万卷三年高考模拟卷理综答案

参考答案及详解

万卷三年高考模拟卷理综(一)

线

??1. 答案：C 【命题动向】本题主要考查神经一体液调节的相关知识，属于考纲理解、获取信息层次。 ?第一解析：由题干信息可知该肾上腺素的靶器官包括心脏，其调节方式既有神经调节又有激素调节；?该肾上腺素通过体液运输到心脏，使心率加快；神经系统调节动物体各种活动的基本方式是反射，?而反射活动的结构基础是反射弧。

??第二解析：因肾上腺素可作用于心脏，所以肾上腺素作用的靶器官包括心脏；该肾上腺素为动物激?素，是通过血液(体液)运输到心脏的；神经调节的结构基础是反射弧；该实例包含神经调节(内脏神?经支配)和体液调节(肾上腺素完成调节)。

??2. 答案：B 【命题动向】本题主要考查光合作用的场所、过程及特点，属于考纲分析、理解层次。 ?第一解析：镁是植物细胞叶绿体中色素的重要构成元素，幼苗在缺镁的培养基中培养，会使叶绿体??中的色素含量降低，导致光反应强度降低，生成的ATP及?H?的量降低，暗反应强度也随之降低。 ??第二解析：镁是叶绿素的组成成分，缺镁会导致叶绿素缺少而使光反应强度降低，进而因?H?和ATP ??合成不足而使暗反应强度降低。

?封3. 解析：绘制存活曲线时，以存活数为纵坐标、以年龄为横坐标作图，A项正确；根据表中数据可?知，野山羊种群在接近生理寿命以前只有少部分死亡，C项正确；以表中数据绘图可知，该种群的?存活曲线为凸型，B项错误；由该种群存活曲线为凸型可知，该种群的年龄组成为增长型，所以该??种群对环境有较强的适应能力，D项正确。 ?答案：B

?【命题立意】该题考查种群坐标曲线的相关知识，同时考对信息的分析整合能力，难度适中。 ??4. 解析：苏丹Ⅲ、龙胆紫、甲基绿和吡罗红都是大分子染色剂，不是活细胞所选择吸收的物质，用

?它们给细胞中的物质染色时，要用盐酸等杀死细胞以破坏细胞膜的选择透过性，从而让染色剂顺?利进入细胞而实现染色，所以，A、B、D三项均不符合题意；而健那绿是一种活性染色剂，能在?保持细胞活性的情况下给线粒体染色，C项正确。

??答案：C 【命题立意】本题考查细胞内物质或结构染色的问题，考查理解与识记能力，难度不大。 ?5. 【答案】B

?【解析】1169位赖氨酸的密码子为AAG，突变为谷氨酸，密码子为GAG，则②处碱基对A-T变??成G-C。 ?6. 答案：B

?解析：本题考查有关光合作用的知识．分析图解可知，在9：30～11：00之间，花生的净光合速率?下降，原因是气孔关闭，对二氧化碳的吸收减少，暗反应减缓，A正确；在11：00～12：30之间，密花生的净光合速率小于玉米，B错误；在17：00时，玉米和花生的净光合速率相同，C正确；在18：30时，玉米的净光合速率大于0，故D正确。 7.【答案】A

（理综）1

【命题立意】本题考查实验、微粒的检验和物质的保存等知识。

【解析】A中防止溴挥发，用水液封，二者不溶解且水在上层正确；B能氧化KI生成I2使淀粉变蓝的有Cl-

2、Br2、NO2等，不一定是Cl2，错误；C中加入CCl4中，CCl4层显紫色是I2而不是I；D中能与BaCl2反应产生不溶于HNO3的白色沉淀可能是BaSO4或AgCl，该溶液可能有SO2?4或Ag+。

【失分警示】易考虑Br2和H2 O反应，易混淆I―

2和I。 8.【答案】D

【命题立意】本题考查能和钠反应的官能团性质及书写同分异构体。

【解析】先写碳架结构，5个碳烷烃有5种再移动官能团位置，能和Na衍生H2的有机物官能团有

分子有―OH和―COOH，分子式有一个氧只能是―OH。

C?? C???? ?C ? C ? ?? C??????? C ? C???C? C ??C?? C?C????C??C? C???【失分警示】易漏掉某种结构。 9.【答案】D

【命题立意】考查热化学知识与图像结合，盖斯定律应用。

【解析】由反应A+B→C(ΔHO) ②X→C(ΔH

→C(ΔHO)可知这步反应是吸热反应，X→C(ΔH

【失分警示】对图像分析不明确而失误。 10．【答案】D

【命题立意】考查有机化学，官能团性质，有机物燃烧消耗氧气的计算方法。

【解析】橙花醇含有双键和醇羟基，故能发生取代反应和加成反应， A正确；在浓硫酸催化下加

热脱水，发生消去反应，能生成2种四烯烃，B正确；1mol橙花醇在氧气中充分燃烧，需消耗470.4L氧气(标准状况)，C正确；1mol橙花醇在室温下与溴的四氯化碳溶液反应，最多消耗3mol溴，480g溴，D错误。

【失分警示】忽略有机物中合有氧，误选C。 11.【答案】B

【命题立意】考查等效平衡的应用及压强对平衡移动的影响。

【解析】甲和丙虽然加入的物质不同但平衡时完全相同，p甲=p丙，m甲=m丙，K甲=K丙，但D中Q甲 不一定等于Q丙，只有甲中2molSO2反应的和丙中2mol SO3转换率相同时Q甲?Q丙，所以D不一

（理综）2

定成立，错误；比较甲和乙，如果条件改为恒温恒压，则甲和乙互为等效平衡，但实际是甲压强大，所以甲的压强大，有利于平衡正向移动，所以A中p甲?2p乙，因为正向移动使甲中气体总物质的量变小，p甲偏小，错误；B中甲有利于平衡正向移动使SO3的质量增加，如果不增加m甲=2m乙，甲加入量是乙的二倍，但甲中SO3又增多，所以m甲?2m乙，正确，C中甲和乙最开始加入的SO2：O2=2:1，当发生反应时SO2和O2化学计量数之比是2：1，所以无论甲或乙变化的浓度都是2：1，平衡时甲或乙中SO2和O2浓度比还是2：1，因此，K甲=K丙?K乙，错误。 【失分警示】等效平衡理论和应用不熟练。 12. 【答案】CD 【解析】A项液体分层，下层为溶有I2的CCl4溶液呈紫色，B项烧杯中只生成ClOH3白色沉淀，不溶解，C项Fe3??3SCN?Fe(SCN)3溶液呈红色，D项CaO吸收水蒸气，使左侧溶液析出晶体。

13．解析：由色氨酸和褪黑素结构简式分析，褪黑素分子内不存在?NH2和?COOH，不具有两性，

因此D项错误。

答案：D 【命题立意】本题主要考查有机物结构简式和官能团的性质，着重考查考生的分析能力。

14. 答案：B 【命题动向】本题考查地磁场的特点、安培定则(右手螺旋定则)以及安培假设中电流的

方向等知识，属于容易题．

第一解析：由地磁场的特点可知，地理北极是地磁场的S极、地理南极是地磁场的N极，在地球内部过南北两极的轴线上磁感线是从地理北极指向地理南极，由安培定则判断环形电流流向和磁感线方向的方法可知，从地理北极向地理南极看，应该是与地轴垂直且顺时针方向流动，所以B正确。

第二解析：地磁场是从地理的南极附近出来，进入地理的北极附近，除两极外地表上空的磁场都具有向北的磁场分量，由安培定则，环形电流外部磁场方向向北可知，B正确。A图地表上空的磁场方向向南，故A错误，C、D在地表上空产生的磁场方向是东西方向，故C、D错误． 15.【答案】A

【解析】无论上升过程还是下降过程，A、B的加速度均为重力加速度g。故A对B的压力为零，A正确。

16.【答案】BD【命题立意】本题考查带电粒子在电场，重力场(复合场)中运动问题。

【解析】由图可知，带电粒子受电场力和重力作用， 电场力在竖直方向与重力平衡，水平方向提供分外 力使之做匀减速直线运动。由于电场力做负功，故 电势能增加。

【失分警示】注意对粒子的受力分析(电场力的分析)。

17. 解析：飞船绕X星球做匀速圆周运动，万有引力提供向心力，由牛顿第二定律知GMm4π2r1r2?m2，

1T1（理综）3

则X星球质量M?4?2r31GT2，选项A正确。由GMm4?2r12?mT2?ma1，知r1轨道处的向心加速度

1r11a4?2r1GMTrX星球表面飞行的飞船有GMm1?2?2，而对绕2?mgx（R为X星球的半径），则

11RGMGM4?2r2gx?1Mm?GM2?a1?r2?2，选项B错误。由G2?m知??，故?1r2R1T1rrr??2r，选项13GMm4?2C错误。根据r4?2r3Tr2r2?mT2得T?GM，故2T?1r3?Tr3，即T2213，选项D正确。 1r1答案：AD 【命题立意】本题考查了万有引力在天体运动中的应用和卫星运行规律，利用牛顿第二定律和圆周运动知识处理问题是解题的关键，主要考查推理能力，属较难题。

18. 【答案】C【解析】物体沿斜面运动时，mgsin???mgcos??ma1,物体加速运动，a不变，故A、

B错；s?12at2，即s-t图像为抛物线，故D错误；物体在水平上运动， ?mg??mgcos?，故C正确。

19. 答案：BD 【命题动向】本题考查万有引力定律在天体运动中的应用，考查考生对同步卫星运动

特点的认识。 2 第一解析：由GMm?m?R?h???2??GMT2?R?h?2?T??，得同步卫星距地面的高度h?34?2?R,A项错误；近地卫星的速度等于第一宇宙速度，由GMm?2GMr2?mr得??r，卫星的高度超高，线速度越小，因此同步卫星的速度小于第一宇宙速度，B项正确；卫星运行时的向心力即为万有引力，大小为F向?GMm?R?h?2，C项错误；由GMmR2?mg得地球表面的重力加速度g?GMR2,而卫星所在处的向心加速度g??GM?R?h?2，可见D项正确。

第二解析：对于地球同步卫星，FGMm4?2r?2万=F向,F万?r2?mT2?mr?ma向?F向得

①r?R?h?3GMT2，可得GMT24?2h?34?2?R，A错误。 ②??GMGMGMr?R?h，而第一宇宙速度?0?R,???0，故B正确。 ③F万=F向?GMmr2?GMm?R?h?2，故C错误。 （理综）4

密????????????????????封??????????????????? 线

④aGMGM向?r2??R?h?2而g?GMR2,故a向?g，D正确。 20.【答案】BC

线【命题立意】考查能量守恒，及平抛运动、临界状态分析。 ??【解析】到A时速度为mg(H?2R)?12mv2?v?2R(H?2R)平抛运动时间2R?1?2gt2 ??t?4Rg。?S?v?t?22HR?4R2，B准确。由于是圆管，能从A点抛出只须H?2R即可，C

???准确。

?【失分警示】注意不要把圆管分析成内轨道问题。

??解析：利用左手定则可判定只有负电荷进入磁场时才向右偏，故选项A错误。利用q?B?m?221. ?r知

??r?m?qB，能射出的粒子满足L2≤r≤L?3d2，因此对应射出粒子的最大速度

???(3d?L)?max?qBrmaxqBm?2m，选项B正确。?qBrminqBL3qBdmin?m?2m,????max??min?2m，由此式可?判定选项C正确，选项D错误。

?封答案：BC 【命题立意】本题考查了带电粒子在磁场中的受力及其运动，结合左手定则、牛顿第?二定律和数学知识处理问题的能力，属较难题。 ?22. 【答案】（1）之前 （2）（见图） ??

? 0.30

v/(m2s-1

)

? 0.25 ?? 0.20 ? 0.15 0.10 ? 0.05

t/s

? ?0 0.50 1.0 1.5 2.0 2.5 3.0 ?

?（3）同意 在v-t图象中，速度越大时，加速度越小，小车受到的合力越小，则小车受空气阻力

?越大。

??【解析】（1）实验时应先接通电源再释放小车；（2）根据表格中的数据在坐标纸中描点、连线；（3）?由实验过程和v-t图像进行分析推理。 ?23.【答案】

?密 ①9.4 ② I．连线如下图 （理综）5

Ⅲ．9.5～11.1

【命题立意】本题考查双缝干涉实验、螺旋测微器读数、多用电表的读数和测电源的电动势。【失分警示】电路的连接、读数时的基本要求、图像不能用折线。 24．解析：（1）设物块平抛运动的时间为t，由运动学知识可得

h?12g2t ① x??Bt ②

联立①②式，代入数据得 ?B?2m/ s

③

（2）设B的角速度为aB，由牛顿第二定律和运动学的知识得 ?mg?mBa ④ ?B?aBtB ⑤

x2B?12aBtB ⑥ 联立③④⑤⑥式，代入数据得

tB?0.5 s ⑦

xB?0.5m ⑧ （3）设B刚开始运动时A的速度为a1，由动能定理得

Fl11?2M?21 ⑨ 设B运动后A的加速度为?A，由牛顿第二定律和运动学的知识得

F??mg?MAa ⑩ l122?xB??1tB?2aAtB ○11

联立⑦⑧⑨⑩○11式，代入数据得

l2?1.5m ○12 答案：（1）2 m/s （2）0.5s 0.5 m （3）1.5 m

（理综）6

【命题立意】本题考查了牛顿运动定律和运动学知识，综合性较强，应注重运动过程的分析，善

于发现前后过程的联系，属较难题。

25. 【解析】由题意得知，所有离子在平行金属板之间做匀速直线运动，它所受到的是向上的磁场力

和向下的电场力平衡，有q?B0?qE0 ① 式中v是离子运动的速度，E0是平衡金属板之间的匀强电场的强度，有 E0??d ②

由①②式得 ??VB ③ 0d 在正三角形磁场区域，离子甲做匀速圆周运动。设离子甲为m，由洛伦玆力公式和牛顿第二定律

v2有 qvB?mr

④ 式中，r是离子甲做圆周运动的半径、离子甲在磁场中的运动轨迹为半圆，圆心为O;这半圆刚好

与EG边相切于K点与EF边交于I?点，在△EOK中，OK垂直于EG,与几何关系得

12a?r?23r ⑤

由⑤式得 r?(3?32a) ⑥

联立③④⑥式得，离子甲的质量为m?qaBB0dV(3?32)⑦ (2)同理，由洛伦兹力公式和牛顿第二定律有 q?B?m??2r? ⑧ 式中m?和r?分别为离子乙的质量和做圆周运动的轨迹半径。离子乙运动的圆周的圆心O?必在E、

H两点之间，由几何关系有r?2?(a?34a)2?(a2?r?)?2(a?34a)(a2?r?)cos60?⑨

由⑨式得

r??14a

⑩

联立③⑧⑩式得，离子乙的质量为 m??qaBB0d4V

○

11 (3)对于最轻的离子，其质量为m/2，由④式知，它在磁场中半径为r/2的匀速圆周运动，因而与

EH的交点为O， 有 OH?(3?32)a

○

12 当这些离子中的离子质量逐渐增大到m时，离子到达磁场边界上的点的位置从K点沿EG边趋

向于I点，K点到G点的距离为KG?32a

○

13

（理综）7

所以磁场边界上可能有离子到达的区域是：EF、EG边上从K到I。 26．【答案】

(1) n(Cl)=0.025 0L?0.40mol?L?1?0.010mol，0.54g-0.010mol?35.5g?mol?1?0.19g

n(Fe)?0.19g/56g?mol?1?0.0034mol，n(Fe)：n(Cl)=0.003 4：0.010?1:3，x?3 (2)0.10 盐酸 氯气

(3) 2Fe3?+2I??2Fe2?+I?2(或2Fe2+3I??2Fe2?+I?3)? (4) 2Fe(OH)?3?3ClO??4OH?2FeO2?4?5H2O?3Cl?

FeO2?4?3e??4H2O?Fe(OH)3?5OH?

2FeO2?4?8H2O+3Zn?2Fe(OH)3?3Zn(OH)2?4OH?

注：Fe(OH)3、Zn(OH)2写成氧化物等其他形式且正确也可。

【命题立意】本题主要考查计算、氧化还原反应方程式和电极反应方程式的书写。

【解析】(1) FeClx中n(Cl)=n(OH)?n(HCl)=0.4?0.025?0.04mol，

质量守恒：m(Fe)=m(FeClx)?m(HCl)?0.54?0.01?35.5?0.19g，

Fe原子与Cl原子个数比等于物质的量之比: 1：x?n(Fe):n(Cl)?0.0034:0.0010?1:3，x?3. (2)平均式为FeCl2.1，十字交叉法，氯原子个数 FeCl 2 2 3-2.1=0.9 \\ / 2.1FeCl/ \\ 3 3 2.1-2=0.1所以，n(FeCl2):n(FeCl3)=9:1,FeCl3的物质的量分数为1/(1+9)3100%=10%;制FeCl2需氯元素，所以Fe和盐酸反应。Fe与C12化合反应不能制取FeCl2，只能制FeCl3。 (3)Fe3+氧化I―

生成I2，而Fe3+被还原成FeCl2，2Fe3??2I??2Fe3??I2.

(4)由题意知Fe(OH)―

3、CIO和OH-反应生成FeSO2?―

4，Fe元素化合价升高，所以CIO做氧化剂，

化合价降低，被还原为C1―

，有OH―

参与反应则另一生成物是H2O；FeSO2?4在正极发生还原反

应，生成Fe(OH)3，由原子守恒得反应物需要氧原子，则另一生成物是H2O，由电荷和原子守恒知生成物还有OH―

，负极Zn生成Zn2+ ，Zn2+与OH―

生成Zn(OH)2，则总反应为：

FeSO2?4+8H2O+3Zn? Fe(OH)3+3 Zn(OH)2+4 OH―

（理综）8

密????????????????????封??????????????????? 线

【失分警示】计算的数值不是整数，容易算错，书写方程式时反应物和生成物不易找全。 27.【答案】(1) SO2HO催化剂

2?H2O?H2SO3

2SO3?2?2H2SO4

线(2) 2OH??SO2?2?SO3?H2O

??(3)①酸 HSO????3存在; HSO3?H?SO23和HSO?3?H2O?H2SO3?OH?,HSO?3的电离程??度强于水解程度 ?②a b

??(4)①HSO??2??3?H2O?2e?SO4?3H

???②H+在阴极得到电子生成H2，溶液中c(H+)降低，促使HSO?3电离生成SO2?3，且Na+进入??阴极室，吸收液得以再生。

?【命题立意】本题综合考查了离子方程式书写，酸式盐的电离与水解以及电化学中电极反应式的?书写，能力层级为C。

??【解析】(1)SO2形成硫酸型酸雨时，二氧化硫和空气中的水、氧气反应得到硫酸：?催化剂

?SO?HSO2H2O?H2;32SO3?O2?2H2SO24. ?封(2)氢氧化钠吸收二氧化硫的反应方程式为：2NaOH?SO2?Na2SO3?H2O,其对应的离子方程式?2??为：2OH??SO2?SO3?H2O.

??(3)①由表中数据可知, n(SO2?3)：n(HSO?3)?1:91时，溶液的pH<7，溶液显酸性。当吸收液呈???中性时，溶液中的c(H?)?c(OH?),由于溶液中存在着电荷守恒,故??c(Na?)?c(H?)?2c(SO2??3)?c(HSO?2?3)?c(OH?),可推出: c(Na?)?2c(SO3)?c(HSO?3),a对;由

??于n(SO2???2?3)：n(HSO3)?1:1时,溶液pH=7.2,故中性时一定有c(HSO3)?c(SO3),可推出

???c(Na?)?c(HSO?3)?c(SO2?3)?c(H?)?c(OH?),b对。

??(4)根据电解槽所示的变化，可知HS3O?在阳极放电的电极反应式是：

???HSO?3?2H?O?2?e?3?H2?4; SO密H+在阴极得电子生成H2，溶液中的c(H+)降低，促使HSO?3电离生成SO2?3，且Na+进入阴极室，吸收液得以再生。

（理综）9

【失分警示】本题(3)②中容易根据溶液呈中性，选出b，而忽略了物料守恒而漏选a。另外个别同学回答问题的描述能力不足，导致问题回答不够全面。 28.【答案】(1)羰基、羧基 (2)

(3)

CH3 CH3 C8H14O3 H3C

C O C —CH3

CHO

CHO

(4)取代反应 酯化反应(或取代反应)

(5)

(6)CH3MgX(X=Cl、Br、I)

(7)NaHCO3溶液 Na(其他合理答案均可) (8)

【命题立意】本题考查有机合成，重要有机反应方程式，反应类型，官能团，分子式，同分异构体等。

【解析】考查有机合成过程，

O

(1)－COOH是羧基， — C — 碳和 2个C相连为羰基。 (2)羰基和H2加成生成羟基，－COOH不与H2反应。

(3)－OH－COOH三个氧原子，分子式C8H14 O3，核磁共振氢谱有2个吸收峰，则有两种氢，能发

（理综）10

生银镜反应有－CHO，C8H14O3有2个不饱和度，可以有2个双键，－CHO占一种氧，烃基一定有H，而且一定都是CH―

3上的氢，三个氧有一个氧不连氢，而为醚键，所以B的同分异物体 CH3 CH3 是 H3C

C O C —CH3

CHO

CHO

(4)－Br取代－OH，所以B→C是取代反应，E→F是酸和醇生成酯和水，酯化反应，也是取代反应。 (5)C→D反应条件是①强碱的醇溶液，②加热，由条件知，该反应是卤代烃消去反应生成 C (6)F生成G多了2个CHC 3－，所以Y是CH3RX(X是Cl、Br、I)。 (7)区别：E有－COOH，F是酯基，G是－OH，只有－COOH能和NaHCO3反应有气泡，－OH、

－COOH能和Na反应产生H2。

(8)G和H2O加成反应，－OH加上的位置有两种，假如，－OH加到 ，则－CH3直

接连的碳原子是手性碳原子不符合题意，只能是－OH加到另外一个双键碳上得到

29. 答案：（一）（1）CO2 （2）原设定的PH 自 （3）不能 因为长时间处于pH10.0条件下，

甲藻的净光合速率为负值，甲藻不能正常生长繁殖。（4）富营养化（N、P含量 ）

解析：I．（一）净光合速率可用O2的释放量，CO2的吸收量，有机物的积累量来表示。（2）本实验是探究pH对甲藻光合作用的影响，所以调节pH值是调节自变量。（3）甲藻长时间处于pH10.0条件下，甲藻的净光合速率为负值，甲藻不能正常生长繁殖。（4）赤潮除与pH、温度、光照强度有关，还与N、P含量有关。 （二）曲线注意横纵坐标的含义及起始点。

30. 答案(1)组织液 主动运输 (2)乳糖、酪蛋白 (3)内质网 (4)氨基酸、甘油三酯 (5)免疫球蛋白 增

加 与相应抗原特异性结合，发挥体液免疫功能

解析：(1)乳腺上皮细胞生活在组织液中，其所处的内环境是组织液。K+进出乳腺上皮细胞的方式是主动运输。(2)分析题干中的乳汁与血浆成分比较表知，乳汁特有的成分是乳糖和酪蛋白。(3)甘油三酯属于脂类物质，脂类物质的合成场所是内质网。(4)乳糖是二糖，是由葡萄糖和半乳糖合成的。合成乳糖的葡萄糖除来自于血浆，还可由氨基酸、脂类物质转化而来。(5)免疫球蛋白（抗体）是由浆细胞合成的，乳腺上皮细胞不能合成。免疫球蛋白是在抗原刺激下产生的，可以与相应抗原特异性结合，发挥体液免疫功能，因此乳房出现炎症时，免疫球蛋白在血浆和乳汁中的含量会增加。

31. 【命题动向】本题主要综合考查基因工程及孟德尔遗传定律的相关知识，属于考纲理解、分析层

次。

答案：(1)唾液腺 S基因 相应的mRNA S蛋白

(2)1235 (3)减少 后代蚊子可以表达S蛋白，该蛋白可以抑制登革热病毒的复制 第一解析：(1)基因工程中需把目的基因导入动物的受体细胞，即需要将携带S基因的载体导入蚊子的唾液腺细胞；如果转基因成功，在转基因动物体内可检测出目的基因、对应的mRNA和相

