平面内
z2(z?i)所以
???2x2(x?1)5??dx=2?iResf(z),=2?i(2z?i)?|z?i=2?i22zi(z?i)3|z?i??2
25求方程z解:设
?7z4?3z2?z?1?0在|z|?1内根的个数。知识点,利用儒歇定理。
f(z)?7z4,g(z)?z5?3z2?z?1,在f(z),g(z)在|z|?1,内解析,在|z|?1上连续,且在|z|?1上,
|f(z)|?|7z4|?7,|g(z)|?|z5?3z2?z?1|?|z5|?|?3z2|?|z|?1?6,所以在|z|?1上,
|f(z)|?|g(z)|,因此f(z)与f(z)?g(z),在|z|?1内有相同的零点个数,所以z5?7z4?3z2?z?1?0在
|z|?1内有4个根。
26 设
f(z)在|z|?1内解析, 在边界上|f(z)|?1, 证明在D内存在一点z0使得f(z0)?z0。
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