（理综）11

应的蛋白质。

(2)根据题干分析F1的基因型为AaBb，因此F1群体中A基因频率是为12。只有A基因或B基因的胚胎致死，所以F2中基因型为A?bb,aaB?的个体死亡，因此A?B?：aabb=9：1,所以F2群体

中AABB占110,AaBb占410,Aa?bb占210,aaBb占210,aabb占110

因此AA占310，Aa占610，aa占110，所以A基因频率=310?610?12?35。

(3)含有S基因的纯合转基因雄蚊释放到野生群体中，群体中蚊子体内病毒的平均数目会逐代减少，原因是后代蚊子可以表达S蛋白，该蛋白可以抑制登革热病毒的复制。

第二解析：(1)动物基因工程中常用的受体细胞是受精卵，其发育成的个体的每个体细胞中均含有目的基因；目的基因在受体中正常地转录和翻译，才能控制相应的性状出现。

(2)“只有A基因或B基因的胚胎致死”说明A?bb，aaB?的胚胎致死，故AABB雄蚊和aabb雌蚊相交，后代基因型全为AaBb，无致死现象，A的基因频率为50％；F2中A?B?：A?bb：aaB?：aabb应为9：3：3：1，由于A?bb和aaB?的胚胎致死，要淘汰掉316的A?bb、316的aaB?，

因此对于A、a来说，会淘汰掉116的AA，18 的Aa，316的aa，所以F2中AA：Aa：aa=3：6：1故A的基因频率为60%。

(3)S基因表达的产物S蛋白可以抑制登革热病毒的复制，纯合的转基因雄蚊能够将S基因稳定地传递给下一代，使群体中含有S基因的蚊子比例增大，蚊子唾液腺细胞中的S基因控制合成了S蛋白，抑制了登革热病毒的复制，使蚊子体内病毒平均数逐代减少。 32. 【答案】

(1)食物链

(2)捕食者(植食性鱼类)增加 竞争者(浮游藻类)大量繁殖 (3)投饵输入大量能量 (4)减少 增加 (5)吸收营养物质 竞争光照

【命题立意】本题考查生态系统的结构。

【解析】(1)由题目中“江苏某公小型天然湖泊有少量鱼类，后改造为人工鱼塘”再从表格中生物种类的变化可知，改为人工鱼塘后，该湖泊生物群落的食物链结构发生了显著变化。

(2)从种间关系的角度分析，表格中植食性鱼类和浮游藻类的物种数和生物量都大大增加了，导致水生高等植物明显减少的直接原因是捕食者的增加和竞争者大量繁殖。

(3)从表中可以推测，与2007年相比，20l0年湖水中生物体内所含的总能量显著增加，但生产者的生产量并未增加，反而有所减少。说明其主要原因是人类投饵输入大量能量。

(4)虾、贝等小型动物能摄食鱼饵料。如果肉食性鱼类只摄食虾、贝等小型动物，无法以其他动物为食，可以推测在相同饲养条件下2010年肉食性鱼类由于能量获取减少，其总量将会减少，植食性鱼类的总量将会增加。

(5)若对该湖泊进行生态修复，除停止养鱼外，还需恢复水生高等植物，以抑制浮游藻类生长。在这一过程中，水生高等植物作为生态系统的生产者，其直接作用是吸收营养物质、竞争光照。 33. （1）【答案】B【解析】根据连通器的原理可知，吸管中封闭空气的压强等于大气压加上洗衣缸

内水产生的压强减去右侧吸管中水产生的压强，当洗衣缸内水位升高，封闭空气的压强就会增大，

根据p1V1?p2V2知，封闭空气的体积减小，所以B正确。

（理综）12

密????????????????????封??????????????????? 线

（2）解析：① a.2 b.-1.5

②设向右为正方向，A与C在一起的共同速度为??，由动量守恒定理得 m?1?2m?? ①

线为保证B碰当搬迁A未能追上B，应满足??≤?2②设A与B碰后的共同速度为???，由动能定律

?得2m???37?2m?2?2m???

③

?为使能与挡板再次碰撞应满足????0

④

??联立①②③④式得

??1.5?122??1?2?2或2?1??2?3?1

⑤

??34. 解析：（1）①由题意可知波沿x轴正方向传播。 ? ②由题意知，??8m

?? t1A

A

2?t1??8T ①

i i

?? ???O

r

M

O

r

M T ②

?B

联立①②式，代入数据解得 B 第34题答案图

?? ??100m/ s ③ ? （2）依题意作出光路图 封 ①由几何知识可知，

?? 入射角i?60?，折射角r?30? ④ ? 根据折射定律得

?? n?sini?sinr ⑤

? 代入数据解得

? n?3 ⑥

? ②不能。

?? 答案：（1）①正 ②100 m/s

? （2）①3 ②不能。

? 【命题立意】本题考察了波的图象问题和时光的折射、全反射及临界角的理解，考查了理解能

??力，属较易题。

??35.(1)【答案】10n(或中子) 17.6

?【命题立意】考查核反应方程及爱因斯坦的质能关系计算.

??【解析】2341密1H+1H?2He+0n

?m?m231H+m1H-mHe-mn

?E??m?c2?117.6MeV

（理综）13

【失分警示】在核能时注意各粒子质量均为原子质量单位表示,故求出的质量亏损直接

?m?931.5MeV即可。

(2)【答案】(1)

m1m?2?1 2【命题立意】本题考查机械能守恒与动量守恒及完全非弹性碰撞的能量损失计算问题. 【解题过程】(ⅰ)设球b的质量为m2,细线长为L,球b下落至最低点、但未与球a相碰时的速度为v,由机械守恒定律得m122gL?2m2v ① 式中g是重力加速度的大小，设球a的质量为m1;在两球碰后的瞬间,两球共同速度为v’,以

向左为正.由动量守恒定律得m2v?(m1?m2)v' ②

设两球共同向左运动到最高处时,细线与竖直方向的夹角为?,由机械能守恒定

12(m1?m2)v'2?(m1?m2)gL(1?cos?) ③ 联立①②③式得m11m??1④ 21?cos?代入题给数据得

m1m?2?1 2(ⅱ)两球在碰撞过程中的机械能损失是 Q?m2gL?(m1?m2)gL(1?cos?) ⑥ 联立①⑥式,Q与碰前球b的最大动能E1K(EK?2m2Q2v)之比为E?1?m1?m2(1?cos?)⑦ Km2联立⑤⑦式,并代入题给数据得

QE?1?2 K2【失分警示】注意碰撞过程中机械能损失的计算及动量守恒方程、机械能守恒方程的使用.

36.[化学——选修2化学与技术] 【答案】

高温 (1)：

2CuFeS2?O2 ?Cu2S?2FeS?SO2

2FeS?2O高温

2?2FeO?2SO2FeSiO3

高温

(2)

2Cu2S?3O2?2Cu2O?2SO2

2CuO?CuS?高温

226Cu?SO2?

(3)c

Cu2??2e??Cu

Au、Ag以单质的形式沉积在c(阳极)下方，Fe以Fe2+的形式进入电解液中。

（理综）14

【命题立意】本题考查工业炼粗铜的工业流程和反应原理。

【解析】(1)Fe和Cu的低价是亚铜Cu+和亚铁Fe2+

，反应物是CuFeS2和O2生成物是低价硫化物FeS和Cu2S及SO2。Fe低价氧化物是FeO。反应物中有石英砂，所以炉渣是FeSiO3。 高温

(2)由题意知Cu2S和O2反应生成Cu2O，而S燃烧生成SO2，

2Cu2O?Cu2S?6Cu?2SO2?

(3)粗铜的精炼，粗铜本身要反应，电解池只有阳极可能参加反应，所以粗铜做阳极，而C和电源正极相连，做阳极，则d是阴极，产生金属只有在阴极。要制出铜，只有Cu2??2e??Cu，

阳极主要是Cu反应，而比铜活泼性差的Au、Ag不反应，以阳极泥沉积底部，而比Cu活泼的

Fe变成Fe2+

到溶液中。

【失分警示】书写方程式，生成物易找错。 37. 答案：（1）O 第三周期第ⅢA族 Al＞C＞N＞O＞H

H-N-N-H（2） HH （3） 34 H2SeO4 b （4）

Al+3HCO-3-3e-Al(OH)3??3CO2?

（或Al?3e?Al3? A3l??3HC?3OAl(OH)3??3CO2?）

2Al(OH)3 △ Al2O3+3H2O

解析：（1）组成蛋白质的基础元素为C、H、O、N元素，根据X、Y、Z、L元素的原子序数依次

增大，可知X、Y、Z、L分别为H、C、N、O；地壳中含量最高的金属元素为铝，故M为Al元素。（2）H、N按照原子个数比为1︰3和2︰4构成的分子分别为NH3和N2H4。（3）根据题意Se在第四周期第ⅥA族，其原子序数为8+8+18=34；该族元素随核电荷数的递增，非金属性依次减弱，与氢化合越来越难，放出热量越来越少（或吸收热量越来越多）。（4）以金属铝作阳极时，

金属铝溶解生成Al3?，与溶液中的HCO?3发生双水解生成Al(OH)3沉淀。

38. 答案：（1）(CH3)2CHC?CH 3—甲基—1—丁炔 （2）

Br(CH3)2CHCH=CHCCl42+Br2(CH3)2CHCHCH2Br

（3）

OHOOCH(CH3)2(CH)H+32CHCHCH2OH+HOCCH2CH2COHOOOO

?2H2O

（4）加成反应（或还原反应） 取代反应

（5）CH3CH?CHCH?CH2（或写它的顺、反异构体） CH3CH2?CCC 3H（理综）15

H2CCH2C（6）

H2CCH2

Br/CClCC解析：E24F推出

E中含有或

CC，又因为AH 2E所以可以判断出A为炔烃，E 为烯烃，所以据（1）中信息可以推断出A为

C5H8，E为

C5H10。A有支链所

CH3CHCCH以A的结构简式为CH3，名称为3—甲基—1—丁炔

39.【答案】(1)大量元素 微量元素 细胞分裂素

(2)IAA浓度 再生丛芽外植体的比率(m)和再生丛芽外植体上的丛芽平均数(n)0~0.5 mg2L-1

(3)1

(4)6─BA

【命题立意】本题考查的是选修一植物组织培养的知识内容。

【解析】(1)植物组织培养的培养基矿质元素分为大量元素和微量．元素，需添加的生长调节剂有生长素类(IAA)和细胞分裂素类 (6─BA)。

(2)从表格可看出该实验的自变量为IAA的浓度，因变量为再生丛芽外植体的比率(m)以及再生丛芽外植体上的丛芽平均数(n)。自变量的取值范围为0~0.5 mg2L-1 (3)由表格即得。

(4)由表格实验结果可看出，在一定范围内，随6─BA／IAA的值下降，再生丛芽外植体的比率在下降，说明细胞分裂素类(6─BA)能促进芽的分化，因此欲促使幼苗生根，一般应不加6─BA。 【失分警示】学生不易找出表格中有关数据的变化规律。 40. (1)顶芽 生长素

(2)(一定浓度的)除草剂 (3)(一定浓度的)盐 (4)野生型 1 (5)降低

(6)突变体DNA连接酶 B、C

第一解析：(1)顶芽的存在使产生的生长素抑制侧芽的生长会导致顶端优势，致使植物只进行营养生长，形成的花蕾少，所以去除顶芽可以形成更多的花蕾．(2)由题意可知，实验的目的是选择出

抗除草剂的植株，所以将T1代播种在含有除草剂的培养基上以选出上述性状的植株．(3)与(2)题同理．

第二解析：（1）为使侧枝发育形成更多的花蕾，要破坏顶端优势，因此需去除顶芽，因为顶芽产生的生长素在侧芽积累，会抑制侧芽生长。

（2）要筛选出抗除草剂的个体，应将T1代播种在含一定浓度除草剂的培养基上生长。 （3）要筛选出抗盐性状的个体，应将T2代播种在含一定浓度盐的培养基上生长。

（理综）16

密????????????????????封??????????????????? 线

（4）要确定抗盐性状是否由单基因突变引起，需将突变体与野生型植株进行杂交，得到F1，再让F1自交，统计F2的性状分离比。

（5）抗盐突变体的抗盐性强，野生型基因的存在会降低植物的抗盐性。

线（6）PCR技术可扩增基因，先应提取突变体DNA作目的基因，然后用同一种限制酶处理目的 ?的基因和运载体，再用DNA连接酶连接成重组DNA，从题图中可看出A、D为模板链，B、?C为引物。

??万卷三年高考模拟卷理综(二)

?

?1. 答案：C 命题动向：本题考查了生物的变异，属于理解层次。

?第一解析：聚焦在细胞内的131I没有与脱氧核苷酸相似的结构，不可能插入到DNA分子中或??替换DNA分子的碱基而发生基因突变，但可以诱发其他方式的基因突变或染色体变异，甲状?腺滤泡上皮细胞的基因突变不能遗传给下一代。

?第二解析：碘是人体甲状腺激素的构成元素，为组成人体的微量元素。由于131I有放射性，能?诱发甲状腺滤泡上皮细胞发生基因突变，但这属于体细胞的基因突变，不会遗传给下一代，D??项错误。131I不是碱基类似物，故不能直接插入到DNA分子中，也不能替换DNA分子中的某?一碱基，A，B项错误。大剂量的放射性元素会引起染色体结构变异，C项正确。 ?2. 答案：D【命题动向】本题考查了蛋白质的相关知识．

??第一解析：A项中基因是位于DNA分子上具有遗传效应的DNA片段，题干信息中提示只有?一个基因编码，所以不可能出现两条DNA单链分别编码A、B两条肽链的情况．B项中沸水封浴加热后构成胰岛素的肽链的空间结构被破坏(二硫键、氢键等被破坏)，而肽键并没有断裂．C??项中胰岛素的功能取决于氨基酸的种类，数量及排列顺序，且与空间结构有关．D项中合成后?的多肽需经一定的加工、修饰或互相聚合才有活性，通常是要去掉部分肽链，所以形成胰岛素?时需要经过蛋白酶的作用．

?第二解析：DNA的两条链中只有一条链转录成mRNA，再翻译出多肽链，加热只能破坏蛋白??质的空间结构，对多肽链无影响。要想破坏多肽链，需经肽酶作用。胰岛素的功能不仅取决于?氨其酸的种类、数目、排列顺序，还与空间结构有关。核糖体形成的多肽链先形成胰岛素原，?胰岛素原随细胞浆中的微泡进入高尔基体，经蛋白水解酶的作用，切去31、32、60三个精氨??酸，从而形成胰岛素。

?3. 答案：C 【命题动向】本题主要考查神经调节的相关知识，属于考纲分析、理解层次．

?第一解析：短跑运动员听到发令枪声后，迅速起跑，需要大脑皮层高级神经中枢的参与，属于??条件反射；调节起跑动作的神经中枢是小脑；该反射过程有多个中间神经元先后兴奋；起跑反?应的快慢取决于大脑皮层兴奋的程度．

?第二解析：短跑运动员听到发令枪声后迅速起跑，主要是在大脑皮层的听觉中枢、躯体运动中?枢等神经中枢的调节下完成的条件反射，其反射弧中有多个中间神经元参与，彤成多个突触，??兴奋在多个中间神经元之间单向传递，使它们先后兴奋，故C正确。在此过程中，小脑主要密起调节平衡躯体的作用。

4. 答案：D【命题动向】本题考查了种群密度及丰富度的调查方法的相关知识．

第一解析：通常丰富度的统计方法有两种：一是记名计算法，二是目测估计法．而标志重捕法是调查种群密度的常用方法．所以D项错误．

（理综）17

第二解析：用标志重捕法可调查达乌尔黄鼠的种群密度，不要丰富度。丰富度指的是群落中物种数目的多少。 5.【答案】A

【命题立意】本题考查的是光合作用和呼吸作用等知识点。

【解析】根据实际光合速率=净光合速率+呼吸速率，及图示可知dl处实际光合速率大于d3处的实际光合速率，因此d处光反应产生的[H]大于d3处光反应所产生的[H]；由图示可知d3处的呼吸速率小于d2处的呼吸速率，因此d3处呼吸作用产生的ATP较少；蓝藻种群K值的大小与相应条件下净光合速率成正相关，故C错误；密闭光照培养蓝藻，蓝藻可通过自身光合作用产生的氧气进行有氧呼吸，因此D项错误。

【失分警示】学生易选D。主要原因是学生在阅读时只注意“密闭”而忽略“光照”信息的缘故。 6. 答案：B

【命题动向】本题主要考查遗传系谱图的分析、概率计算的有关知识，属于考纲分析、推断层次． 第一解析：依据系谱图中Ⅰ、Ⅱ、Ⅲ代中患病情况先确定该病为隐性遗传，再依据假设法推测该病可能是伴X染色体隐性遗传病，也可能是常染色体隐性遗传病；依据Ⅱ一5和Ⅲ一11的表现型，伴X染色体隐性遗传病或常染色体隐性遗传病，Ⅱ一5都是该病致病基因的携带者；如果是常染色体隐性遗传病，Ⅱ一5和Ⅱ一6再生患病男孩的概率为18，此时Ⅲ一9与正常女性结婚，后代患病情况与性别无关．

第二解析：据图分析，该遗传病为隐性遗传病。如果为常染色体隐性遗传，则Ⅱ一5和Ⅱ一6均为携带者，他们再生患病男孩的概率为18；Ⅲ一9与正常女性结婚，子女患病概率与性别无关。如果为伴X染色体隐性遗传，Ⅱ一5也为携带者，Ⅱ一5和Ⅱ～6再生患病男孩的概率为14；Ⅲ一9与正常女性结婚时，若女性为携带者，他们的子女患病概率一样，都为12，若女性不为携带者，则他们所生女孩都为携带者，男孩都正常，应建议生男孩。 7.【答案】B

【命题立意】本题考查了化学方程式和离子方程式的书写，能力层级为C。

【解析】Na暴露在空气中，光亮表面逐渐变暗的化学方程式是4Na?O2?2Na2O，A错误；Na2O2

在潮湿的空气中放置一段时间，变成白色黏稠物的化学方程式是2Na2O2?2H2O?4NaOH+O2?， C错误；向NaHCO3溶液中加人过量的澄清石灰水，反应的

离子方程式是HCO??3?Ca2??OH?CaCO3??H2O

【失分警示】本题容易忽略反应物相对多少对化学反应的影响，而造成错选，如在书写与量有关的

离子方程或时，要注意以少定多。 8.【答案】A

【命题立意】本题考查物质的分离与提纯，意在考查学生对混合物中常见分离方法的掌握，能力层级为B。

【解析】A选项中分离Na2 CO3溶液和CH3COOC2H5，由于乙酸乙酯是一种与水互不相溶的有机物，所以可用分液的方法进行分离，应该用③装置，A不正确；B选项中用CCl4提取碘水中的碘，应用溶解度大的溶剂从溶液中提取溶质的过程称为萃取，通过分液进行分离，B正确；C选项中用FeCl2溶液吸收Cl2是利用氧化还原反应的原理吸收氯气，通过洗气的方法除去氯气，C

（理综）18

正确；D选项中粗盐的提纯，是利用化学试剂将食盐中的杂质沉淀而过滤除去，最终所得溶液加热蒸发结晶出氯化钠晶体，D正确。

【失分警示】本题容易误认为用FeCl2溶液吸收C12选⑤会引起倒吸，而错选C。 9.【答案】D

【命题立意】本题考查了常见有机物的结构与性质，能力层级为B。

【解析】植物油属于油脂，是混合物，无固定的熔沸点，A项错误；蔗糖不是还原型糖，B项错误两种二肽虽结构不同，但其可能水解得到相同的水解产物，比如CH3CH（NH2）CONHCH2COOH和CH2（NH2）CONHCH（CH3）COOH，均水解得到CH2（NH2）COOH、CH3CH（NH2）COOH，C项错误；乙与苯酚可以缩聚生成酚醛树脂，氮乙烯可以生成聚氯乙烯，乙二醇与羧酸可以生成聚酯，D项正确。

【失分警示】本题容易忽略植物油是混合物，而错选A；也容易思维不够深刻，不能列举实例，而错选C。 10.【答案】C

【命题立意】本题考查了原电池反应原理的应用，能力层级为B。

【解析】从图示看，太阳光照射下，有电子发生了转移，即太阳能转化成了化学能，A项正确；催

化剂a失去电子，作负极，发生氧化反应，由CO2和H2O中元素化合价分析，只有O元素化合价能升高，生成O2，所以催化剂a处应有O2生成，B项正确；催化剂a处的电极反应式为：2H2O?4e?4H??O2?，生成H+，酸性增强，C项错；H+移向催化剂b处，CO2结合H+得电

子生成HCOOH，D项正确。

【失分警示】本题容易根据图中H十

的传递方向，而误认为C选项正确。 11．【答案】A【命题立意】本题考查无机物之间的转化关系，能力层级为B。

【解析】②中S与O2只能生成SO2，错误；④中FeCl3溶液在加热时，Fe3+水解生成Fe(OH)3,进而分解生成FeO3,得不到无水FeCl3,错误。

【失分警示】本题容易忽略侯氏制碱法的反应原理或FeCl3受热易水解的性质，而导致错选。 12.答案：C

解析：A无水乙醇可以和水互溶，不能作为萃取剂；B新制的Cu(OH)2可以和甘油生成绛蓝色溶

液；C纸层析实验中不能将试样点浸入展开剂中；可以用加入CaO蒸馏的方法提纯乙酸中的乙醇；所以答案为C。

13．解析：由于HCO??OH??Ca2?3CaCO3??H2O反应存在，且 Ksp,CaCO?4.?96?93，可

10求得c(CO2?3)?c(Ca2?)?1.0?10?3mol?L?1?1.1?10?2mol?L?1?Ksp,CaCO3，因此X为CaCO3， A

正确；Ca2?反应完后剩余浓度大于1.0?10?5mol?L?1，则M中存在Mg2?,Ca2?，B不正确；

pH?11.0?12时可求c(OH?)?10?3mol?L?1,K?sp,Mg(OH)2?5.61?10?12，c(Mg2)?5.61?10(10?3)2?1.0?10?5，因此

N中只存在Ca2?不存在Mg2?，C不正确；加入4.2gNaOH固体时沉淀物应是Mg(OH)2，D错误。

（理综）19

答案：A 【命题立意】本题主要考查考生的计算能力和溶度积的应用。

14. 解析：焦耳通过实验直接得到了电流热效应的规律——焦耳定律，选项A正确；库仑在前人研究

的基础上通过扭秤实验总结出点电荷间相互作用的规律——库仑定律，选项B正确；奥斯特通过实验发现了电流的磁效应，拉开了电与磁相互关系的序幕，选项C错误；伽利略将斜面实验的结论合理外推，间接证明了自由落体运动是匀变速直线运动，选项D错误。

答案：AB 【命题立意】本题考查了学生对物理学史的认识与理解，考查理解能力，属容易题。 15.【答案】B

【解析】由牛顿第二定律可知：GMm?m(2?2r3T2r2T)r，解得：r3?2,两边同时取对数可得：

0T0lgr2Tr?lg，根据函数关系可知选项B正确。 03T016.【答案】B

【命题立意】本题考查电功的知识

【解析】这段时间电风扇的用电量即为电流做的功即W?UI1t1?UI2t2?UI3t3

?0.3?220?10?3?16kW?h+0.4?220?10?3?16kW?h?0.2?220?10?3?46kW?h?5.5?10?2度

【失分警示】不理解“度”这个常用能量单位，并且在单位变换时数的运算错误导致丢分。 17. 答案：AC 【命题动向】本题考查交流电的有效值、变压器规律及交流电的图象和规律，考查学

生应用相关知识解题的能力．

解析：电压表的示数UU22?110V，则电流表的示数I?R?2A，故A项正确；由题(b)可知原线圈输入电压的有效值为220V，根据变压器的变压比n1n?U1U，可知原副线圈匝数比为2︰1，

22故B项错误；交流电表的示数为交流电的有效值，故C项正确；由(b)图可知，交流电的周期为0.02s，频率为50Hz，D项错误．

18. 【答案】C

【解析】若x轴表示时间，y轴表示动能，则该图像放映某物体运动时动能与时间的关系，A错；若x轴表示频率，y轴表示功能，由EK?hv?W，可知B错；若x轴表示时间，y轴表示动量，由动量定理可知，C对；若x轴表示时间，y轴表示电动势，则图像反映电动势与时间的关系，电路不一定闭合，故D错。 19.【答案】A

【命题立意】本题考查导体棒在安培力， 重力及绳的拉力作用下的平衡问题。 【解析】F安=BIL

tan??F安BILmg?mg 所以I增大，?变大，故选A。

（理综）20

密????????????????????封??????????????????? 线

【失分警示】对共点力平衡问题的分析是关键。

20. 答案：BD 【命题动向】本题考查电场、电场力的基本概念，考查对静电除尘器原理的理解及对

电场知识的应用．

第一解析：集尘极与电源的正极相连带正电，放电极带负电，尘埃在电场力作用下向集尘极迁移线说明尘埃带负电，故A项错误；电场方向由集尘极指向放电极，故B项正确；带电尘埃带负电， ?因此所受电场力方向与电场方向相反，故C项错误；同一位置电场强度一定，由F?qE可知，??电荷量越多，电场力越大，故D项正确。

?第二解析：在放电极附近，电场线呈辐射形散开，且场强非常强，电子在电场中加速，附着在尘?埃上向集尘极移动，故迁移到集尘极的尘埃带负电，A错误，负电荷向集尘极移动，电场力向从??集尘极指向放电极，其受电场力的方向与场强方向相反，故B正确C错误，由F电?qE，可知，??同一位置E一定，q越大，电场力越大，故D正确。 ??21.【答案】B

?【命题立意】本题考查电磁感应及安培力问题。

?【解析】由于沿QN运动时，开始切割的有效长度增大、之后不变、再之后切割的有效长度减小、

??f?BIL???所以电流将先增大再不变最小减小。由I?B?Lv??可知f?B2L2v00?而此式中的L为切割的有效?R??R?长度，其中L?L0?2v0t(在M'N'出磁场过程)由二次函数图像可知B准确。

?封【失分警示】本题关键是通过二次函数的开口方向区别BC两个选项。

?22. 解析：（1）①同时听到声音说明小球与木块运动时间相同，设都为t，则小球做自由落体运动， ??H?1?2g2t，木块沿斜面下滑做匀加速直线运动，x?1ax2at2，由以上两式可得g?H。 ? ②对木块进行受力分析如图所示，由牛顿第二定律得沿斜面方向： mgsin??Ff?ma ?垂直斜面方向：FN?mgcos??0

FN F? 又有：F??Ff?fN 由以上三式解得a?gsin???gcos?，

?? ?

? 将a?g?xH代入可得：????x2?1?h?H??x2?h2 m g

?? ③由动摩擦因数的表达式可知选c、d。 第22题答案图

? 23. （1）实验原电路图如图所示： ? ?? ? M

RT

A

? ?密 R

S

E

（2）④电阻箱的读数R0 ⑤仍为I0 电阻箱的读数为R1 ⑥R0-R1+150 ?。

（理综）21

24. 【解析】（1）物体A在水平方向上受到向右的摩擦力，由牛顿第二定律得 ?1mAg?mAaA ① 由①并代入数据解得 aA?0.5m/s2

②

（2）t1=1.0 s时，木板B的速度大小为 ?1?aBt1

③ 木板B所受拉力F，由牛顿第二定律有 F??1mAg??2(mA?mB)g?mBaB ④ 电动机输出功率p1?F?1

⑤ 由③④⑤并带入数据解得 P1?7W

⑥

（3）电动机的输出功率调整为5W 时，设细绳对木板B的拉力为 F'，则P'?F'?1 ⑦ 带入数据解得F'=5NT2

⑧ 木板B受力满足F???1mAg??2(mA?mB)g?0

⑨

所以木板B将做匀速直线运动，而物体A则继续在B上做匀加速直线运动直到A．B速度等。

设这一过程

时间为t'，有

v1?a1(t1?t')

⑩ 这段时间内的位移s1??1t'

○

11 A、B速度相同后，由于F＞?2(mA?mB)g且电动机输出功率恒定，A和B将一起做加速度逐渐减小的变加速运动，由动能定理有：

P'(t?1212?t'?t1)?2(mA?mB)gS2?(mA?mB)?A?2(mA?mB)?221

○

12 由②③⑩○11○12并代入数学解得

木板B在t=1.0s到t=3.8s这段时间的位移 s?s1?s2?3.03m（或取s=3.0m）

25.【命题立意】本题考查带电粒子在磁场，电场中运动，即在磁场中的匀速圆周运动及电场中的

类平抛运动问题

【解题过程】粒子在磁场中做圆周运动。设圆周的半径为r，由牛顿第二定律和洛伦兹力公式得

qvB?Mv2r ①

式中v为粒子在a点的速度。

过b点和O点作直线的垂线，分别与直线交于c和d点。由几何关系知，线段ac、bc和过a、b两点的轨迹圆弧的两条半径(未画出)围成一正方形。因此 ac?bc?r ②

（理综）22

设cd?x由几何关系得

ac?45R?x ③ bc?35R?R2?x2 ④

联立②③④式得

r?75R

再考虑粒子在电场中的运动。设电场强度的大小为E，粒子在电场中做类平抛运动。设其加速度大小为a，由牛顿第二定律和带电粒子在电场中的受力公式得 qE?ma ⑥

粒子在电场方向和直线方向所走的距离均为r，由运动学公式得 r?12a2t ⑦ r?vt ⑧

式中t是粒子在电场中运动的时间。联立①⑤⑥⑦⑧式得

14qRB2E?5m 【失分警示】带电粒子在磁场中运动轨迹分析，及轨道半径的几何方法计算是解决此问题的关键，

且不可用直线连接aob三点，将会铸成大错。 26.【答案】

Cu?4H??2NO?△ (1)

3?Cu2??2NO2??2H2O或

3Cu?8H??2NO?△

2?3?3Cu?2NO2??4H2O

Au、Pt

(2)将Fe2+氧化为Fe3+ 不引入杂质，对环境无污染 Fe3+、Al3+ (3)加热脱水

(4)甲 所得产品中含有较多Fe2(SO4)3杂质 c mol?L?1?b?10?3L?250 g?mol?1(5)

?5a g?100% 【命题立意】考查化学实验的综合能力，从物质的制备、除杂质，既考查了方法又考查了能力，从多种制备途径中，要找到最好的途径，同时又考查中和滴定的相关计算和误差分析。 【解析】(1)Cu不和稀H2SO4反应，只能是Cu和HNO3反应，浓HNO3生成NO2，稀HN03生成NO，Au、Pt还原性差，不和HNO3溶液反应，所以滤渣1的成分是Au和Pt。 (2)H2O2是绿色氧化剂，氧化Fe2+，而生成Fe3+，H2O2生成H2O，无污染。 (3)加热使CuSO425H2O脱去H2O。

(4)滤渣2中有Fe(OH)3和A1(OH)3，加入H2SO4生成杂质Fe2(SO4)3。 (5)n(H2?2Y)?c mol/L?b?10?3L?cb mol由方程式得 CuSO425H2O-CH2+-H2Y2-

（理综）23

1 mol 1 mol cb mol cb mol

20ml中含CuSO425H2O是cb mol，则100ml中含5cb310-3mo1所以CuSO425H2O质量分数c mol?L?1?b?10?3L?250 g?mol?1表达式???5a g?100% a．无影响 b中滴定终点尖嘴有气泡导致标准液体积读数偏小，则Cu2+浓度偏低，c中杂质消耗一部分标准液，导致标准液体积偏大，使Cu2+偏大。 27.【答案】(1)-41.2 (2)小于 (3)p3(H2)?p(CO)p(CH增大

4)?p(H2O)(4)系统内强放热的甲烷氧化反应为强吸热的蒸汽重整反应提供了所需的能量(其他合理答案均可) (5)①B ②

(6)甲烷氧化程度过高，氢气和氧气反应(其他合理答案均可) 【命题立意】考查化学平衡的计算和图像，盖斯定律的应用。

【解析】(1)CH4(g)?H2O(g)?CO(g)+3H2(g)，?H=+206.2kJ/mol① CH4(g)?2H2O?CO2(g)+4H2(g) ?H=165 kJ /mol②

②-①得CO(g)?H2O(g)?CO2(g)+H2(g) ?H=-41.2 kJ /mol

(2)甲烷氧化反应活化能低，而且是放热反应，初始速率较快。

p3(3)K(Hp只是所有物质的浓度都换成压强，其它和平衡常数表达式一样，K2)?p(CO)P?p(CH升温

4)?p(H2O)向正向吸热方向移动，生成物p(H2)p(CO)增大反应物变小，所以Kp变大。 (4)先进之处是放热反应产生的能量能充分利用节约能源。

(5)①当温度高700℃时，H2物质的量分数>65%，而温度低于700℃时，CO的物质的量分数<10%，所以最合适的是B选项700℃，②H2的物质的量分数随着时间不断增大当到600℃时，H2的物质的量分数约为70%，之后基本保持不变。 (6)过量O2和H2反应，使H2减少。

【失分警示】图像分析比较复杂，容易分析失误。

28.【答案】（1） 高温2[Mg 2A l (OH) 6Cl?xH2O]?4MgO+Al O ? 2HC l ? ? (5 ? 2x)H O ? （2）a-e-d-b吸收HCl气体 检查气密性 232（3）将分解产生的气体全部带入装置C、D中完全吸收，防止产生倒吸（合理答案均给分） (4)3 偏低

(5)装置C的增重及样品质量(样品质量及样品分解后残余物质量或装置C的增重及样品分解后残余物质量)

【命题立意】本题考查实验综合能力和书写化学方程式。

（理综）24

密????????????????????封??????????????????? 线

【解析】(1)一般先失去结晶水，氯元素在燃烧或分解时一般生成HCI，难溶碱生成对应的氧化物和H2O。

(2)先测H2O的质量，防止通过NaOH溶液又引入H2O，吸收气体装置要长进短出，NaOH溶液 用来测量HCl质量，加药品之前必须检查装置气密性。

线(3)为了把HCl，H 2O完全吸收，必须用N2把装置中残留的气体全部带人C、D装置，完全被吸?收，同时通人N?2增加导管中压强，防止倒吸。 ?(4)C装置吸收HCl,n(HCl)?3.65g?36.5g/mol?0.1mol，D装置吸收H2O,n(H2O)=9.9g

?n(H2O)=9.9g/18g/mol,由(1)中方程式得 ??2HCl—(5+2x)H2O ?2 mol (5+2x) mol ?0.1 mol 0.55 mol

??25?2x?0.1?0.55解得x=3 ?(5)Mg2Al(OH)6Cl1-2y(CO3)y2zH2O分解产物有MgO，Al2O3,HCl,CO2,H2O,由c装置增重，计算出??HCl和CO2总质量，由方程式计算出HCl和CO2的质量比，可求出HCl和CO2的质量样品分解?残留物有MgO和A12O3，，根据方程式计算出MgO和A12O3的质量比，可求出二者的质量最后?根据方程式上MgO，HCl，H2O的关系列方程组，可求出z，所以至少需要测二项。

?29. 【命题动向】本题主要考查光合作用的影响因素及识图能力的相关知识，属于考纲理解、分析层

?封次。

?答案：(1)无 0～4时无光照，光合作用的光反应不能进行 有

??此时吸收CO2，可利用白天光反应产生的ATP和?H?进行暗反应 植物为减少蒸腾作用，??气孔关闭，不吸收CO2 ? (2)干旱 减少光照强度 ??(3)全能性 基因的选择性表达

?第一解析：(1) 0～4时，由于没有光照，光合作用的光反应不能进行，无ATP 和?H?的合成；???此时段有光合作用暗反应的发生，因为此时吸收CO2，可利用白天光反应产生的ATP和?H?进??行暗反应；10～16时属于中午时段，此时阳光强烈，植物为减少蒸腾作用，气孔关闭，不吸?收CO2。

??(2)从图2可知，栽培蝴蝶兰应避免干旱，以利于其较快生长；由于蝴蝶兰属阴生植物，栽培?时还需适当注意防止光照强度过强。

?(3)植物幼苗可通过植物组织培养技术大规模生产，原理是利用植物细胞的全能性；细胞分化?的根本原因是基因选择性表达的结果。

密第二解析：(1)由图1可知，长期干旱条件下的蝴蝶兰在0～4时，CO2的吸收速率为

3μmolm2?s，说明能利用外界环境中的CO2，所以有光合作用暗反应的进行；ATP 和?H?不

（理综）25

仅是光反应阶段的产物，也是呼吸作用的产物，活细胞都能进行呼吸作用；在干旱条件下，由于水的限制作用，气孔关闭，CO2进入受阻，所以光合作用明显降低。

(2)由图2可知，干旱条件下干重的增加量大约只有正常情况的四分之一，所以要使其较快生长，需要克服水分这一限制因素，阴生植物栽培时应避免强光照射。

(3)植物组织培养技术充分利用了植物细胞的全能性，细胞分化的根本原因是基因的选择性表达。 30.命题动向：本题考查了内环境的稳态及调节，属于理解应用层次。

答案：（1）细胞外液渗透压 抗利尿激素减少 通透性 负反馈

（2）突触小泡 特异性受体 肝糖原 胰岛素

解析：（1）一次性摄入大量的水，将使细胞外液如血浆的渗透压降低，减少了抗利尿激素的释放，从而降低了肾小管和集合管对水的重新收能力，饮水1小时后，水分大量吸收，渗透压降低，刺激渗透压感受器减少抗利尿激素的释放，因此属于神经一体液调节。

（2）神经递质是由末梢内的突触小泡释放的通过体液的传送，到达靶细胞，并与靶细胞膜上的受体结合从而作用于靶细胞，使肾上腺的分泌增加，促进肝糖原的分解，抑制胰岛素的分泌，引起血糖浓度升高。 31.【答案】(1)常

(2)一对等位 孟德尔分离 (3)环境因素

(4)自发／自然突变 突变基因的频率足够高 (5)d

(6)提前终止 代谢速率 产仔率低

【命题立意】本题考查遗传的基本定律、遗传与变异的关系及基因对性状控制的过程。 【解析】(1)由于I、Ⅱ的亲代是纯合脱毛与杂合子杂交的，且Ⅰ和Ⅱ杂交的情况属于正交和反交，它们的子代中脱毛、有毛性状均不存在性别差异，这说明相关基因是位于常染色体上的。 (2)Ⅲ组是选两个杂合子杂交的，子代有毛：脱毛=110：29，接近3：1的比例，说明脱毛、有毛性状是由一对等位基因控制的，相关基因的遗传符合盂德尔分离定律。

(3)Ⅳ组选两只脱毛纯合杂交，子代均是脱毛的，繁殖结果说明小鼠表现出的脱毛性状不受环境因素影响。

(4)在封闭小种群中，偶然出现的基因突变没有受到人为因素的诱导，属于自发突变。基因突变的个体在小种群中不是常见的，若此种群中同时出现几只脱毛小鼠，出现的条件是突变基因的频率足够高。

(5)a密码子发生的变化若是由GGA变为AGA，则突变基因序列模板链中的碱基变化按碱基互补配对原则，发生的变化应该是C→T，b密码子发生的变化若是由CGA变为GGA，则突变基因序列模板链中的碱基变化按碱基互补配对原则，发生的变化应该是G—C；c密码子发生的变化若是由AGA变为UGA，则突变基因序列模板链中的碱基变化按碱基互补配对原则，发生的变化应该是T→A；d密码子发生的变化若是由CGA变为UGA，则突变基因序列模板链中的碱基变化按碱基互补配对原则，发生的变化应该是G→A。故符合题意的是d。 (6)若突变基因表达的蛋白质相对分子质量明显小于突变前基因表达的蛋白质，则原因是蛋白质合成提前终止。进一步研究发现，该蛋白质会使甲状腺激素受体的功能下降，甲状腺激素调节功能下降，甲状腺激素能促进动物的新陈代谢，据此推测脱毛小鼠细胞-的代谢速率下降，由

（理综）26

于雌鼠代谢下降会影响繁殖，这就可以解释表中数据显示的脱毛雌性小鼠产仔率低。 【失分警示】遗传的基本定律是有规律可循的，这一规律体现在亲代到子代的繁殖过程中，所以本题的关键是抓住杂交亲本的基因型推导子代的基因型、表现型及比例。

32. 【答案】(1)磷脂ADP+Pi+能量????酶1酶????2ATP (2)自然选择 (3)B (4)

【命题立意】本题考查的是细胞中含磷的主要化合物，APP与ATP的转化关系；自然选择与生物进化的关系；环境污染对生物的影响等知识点。

【解析】(1)细胞膜的基本支架是磷脂双分子层。APP与ATP的转化关系为

ADP+Pi+能量????酶酶??1??2ATP (2)不同的环境下，生物的种类不同，是自然选择的结果。

(3)水体中限制浮游动物数量的因素有食物、天敌、有毒物质的浓度或溶氧量。但水体中溶氧量较高时，浮游动物的数量较多。

(4)浮游植物和浮游动物体的含磷有机物均有一部分交由分解者分解为无机物。 【失分警示】学生在(3)中易错，主要原因是审题不仔细。 33.(1)【答案】ACE

【命题立意】本题考查改变物体内能的方式及第二定律。

【解析】第二定律内容为不可能从单一热源吸收热量使之全部用来做功，而不引起其他变化，其中而不引起其他变化是关键，即体现了宏观的实际过程的不可逆性，(即单方向变化)。 【失分警示】注意对热力学第二定律的理解。

34. (1) 【答案】AD【解析】若振幅为0.1m,则(n?1482)T?3s，当n=0时，解得T?3S,故选项A正

确、B错误；若振幅为0.2m, 则(n?12)T?4s,当n=0时解得，T=8s,所以选项C错误、D正确。

(2)【答案】1sin45?4?R【解析】光路图如图所示，由光的折射定律可知；sin??2，解得?1?30?；

1又sinC?1n?22,所以C?45?，利用几何关系可以求出透光的区域所对的圆心角是14?R。 A

O

?

B

35.解析：（1）①根据衰变过程电荷数守恒与质量数守恒可得衰变方程：

（理综）27

131131053I?54X+?1；e②每经1个半衰期，

有半数原子核发生衰变，经2个半衰期将剩余14，即有75%发生衰变，即经过的时间为16天。

（2）设乙船上的人抛出货物的最小速度大小为?min，抛出货物后船的速度为?1，甲船上的人接到

货物后船的速度为?2，由动量守恒定律得 12m??0?1m1??1?m??m in ① 10m??20?m??min?1m1?? 2 ②

为避免两船相撞应满足

?1??2 ③ 联立①②③式得

?min?4? 0 ④

答案：（1）①131054X??1e ②16 （2）4?0

【命题立意】本题考查了衰变过程的特点、衰变方程的书写、半衰期的理解和动量守恒定律，考

查了理解能力，属较容易题。 36.(1)分馏塔 连续

(2)催化裂化 轻质燃料油(或汽油) (3)硫(S) 浮动 (4)催化剂 氢气(H2)

37.【答案】(1)< (2)1s22s22p63s23p63d5(或[Ar]3d5)

(3)硅烷的相对分子质量越大，分子间范德华力越强(或其他合理答案) (4)①sp2、sp3 4，5(或5，4) 2 ②ADE

【命题立意】本题考查分子性质、第一电离能、核外电子排布、分子结构及化学键。 【解析】(1)同周期元素第一电离能从左到右增大趋势。

(2)Mn原子失去最外层两个电子变成Mn2+，所以核外电子排布式为1s22s22p63s23p63d5 (3)根据规律组成和结构相似的分子，若相对分子质量越大，范德华力越强，熔沸点越高。 (4)①因为H原子形成一条键，O原子两条键，所以黑球是B原子，B原子形成了3条单键和4条

单键，所以分别为sp2杂化、sp3杂化；因为B原子最外层有3个电子，最多形成3对共用电子对，所以4，5之间一定形成配位键；由所给球棍模型得，该阴离子由4个B、4个H、9个O组成，其中B显+3价，H显+1价，O显一2价，所以m=2 ②阴阳离子间存在离子键，阴离子中的原子间存在共价键，阴离子与水分子间形成氢键。 【失分警示】要根据价键规律和空间结构来判断。 38.【答案】(1)①加成(还原)反应

②

③苯

(2)①碳碳双键

（理综）28

密????????????????????封??????????????????? 线

线

?(3)a d ?(4) ? ?? ? ? ??

(CH3)2C

?【命题立意】本题考查有机物的推断及有机物的性质，涉及同系物、同分异构体的概念以及重要

?官能团的化学性质，能力层级为B。

?【解析】(1)①B生成对孟烷时，B和氢气加成，为加成反应或还原反应；②根据转化关系，可推??出A为甲苯，故(CH3)2CHCl和甲苯反应的方程式为：

?? ;

??③甲苯的同系物中相对分子质量最小的是苯；(2)①F和氢气加成得到对盂烷，故其结构中一定

?含有的官能团是：碳碳双键；②根据图中的转化关系，可推出C为间羟基甲苯，结构简

封OH ???式为 CH 3

③反应I的化学方程式为：

?

???? ； (3)根据其中的物质，可推出甲苯能使高锰酸钾褪色，a对；C存在

?醛类的同分异构体，b错；D为酚类，E属于醇类，前者的酸性强，c错；E的结构中含有??羟基，其沸点高于对孟烷，d对；(4)与NaHCO3反应放出CO2，则其中含有羧基，从G的?化学式知，分子中还应含有一个碳碳双键，由核磁共振氢谱的峰面积之比为3：2：1可推 ? ?CH?知，G的结构简式为： 3

C

CH 2

可推出反应Ⅱ的方程式为：

? COOH

? ?? ? 密

(CH3)2C

【失分警示】推断分析能力欠缺以及对官能团性质的掌握不牢固，导致推断错误。另外容易出现

（理综）29

书写化学方程式时，漏掉部分小分子的现象。

39. 答案：?易挥发．难溶于水．化学性质稳定 不是 玫瑰精油随水蒸气一起蒸馏出来，所得到

的是油水混合物

（2）蒸馏温度 在一定的时间内提取量随蒸馏时间的延长而增加，一定时间后提取量不再增加

（3）下降 部分精油会随水蒸气挥发而流失； （4）较低 减 少挥发或防止挥发

（5）a （6）能 薄荷油与玫瑰精油的化学性质相似

40. 解析：（1）对于实验动物大鼠，如果是从活体输卵管中采集的卵母细胞，可以直接与获能的精子

在体外受精。如果是从已处死的雌鼠卵巢中采集的卵母细胞，需要在体外经人工培养成熟后，才能与获能的精子受精。(2)题图中的高血压相关基因作为目的基因，质粒作为载体，二者需用同种限制性核酸内切酶切割后才能连接成重组载体，该过程与质粒上有限制酶切割位点有关。(3)若在子代大鼠的体内检测出与高血压相关的蛋白质，则从分子水平上说明高血压相关基因已成功表达；若子代大鼠的血压升高，则从个体水平上说明高血压相关基因已成功表达。(4)在转基因动物的培育过程中，需要用到的胚胎工程技术主要有体外受精技术、早期胚胎培养和胚胎移植等。 答案：（1）卵巢 （2）目的基因 载体 同种限制性核酸内切酶(或同种限制酶) 限制酶切割位点 （3）检测到体内有相关蛋白 出现高血压 （4）体外受精

【命题立意】本题主要考查基因工程的基本操作程序和胚胎工程的有关知识。考查考生识图、综

合分析能力，难度中等。

万卷三年高考模拟卷理综(三)

1. 答案：C解析：接种疫苗后，机体会产生记忆细胞，也分泌抗体；如果有同样的抗原再次刺激机

体时，记忆细胞会快速增殖分化，产生大量新的效应B细胞和新的记忆细胞，效应B细胞进而

产生抗体消灭抗原，这就是二次免疫反应。接种乙肝疫苗之所以要间隔注射三次，目的就是激发机体二次免疫反应的机制，使机体产生更多数量的抗体和淋巴细胞。

2. 答案： D 解析：由图示可知，在50分钟内，相应的酶的活性为0，但是不能说明没有相关的基

因；大肠杆菌利用葡萄糖的方式有两种，50分钟内主要直接通过利用葡萄糖，而葡萄糖较少时，

可以利用乳糖。

3. 答案：B解析：重力对根的影响是均匀的，所以根水平生长；而茎相当于感受单侧光的刺激，向

光生长，起始位置相当于向下。 4.【答案】C

【命题立意】本题考查生物的种间关系，能力层级为B。

【解析】A金合欢蚁以金合欢树的花蜜为食，可以从花蜜中获取能量，与题意不符，错误。B金合

欢蚁可以保护金合欢树免受其他植食动物伤害，是为自己驱逐竞争者，与题意不符，错误。C金合欢树是植物，属于生产者，其竞争者应该也是绿色植物，金合欢蚁不会也不可能驱逐，与题意相符，正确。D金合欢蚁与金合欢树有密切的种间关系，在演化的过程中可以共同进化，与题意不符，错误。

【失分警示】金合欢蚁可以保护金合欢树免受其他植食动物伤害，而不能消除金合欢树以外的其他植物，是为自己驱逐竞争者。

5. 答案：D解析：图①电流表指针不偏转，说明甲乙两个电极处的膜外电位的大小与极性相同；由

（理综）30

于②电流方向为甲→乙，所以图②中乙为受刺激部位，而甲为静息部位，甲电极处的膜处于极化状态，乙电极处的膜处于去极化过程；与图②类似的，图④电流方向乙→甲，说明乙部位已恢复为静息电位，而甲部位处于去极化过程，甲电极处的膜处于去极化过程，乙电极处的膜处于极化状态；图⑤电流表不偏转，说明甲乙两个部位均恢复静息电位，即甲乙两个电极处的膜均处于极化状态。

6. 答案：C 命题动向：本题考查了图解的识别及不同温度对细胞呼吸和乙烯产生的影响，属于理

解层次。

第一解析：分析图解曲线可知，t1,t2条件下，呼吸速率和乙烯产生量的变化趋势是相同的，而且都是t1?t2,t1时峰值出现时间提前，但t1时呼吸速率高，有机物消耗大，且乙烯产生量大，叶片容易衰老，不利于叶片贮藏。

第二解析：由图可知，在温度为t1时离体叶片呼吸速率峰值出现时间及乙烯产生量峰值出现均早于t2时。呼吸速率越低，有机物消耗越少，越有利于叶片贮藏，A项错误。由于乙烯有催熟作用，产生的乙烯越少，越有利于叶片贮藏，B项错误。由图示可知，同一器官在不同温度下的呼吸速率曲线和乙烯产生量曲线趋势均相似，由此可知，温度为t1时细胞代谢旺盛，呼吸速率和乙烯产生量均大于t2时，这是由于温度t1高于t2，t1时酶的活性高所致，故C项正确，D项错误。 7.【答案】D

【命题立意】本题：考查一些概念，如同系物、共价键、核素等。

【解析】A中同系物的定义要求分子式只能相差若干个CH2原子团，乙酸分子式C2H4O2，丙二酸分子式是C3H404，分子式相差CO2，错误；B中如果是H元素与氧元素的原子构成H2O2分子，含

有非极性共价键氧氧键，结构式为H－O－O－H，错误；C中23523892U和92U中子数不相同，所以是

不同的核素，错误；D中短周期ⅣA和ⅦA元素形成的分子CCl4满足原子最外层8电子结构。 【失分警示】找不到不同元素的原子构成的分子也可能有非极性键的例子。 8．【答案】D

【命题立意】本题考查实验的基本操作和实验的反应条件和注意事项。 【解析】A中中和滴定不需要加热，中和反应常温也易发生。 B中制乙烯不用隔热，错误。

C中的中和热不用指示剂，测量放出热量，错误。 D制乙烯和乙酸乙酯都用浓H2SO4做催化剂，正确。 9.【答案】B

【命题立意】本题考查化学反应中能量变化，化学键和反应热，化学基本计算能力

【解析】?H3??H1??H2??534?(?2752)??2218kJ/mol ?H3为断键吸收的能量。

H?N?N?HN2H4结构式是 ??????H 4 mol N-H 1 mol N-N

1 mol O=O

?H3=43(N-H键键能)+13154+13500=+2 218

（理综）31

N—H键能=391kJ。

【失分警示】计算没有找到求N—H键键能的方法。 10.【答案】C

【命题立意】考查离子共存，离子反应相关知识，还有考虑电荷守恒离子反应方程式。

【解析】能和过量的盐酸反应中产生沉淀的只有SiO2?2?3+3，有SiO3就不能有 Mg2+、Al，它们反应

产生沉淀没有Mg2+、Al3+，但后来加过量氨水能产生白色沉淀则原来一定有AlO??2,AlO2和盐酸反

应生成Al3?,Al3??3NH?3?H2O?Al(OH)3??3NH4，由电荷守恒得必须有阳离子，一定有 K+ ，

综上得：一定有K+，SiO2??3，AlO2，C项正确。A中甲可能是SO2和 CO2的混合物，

SiO2??2??2?3?2H?SO2??H2O,CO3?2H?CO2??H2O,B中沉淀不可能有MgSiO3，D中CO3和

SO2?4可能存在，错误。

【失分警示】必须熟练掌握离子反应方程式。

11.【答案】BC【命题立意】本题考查溶液中离子浓度之间的关系，能力层级为B。

【解析】A项，随着pH的增大，碱性增强，c(CH3COO―)增大，c(CH3COOH)减小，当pH=5.5时，从图中可判断出，c(CH3COO―) > c(CH3COOH)，错误；

B项，W点存在的电荷守恒方程式有：c(Na?)?c(H?)?c(CH3COO?)?c(OH?)，物料守恒方程式有2c(Na?)?c(CH?3COO)?c(CH3COOH) ，从图中看，W处c(CH3COO?)?c(CH3COOH) ，所以c(Na?)?c(CH?3COO?)，代入电荷守恒方程式得，c(H?)?c(OH)正确； C项，由电荷守恒方程式知，

c(Na?)?c(H?)?c(OH?)?c(CH13COO?)而 c(CH3COOH)?c(CH?3COO)?0.1 mol?L?，

所以c(Na?)?c(H?)?c(OH?)?c(CH?13COO)?0.1 mol?L?，正确；

D项，W处的1L溶液中，CH3COOH和 CH3COONa 均为0.05mol，通入0.05 mol HCl,刚好与CH3COONa完全反应生成CH3COOH，即混合液体为CH3COOH和NaCl，根据CH3COOH溶液

的质子守恒方程式有 c(CH3COOH)?c(H?)?c(OH?)，错误。

【失分警示】解答此类试题常容易出现以下错误：质量守恒易遗漏中心元素的某种存在形式，电荷守恒易遗漏离子的电荷，电离程度和水解程度主次不明确，电离程度和水解程度主次不明确，电离和水解方程式一是遗漏，二是使用等号还是可逆符号，对谁结合电离程度判断失误。 12. 答案：BD

（理综）32

密????????????????????封??????????????????? 线

解析：甲乙投法的投入量相当，形成相同平衡状态即等效平衡，所以c1?c2,a?b?92.4,p1?p2,?1??2?1。所以B正确。而体积不变时加入4molHN3相当于甲乙加压，平衡正向移动，则c3大于2c1，A错；同理p3?2p2，而?3??2，所以?1??2?1，所以C

线错误，D正确。

?13．答案：D 【命题动向】本题考查电化学原理中的离子移动、电极反应。

?第一解析：A正确，a、b不连接时，没有形成原电池，但是铁会与硫酸铜发生置换反应；B正确，?若a、b连接时，则形成了原电池，且铁是负极，铜是正极，在铜片上应该是铜离子得电子变为单?质铜；C正确，无论a、b是否连接，都会发生铁与硫酸铜的反应；D不对，若a接正极，则a是??阳极，此时形成的是电解池，溶液中的离子移动符合“阴阳结合”，即阳离子应该移向阴极即铁电?极。

?第二解析：a和b不连接时，铁与CuSO4溶液发生反应：

??Fe+Cu2? Fe2++Cu ，A项正确；a和b用导线连接时，组成了原电池，Fe作负极，作正

?极，铜片上发生还原反应：Cu2++2e? Cu ，铁片上发生氧化反应：Fe-2e? Fe2+，?B项正确；通过以上分析可知，无论a和b是否连接，均发生反应：Fe+Cu2? Fe2++Cu，??故溶液均从蓝色(Cu2+的颜色)逐渐变成浅绿色(Fe2+的颜色)，C项正确；a和b分别连接直流电源?正、负极时，构成电解池，铜片作阳极，铁片作阴极，Cu2+应向阴极(铁电极)移动，D项错误。 ?14.【答案】AD 【命题立意】本题考查惯性定律(牛顿第一定律)的理解。

?【解析】物体保持原来的运动状态的性质，即为惯性，亦为力不是维持物体运动状态的原因，是??改变物体运动状态的原因。

封15. 答案：A 命题动向：本题考查匀变速直线运动规律的应用，以及灵活应用运动学公式的解题能

?力。

??解析：第一段?x的中间时刻的速度为??x1??t，第二段?x的中间时刻的速度为??x2?1t，

2??则加速度a??2??1?t?2?x?t1?t2?1?t2t1t2?t1?tA正确。

2?，2??16. 答案：BD

? 解析：对物体，克服绳的拉力做功，故其机械能减小，所以A错；软绳重力势能减少量

???E?mg?ll1?2?mg2?sin??4mgl，故B正确；由能量关系可知C错、D正确。

?17. 答案：C解析：将题中模型等效为斜面模型，如图所示这些斜面具有相同的高度，故选择C。 ??18.【答案】B

?【命题立意】本题考查万有引力定律和开普勒定律在天体中的应用。

??【解析】卫星绕地球沿圆轨道运动，由万有引力提供向心力有Mm?rm(2?2r3GM2?T)r，得T2?4?2，卫

密a3星绕地球沿椭圆轨道运动，由开普勒第三定律有T2?定值，此定值由地球决定。所以两者可能

具有相同的周期，故A错。沿椭圆轨道运动的卫星在近地点速率最大，在远地点速率最小，所

以由近地点向远地点运动和由远地点向近地点运动过程中一定有速率相同的两个位置，故B正

（理综）33

3确。由GMm(2?GMT2r2?mT)2r,得r?4?2,由于同步卫星都与地球的自转周期相同，所以同步卫星半径也都相同，故C错。通过北京上空的卫星其轨道平面可以与地轴成一定的角度。也可以是极地卫星，所以轨道平面不一定重合，故D错。 【失分警示】公式不熟练，对于卫星做椭圆运动理解不够。 19.【答案】B【命题立意】本题考查了三力平衡。

【解析】考查三力平衡。将拉力沿竖直方向分解，利用平衡得：2Fcos45??G，F?22G，选B。

【失分警示】共点力没弄准。

20. 答案：D 【命题动向】本题考查曲线运动、电场力及场强、以及功的正负判断等知识，属于中等

题。

第一解析：物体做曲线运动时，速度方向是曲线上某点的切线方向，而带负电粒子所受电场力的方向与场强的方向相反；又由曲线运动时轨迹应该夹在合外力和速度之间并且弯向合外力一侧，而又要求此过程速率逐渐减小，则电场力应该做负功，所以力与速度的夹角应该是钝角、，综合可得D正确。

第二解析：由a至c的弯曲情况可知受力方向 指向图中虚线的右下方， b点的速度方向?b。 如图，由a至c速率递减可知受力方向如图中

F，?角大于90°，因为电荷为负，故场强方

向应与F反向，故D正确。

21. 答案C

第20题解析二图

解析：UQU1?C,E1?1d。

当板间距变为12d时，由C=?S4?kd可知电容变为2C，而带电荷量也变为2Q，故U2Q2?2C?UU2U1,E2?1?21d?2E1，故C选项正确。

2d22.（1）减小B的质量；增加细线的长度（或增大A的质量；降低B的起始高度） 【命题立意】本题考查在能量转化过程中，物体所获得速度大小的决定因素。

【解析】A释放后会撞到滑轮，说明B落地时A获得的速度较大。本题中A物体的动能主要来源于B物体的重力势能，所以要减小A物体的速度可以减小B物体的重力势能，即减小B物体的质量或通过增加线长来降低B的起始高度，增大A物体的质量也可以减小A物体的速度。 【失分警示】对系统能量转化理解不到位，对影响速度的因素掌握不好。 (2)如图所示

（理综）34

析的能力。

【命题立意】本越考查描点、连线的作图能力。

【失分警示】点描的不够小，线画的不够细，不用尺作图，使误差较大。 (3)0.4

【命题立意】本题考查动能定理的应用和对图像的理解能力。

【解析】由动能定理有Mgh??mgh?12(M?m)v2，

??mgh?0?12mv2，联立解得sM??mh??(M?m)。 式中

sh为图线的斜率，由图线得sh?0.94。代人数值解得??0.4。 【失分警示】使用动能定理时不能完全掌握力做功，不能很好地理解图线的斜率。 (4)偏大

【命题立意】本题考查实验误差分析。

【解析】实验中滑轮轴存在摩擦，在计算过程中摩擦的作用都算在了滑动摩擦上，所以得到的?会偏大。【失分警示】不理解实验过程中滑轮的摩擦表现出来了，并把它加在了滑动摩擦上。 23. 答案：

（1）①断开待测电阻，将选择开关旋到“×100”档：

②将两表笔短接，调整“欧姆调零旋钮”，使指针指向“0 ?”； ③再接入待测电阻，将指针示数×100，即为待测电阻阻值。 （2）如图所示

第23题（2）图

（3）电阻 1、2 1

命题动向：（1）本题考查多用电表的使用，以及同学们实验操作能力。

（2）本题考查伏安法测电阻，安培表内外接对电阻测量的影响，实物图连接，以及同学们误差分

（理综）35

解析：从上一问可以粗略地知道被测电阻为几千欧，与电压表的内阻相近，因此安培表应用内接法，实物图连接如图。

（3）本题考查多用电表内部结构原理，以及同学们对多用电表原理的掌握。

解析：多用电表测电阻时，电源内置，作为电流表时，电阻与表头并联，并联电阻越小，电流表的量程越大。

24.【命题立意】本题考查平抛知识，机械能守恒定律、动能定理。 【解题过程】(1)由平抛运动规律，有 竖直方向h?122gt 水平方向s?vt

得水平距离s?2hgv?0.90m (2)由机械能守恒定律，动能E1K?2mv2?mgh?0.90J (3)由动能定理，有??mg?l?1mv2?1mv2220 得初速度大小v0?2?gl?v2?4.0m/s

【失分警示】平抛运动处理方法和物体运动的初末状态把握不准确。

25.解析：（1）由匀速度运动的公式：s?12at2 ①

得

a?2st2

②

（2） 设连接杆对拖拉机的拉力为f，牛顿第二定律得：

F?kMg?fcos??Ma ③

根据牛顿第三定律，联立②③式，解得拖拉机对连接杆的拉力大小为：

W???2s??F?M(kg?t2)??

④

（3）拖拉机对粑做的功：

W?f/scos?

⑤

取立④⑤式解得：

W???2s??F?M(kg?t2)??s

⑥

26.【答案】(共12分) (1)c、d

(2)Fe3+；取少量溶液，滴加KMnO4溶液，KMnO4褪色 高温 (3)

3Cu2O?2Al?Al

2O3?6Cu

（理综）36

密????????????????????封??????????????????? 线

(4)b、d

(5)4H??O2?4e??2H2O

【命题立意】本题考查元素化合物、电化学部分的内容。

线【解析】(1)SO3+遇KSCN溶液变红；(3)利用Fe2+的还原性 2为酸性气体，用碱性溶液吸收；(2)Fe?使KMnO正极发生还原反应。 ?4紫色褪去；(5)?【失分警示】在设计Fe2+检验时忽略Fe3+的存在。 ?27.【答案】 ?(1)圆底烧瓶

??(2)连接导管，将导管插入水中；加热试管，导管口有气泡产生；停止加热，导管内有水回流并形成?一段稳定的水柱。 ?△

??(3)①

(NH4)2SO4?Ca(OH)2?2NH3??2H2O?CaSO4

?②B

??③氢氧化钠溶于氨水后放热、增加氢氧根浓度，使NH3?H2O??????NH3?H2O??????NH??4?OH向

??逆方向移动，加快氨气逸出 ?(4) 5V1:7(m1-m2)

?(5)浓硫酸吸收了未反应的氨气，从而使计算的氢的量偏高 碱石灰(氢氧化钠、氧化钙等) ?封【命题立意】以实验室进行物质的制备为问题情境，把实验室常见仪器的使用，常见气体的制备，检?查装置气密性的方法：同时给出两种方法，考查学生对实验的设计和评价能力，这些都突出了实验在?高中化学中的重要地位。

??【解析】（1）不带支管，圆底，叫圆底烧瓶。(2)利用压强差检验。（3）①NH??4和OH反应加热产生

??NH3。②B装置中分液漏斗中加入浓氨水通过活塞控制产生NH3速率，而C装置中把氢氧化钠放到有?孔塑料板上，只要和水接触，迅速溶解，不能使用C装置。③NaOH??OH??Na?，OH?抑制?NH3?H2O电离。

??(4)氮原子生成NV1L2,nN?2nV1?2?22.4L/mol,氢原子生成H2O???2H?O,氧原子来自氧化铜??m(O)?m(CuO)?m(Cu)?m1?m2,

nm(O)H?2n(O)?2??2?m1?m2?M(O)16,

??2?Vn1?N?n?2?22.4(m?5V1(5)浓H2SO4吸收NH3和H2O的质量偏高,由H2O计算出m(H)增H2?1?m2)7(m1?m2)?大,所以氮、氢原子个数偏小;要想测量准确必须只吸收H2O而不吸收NH3,选用碱石灰. ?【失分警示】计算要准确 密28.【答案】(1)ACB(按序写出三项)

(2)① 残余清液中，n(Cl-)>n(H+)(或其他合理答案) ② 0.1100

（理综）37

③ 偏小 ④(i)Zn粒 残余清液(按序写出两项) (ii)装置内气体尚未冷至室温 【命题立意】本题考查化学实验基本操作、基本计算及实验分析能力。 【解析】(1)操作顺序应是加固体，滴液体，加热。

(2)①反应后还生成氯化锰，所以溶液中n(Cl-)>n(H+),不能测出剩余的盐酸量 ②c=22.0030.1000÷20.00=0.1100

③由于碳酸锰的溶度积小于碳酸钙，所以有部分碳酸钙转化为碳酸锰，使称量的剩余固体质量偏大，则使反应掉的固体质量偏小，故盐酸量偏小。

④为保证残留液体不因粘在器壁上而损失，所以要把锌粒倒人液体中；排除仪器和操作的影响，气体体积的变化就是由于反应放热造成的，所以随温度降低体积减小。

【失分警示】注意对溶度积的理解。 29. 答案：(1)C3化合物

(2)暗反应速率在该环境中已达到稳定，即C3和C5化合物的含量稳定,根据暗反应的特点，此时

C3化合物的分子数是C5化合物的2倍，当CO2浓度突然降低时，C5化合物的合成速度不变，

消耗速率却减慢，导致C5化合物积累 (3)高

(4)低CO2浓度低时，暗反应的强度低，所需ATP和?H?少

【命题动向】本题主要考查光合作用的影响因素及识图能力的相关知识，属于考纲理解层次．

第一解析：(1)CO2浓度降低，直接影响暗反应CO2的固定，根据CO2+C5?2C3，推出C3的量减少，确定物质A是C3化合物，物质B是C5化合物．

(2)CO2浓度为l％时，暗反应保持稳定，依据暗反应中CO2 的固定的反应式可确定，C3的量应是C5的量的2倍；CO2浓度降低，CO2的固定作用减弱，C5的消耗减少，而生成量基本不变，导致C5的量增多。

(3)CO2浓度为0.003%时，C3和C5的浓度保持稳定后，暗反应保持稳定，此时暗反应中CO2的固定反应再次达到平衡状态，C3的量应是C5的量的2倍．

(4)CO2浓度降低，达到最大光合速率时所需的光照强度降低，因为暗反应减弱，所需的ATP和

?H?减少，光反应强度减弱。

第二解析：(1)由题干提供的信息可推知，植物由l％CO2浓度环境转移到0.003％CO2：浓度的环境中后，植物暗反应阶段的CO2固定速率减小，因此，C3产生量减少，C5相对增加，由此可确定A为C3，化合物，B为C5化合物。

(2)在CO2浓度为l％的环境中物质B的浓度(C5化合物)比A的低，原因是CO2浓度相对高，

CO2 固定与C3化合物的还原达到动态平衡，根据暗反应中CO2固定和C3化合物还原的反应式：

CO+C?H?、ATP25?2C3;2C3????酶???CH2O?+C5?可知C3化合物分子数比C5化合物分子数多。将CO2浓度从1％迅速降低到0.003％后，影响了CO2的固定，C5的消耗减少而C3化合物的合成

速率不变， 因此C5化合物浓度升高。

(3)若使该植物继续处于CO2浓度为0.003％的环境中，暗反应中C3和C5化合物浓度达到稳定时，物质A的浓度要比B的浓度高。

（理综）38

(4)由于0.003％CO2浓度下的暗反应强度比l％CO2浓度下的低，所以所需ATP和?H?少，因此所需的光照强度也较低。

30. 答案：（1）胰岛素和生长激素对大鼠生长的影响 （2）垂体和胰腺 单位体重注射量乘以体重

（3）促进大鼠生长（及加强生长激素的促生长作用） 大于

（4）降低 胰岛素浓度升高和胰高血糖浓度降低，促进了组织细胞加速对葡萄糖的摄取、利用和储存，抑制了糖原分解和非糖物质转化为葡萄糖 （5）胰岛素 胰高血糖素

解析：（1）由图1可知该实验的目的是探究胰岛素和生长激素对大鼠生长的影响。（2）手术应切

除垂体和胰腺，排除它们产生的激素对实验结果的影响。每次注射激素的量为单位体重注射量乘以体重。（3）图1表明胰岛素具有促进大鼠生长的作用，胰岛素和生长激素的共同效应大于它们的单独作用。（4）刺激副主感神经，血糖浓度将下降，原因是胰岛素浓度升高，胰高血糖素降低，促进了组织细胞对葡萄糖的摄取、利用和储存，抑制了糖原分解和非糖物质转化为葡萄糖。（5）要证实胰岛素能直接抑制胰岛A细胞分泌，可在胰岛组织中注射胰岛素，通过检测注射前后周围血液中胰高血糖素的浓度变化来确定。 31.【答案】 (1)2 8

(2)XrY Y(注：两空顺序可颠倒)XRXr、XRXrY (3)3：1 1／1 8

(4)M果蝇与正常白眼雌果蝇杂交，分析子代的表现型 Ⅰ子代出现红眼(雌)果蝇 Ⅱ子代表现型全部为白眼 Ⅲ无子代产生

【命题立意】本题考查减数分裂、基因的自由组合定律、变异等主干知识。

【解析】(1)正常果蝇的减数第一次分裂染色体组数仍为两组，因为染色体的着丝点没分开。减数第二次分裂后期由于着丝点已分开，染色体数恢复到体细胞水平8条。

（2）白眼雌蝇（XrXrY）与红眼雌蝇（XRY）杂交，产生的红眼雌蝇基因型为XRXr和XRXrY。因为白眼雌蝇（XrXrY）可以产生四种配子─Xr、XrY、XrXr、Y，红眼雌蝇（XRY）可以产生两种配子─XR

、Y，它们随机交配可以产生多种结合组，基因型为XR

Xr

和XR

Xr

Y的个体表现为红眼雌蝇。

（3）F1的基因型为AaXR

Xr

和AaXr

Y，相互交配F2灰：黑=3:1，红：白=1:1，因此灰红：黑白=3:1；F2灰身红眼雌蝇的基因型为1/3AAXRXr，2/3AaXRXr，灰身白眼雌蝇的基因型为1/3AAXrY ，2/3AaXrY，随机各取一只，出现黑身白眼（aaXrXr、aaXrY）的比例为2/332/331/431/4+2/332/331/431/4=1/18。

（4）M果蝇的基因型可能为XRY、XrY或XO三种中的一种，M与正常雌性白眼（XrXr）交配，子代可能出现下列三种情况Ⅰ─雌性出现红眼，Ⅱ─全部白眼，Ⅲ─无后代（因为XO不育）。 【失分警示】利用好题干信息，如XXY─雌性可育、XO─雄性不育、XXX─死亡、OY─死亡。按要求作答，如答出基因型、比例或概率。分析表现型，易错写成分析基因型。

32. 答案：（1）①被滨螺捕食 竞争 ②浒苔 B坑浒苔不占优势，该环境不利于岸蟹躲避海鸥的捕

食，因而数量较少；由于天敌（岸蟹）数量少，滨螺获得更多的生存机会，所以数量较多。③浒苔—滨螺—岸蟹—海鸥

（理综）39

（2）①凸出基质 就地保护 ②水坑

解析：（1）①图A浒苔数量下降的主要原因是被滨螺取食，浒苔和交叉苔是竞争关系。②由图可

知岸蟹躲避天敌，B坑中浒苔不占优势，该环境不利于岸蟹躲避海鸥的捕食，因而数量较少；由于天敌数量少，滨螺获得更多的生存机会，所以数量较多。③分析该环境，食物链最长的应是：浒苔——滨螺——岸蟹——海鸥

33.【答案】(1)ab

【命题立意】本题考察饱和气压的影响因素，气体分子动理论，和气体内能的影响因素。 【解析】同一种液体的饱和气压随液体温度的升高而增大的更快，a对，当分子间距离增大，分子间引力和分子间斥力都减小，斥力减小的更快，c错，气体分子平均动能只由温度来决定，由盖2吕萨克定律可知理想气体等压膨胀过程中，气体温度升高，平均动能增大，d错。 【失分警示】气体分子平均动能的变化要通过关注气体状态的变化中温度的决定。 (2)【命题立意】考查气体状态方程和气体内能决定因素以及热力学第一定律。 【解题过程】

①设U型管横截面积为S，右端与大气想通时左管中封闭气体压强为p1，右端与一低压舱接通后左管中封闭气体压强为p2，气柱长度为l2，稳定后低压舱内的压强为p。左管中封闭气体发生等温变化，根据玻意耳定律得 p1V1?p2V2 ① p1?p0 ②

p2?p?ph ③ V1?l1S④

V2?l2S⑤ 由几何关系得

h?2(l2?l1) ⑥

联立①②③④⑤⑥式，代入数据得 p?50cmHg ⑦ ②做正功；吸热

【失分警示】找清不同状态下的状态参量及过程中的不变量。 34.(1)【答案】正向 0.8

【命题立意】本题考查波动图像和振动图像的综合分析。

【解析】此题应从振动图像分析0.3m．处质点的振动情况为沿y轴的正向，并从振动图像上找出

0.3m处的质点，应为图中A点，且A的横坐标x?0.3m?38????0.8m

（理综）40

密????????????????????封??????????????????? 线

【失分警示】由振动图像的纵坐标可知：质点A由该位置振动到最高点须用18T(由三角函数的关

系可知)。

线(2)【命题立意】本题考查光的全反射及临界角计算问题。

?【解题过程】如图，考虑从玻璃立方体中心O点发出的一条光线， ?假设它斜射到玻璃立方体上表面发生折射。根据折射定律有 ?nsin??sin? ①

??式中，n是玻璃的折射率，入射角等于?，?是折射角。

?现假设A点是上表面面积最小的不透明薄膜边缘上的一点。由题意，在A点刚好发生全反射，故

??aA???2

??设线段OA在立方体上表面的投影长为RRA，由几何关系有sin?AA?a ?R2A?(?2)2?式中?为玻璃立方体的边长。由①②③式得RaA??2n2?1 ??由题给数据得RaA??2

?由题意，上表面所镀的面积最小的不透明薄膜应是半径为RA的圆。所求的镀膜面积S'与玻璃立

封?S'6?R2方体的表面积S之比为A?S?6a2

?由⑤⑥式得S'?S??4

?【失分警示】本题画准光路图，并把发生全反射时的临界角找准,以及将R与??的关系找出是解?题的关键。 ?35.物理3—5模块 ??【答案】（1）42He ??(2)5.31(±0.02都可) ?(3)58.7(±0.1都可)

??【命题立意】考查核反应方程、质能关系、动量守恒及能量守恒问题 ?【解析】(1)

2392354?94Pu?92U+2He

??(2) ?m?239.052 2 u-235.043 9 u-4.002 6 u??E??m?c2?5.31MeV ?(3)由动量守恒可得：mv?vU?ma?va

密而E?P2K2m P相同

?EkaE?mvkvm?2354 a（理综）41

【失分警示】(3)问中无须计算动能而用动能的动量表示形式更简单。 36.答案：（1）三 ⅥA （2）2Al+2NaOH+2H2O2NaAlO2?3H2?

（3）硫酸钠（Na2SO4） 2 （4）4Na2S?O2?2H2O4NaOH?2Na2S2

（或2Na2S?O2?2H2O4NaOH?2S Na2S?SNa2S2）

（5）溶液由黄色变为无色，产生浅黄色沉淀和（臭鸡蛋气味的）气体

解析：由能溶于强酸、强碱知D为Al(OH)3，E为H2S的，故A为S，B为Al，C为Al2S3，G为SO2是大气中导致酸雨形成的主要因素，F为Na2S。 37.“物质结构与性”模块(10分)

【答案】①AC ②1s22s22p63s23p63d104s24p1 ③AE ④BC ⑤G ⑥CE ⑦ABD ⑧> ⑨< 【命题立意】本题考查原子轨道，基态原子电子排布式，分子间作用力，分子的极性，第一电离能及熔沸点。

【解析】(1)第三能层开始有d轨道，最小3d；第四能层有f轨道，最小4f没有3f，B、D选项错误。

(2)根据构造原理书写。

(3)B、C、D选项除了范德华力外，分子间还有氢键，而F选项石英属于原子晶体，熔化只破坏共

价键。

(4)④不同种原子间形成的共价键是极性键。CO2和CH2Cl2含有碳氧键，碳氢键，碳氯键，都是不

同原子间极性共价键。

⑤NH4Cl中NH―

4+和Cl之间离子键，而NH4+中N和H之间是共价键。

⑥σ键是共价键，任何两个原子间都是有且只有一个σ键，C、E都是单键，只有σ键。 ⑦双键和三键才有π键，N2是三键，1个σ键2个π键，C2 H4是既有双键又有单键，共5个σ

键，1个π键。

(5)⑧Mg价电子排布式是3s2，属于全充满稳定，不易失电子，所以第一电离能较大，而Al价电子

排布式3s23p1，失去1个后稳定，相对易失1个电子，第一电离能较小，所以，Mg>A1。 ⑨MgO电荷数比KCl多，离子半径比KCl小，所以，MgO的晶格能大，熔点高KCl

Cl Cl(2) HC －C －CH ??醇32+NaOH?H3C－C－CH2Cl+NaCl+H2O CH ? ∥3CH2 （理综）42

Cl Cl或 H －CH NaOH醇溶液3C－C2?????H3C－C－CH2 CH ?Cl+HCl∥ 3 CH2 (3)

(4) ①取代反应

ClH? 2C－C－CH2CN + 2NaOH + H2O???HOH2C－C－CH2 ∥CH ∥ COONa + NaCl + NH3 2 CH2 OHC－ C－CH???② 2COO + 2[Ag(NH3)2]+ + 2OH????OOC－C－CH2COO? + NH+4 + 2Ag?+3NH3+H2O ∥CH ∥ 2 CH2E ③ ???Cl2光照? ClC－CHNaOH水溶液酸化3－2CN ????? NaOOC－ C－CH2 CH∥ ?COOCN ∥ ????M 2 CH2【命题立意】考查有机物的组成、结构、官能团、性质和有机合成综合题。

【解析】(1)碳碳双键发生加聚反应，产生的高分子之间不能结合，所以是线型结构。

CH(2)A是烯烃和C1加成，生成B H ｜ 3 2 3C－C－CH2，B Cl Cl｜ ｜ 属于卤代烃在强碱的醇溶液，加热条件发

生消去反应生成D，1号C上的Cl原子不能消去，所以产物D是 CH H－ ｜ C － 2 CH。 3C2Cl(3)饱和二元羧酸没有双键，只有能是环状，除了羧基以外还有3个碳，组成一个三元环。 (4)①E→G，氯原子取代甲基的上H。

G—H反应条件NaOH水溶液加热，在该条件下氯原子水解，由信息得―CN→COOH。 ②J→L，和银氨溶液反应，就是-CHO发生银镜反应。

③由信息―C(OH)3→COOH+H2O得，要想引入―COOH，需要一个碳原子上连3个―OH，引入三个-OH需要三个Cl，第一步还是和Cl2取代，只是取代一个甲基上的三个氢。 【失分警示】要熟练掌握信息。 39. 答案：(1)原油 选择

(2)平板划线法 稀释涂布平板法 (3)强

(4)干热灭菌 高压蒸汽灭菌 火焰

【命题动向】本题考查微生物培养的有关知识内容，属于考纲理解的能力层次，难度较小。 第一解析：(1)该同学筛选能降解原油的菌株，可以将样品稀释液置于以原油为唯一碳源的固体

（理综）43

培养基中培养，该培养基功能上属于选择培养基。

(2)菌株的接种方法，常用的有两种：平板划线法和稀释涂布平板法。

(3)菌株分解周围的营养物质，出现分解圈，分解圈大说明该菌株的降解能力强。

(4)实验室常用的灭菌方法有灼烧灭菌、干热灭菌和高压蒸汽灭菌；微生物的培养要求严格的无菌技术，操作时在酒精灯火焰附近进行，避免周围其他细菌的污染。

第二解析：(1)从受原油污染的土壤中筛选出能高效降解原油的菌株，使用的培养基应是以原油

为唯一碳源的选择培养基，通过控制碳源这种营养成分，来促进能高效降解原油的菌株的生长，抑制其他微生物的生长。

(2)菌种纯化培养时，常采用平板划线法和稀释涂布平板法接种。

(3)当固体培养基上长出单菌落后，可通过比较菌落周围分解圈的大小，来判断菌株降解原油能力的大小。一般来说，分解圈越大说明该菌株的降解能力超强，反之则越弱。

(4)实验室培养微生物的过程中，常用灼烧灭菌法对接种环、接种针、试管口、瓶口等进行灭菌；用高压蒸汽灭菌对培养基、试管等进行灭菌；用干热灭菌法对玻璃器皿(吸管、培养皿)和金属用具等进行灭菌。实验操作应在酒精灯火焰旁进行，因为酒精灯火焰旁可形成一个无菌环境，可防止微生物的污染。

40.【答案】(1)限制性核酸内切(或限制) 启动子 (2)胰蛋白 (3)RNA RAS蛋白 【命题立意】本题重在考查学生对基因工程和细胞工程的掌握程度。

【解析】在基因工程中用限制酶切割质粒。作为载体必须具备：启动子、标记基因、终止子、目的基因。而启动子就是RNA聚合酶识别和结合的部位。在动物细胞培养过程中，常用胰蛋白酶或胶原蛋白酶去处理细胞，以利于传代培养。由图可知，miRNA和RASmRNA发生配对，抑制翻译形成RAS蛋白。

【失分警示】本题难度不大，只要基础知识掌握扎实，仔细审题，很容易得分。

万卷三年高考模拟卷理综(四)

1. 【答案】B 【命题立意】种间关系

【解析】常见的种间关系包括互利共生、竞争、捕食和寄生。A是捕食；B是竞争，符合题意；C是互利共生；D是寄生。

【失分警示】能够正确区分种间关系的常见例子。

2. 答案：A解析：如果人体组织细胞膜缺乏胰岛素受体，则胰岛素就无法起作用，细胞摄取葡萄糖

能力降低，造成血糖水平过高。

3. 答案：D解析：从图中可判断I为传入神经，II为传出神经，II处施加刺激引起屈肌收缩不属于反

射，因不是完整反射弧。

4. 答案：B解析：基因突变是基因中碱基对的替换、增添和缺失而引起的基因结构的改变，因此要

确定某种变异是否为基因突变就应检测其有关基因中的DNA序列。 5.【答案】 D

【命题立意】本题考查学生对植物激素的作用的知识点的掌握程度。

【解析】赤霉素、2，4―D各自单独使用时，落果率高，而共同使用时落果率反而低，也就表明二

（理综）44

密????????????????????封??????????????????? 线

者对落果的调控非协同作用。故选D。

【失分警示】不能理解图示中的曲线含义，导致失分。 6. 【答案】B

线 【命题立意】以两对独立遗传的基因控制一对相对性状考查基因的自由组合定律的灵活应用情况，

?能力层级C级。

? 【解析】根据题意：正常的Ⅰ―1与Ⅰ―2生出患者Ⅱ—2(女儿)，正常的Ⅰ－3与Ⅰ－4生出患者

?Ⅱ—3(女儿)，可判断Ⅱ—2和Ⅱ—3分别有一对隐性致病基因aa和bb；Ⅱ－2和Ⅱ—3的子代不??患病，推出Ⅱ―2和Ⅱ—3的基因组成分别为aaBB和Aabb，故只有B正确；Ⅰ－3的基因型为?AABb或AaBb，故A错；Ⅲ－1和Ⅲ―2的基因型都为AaBb，故C错；Ⅲ—2与基因型为AaBb?的女性婚配；子代患病概率为1－9／16=7／16，故D错。

??【失分警示】利用题干条件，判断出该病为至少有一对隐性基因纯和所致。 ?【失分警示】仔细审题，准确作答。 ?7. 【答案】B

?【命题立意】本题考查有能量的转化、红外光谱分析、糖类和油脂的水解、石油的裂化，需要考??生有很强的综合能力。

?【解析】A中通过太阳的光能发生化学反应，产生化学能，产物为H2和O2，没有污染，属于绿色?化学方法，正确；B中油脂水解生成高级脂肪酸和甘油，高级脂肪酸能电离出H+，属于电解 质， ??错误；C红外光谱分析该物质含有何种化学键和官能团，乙醇中的官能团―OH，酯是酯基，可以?鉴别，正确；D石油裂化得到轻质油，裂解属于深度裂化得到含碳更小的乙烯等，正确。 封【失分警示】有些概念不清晰。 ??8.【答案】D

?【命题立意】考查原电池的电极反应式和总反应式及化学反应速率和转化率的计算。

??【解析】A中阴极是H2O中H+发生还原反应，正确；B中CrO2?2?4和Cr2O7存在可逆反应，能够

??改变反应物浓度即酸碱性，实现二者转化；C中，阴极4H?2O?4e??4OH??H2? ??阳极：2H2O?4e??O2??4H?

???4CrO2??24?4OH??????2CrQ?27?2H2O

??相加得总反应，4CrO2?2??4?4H2O?2Cr2O7?4OH?2H2??O2?;

??D中K 2K2CrO4—K2Cr2O7 设K2CrO4为1mol,变化x mol ?开始：1mol 0 ??变化：x mol x密2 mol 平衡：1-x

x2 （理综）45

nKn?(1?x)?2?x?d d?2?x Cr1?x?x转化率：

2?d1?100%?2?d,x?2?d,错误。 【失分警示】D选项应用原子守恒和化学平衡计算比较难。

9. 【答案】C【命题立意】本题考查有关有机化学基础部分的内容，能力层级为B。

【解析】本题考查有关有机化学基础部分的内容。A错误：油脂中的植物油结构中有不饱和键，能使KMnO4褪色。B错误：甲烷与C12的反应类型为取代反应，而乙烯与Br2的反应为加成反应。C正确：葡萄糖和果糖的分子式相同而结构不同，所以互称为同分异构体。D错误：乙醇的官能团是羟基，乙酸中的为羧基。 【失分警示】忽视油脂中含有不饱和键。 10.【答案】D

【命题意向】本题考查化学平衡综合题，计算量比较大，主要考化学平衡状态的标志，利用三行式计算转化率。

【解析】A中SO3的消耗速率和SO2的消耗速率平衡之前也相等，所以不是平衡的标志，B中降温，向正向移动，所以v正>v逆，正反应速率减少的程度小。C和D中利用三行式计算，设开始加入SO2为x mol，SO2消耗的物质的量等于生成SO3的物质的量，所以减少0.315mol气体就等

于消耗O2的物质的量。 2SO2?O2??????2S3 O开始：x mol 1.100mol 230.315 mol 变化：230.315mol 0.315 mol 230.315 mol 平衡：x-0.63 0.785 mol 0.63 mol

同温同体积，压强和物质的量成正比，n平衡?n开始382.5%

x-0.63+0.785+0.63=(x+1.1)30.825求得，x=0.7所以SO2的转化率为：

0.630.73100%=90%,D正确。而C选项，混合气体中只有SO3能和BaCl2产生沉淀n(SO3)=0.63mol,m(BaSO4) =0.63 mol3233g/mol=146.79g,SO2和BaCl2(aq)不反应，违背较强酸制较弱酸，错误。 【失分警示】认为SO2和BaCl2(aq)发生反应。

11.【答案】BC【命题立意】本题考查有机物的结构与性质，能力层级为B。

【解析】分子中无酚羟基，故不能与FeCl3溶液发生显色反应，A错误；分子中含有碳碳双键和醇羟基，均可以被酸性KMnO4氧化，B正确；分子中有碳碳双键，可以发生加成反应，有羟基，可以发生取代和消去反应，C正确；分子中的酯基和羟基均可以与NaOH反应，1mol该物质可以与2 mol NaOH反应，D错误。

【失分警示】本题容易忽略酯基可以水解，只注意到羟基可以与NaOH反应，而选错D。 12.答案：D

解析：根据化学键理论可知：?H=436+a+30-2?369=-72kJ/mol，所以a?200kJ/mol。 13.答案D

（理综）46

解析：只有正反应速率等于逆反应速率且为定值时，可逆反应才达到平衡状态，图中曲线在c点处没有出现水平线，故A项错误；随着正反应的进行，未达到平衡状态反应物的浓度应随时间的延长而减小，因此反应物浓度：a点大于b点，故B项错误；化学反应速率随反应物浓度的增大而增大，随温度的升高而增大，分析曲线a~c，从浓度方面考虑υ正应减小，而υ正是增大的，说明该反应是放热的，且温度变化对υ正的影响在a~c段大于反应物浓度变化对υ正的影响，因此a~c段反应混合物的温度是升高的，该反应的正反应为放热反应，反应物的总能量大于生成物的总能量，故C项错误；若?t1??t2，分析图中曲线可知：a~b段的正反应速率的平均值小于b~c段，所以b~c段转化的SO2的量比a~b段转化的SO2的量多，而a点浓度比b点大，所以SO2的转化率：b~c段大于a~b段，故D项正确。 14．【答案】AD

【命题立意】本题考查物理学史。

【解析】法拉第通过实验发现了电磁感应现象并得出电磁感应定律，A对。质量是物体惯性大小的唯一量

度，B错。伽利略通过理想斜面实验得出力不是维持物体运动状态的原因，C错。在电磁感应现象中，感应电流在闭合回路中流动时将电能转化为内能，根据能量守恒定律，能量不能无中生有，这部分能量只能从其他形式能量转化而来，所以说，感应电流的方向遵守楞次定律的事实本身就说明了楞次定律的本质就是能量守恒定律，D对。 【失分警示】熟悉每一位科学家及其贡献。 15.【答案】C

【命题立意】本题考查交流电有效值的应用。

【解析】设电热器的电阻为R，正弦交流电电压的有效值为U。当电热器接到直流电源上有P?102 R, P2?U2当电热器接到交流电源上有R,解得U?52V。交流电压的最大值Umax?2U?10V，所

以C正确。

【失分警示】求交流电的功率时误使用了电压的最大值。 16. 【答案】 BC

【解析】0~1s 内v?st；s?12?1?2m?1m,可得???1ms，A错误；0~2s内，位移

s?12?1?2?2?1m?3，mB项正确。加速度 ??t图像中的斜率，所以C正确。0~1s内与2~4s内运动方向相同，D错误。

17. 答案：B

第一解析：由F?t图象可看出Fmax?1.8F0，人静止在最低点处，F不变，此时0.6F0?mg，由

牛顿第二定律可得Fmax?mg?mamax，解得amax?2g，选项B正确。

第二解析：由图象可知，此人的重力mg?355F0，则F0?3mg.运动中此人受力最大为95F0，即3mg，

所以最大加速度

9Fa?50?mg3mg?m?mgm?2g,选项B正确。

（理综）47

18. 答案：AB 【命题动向】本题考查平抛运动的规律，考查应用运动的合成与分解的知识和方法解

决平抛运动问题的能力。 解析：球做平抛运动，根据H?12gt2，可得t?2Hg，可见落地 所用时间由高度决定，为t?2Hg，B项正确；又由于L??t，则球的速度??Lgt?L2H，A

项正确；球由击球点到落地点的位移为s?H2?L2，C项错误；从表达式可知s?H2?L2，这个位移与球的质量无关，D项错误。

19. 【答案】D【解析】球形天体表面的的物体做匀速圆周运动，有

GMm?r2?m(2T)2r，而天体的质量M?4?33?3r?，联立两式得T?G?,故D项正确。 20.【答案】AD

【命题立意】考查电磁感应及安培力的计算。 【解析】??0时，E?B?2a?v A准确

??π3时，E?B?a?v B错 ??0时，总电阻为R?R0(2a?πa)?(2?π)a?R0

?I?ER F安=B?I?2a

4B2?F=av安(2?π)?R C错

0??π53时，总电阻为：R?Rπa?a5π0(3)?(3?1)aR0

?F=3B2av安(5π+3)?R D准确

0【失分警示】计算安培力时，电路的总电阻要计算准确。

21. 解析：c棒下落h过程为自由落体运动，a?g。设进入磁场瞬间速度为?，则由匀速运动有

FB2L2?安?mg?BIL?R,a?0。此时释放d棒，在d棒自由下落h的过程中，c棒在磁场中下落

2h，此过程c一直做匀速运动，a?0。当d棒进入磁场后，c、d两棒运动速度相同，穿过闭合

回路磁通量不变，无感应电流，无安培力，二者都做匀加速直线运动。共同下落h后，此时c棒离开磁场，d棒进入磁场h的距离，此时c、d的速度都是??(????)，d此时切割磁感线，产生感

（理综）48

密????????????????????封??????????????????? 线

BL??L?F安=mg,d棒做减速运动，d棒离开磁场后c、d两棒R均以加速度a?g做匀加速运动，故选项B、D正确。

应电动势E??BL??,F?安?BI?L?B???? 线 答案：BD 【命题立意】本题考查了电磁感应现象，法拉第电磁感应定律，受力分析，力与运动的关系，根据运动情况画图象，闭合电路欧姆定律等知识，综合性强，考查了学生对实际问题的分析综合能力和应用数学知识处理物体问题的能力，属难度较大的题。 22. 答案：(1)

2s??F?M(kg?) ?t2???（3）拖拉机对耙做的功： W?f?cos? f??联立④⑤式，解得：

1cos? ④

⑤

1s1??at??t（写成s??at2??tt也同样给分）

2t2?2s??? ⑥ W??F?M?kg?2??s

t????25．解析：（1）如图1所示，设粒子射入磁场Ⅰ区的速度为?，在磁场Ⅰ区中做圆周运动的半径为R1，

?(2)如图所示 ?? ? ? ?? ? ? ?? ?(3)2.0

第22题答案图

?【命题动向】本题考查利用运动学知识来处理物理问题以及利用物理图象来解决物理问题的能力。 ??解析：滑块沿着斜面做匀加速直线运动，由运动学知识可知s封t是滑块从光电门甲运动到光电门乙?的过程中的平均速度。由运动学公式可知???st??t， 2??而?1s11t??t??22at，两式结合可整理得出t??2at??t或s??2at2??tt；结合题目所给出的数据，

??利用描点法可以得出所需图象．由s1?t??2at??t，可得出图象的斜率即为滑块下滑的加速度数值?的一半。

?23. 【答案】（1）①B ②（I）电源改选E2 （II）判断电流表的内外接法，作出相应调整。

?【解析】（1）①二极管具有单向导电性，当电流从E点流入、F点流出时电阻很小，可判断出选??项B正确。②由于实验中电源选用E1，电压表读数误差较大，故可改用E2，判断电流表内外接?法也是减小误差的方法。

??24. 解析：（1）由匀变速运动的公式：s?12?2at ①

?? 得：a?2st2

②

?（2）设连接杆对拖拉机的拉力为f，由牛顿第二定律得：

密 F?kMg?fcos??Ma

③

根据牛顿第三定律，联立②③式，解得拖拉机对连接杆的拉力大小为：

（理综）49

由动能定理和牛顿第二定律得 qU?12m?2 ① B1

B2

q?B?2? ? ? 1?mR ② Ⅰ

1Ⅱ

由几何知识得

L?2R1si?n ③ 联立①②③式，代入数据得 L1

L L2

第25题答案图1

B12mU0?Lq ④ 设粒子在磁场Ⅰ区中做圆周运动的周期为T，运动的时间为t T?2?R1? ⑤

t?2?2?T ⑥ 联立②④⑤⑥式，代入数据得 t??Lm32qU ⑦ （2）设粒子在磁场Ⅱ区做圆周运动的半径为R2，由牛顿第二定律得 q?B?2B1

B2

2?mR2 ⑧

由几何知识可得

? ?? Ⅰ

Ⅱ

h?(R1?R2)(1?cos?)?Ltan? ⑨ ?

联立②③⑧⑨式，代入数据得

h???LL?2?233???L ⑩

1

L

2

第25题答案图2

（3）如图2所示，为使粒子能再次回到Ⅰ区，应满足R2(1?sin?)?L[或R2(1?sin?)≤L] 联立①⑧○11式，代入数据得 BmU?L2q??或B3mU2?3?2≥?L2q?? 12 ?○ （理综）50

○11

（4）如图3（或图4）所示，设粒子射出磁场Ⅰ区时速与水平方向的夹角为?，由几何知识可得 B1

B2

B1 B2

?

??

?? ? ?

? ?

Ⅰ

Ⅱ

Ⅰ

?

Ⅱ

? ?

L1

L

L2

L1 L

L2

图3

第25题答案图

图4

L1?R1(sin??sin?) ○13 [或L1?R1(sin??sin?)]

L2?R2(sin??sin?) ○14 [或L2?R2(sin??sin?)] 联立②⑧式得

B1R1?B2R 2 ○15 联立○13○14○15式得

B1L1?B2L 2 ○16

【命题立意】本题考查了动能定理，磁场中的圆周运动，运用数学知识解决物理问题的能力，综合性强，在画图的基础上要特别注意运用几何知识寻找关系，属难题。 26. 【答案】

(1)A C D (2)16

(3)HOCH2CH2OH+HOOC―CH=CH―CH=CH―COOH

(4)HOCH2CH2CH2OH (5) OHC-CHO+2(C6H5)3P?CHCOOC2H5→2(C6H5)3P?O+H5C2OOCCH?CH-CH?CHCOOC2H5

【命题立意】有机物的的合成题考查各官能团的性质及彼此间的转化关系，分析处理信息的能力是以后的趋势。

【解析】首先分析信息反应-CHO→-CH=CH-R-CHO生成碳碳双键，W有羧基，W和X发生酯化反

（理综）51

应，得到X是醇类，酯N的相对分子质量是168，W的相对分子质量计算得142。W有2个碳碳双键，由Z+H2O?W+C2H5OH得Z的结构式C2H5OOC-CH?CH-CH?CH-COOC2H5，由已 知信息可推得Y是OHC─CHO，向前推X是

CH2OH，最后检验

CH2OH+W?N+2H2O，N是

CH2OH CH2OH ???????????????????????????????????CH?CH?COOCH2CH?CH?COOCH好相对分子质量168。 2 （1）W中─COOH能发生酯化反应，也是取代反应，碳碳双键能发生加成和氧化1，(2)乙烯分

O 子中6个原子共面，如果乙烯中氢原子被其它原子取代，仍和碳原子共面， ????为平面结构 C ?? O ???C???O??H共平面，所以W中16个原子可能都共面。 (3)醇和酸发生酯化反应

(4)X的同系物和X一样，有2个―OH，若不含甲基，两个羟基必须连在边上的碳原子上 (5) OHC?CHO+2(C6H5)3P?CHCOOC2H5?2(C6H5)3P?H5C2OOCCH?CH?CH?CHCOOC2H5 【失分警示】读懂信息反应是关键。 27. 【答案】(1)

(2)Al3??3NHO?Al(OH)?3?H23??3NH4

(3)C (4)①<

②Cu2O?6HNO3(浓)?2Cu(NO3)2?2NO2??3H2O (5)平衡常数随温度的升高而变小(或其他合理答案)

【命题立意】本题考查水解平衡、元素周期律、元素化合物性质及化学平衡常数理解。 【解析】(1)NH?4含有10个电子，11个质子，所以M是Na。

(2)Al(OH)3不溶于过量氨水，所以Al3??3NH?H?32O?Al(OH)3??3NH4

(3)A项也可能是因为硫酸电离出氢离子而使溶液显酸性，所以红色褪去；B项由于氯水的漂白性而使红色褪去；C项钡离子与亚硫酸根结合成沉淀，使水解平衡向左移动，氢氧根浓度减小，所以红色褪去。

(4)由砖红色沉淀可知Y是氧，所以X是硫，同主族元素非金属性从上到下减弱；由于硝酸具有强氧化性，所以+1价铜被氧化成硝酸铜。

(5)由题意可知反应后气体物质的量减小，但容器体积不变，压强增大，说明体系温度一定升

（理综）52

密????????????????????封??????????????????? 线

高，所以正反应是放热反应，所以当温度升高时，平衡向左移动，平衡常数减小。 【失分警示】注意氨水有漂白性，能使指示剂褪色。

28. 【答案】 (1)c(SO2?)[SO2?4线c(CO2?或4]2?] 3)[CO3 ?(2)NaNa?2CO3 2CO3溶液中的c(CO2?3)

?(3)全部为2PbCO?32Pb(OH)2 PbCO3和2PbCO32Pb(OH)2 ?(4)① ?实验步骤(淡要求写具体操作过程) 预期的实验现象和结论 ?充分加热样品,将产生的气体通过盛有无水硫酸铜的干若无水硫酸铜不变蓝，则假设一成立； ??燥管 若无水硫酸铜变蓝，则假设一不成立。 ?

?②同意，若全部为PbCO3时，26.7 mg完全分解后最终固体质量应为22.3 mg(或：不同意，实验??最终得到固体的质量与全部为PbCO3分解所得固体质量相差不大，可能是实验过程中产生的误?差引起的。)(本题属于开放性试题，合理答案均可)

?【命题立意】本题考查化学平衡常数表达式、化学平衡移动、实验设计与分析、差量计算等 ??【解析】(1)根据平衡常数表达式可得

??(2)根据题目所给方程式可知若c(CO2?3)大，可使该平衡向右移动，硫酸铅转化率增大 封2Pb(OH)?(3)根据题意提出假设：全部为2PbCO32或PbCO3和2PbCO32Pb(OH)2

?(4)PbCO3分解生成PbO和CO2，Pb(OH)2分解会生成水，所以可以通过检验是否有水生成来判断?固体成分

?(5)根据图像纵坐标计算质量差，与固体分解前后的质量差对比，即可得出结论 ??【失分警示】通过对比两种固体分解产物的异同找到实验设计的方法。

?29.【答案】（1）气孔放度相对低 二氧化碳供应不足 (2)酒精 增多 （3）低 基粒 （4）细

?胞分裂和细胞生长 基因选择性表达

??【命题意向】本题考查学生对光合作用及细胞呼吸的掌握程度以及光合作用和细胞呼吸的相关计?算。

?（1）影响光合作用的因素有外部因素（主要为光照强度、温度和二氧化碳浓度）和内部因素（叶?绿素含量和相关酶等）。由表中的信息可知，B组叶绿素含量为1.1mg/(g2fw)，叶绿素含量低，??气孔开放度为55%，开放程度较低，二氧化碳吸收量较少，导致光和效率降低。

?（2）A叶净光合速率为-2.8mg/(g2fw)，即光合速率小于呼吸效率，而且是密闭的容器导致容器内?氧气减少而进行无氧呼吸，产生酒精，D叶片中光合速率大于呼吸速率，容器密闭，二氧化碳减??少，暗反应减弱，光反应几乎不变，导致ATP积累增多。

?（3）幼嫩的叶是合成生长素的主要部分之一，叶绿素存在于叶绿体的囊状结构薄膜上，D和C相密比较而言，总叶绿素还在增长，所以数量明显增加的是叶绿体基粒。

(4)叶片面积增大的主要原因是细胞分裂，叶肉细胞与表皮细胞不同是细胞分化的结果，其根本原因是基因选择性表达的结果。

【失分警示】总体来说，本题还是比较易于解答，但是有可能学生对光合作用和呼吸作用的关系

（理综）53

理解不好，会造成无法进行计算，或者找不到理论依据，而影响因素的选择也是非常重要的考点，比较多，易混淆，就容易造成学生的失分。

30.【答案】(1)神经中枢 传入神经 传出神经 效应器 (2)大脑皮层 (3)轴突细胞体

【命题立意】本题考查的是神经调节的有关知识。

传入神经

传出神经

【解析】(1)反射弧的结构包括感受器神经中枢效应器。

(2)人体要屏住呼吸是通过抑制图示中的呼吸肌的收缩、舒张，是一种有意识的行为，故应是在大脑皮层控制下实现的。

(3)突触小体为神经元的轴突末梢；由图示所显示的突触结构可知该突触的突触后膜是下一个神经元的细胞体。

【失分警示】学生易在(3)中出现错误，主要原因是对图示的观察存在问题。 31. (1)隐 aaBb、aaBB

(2)白 A、B在同一条2号染色体上 (3)父本 次级精母 携带有a、b基因的精子

(4)显微镜 次级精母细胞与精细胞 K与只产生一种眼色后代的雄蝇 第一解析：本题主要考查了遗传规律的相关知识。

(1)由题意可知，a、b是隐性基因，aa个体的褐色素合成受到抑制，bb个体的朱砂色素合成受到

抑制，所以正常眼的基因型是A?B?，朱砂眼果蝇的基因型是aaB?，褐色眼的基因型是A?bb，所以朱砂眼果蝇的基因型是aaBB或aaBb。

(2)由题意知，果蝇的朱眼(a)和褐色眼(b)存在于2号染色体上，而A、B是其同源染色体，所以A、B在同一条染色体上．如果二者不在同一条染色体上测交的结果是褐色眼：暗红眼：朱砂眼：白眼=1：1：1：1。

(3)正交的结果会产生如题所示的现象，而反交不会出现，说明正交时，父本不能产生带有ab的精子，所以原因可能是父本的一部分次级精母细胞不能正常完成分裂，无法产生携带有a、b基因的精子。

(4)切片的观察只能用显微镜，统计次精母细胞与精细胞的比例，并比较K与只产生一种眼色后代的雄蝇。

第二解析：（1）朱砂眼果蝇一定含有aa，所以基因型为aaBB和aaBb。

（2）双隐性纯合体雌蝇基因型为aabb，朱砂色素和褐色素合成都受到抑制，因此为白色；双杂合体雄蝇（AaBb）与双隐性纯合体雌蝇（aabb）测交，后代表现型只有暗红眼和白眼两种表现型，且比例为1：1，说明AaBb产生的配子只有两种基因型即AB、ab，所以A、B基因位于同一条2号染色体上。

（3）子代全部为暗红眼，无白眼，可能的原因是父本的一部分次级精母细胞未能完成正常分裂，无法产生携带有a、b基因的精子。

（4）观察切片必须使用显微镜，为了验证次级精母细胞未能正常分裂，没有产生携带a、b基因的精子，只产生AB精子，可采用的方法是检测次级精母细胞与精细胞的比例是否为1：2，并比较双杂合体父本（K）与只产生一种眼色后代的雄蝇之间该比值的差异。 32.【答案】

(1)Ⅰ 就地(或建立自然保护区) 基因频率

（理综）54

(2)增加 (种间)竞争 (3)信息传递 (4)λ

【命题立意】本题考查种群数量增长的两种模型、种间关系、生态系统的功能及进化的实质。 【解析】 (1)据图可知Ⅰ种群数量能维持在原始环境容纳量，说明该种群对栖息地的破坏较轻；Ⅲ种群濒临灭绝，对于濒危物种要迁地保护，不宜采取就地保护的措施；阴影部分表示由于自然选择淘汰的个体，淘汰部分个体必然会引起基因频率的改变，从而导致生物进化。 (2)若为最高营养级，同一营养级的不同物种由于共同的食物存在竞争关系。 (3)食草动物和青草之间存在信息传递关系，信息传递是生态系统的功能之一。 (4)“J”型增长的增长倍数入制约了种群数量的发展。 33．答案：(1)ADE

【命题动向】本题考查理想气体的特点以及理想气体状态方程、理想气体的内能、玻意耳定律等基础知识。

解析：(1)一定质量的某种理想气体其内能大小仅由其温度决定，又结合理想气体状态方程，当其压强、体积不变时，温度也应该保持不变，故A正确；内能不变可以得到温度不变，但是压强和体积却可以变化，故B错误；当温度升高时，根据理想气体状态方程，由于不知道体积的变化情况，所以无法判知其压强情况，故C错误；一定质量的理想气体的内能只与温度有关，故E正确，D正确。

34.【失分警示】找清不同状态下的状态参量及过程中的不变量。

（1）【命题立意】本题考查描述波传播过程的三个物理量间的关系，质点做简谐运动的周期性及运动的规律。 【解题过程】

①设简谐横波的波速为u，波长为A，周期为丁，由图象知，k=4 m，由题意知

t?3T?3T4 ① v?

?T

②

联立①②式，代入数据得 v?1m/ s ③ ②质点P做简谐运动的表达式为

y=0.2sin(0.5?t)m ④

【失分警示】找出t=0时刻质点的运动方向。 (2)【命题立意】光的折射定律。

【解题过程】①设光线BM在M点的人射角为i，折射角为r，由几何知识可知．i=30°，r=60°，根据折射定律得

n?sinrsini ⑤ 代人数据得

n?3 ⑥

（理综）55

②光线BN恰好在N点发生全反射，则∠BNO为临界角C

sinC?1n ⑦ 设球心到BN的距离为d，由几何知识可得

d?RsinC ⑧

联立⑥⑦⑧式得 d?33R ⑨ 【失分警示】找好几何关系。 35．答案:(1)

hc?,hc?0??(写成hc???0也可)； (2)1m?20 0e?0?e?0?3【命题动向】本题考查光电效应的基本规律以及动量守恒定律和能量的转化等知识，属于基本题目。解析：(1) 设金属的截止频率为?c0，则该金属的逸出功W0?h?0?h?；对光电子，由动能定理得

0eUhc0?hc??W0，解得U0?e??0????。 0(2)设碰后A,B和C的共同速度的大小为?，由动量守恒得3m??m?0 ① 设C离开弹簧时，A,B的速度大小?1，由动量守恒得3m??2m?1?m?0 ②

设弹簧的弹性势能为Ep，从细线断开到C与弹簧分开的过程中机械能守恒，有

12?3m??2?E112p?2?2m??21?2m?0③

由①②③式得弹簧所释放的势能为E12p?3m?0

36. 答案：（1）①Fe2?在碱性条件下更易被氧化（凡合理答案均可）

②(NH4)2Fe(SO4)2?LiOH?H3PO4LiFePO4??2NH4HSO4?H2O

③与空气中O2反应，防止LiFePO2?4中的Fe被氧化 （2）①8LiCoO2?Na2S2O3?11H2SO44Li2SO4?8CoSO4?Na2SO4?11H2O

② CoO Co2O3、Co3O4

解析：因为(NH4)2Fe(SO4)2显酸性，LiOH显碱性，如果将二者直接混合会生成Fe(OH)2，而更易被氧化生成Fe(OH)3。高温成型向前LiFePO4中加入少量活性炭黑，可以除去空气中的O2，以

防止LiFePO?S2?4中Fe2被氧化。在溶解过程中LiCoO2将2O3氧化。Na2S2O3作为还原剂。如果固

体产物为CoO，则固体的残留率?59?1659?17?2?80.65%；如果固体产物为Co2O3，则固体残留率

?59?2?16?359?3?16?42?(59?34)?89.25%；如果固体产物为Co3O4，则固体残留率?3?(59?34)?86.38%。所以

（理综）56

密????????????????????封??????????????????? 线

A点物质为Co2O3，B点物质为Co3O4，C点物质为CoO，所以剩余固体的成分为Co2O3和Co3O4的混合物。 37.(1)b

(2)C(碳) 线(3)4 1：2 ??(4)sp3 小于 ?38.【答案】(1)cd

?(2)

????

?取代反应

?? O CH(3) O H??∥C?? O??CH?CH??CH O ∥?? O??CH ∥ ???3 ? O ∥C O?

?3 H??C2??CH?CH2 H??C??O???C?CH2 H??(4)

????封?

? ??(5)

????

?【命题立意】本题考查有机合成的综合题，难度比较大，重点考查核磁共振氢谱，酚羟基显色反应，?水解反应，酯化反应，加聚反应等。

?【解析】A遇FeCl3显色，证明A有酚羟基，A有同样的2个甲基，苯环一硝基取代物有两种，证??明

上有两种氢原子，G环状结构，所有氢原子化学环境相同，12个氢如果是6个CH?2，氢原

?子不相同，只能是4个-CH3，得出G的结构

?? O? H? C C∥ ? \\ / \\ /O CH 33H3C COOH密 由G推出B \\ / CHC ，由B推出D |3 H/ \\ / \\C C C CH / \\ CH2?C—COOH3C O3H3C OH O∥D和乙二醇在浓H2SO4作用下酯化反应产物中有6个碳3个氧，说明生成1个酯基，

（理综）57

CH3 CH 2—C—COOCH2—CH2—OHX水解生成B和A，A有酚羟基，共2个氧无羧基，A和溴水反应，少4个H多4个Br发生取代反应，酚羟基邻对位能被-Br取代，没有和溴水加成，证明A无碳碳双键，含2个苯环，非常对称，综上所述得出A的结构简式

(1)苯环之间有碳，不是联苯结构，a选项错误，只有―COOH能和NaHCO3反应，b选项错误。

X的结构

―Br消耗2mol NaOH酯基水解生成―COOH和酚羟基，都和NaOH中和，又消耗4 mol NaOH，共6 mol，C选项正确，D物质有碳碳双键，能和Br2加成，D选项正确。 (2)见答案。

(3)酯类有酯基，需要2个氧原子，共2个氧还能发生银镜只能是甲酸某酯 O H?COCH，

36CH中H原子被 O 2?CH-CH3 H?CO结构取代有三种氢原子。另外C3 H6还可能是环丙烷 共四种符合。

(4)酯化反应生成环状酯。

(5)加聚反应生成高分子。

【失分警示】有机物的结构简式很难得到。 39.【答案】(1)脲酶 红

(2) D

(3)接种 涂布 单

(4)恒温培养箱 无法形成单菌落 (5)尿素

【命题立意】本题考查的是“生物技术实践\模块中微生物的培养、鉴定、计数和应用等知识。 【解析】(1)能分解尿素的微生物能产生脲酶，可使尿素分解为氨和CO2，同时氨与酚红指示剂反应出现玫红色。

(2)对于固体培养基适合用高压蒸汽灭菌法，紫外线灯照射和70%酒精浸泡可用于消毒，对于尿素溶液可利用过滤方法灭菌。

(3)微生物的接种方法有平板划线法和稀释涂布平板法，对于液体培养基来说，可用稀释涂布平板法，稀释的目的是为了获得单一菌落。

（理综）58

(4)在进行微生物培养时，需将其放在恒温培养箱中，且需将培养皿倒置，防止培养皿盖上的水滴滴在培养基表面而产生污染或无法形成单一菌落。 【失分警示】学生易在(2)中出现错误。 40.【答案】

(1)质粒 DNA连接酶

(2)胰蛋白酶(或胶原蛋白酶) 维持培养基(液)的pH (3)促性腺激素(或促滤泡素，孕马血清) 去核 (4)(早期)胚胎培养 胚胎分割

【命题立意】本题考查基因工程和胚胎工程的知识。

【解析】基因工程的工具为运载体，所用酶为DNA连接酶、限制酶。

万卷三年高考模拟卷理综(五)

1.【答案】B

【命题立意】本题考查动物体结构的层次，能力层级为A。

【解析】A细胞是人体结构和功能的基本单位，所以细胞是最基本层次，错误；B人和动物体的结构层次依次是细胞→组织→器官→系统→人体，正确；C细胞是人体结构和功能的基本单位，所以细胞是最基本层次，错误；D个体→种群→群落→生态系统的结构层次是宏观的生态系统组成层次，不是人体结构的层次，错误。

【失分警示】生命活动依靠细胞这一基本结构完成，细胞是生物体结构和功能的基本单位，是最基本的生物体层次。 2.【答案】D

【命题立意】考查光合作用和细胞呼吸，能力层级B。

【解析】结合图线分析a点之前植物已开始进行光合作用，P点有机物积累量不是最高，b—c下降原因是气孔关闭导致的CO2供给不足，d—e下降原因是光照减弱，故A、B、C错；植物甲能利用强光照，f点时气孔没关闭，故D正确。 【失分警示】看清曲线横纵坐标的含义。 3.【答案】D

【命题立意】本题考查的是生长素、乙烯对植物生命活动的调节。

【解析】由坐标曲线可知随生长素浓度增加，乙烯浓度增加，脱落酸先增加后降低，因此选D正确。【失分警示】学生易选C，主要原因是没有正确理解坐标曲线图。 4.【答案】D

【命题立意】免疫调节。

【解析】能够特异性识别抗原的免疫球蛋白是抗体，参与体液免疫，而题中淋巴细胞参与的是细胞免疫，所以D错误，符合题意；M细胞能够传递抗原的信息，A正确；能够攻击靶细胞的是效应T细胞，B正确；效应T细胞能分泌淋巴因子，C正确。

【失分警示】掌握细胞免疫的过程并且能正确区分体液免疫和细胞免疫。 5.【答案】D

【命题立意】本题考查的是种群、群落和生态系统等知识。

（理综）59

【解析】根据植物、旅鼠、旅鼠天敌数量消长关系可知三者关系为一条捕食链，即：植物→旅鼠→旅鼠天敌。根据题意在相对稳定的生态系统中，种群的数量是相对稳定的，即在各自K值上、下波动，旅鼠的种群数量主要受食物和天敌数量的影响。旅鼠、旅鼠天敌和植物之间的数量变化是一种负反馈调节。

【失分警示】学生易选C，主要原因是学生对正、负反馈调节的意义不掌握。

6. 答案：C解析：要观察质壁分离，最好选择紫色洋葱，而要观察RNA和脂肪最好选择含有脂肪的

细胞如花生子叶。 7.【答案】A

【命题意向】考查元素周期表的知识以及氢化物的稳定性和金属阳离子的氧化性的比较。

【解析】X、Y、Z同周期。X、Y是金属，所以X、Y原子序数比Z小，X的阳离子化性比Y弱，所以X的还原性比Y强，X的原子序数比Y小，同周期元素的原子半径从左到右逐渐变小，所以X>Y>Z，而由W的气态氢化物的稳定性大于Z，得到W的非金属性比Z强：则W在Z的上边周期，所以原子半径Z>W，综上原子半径X>Y>Z>W，所以A选项正确。B中如果W是氧，X是钠，则可形成Na2O2,既含离子键，又含共价键，错误。C中若W是碳，Z是Si，则气态氢化化物沸点CH4

【命题立意】本题考查离子方程式正误判断。

【解析】A中电荷不守恒，错误：B中醋酸是弱酸，书写离子方程式不拆，错误；C中NH4Al(SO4)2

和Ba(OH)2物质的量之比是1：2，1 mol NH?4,1 mol Al3?,2mol SO2?2+―4,2mol Ba,4mol OH，其中

SO2?恰好反应，

AI(OH)―

3的碱性比氨水弱。所以OH先和Al3?反应生成A1(OH)3，还剩余1molOH?4正好和NH?反应，生成NH?3?H2O,假设还有OH最后才能和AI(OH)3生成AlO?2，但OH?4已完全反应，正确。D中Fe过量，Fe?2Fe3??3Fe2?，所以最终产物是Fe2+，错误。

【失分警示】容易认为C选项Al3+生成AlO?中Fe和Fe3+生成Fe2+2，同时忽视D，而认为浓HNO3

氧化性强，把Fe氧化Fe3+，易错选D。 9.【答案】A

【命题立意】本题考查原电池和电解池原理，能力层级为B。

【解析】A中铜作原电池的正极，溶液中铜离子在正极得电子，发生还原反应，正确；B中电子不能在a、b间流动，错误；C中硫酸根离子浓度不变，锌离子浓度变大，错误；D中b处是电解池的阳极，氢氧根离子放电，酸性增强，酚酞不变红，错误。 【失分警示】注意电子只能在导线中流动，不能在溶液中通过。

10.【答案】A【命题立意】本题考查有关反应速率的图像问题，能力层级为B。

【解析】A中根据图像中pH=2和pH=7两条曲线的终点对应的纵坐标可知二者降解率都是百分之百，正确；B中根据曲线斜率可知pH=2时降解速率最大，错误；C中根据斜率知pH=7和pH=10的降解速率一样，错误；D中应为4310-6，错误。

（理综）60

密????????????????????封??????????????????? 线

【失分警示】注意横纵坐标的含义及曲线斜率，斜率大，速率快。 11.【答案】D【命题立意】本题考查氯气的性质，能力层级为B。

【解析】A项，由实验现象不能说明氧化性：Br2>I2；B项，由实验现象还可以说明氯气与水生成 了漂白性物质；C项，氯气与水生成酸性物质也可出现对应的实验现象。 线【失分警示】本题容易思维定势，错选A。 ??12.答案：A

?解析：本题考查基本概念。考生只要对基本概念熟悉，严格按照基本概念来做，弄清质量分数与?物质的量浓度及密度等之间的转化关系即可。 ?13. 答案：C

??命题动向：本题主要考查中和反应、中和热等知识点。注意滴加盐酸的过程中物质量的变化与离?子浓度变化、pH变化的关系是正确解答本题的关键，属中等难度题。

??第一解析：pH=14或0时，因此由水电离出的c?H???1.0?10?14mol?L?1，a点7

??恰好反应，该关系式不成立，故B错误；根据电荷守恒有： c?NH???c?H???c?Cl???c?OH?4?,c???点pH=7,即c?H???c?OH??,故有c?NH??4??c?Cl?，C正确；d点时盐酸和氨水恰好完全反应， 放?封热最多，再加盐酸温度降低，说明加入盐酸的温度低于溶液温度，这才是温度下降的原因。 ??第二解析：A项氨水中存在NH3?H2O NH?4?OH?的电离平衡，a点溶液pH在7-14之间，??呈碱性，由水电离出的c?H???1.0?10?14mol?L?1，故错误；B项是盐酸和氨水恰好反应时的物料??守恒等式，但由图知b点时氨水过量，没有恰好完全反应，故错误；C项因为

??c?Cl???c?OH???c?NH???4??c?H?,当pH=7时，c?OH???c?H?，所以c?Cl???c?NH?4?，故

??正确；D项d点后温度下降的原因是低温溶液的介入，此时反应已进行完全。 ?14.【答案】C【命题意向】本题考查真空中点电荷形成的电场中的场强大小的判定。 ??【解析】由点电荷的电场强度公式有，A点的电场强度EQA?k?r2，B点的电场强度EQB?k(3r)2，??解得

EAE?91。所以C正确。 ?B?【失分警示】对真空中点电荷形成电场中场强影响因素不清楚。

?15.【答案】D【解析】设小球初速度为?0，由于小球垂直打在斜面上，

?密1gt2则1tan??gt?，所以y20x???1，故选项D正确。 0t2tan?16.【答案】C【命题立意】本题考查电场的分布及带电粒子在电场中运动。

（理综）61

【解析】由图可知电子将做曲线运动且电场力先做正功后做负功，电势能 先变小后变大，故本题选C。

【失分警示】电场的分布及判断电子受力是关键。

17.【答案】A

【解析】从两个原电池的电极可以判断出三种金属的活泼性关系为：Cd?Co?Ag，则氧化性关系：

Cd2?Co2?Ag?，根据氧化还原反应规律A项不符合“两强制两弱原理”。

18. 答案B

解析：线框中感应电动势与磁通量的变化率成正比，而t=0.005s时e最大，故A错误。t=0.01s时e=0，故B正确。电动势有效值为311?22V?220V，故C错误。周期??0.02s，频率?=1T?50Hz，故D

错误。

19.答案：C 命题动向：本题考查运动的合成与分解及圆周运动规律的应用。

第一解析：根据运动的分解，物体在最高点的速度等于水平分速度，即为?0cosa，在最高点重力

提供向心力，则mg?m(?0cos?)2??2?，????0cosg，C项正确。

第二解析：斜抛出去的物体同时参与两个方向的运动：水平方向作：?x??0cosa的匀速直线运动，竖直方向以初速度?y??0sina作匀减速直线运动，到最高点时，竖直方向速度为零，其速度为

?p??0cosa且为水平方向，这时重力提供其作圆周运动的向心力，由 22mg?m??0cosa?2?得???0cosag，所以C正确，A、B、D错误。

20.【答案】 B

【命题立意】本题考查带电粒子在磁场中的运动，能力层级为B。

【解析】由T?2?m/qB知粒子速度改变，周期不变； 由R?mv/qB知R减小为原来的三分之一，粒子的 轨道对应的圆心角变为原来的2倍，所以运动时间变 为原来的2倍，故B正确。

【失分警示】粒子在磁场中运动轨迹所对应的圆心角找不准。

21.【答案】AC【命题立意】本题考察电磁感应的综合应用。 【解析】导体棒切割磁感线产生感应电动势E?Blv回路中电流I?EBlvR?R,当第一次匀速运动时有FB2l2v安=mgsin?即R?mgsin?，施加拉力后导体棒向下加速，因为P不变，速度增加的同时，

（理综）62

拉力在减小，安培力在增大，当再次匀速运动时F?mgsin??B2l22vR，结合上式知当再次匀速时

F?mgsin??B2l2vR，所以最终匀速时由P?F?2v?2mgsin?，A对，B错。因为回路中产生的焦耳热等于导体棒克服安培力所做的功，而拉力小于安培力D错。当速度为

v2时B2l2vF2?mgsin?合=mgsin??R2?ma，C对。 【失分警示】画出截面图做好受力分析是关键。 22.【答案】0.010（填0.009或0.011也对） 6.870（填6.869或6.871也对） 6.860（填6.858∽6-862范围内也对） 【命题立意】本题考查螺旋测微器读数

【失分警示】螺测微器又称千分尺，故以mm为单位时，小数点后必须三位。 23.（1）【答案】甲

【命题立意】本题考查滑动变阻器的使用。

【解析】从数据中可看出电压、电流几乎是从零开始增加，所以滑动变阻器使用分压接法。 【失分警示】对滑动变阻器分压、限流两种接法中电路的电压、电流变化范围把握不清。 （2）【答案】如图所示

【命题立意】本题考查实物图的连接。

【解析】连实物时要注意，电流从电压表、电流表的正极流入，从负极流出。闭合电键时与滑动变阻器并联部分电路的电压为零。

【失分警示】滑动变阻器的接法不够明确，电流表的内接、外接不够明确。 (3)【答案】如答题图(4.3～4.7)

（理综）63

【命题立意】本题考查根据所给数据作图，并利用图像解决问题。

【解析】金属丝的阻值等于U—I图线的斜率，在图线上选择两个点(0.10A，0.45V)、(0.50A，2.25V)，得图线的斜率k?2.25?0.450.50?0.10=4.5，所以金属丝电阻R=4.5Ω。

【失分警示】选点读数误差较大。 (4)【答案】C

【命题立意】本题考查电阻定律公式。

L?(d)2【解析】设金属丝的长度为L，直径为d，由电阻定律有R??,得?2R?(d?2L,代入数据

2)得??1?10?6??m。

【失分警示】计算出现问题，误把直径当成半径。 (5)【答案】CD

【命题立意】本题考查实验误差分析。

【解析】用螺旋测微器测金属丝的直径时，由读数引起的误差属于偶然误差，可用多次测量求平均值的办法减小误差，故A错。由电流表和电压表的内阻引起的误差为系统误差，不管采用多合理的实验方法，都不能消除该误差，故B错。本实验金属丝的测量值实为金属丝与电压表的并联电阻值，若把电压表的内阻计算在内，则可以得到金属丝的真实值，故C正确。用U—I图像处理数据时，描点连线的过程就是在求平均值，可以减小偶然误差，故D正确。 【失分警示】对系统误差、偶然误差成因不清楚。伏安法测电阻误差分析有误。 24.【命题立意】考查牛顿运动定律及匀变速运动规律。

【解题过程】(1)“A鱼”在入水前作自由落体运动，有v2A1?0?2gH得：vA1?2gH (2)“A鱼”在水中运动时受重力、浮力和阻力的作用，做匀减速运动，设加速度为aA，有 F合=F浮?Af?m gF合=maA

0?v2A1??2aAhA

由题意：F10浮?9mg 综合上述各式，得f(HA?mgh?1) A9 （理综）64

密????????????????????封??????????????????? 线

(3)考虑到“B鱼”的受力、运动情况与“A鱼”相似，有fHB?mg(h?1)综合⑥、⑦两式，得B9fAhB(9H?hA 线f?) BhA(9H?hB) ?【失分警示】对物体的受力分析及运动过程分析要准确。

?25.【命题立意】本题考查带电粒子在电场、磁场中运动动量定理，动量守恒定律，圆周运动及单摆

?运动问题。

??【解析】(1)设小球P所受电场力为F1，则F1?qE ? 在整个空间重力和电场力平衡，有F1?mg ?? 联立相关方程得E?mgq ??设小球P受到冲量后获得速度为v，由动量定理得I?mv ??得v?I?m

?(2)设P、Q同向相碰后在W点的最大速度为vm，由动量守恒定律得

??mv?mv0??m?m?vm

??此刻轻绳的张力也为最大，由牛顿运动定律得F??m?m?g??m?m?2?lvm

封(I?mv2?联立相关方程，得F?0)?2ml?2mg

??(3)设P在X上方做匀速直线运动的时间为tsp1，则tp1?v设P在X下方做匀速圆周运动的时间为tp2，??则tp2?πm?2Bq ??设小球Q从开始运动到与P球反向相碰的运动时间为t1lQ，由单摆周期性，有t?Q?(n?4)2πg ??由题意，有?tQ?tp1?tp2

???联立相关方程，得s?(n?12πIlBImg?4)mg?2Bq[n为大于（4Bql?14）的整数] ???设小球Q从开始运动到与P球同向相碰的运动时间为t′3lQ，由单摆周期性，有t'Q?(n?4)2πg密同理可得s?(n?32πIlBIg4)mg?2Bq[n为大于（m4Bql?34）的整数] （理综）65

【失分警示】本题考查内容非常广泛，知识点繁多，(1)(2)两问相对(3)问难度中等偏上，(3)问难度较大。千万注意单摆振动周期且振动后相碰时间上的多解性问题，分反向相碰与同向相碰两种情况解决。

26.【答案】 (1)四 Ⅷ 2 (2)小 H2O (3)

(4)丙烷(其他合理答案均可) CH?3COOH?HCO3?CH3COO??CO2??H2O(其他合理答案均可)

【命题立意】本题考查物质结构基础知识、氧化还原反应。

【解析】由题意得,X核外有6个电子，是碳；Y最外层电子排布为2S22P4，是氧；C质子数为11，是钠；氢氧化亚铁转变为氢氧化铁时会有题中描述的现象，所以W是铁。 (1)铁元素位于周期表中第四周期第Ⅷ族,最外层2个电子

(2)同周期元素从左到右电负性增强,电负性强的元素形成的气态氢化物更稳定 (3)过氧化钠与二氧化碳反应是歧化反应

(4)符合条件的烃有很多，比如丙烷、正丁烷等，含有C、O、H的无机阴离子是HCO?3，分子可

以是羧酸、碳酸，能与HCO?3反应的应该是比碳酸酸性强的酸，比如甲酸、乙酸等。

【失分警示】注意元素所在族的表示方法要规范.

27.【答案】(1)负 (2)① 还原剂 ② 调节溶液pH在8～9之间

(3)①Cu?2H?2?OH?2CO32SO4?2CuSO4?CO2??3H2O ②HCO3

③MnO?2?2?2Fe2?4H??2Fe3??Mn?2H2O ④10-12/a3bd2

【命题立意】本题考查电镀原理、氧化还原反应原理、氧化还原方程式的书写、盐的水解、化学平衡常数计算等。

【解析】(1)电镀时镀件与电源的负极相连，作电解池的阴极。

(2)用铜盐进行化学镀铜时，需要用还原剂把铜还原出来；由图像可知，pH在8到9时反应速率为0。

(3)①相当于Cu(OH)2、CuCO3与硫酸的反应，所以生成硫酸铜、CO2和水。

②利用HCO?3水解显碱性，使溶液酸性减弱。

③利用MnO2的氧化性把Fe2+氧化，根据转移电子可知MnO2 被还原为+2价。 ④根据平衡常数的表达式可得。

【失分警示】要根据氧化还原反应原理和转移电子来书写方程式。

（理综）66

28.【答案】

(1)CaSO4 Mg(OH)2

(2)加入Ca(OH)2溶液后，生成Mg(OH)2、CaSO4沉淀，溶液中 Mg2+浓度减小，使平衡右移 (3)K2CO3 H2SO4

(4)溶浸达到平衡的时间缩短 平衡时K+的浸出浓度增大 (5)1.75×104

【解析】(1)氢氧根与镁离子结合生成氢氧化镁沉淀 (2)根据平衡移动来理解

(3)加K2CO3除去钙离子，加H2SO4除去氢氧根和碳酸根，调节pH。 (4)根据图像分别分析横纵坐标的不同，即可得出结论。 (5)用硫酸钙的溶度积除以碳酸钙的溶度积。 【命题立意】本题考查平衡移动、平衡常数计算。 【失分警示】除杂过程中不能引入新的杂质。 29.【答案】

Ⅰ.(1)CaCO3 最下端 (2)较大 C3 NADPH、ATP (3)缺失叶绿素a不能完成光能转换

Ⅱ.(1)载体蛋白 氨基转换 脱氧核苷酸

(2)有氧呼吸和无氧呼吸 ①②③ 产生大量的中间产物，为合成DNA和蛋白质等重要物质提供原料 (3)原癌 酶 ①④

【命题立意】光合作用和呼吸作用。

【解析】Ⅰ.(1)提取色素时CaCO3能够保护叶绿素，在滤纸上扩散时，叶绿素b扩散速度最慢，在最下端。

(2)突变体的呼吸速率大于野生型，当二者的氧气释放速率相等时，突变体的氧气产生量较大，暗反应时，二氧化碳和C5反应生成C3，而C3的还原需要消耗光反应合成的NADPH、ATP。 (3)少数处于特殊状态下的叶绿素a能把光能转换成电能，缺失叶绿素a不能完成光能转换。 Ⅱ.(1)A能协助葡萄糖进入细胞，所以A是载体蛋白，氨基转换作用可以合成新的氨基酸，脱氧核苷酸是合成DNA的原料。

(2)癌细胞在有氧条件下呼吸的产物包括水合二氧化碳，还有乳酸，所以呼吸方式为有氧呼吸和无氧呼吸，正常细胞只有有氧呼吸，所以增强的过程为①②③，癌细胞增殖时需要蛋白质和DNA，上述过程的中间产物可以为合成DNA和蛋白质等重要物质提供原料。

(3)致癌因子能够使原癌基因被激活，使正常细胞成为癌细胞，基因可以通过控制酶的合成来控制代谢途径，从而控制生物的性状，①④是正常细胞也具有的途径，因此不适合作为研究对象。 【失分警示】光反应和暗反应的关系；正确识图，从示意图中获取相关信息，解答问题。 30.【答案】(1)产生 调节 微量的

(2)减少内源激素的干扰 外来营养物质会对实验结果造成干扰

(3)用细胞分裂素分别处理A、B叶片；不同插条上去除不同数目的A叶 (4)生长受抑制 用蒸馏水同样处理A叶 (5)A叶数量越少，B叶生长越慢

（理综）67

(6)a、e、g

【命题立意】本题考查植物激素的产生及作用的原理。

【解析】(1)植物激素是由植物体的特定部位产生的，产生后需要被运输到作用部位，对作用部位生长发育起调节(促进或抑制)作用。植物激素都是有机物，在植物体内含量很少。

(2)制备插条时要除去根系和幼芽，根和芽可以产生生长素等其他的内源激素，除去根系和幼芽主要目的是减少其他内源激素的干扰。插条插在蒸馏水中而不是营养液中培养的原因是防止培养液中其他营养物质对实验结果造成干扰。

(3)图2中I A叶用细胞分裂素处理过，实验Ⅱ、Ⅲ、Ⅳ的B叶均用细胞分裂素处理过，Ⅱ不去除叶片，Ⅲ去除了Al叶片，Ⅳ去除了A1和A2叶片。所以从图2中可知，对插条进行的实验处理包括用细胞分裂素分别处理A、B叶片；不同插条上去除不同数目的A叶。

(4)在实验I中，对A叶进行实验处理是A叶用细胞分裂素处理过，结果导致B叶相对面积减小，生长受到抑制。该实验的对照处理是用蒸馏水同样处理A叶。

(5)实验Ⅱ、Ⅲ、Ⅳ的B叶均用的细胞分裂素处理过，Ⅱ不去除叶片，Ⅲ去除了A1叶片，Ⅳ去除了A1和A2叶片。实验变量是A叶片数量，结果表明，B叶的生长与A叶的关系是：A叶数量越少，B叶生长越慢。

(6)研究者需要证明“细胞分裂素能够引起营养物质向细胞分裂素所在部位运输”的推测，而生物体生长离不开氨基酸，所以需要用14 C一氨基酸涂抹A2叶，提供细胞分裂素的只能是A1叶，且A1叶涂抹的细胞分裂素不能用14C标记。通过检测14C标记物含量在A2还是B叶多来推断细胞分裂素是否能够引起营养物质向细胞分裂素所在部位运输，所以本题选a、e、g。

【失分警示】对照实验的关键是设置变量，本题关键就是要找出实验中设置的变量是什么，再联系学过的细胞分裂素作用解题。 31. 答案：（1）两 自由组合

（2）A bb和aaB A B aabb （3）4/9 4/9 扁盘：圆：长 = 1 ：2 ：1 解析：（1）根据实验1及实验2的结果可以推断，南瓜果形是由2对基因控制的，且遵循自由组合定律。（2）、（3）根据实验1可推知，亲本的基因行为AAbb（或aaBB）×aaBB（或AAbb），F1的基因型为AaBb，F2南瓜的扁盘形果（A B ）：圆形果（A bb或aaB ）：长形果（aabb）=9：6：1：F2中扁盘果实的基因型种类及其比例为AABB：AaBb：AaBB：AABb=1：4：2：2；用长形品种（aabb）植株的花粉对实验1得到的F2植株授粉，单株收获种子，即AABB（1/9）×aabb得到的株系F3果形均表现为扁盘，AaBB（2/9）×aabb或AABb（2/9）×aabb得到的株系F3果形均表现为扁盘：圆=1：1，AaBb(4/9)×aabb得到的株系F3果形均表现为扁盘：圆：长=1：2：1

32. 答案(1)G2 6 (2)A、B、C (3)4月份不放牧，5~10月份放牧强度保持在G2水平 (4)有机物生成量

(CO2的消耗量或O2生成量) (5)二 (6)分解者

解析一：(1)由图1信息知，5~10月份期间，在G2放牧强度下，牧草净光合产量最高，其中，6月份的净光合产量最高，被初及消费者利用的总能量最高。(2)8月份草地枝叶繁茂，不放牧导致过多枝叶对下层植物遮光，降低了下层植物的光合作用强度；不放牧使植株衰老组织较多，有机物消耗量增多，导致草地净光合产量降低；不放牧时无动物产生的有机肥，影响植物生长，降低了光合作用强度。(3)由图1信息知，4月份不放牧时，净光合产量最高，5~10月份放牧强度保持在G2 水平净光合产量最高。(4)单位时间和面积的有机物生成量、 CO2的消耗量和O2的生成量均能表示光合作用的强度。(5)

（理综）68

密????????????????????封??????????????????? 线

由生物富集原理可推知，营养级越高的消费者体内32P哈娘越高，即放射强度越大，结合图2知，A为初级消费者，位于第二营养级。(6)生产者体内的含32P的有机物除被消费者利用外，还可随枯枝残 叶被分解者利用。

线解析二：(1)净光合产量最大时的放牧强度最适宜，由图1可知，5~10月份，最适宜的放牧强度是G 2.?净光合产量最大时，被初级消费者利用的能量最多，由图1可知，6月份的净光合产量最大，该月份??被初级消费者利用的总能量最多。

?(2)因净光合产量=光合作用合成量—呼吸作用消耗量。不放牧时，影响光合作用的因素是光照强度和?肥料多少。枝叶长大后，枝叶对下层植物有遮光作用，导致光照强度下降，从而使光合作用合成量减??少。此外，植株衰老时，细胞中相应酶的活性降低，也会导致光合作用强度降低。

?(3)由图1可知，净光合产量与放牧量有关，故其措施是4月份不放牧，5~10月份放牧强度保持在G2?水平，净光合产量都保持最大值。

??(4)光合作用强度可用O2生成量、有机物生成量或CO2消耗量表示。

?(5)营养级越高的生物，体内积累的32P越多，此为生物富集效应。由图2可知，A消费者的放射强度?相对值的最大值小于B，说明A消费者的营养级级别低于B，故A消费者为初级消费者，属于第二?营养级。

??(6)生产者的能量除被消费者利用外，还有部分被分解者利用。

?33.【命题立意】对热力学定律和分子动理论的理解及对理想气体状态方程的理解。

?(1)D【解析】做功和热传递是改变内能的两种方式，只吸收热量，内能不一定增加，所以A错误；可?封以使热量从低温物体传递给高温物体，但引起其他变化，如电冰箱的工作；分子势能在r=r0。时最小，?所以分子间距增大时分子势能如何变化不确定，C错误；分子间距减小，分子引力斥力都增大，表现?出的分子力是引力和斥力的合力，D正确。

??【失分警示】对分子力及分子势能随分子间距的变化情况掌握不清；对热力学定律掌握不准。 ?(2)A【解析】本题考查对理想气体状态方程的理解。以15L 1.0atm的理想气体为研究对象，经过等温?变化后体积为6L，由p0V0?pV11，得15?p0?6?p1，所以p1?2.5p0?2.5atm，所以A正确。 ?【失分警示】对研究对象不能合理选取以及对变化过程的前后弄不清。 ??34.【答案】(1)C【命题立意】本题考查光的偏振。

?【解析】白炽灯的光为自然光，经过偏振片P后变为偏振光，P旋改变了透过P的光的振动方向，但不?改变透过P的光的强度，所以A点光的强度不变。当P的透振方向与Q的透振方向平行时，B点的光??的强度与A点的光的强度相同，当P的透振方向与Q的透振方向垂直时，B点的光的强度为零，所以?旋转P会改变B点的光的强度。所以C正确。 ?【失分警示】对光的偏振现象掌握不好。 ??(2)挡住C及A、B的像；1.8(1.6-1.9都算对) ?【命题立意】本题考查玻璃折射率的测定。

?【解析】A、B的光经过玻璃折射后，形成的像在出射光的反向延长线上，即在C、D连线的反向延长线?上。连接A、B并沿长与a交于O点，作过O点的法线，得入射角。连接C、D并沿长与a′交于O′，密点，连接O、O′得折射角，即可求得玻璃的折射率。 【失分警示】不能顺利地画出光路图。

(3)【命题立意】本题考查机械波在均匀介质中匀速传播及波长．波速和频率的关系??V?T。 【解题过程】设P波的传播时间为t，则x?vPt，x?vS(t??t)

（理综）69

解得x?vPvSv?v?t， PS代入数据得x?1260km 由?=vST 解得??4.2km

【失分警示】波长、波速和频率的关系??V?T不能与实际情况很好地联系起来。 35.(1)【命题立意】本题考查了原子能态变化与吸收或辐射光子能量的关系即辐射条件。

【答案】14

【解析】hvE142?E122??3E1E13E1v111?16 hv2?22?E1??4 v? 24(2)【命题立意】本题考查碰撞中动量守恒。

【解题过程】设A与B；碰撞后，A的速度为vA，B与C碰撞前B的速度为vB，B与C碰撞后粘在一起的速度为v，由动量守恒定律得

对A、B术块：mAv0?mAvA?mBvB ① 对B、C木块：mBvB?(mB?mC)v ② 由A与B间的距离保持不变可知

vA?v ③ 联立①②③式，代入数据得

v6B?5v0 ③

【失分警示】注意A物块质量的代入为3m。 36.答案：（1）紫黑色 升华 （2）2I??2e?I?2或I+6OH??6e?IO?3?3H2O 有气泡产生

（3）

实验方法 实验现象及结论 取少量阳极区电解液于试管中，加稀硫酸酸化如果不变蓝，说明无I?。 后加入几滴淀粉试液，观察是否变蓝。 如果变蓝，说明有I?。 （4）冷却结晶 干燥 洗去吸附在碘酸钾晶体上的氢氧化钾等杂质

解析：（1）碘是紫黑色固体物质，实验室常用升华法来分离、提纯含少量杂质的固体碘。

（2）②阳极失e?发生氧化反应2I??2e??I?2或I??6OH??IO3?3H2O阴极得e?，发生还原反应，

H?放电，2H??2e??H2，所以阴极有气泡生成。

37.【答案】(12分)

(1)①1s22s22p63s23p63d5(或[Ar]3d5) ②平面三角形

（理综）70

(2)①C?O②sp3③236.0231023个（或2mol） (3)

【命题立意】本题考查核外电子排布、离子空间构型的判断以及分子的杂化方式、配离子等物质结构与性质的知识，能力层级为C。

【解析】(1)Mn原子序数为25，Mn2+的核外电子排布式为：1s22s22p63s23p63d5。NO?3离子中氮原子

采用sp2杂化，离子空间构型为平面三角形。

(2)CO与N2互为等电子体，根据氮分子的结构式可以写出CO的结构式为C?O。H2O分子内氧原子采用sp3杂化，分子空间构型为V形。二氧化碳分子内含有碳氧双键，双键中有一个为σ键，一个为π键，则1molCO2中含有2molσ键。 (3)Cu2+与OH?以配位键结合，[Cu(OH)4]2-的结构为：

【失分警示】注意根据中心原子杂化方式判断微粒的空间构型。 38.【答案】(1)

(2)取代反应 氧化反应(或其他合理答案) (3)①

②醛基 ③

（4）

【命题立意】本题考查苯的同系物结构和性质，酯、醇、酚、羧酸的性质及结构。 【解析】(1)根据甲苯结构，可知对二甲苯结构。

(2)根据甲苯能发生取代反应、氧化反应、加成反应，可知对二甲苯也能发生这些反应。 (3)①根据题意A是一种二甲苯，两个甲基被高锰酸钾氧化成两个羧基，得到的B中苯环上有两种不同位置的H原子，说明B中两个羧基应该是邻位。 ②根据D能发生银镜反应可知含有醛基。

（理综）71

③由题意得DEHP是一种二元酯，C是含有8个碳的饱和一元醇，且能被氧化成醛，所以C中羟基在一端，再由③中信息可得其结构。

（4）根据官能团性质可知F中含有酚羟基和羧基，且邻位，能和碳酸氢钠反应的只有羧基。

【失分警示】注意醇、醛、酸、酯之间的转化关系。

39. 解析：（1）柚皮精油主要贮藏在柚皮部分，由于柚皮精油的有效成分在用水蒸气蒸馏时会发生部

分水解，使用水中蒸馏法又会产生原料焦糊的问题，所以一般采用压榨法。糊状液体中的杂质可以采用过滤的方法除去。(2)筛选菌种通常采用平板划线法或稀释涂布平板法；培养基灭茵通常采用高压蒸汽灭菌法，用到的设备是高压蒸汽灭菌锅；实验前对超净工作台要进行消毒处理。(3)尿素是某些微生物生长所必需的氮源；电泳法分离蛋白质时，电泳速度与蛋白质相对分子质量成反比。(4)透明圈越大，说明抑茵效果越明显。 答案：（1）压榨 过滤

（2）稀释涂布平板法(或：稀释混合平板法) 高压蒸汽灭菌锅 消毒 （3）氮源 越慢 （4）直径(或大小)

【命题立意】本题考查物质提取、菌种接种、消毒和灭茵、电泳等知识。难度较低。 40.【答案】

(1)脱氧核糖、磷酸、脱氧核糖 (2)平 537bp、790bp、661bp

(3)4

(4)BamH I 抗生素B同种限制酶切割形成的末端相同， 分目的基因D与质粒反向连接 【命题立意】本题考查基因工程。

【解析】(1)图l的同一条脱氧核苷酸链中相邻两个碱基之间不是互补配对的碱基，如右图依次由脱

氧核糖、磷酸、脱氧核糖连接。

(2)若用限制酶Sma I完全切割图1中DNA片段，由于SmaI切割的位点是CCC↓GGG，所以产生的末端是平末端，凌限制性核酸内切酶的切割位点有两个，所以其产物长度为534+3=537bp、796-3-3=790bp、658+3=661bp。

(3)若图1中虚线方框内的碱基对被T―A碱基对替换，那么基因D就突变为基因d。杂合子含有D和d两个基因，D可以切割成3种长度，而d基因的一个切割位点序列改变，只能切割成1327bp和661bp两种长度的DNA片段，图1中左面两段连接起来无法切开，所以从杂合予中分离出图

l及其对应的DNA片段，用限制酶Sma I完全切割，产物中共有4种不同长度的DNA片段。 (4)若将图2中质粒和目的基因D通过同种限制酶处理后进行连接，形成重组质粒，那么应选用的限制酶是BamH I。BamH I酶在图l和图2中都有切割位点，且不会切割开目的基因D。在导

入重组质粒后，因图2的质粒中含有抗生素B抗性基因。这属于标记基因，为了筛选出含重组质粒的大肠杆菌，一般需要用添加抗生素B的培养基进行培养。经检测，部分含有重组质粒的大肠杆菌株中目的基因D不能正确表达，其最可能的原因是同种限制酶切割形成的末端相同，部分目的基因D与质粒反向连接所致。

万卷三年高考模拟卷理综(六)

（理综）72

密????????????????????封??????????????????? 线

1.【答案】D

【命题立意】本题考查的是细胞基本结构的知识内容。

【分析】细菌和蓝藻均为原核细胞，不含线粒体和叶绿体；水稻叶肉细胞为高等植物细胞不含中心

线体，因此正确选项为D。 ?【失分警示】学生易选B或C。 ?2.【答案】A

?【命题立意】本题考查学生对生物史中经典实验的掌握熟练程度。

??【解析】切去尖端后，胚芽鞘不生长也不弯曲，不切去尖端时胚芽鞘弯曲生长，说明产生生长素的?部位在尖端。故B错；用极细光束照射置于黑暗无氧的环境中载有水绵和好氧细菌的装片，细?菌集中于有光照的部位，说明光照部位产生了氧气，故C错；D项是格里菲斯的实验，说明S??型细菌体内有转化因子，能促进R型细菌向S型细菌转化，故D错。 ?【失分警示】如果不能很好的掌握经典实验的过程，很容易失分。 ?3.【答案】D

?【命题立意】本题重点考查细胞凋亡的含义以及影响因素。

??【解析】脊椎动物的细胞凋亡在生命活动的每个时期均可发生，故A错；一个存活的神经元可与?多个靶细胞建立连接，故B错；神经元细胞凋亡与否与是否接受了足够量的神经生长因子有关，?所以，神经元的细胞凋亡并不仅仅由基因控制，故C错。

??【失分警示】学生对细胞凋亡的含义不够理解，不能很好地掌握引起细胞凋亡的因素，容易造成失?分。 封4.【答案】D

?? 【命题立意】本题考查生物的变异，能力层级为B。

? 【解析】A由题意分析，测交后代部分出现红色性状，若是基因突变导致，子代红色就不是部分，

?而是极少，因为一般突变的个体总是很少的，错误；B若按照正常的减数分裂，该植株作为父本，??B位于缺失的染色体上，获得该缺失染色体的花粉不育，3和4分离后后代不可能有红色性状，?错误；C项中B和b基因所在的染色体不能算是非同源染色体，它们之间不存在自由组合的关?系，错误；D若在减数第一次分裂时发生同源染色体的非姐妹染色单体交叉互换，则没有缺失的?染色体上的b基因与缺失染色体的B基因互换，可能会导致测交后代部分出现红色性状，正确。 ??【失分警示】本题易错选A，基因突变的频率低于染色体交叉互换的频率。 ?5.【答案】D

? 【命题立意】本题考查基因结构以及碱基配对的关系。需要学生有很强的理论基础。

??【解析】由题意可知，在DNA合成中，只要连接上双脱氧核苷酸，延伸就会停止，只有连接上脱?氧核苷酸，才会继续延伸。在所给的原料中有胸腺嘧啶双核糖核苷酸，会与所给序列中的A配对。?在所给序列中，共有4个A。合成出的不同长度的子链最多有五种，故D正确。 ?【失分警示】学生易错选C，没有找出胸腺嘧啶双脱氧核苷酸究竟和哪种碱基配对。 ??6.【答案】C【命题立意】本题考查基因自由组合定律的运用，能力层级为C。

密【解析】AABB与aabb个体杂交，得到的F1自交，子代的基因型AABB：AABb：AAbb：AaBB：AaBb：Aabb：aaBB：aaBb：aabb=1：2：1：2：4：2：1：2：1。根据题意 AABB为红色，AABb为红色，AAbb为粉色，AaBB为粉色(a基因存在抑制B基因表达)，AaBb为粉色(a基因存在抑制B基因表达)，Aabb为粉色，aaBB为白色，aaBb为白色，aabb为白色，所以白色：粉色：红

（理综）73

色=4：9：3。C正确；A、B、D错误。

【失分警示】正确理解题意并运用基因自由组合定律可以正确解题。 7.【答案】D

【命题立意】本题考查电化学，能力层级为C。

【解析】A中根据闭合K1时两极均有气泡产生，说明铜作阴极，石墨作阳极，所以铜电极处氢离子

放电生成氢气，石墨处氯离子放电生成氯气，总反应中H2O不能写成H+，错误；B中铜电极处氢离子放电，氢氧根增多，溶液变红，错误；C中闭合K2时形成原电池，铜极作负极，发生H2-2e-=2H+，错误；D中石墨作原电池的正极，正确。

【失分警示】要根据现象正确判断出电解池的阴阳两极，铜如果作阳极，则铜失电子。 8.【答案】B

【命题立意】本题考查盖斯定律和电解质溶液中离子浓度大小比较，能力层级为C。 【解析】A中根据盖斯定律，两个方程式相减，反应热应为―10.4，错误；B中V=20时，酸碱恰好

完全反应生成NaF，根据质子守恒知B正确；C中溶液体积扩大2倍，所以C(Na+)等于0.05，错误；D中溶液也可能显酸性或中性，错误。 【失分警示】注意当溶液混合后溶液中离子浓度的变化 9.【答案】BD

【命题立意】本题考查元素周期表和周期律，能力层级为B。

【解析】由图可知，X是氧、Y是钠、Z是铝、W是硫、R是氯，所以A中应该Y>Z>X；C中硫酸是共价化合物。

【失分警示】酸都是共价化合物。

10.【答案】D【命题立意】本题考查化学计算，能力层级为B。

催化剂【解析】氨气的催化氧化的反应为：4NH3?5O2??4NO?6H2O标准状况下VL氨气转移的电子

数为

VL22.4L?mol?1?5?NA?n,NA?22.4n5v。 【失分警示】容易因不清楚电子转移情况，而导致错选。

11.【答案】AD【命题立意】本题考查铅的化合物的性质，考查氧化还原反应规律的应用，能力层级

为C。

【解析】根据氧化还原反应中得失电子守恒可知PbO2生成O2时，生成O2与生成的+2价Pb(用PbO表示)的关系为： O2~2PbO氧化还原反应中得失电子守恒可知由剩余固体与浓盐酸反应时，其中反应物中的+4价Pb(用PbO2表示)与生成物Cl2的关系为： PbO2～Cl2

由上述两个关系式及题目已知信息O2和C12的物质的量之比为3：2可知剩余固体中，PbO：PbO2=6：2=3：1。

Pb3O4可以看做2PbO2PbO2，故选将四个选项中的Pb3O4换算为2PbO2PbO2时，选项A、D中的PbO：PbO2=3：1，选项B中的PbO：PbO2=4：3，选项C中的PbO：PbO2=7：5。 【失分警示】该题若局限于写出两个反应的化学方程式，然后根据化学方程式进行计算，会比较繁琐，从而导致错误出现。 12.答案：C

解析：A项Ag?与PO3?Cl?不共存；B项

H?与HCO?2?3不共存；D项Al3?4，与CO3不共存，所以答 （理综）74

案为C。 13. D

第一解析：A项，根据先拐先平数值大的原理，温度高反应速率大，则先达到平衡，所以b线代表20℃时的变化曲线。B项，反应进行到20min末，20℃时的速率更大，所以比值应小于1。C项，升高温度可以提高反应速率，但本反应为放热反应，升高温度会使转化率降低。

第二解析：由斜率可知b的反应速率大，温度高，A错误；温度越高反应速率越快，所以B错误；温度越高，转化率越低，C错误；Y?0.113时，转化率相同，初始加入的反应物相同，所以D正确。

14【答案】B

【命题立意】本题考查万有引力定律，能力层级为A。 【解析】本题考查天体的环绕速度。GM?v2R知，故A错误；

由GMT2?4?2R3知R越大，T越大。故B正确；由GM?aR2知R越大，a越小，故D错误。 【失分警示】弄清各个量与半径大小的关系。 15.【答案】C

【命题立意】考查变压器的工作原理，欧姆定律，电功率及描述变流电的物理量。 【解析】由: u?11 0002sin100πt

umax?11 0002?v,v?11 000V

T?150?0.02s,f?1T?50Hz,故B错

R2正常工作，则I?PU?880220?4A,故C正确 ?Ur?I?r?24V

?输出电压U?244V ?由vv'?n1n?n1?11 000244，故A错误。 2n2P入=P出=PI22??r?976W，故D错误。 【失分警示】注意对交流电有关物理量的计算。 16.【答案】AC

【命题立意】本题通过图像考查力与运动的关系及机械能守恒条件。

【解析】由图可知0～3s内物体向上加速，加速度向上，所以超重，A对。最后2s由a??v?t??3m/s2 加速度大小小于重力加速度g，所以仍然受向上的拉力，B错。对匀变速直线运动而言，v?v0+vt2，C对。3～5s内物体匀速上升，动能不变，但重力势能增加，所以机械能增加，D错。 【失分警示】掌握好基本概念和公式。 17.【答案】A

【命题立意】本题考查带电粒子在匀强磁场中圆周运动规律。

（理综）75

?mv2【解析】由于带电粒子在洛仑兹力作用下做匀速圆周运动，qBvR得R?mvqB,由于二者动量大

小相等，若q2?R1?q2则R1?R2选项A正确，B错误；根据T?v?2?mqB若q1?q2，由于ml与m2 关系不确定，则它们的周期关系不能确定，选项C错误。同样道理选项D错误。 【失分警示】在分析类似问题时，要注意准确找出二者运动中哪些量相同，哪些量不同。 18.【答案】D

【命题立意】本题考查电磁感应问题。

【解析】A：b线圈输出应为交变电流；B：b线圈磁通量不会为0，且与a中相同；C：b中有电流必会形成磁场影响a线圈；D：a的磁场变化，b线圈就有变化磁通量必会形成电场。 【失分警示】对于电磁感应现象中的感生电动势的产生要有很好理解

19．解析：右侧绳剪断瞬间，b受到弹簧向左的拉力和向右的摩擦力，(因b在弹簧拉力作用下有向左

运动的趋势)故选项C错误，选项D正确。木块a受左侧绳的拉力和弹簧弹力不变(弹簧未来得及

形变)，故Ffa不变。选项A正确，选项B错误。

答案：AD 【命题立意】本题考查了受力分析，摩擦力大小和方向的判定及弹簧弹力大小问题，由胡克定律F?kx知，当x不变时，弹力大小不变。本题主要考查推理能力，属中等难度题。 20.【答案】A【命题意向】本题考查选取合适的研究对象即物体处于受力平衡的条件。

【解析】当木块有最大加速度时由牛顿第二定律有2f?Mg?Mamax，对系统由牛顿第二定律有

F(M?m)max?(M?m)g?(M?m)amax，解得Fmax?2fM，所以A正确。

【失分警示】研究对象选取不合适。 21.【答案】BD

【命题立意】本题考查牛顿运动定律及运动学功能关系。

【解析】由于弹力在变化，合外力并非恒力，故AC错误。对物体受力分析可知：撤去F瞬间：F合=K?x0??mg

?a?Kx0m?mg B准确 当物块速度最大时，弹簧仍被压缩

K?x'??mg

x'??mgK ∴物块体积为S?x0?x' 由做功：Wmgf??mg?S??mg(x0??K)

【失分警示】本题宜先用排除法排除AC选项，而D选项注意物块速度最大时合外力为0，弹

簧必处于压缩状态。

22．【答案】（1）①6；7(或7；6) ②1.00 1.20 ③2.00 偏大 【命题立意】本题考察纸带问题的处理和误差分析。

（理综）76

密????????????????????封??????????????????? 线

【解析】①从纸带上数据可以看出在误差允许的范围内记数点6之前的五组数据相同时阆内位移差为定值，说明加速度保持不变，重物还未落地，记数点7之后的四组数据相同时间内位移差也为定值，说明加速度也不变，重物已经落地，物体只受摩擦力，由此判断重物是在打6，7点之

线间的某时刻落地，物体开始减速。②点5在匀加速阶段v 5?v?s460.110 1+0.090 0?2t?0.2?1.00m/s，?点6之前是匀加速运动，之后某时刻开始减速所以根据a??s?t2?0.020 00.01?2.00m/2s，??v?6?v5?at?1.00?2.00?0.1?1.20m/s③a??st??0.020 00.01??2.00m/s2，所以大小为2.00 m／s22，?由于物块减速过程中阻力来源除了滑动摩擦力，还有空气阻力，纸带与打点计时器间的摩擦阻力??所以ma??mg，所以用

a?g来求?，结果比真实值偏大。 ?【失分警示】注意单位和有效数字，及公式使用的条件。 ??23.【答案】①5、②4

?③ ? ? ?? ? 封 ?? ?

?【命题立意】本题考查欧姆定律、伏安法测电阻、电表的改装及电路设计问题。

?【解析】①问中只是欧姆定律的计算问题。②问中由于电压表串联的R?2，则L两端电压应为4V即?电压表示数加上R2的分压1V。③问的电路设计由于电压表、电流表量程不够，须对电表进行改?装，改装之后仍应采用外接法，即应以答图1为准确答案。

?【失分警示】此题③问由于灯泡内阻与电流表内阻阻值更接近，故应选择外接法误差更小。 ??24. 解析：（1）轿车牵引力与输出功率的关系P?F牵? ?? 将P?50kW,?1?90km/h?25m/s代入得F牵?P??2?103N。

1?? 当轿车匀速行驶时，牵引力与阻力大小相等，有F阻?2?103N。

???（2）在减速过程中，注意到发动机只有1?5P用于汽车的牵引。

? 根据动能定律有1121密5Pt?F2阻L?2m?2?2m?1

代入数据得Pt?1.575?105J

电源获得的电能为E?50%?4电5Pt?6.3?104J。

（理综）77

（3）根据题设，轿车在平直公路上匀速行驶时受到的阻力仍为F阻?2?103N。在此过程中，由能量守恒定律可知，仅有电能用于克服阻力做功，则E电?F阻L?，代入数据得L??31.5m。 答案：（1）2?103N

（2）6.3?104J

（3）31.5m

【命题立意】本题考查了功、功率、动能定理、能量守恒定律，重点考查综合分析问题的能力和推理能力，属较难题。

25.【解析】（1）微粒作直线运动，则mg?qE0?q?B

① 微粒作圆周运动，则mg?qE0 ②

联立①②得 q?mgE ③ 0B?2E0?

④

（2）设微粒从N1运动到Q的时间为t1，作圆周运动的周期为t2，则

d2??t1 ⑤

q?B?m?2R

⑥ 2?R??t2 ⑦

联立③④⑤⑥⑦得

t??1?d2?;t2?g ⑧

电场变化的周期

T?td??1?t2?2??g ⑨

（3）若微粒能完成题述的运动过程，要求

d≥2R ○

10 联立③④⑥得

R??22g ○11

设N1Q段直线运动的最短时间为t1min，由⑤○10○11得

t?1min?2g

因t2不变，T的最小值 T1min?tmin?t2?(2??1)?2g （理综）78

高温26. 答案：（1）煤的气化反应方程式为C?H2O?CO?H2 （2）H2S?Na2CO3NaHS?NaHCO3

（3）?246.4kJ?mol?1 c e

（4）①＞ ②0.04mol?L?1 0.16mol?/(L m解析：（1）煤的气化反应方程式为C?H2O CO?H2。 （2）用原子守恒法可得H2S?Na2CO3NaHS?NaHCO3。

（3）利用盖斯定律进行热化学反应方程式的合并，可得：3H2(g)?3CO(g)?CH3OCH3(g)?CO2(g)?H??246.4kJ?mol?1。针对上述反应，a.升温，平衡向逆反应方向移动；b.加入催化剂，平衡不

移动；c.减少CO2的浓度，平衡正向移动，CO转化率增大；d.增加CO的浓度，CO转化率降低；e.分离出二甲醚，平衡正向移动，CO转化率增大。故选c、e。

（4）此时的浓度商Q?0.6?0.60.44?0.44?1.86?400，反应未达到平衡状态，向正反应方向移动，故?正＞

?0.44?2x）有： 400?(0.6?x)2逆；设平衡时生成物的浓度为0.6?x，则甲醇的浓度为（(0.44?2x)2，解得x?0.2mol??L1，故0.44mol?L?1?2x?0.04mol?L?1。由表可知，甲醇的起始浓度度为

(0.44?1.2)mol?L?1?1.64mol?L?1，其平衡浓度为0.04mol?L?1，10 min变化的浓度为1.6mol?L?1，

故?(CH3OH)?0.16mol?L?1?min?1。 27. 答案：（1）AC

HCO?3?SOCO?HSO?223

（2）S(g)?O2(g)SO2(g)?H??574.0kJ?mol?1

（3）O2 SO2

解析：（1）B项浓氨水在常温下即可与SO2迅速发生反应，升温会加速氨的挥发，故不需升高温度。D项通空气会带有一部分SO2，故可采取的措施有AC。不需预先除CO2的原因是

HCO?3?SOHSO?23?CO2。

（2）由化学方程式合并可得S(g)?O2(g)SO2(g);?H??574?kJ?mol?1。

（3）阳极反应式为：4OH??4e?2H?2O?O?2?,H?HSO3?SO2??H2O。阳极区放出气体成分为O2和SO2。

28. 答案：（1）①Fe2?在碱性条件下更易被氧化（凡合理答案均可）

（理综）79

②(NH4)2Fe(SO4)2?LiOH?H3PO4LiFePO4??2NH4HSO4?H2O

③与空气中O2反应，防止LiFePO4中的Fe2?被氧化 （2）①8LiCoO2?Na2S2O3?11H2SO44Li2SO4?8CoSO4?Na2SO4?11H2O

② CoO Co2O3、Co3O4

解析：因为(NH4)2Fe(SO4)2显酸性，LiOH显碱性，如果将二者直接混合会生成Fe(OH)2，而更易被氧化生成Fe(OH)3。高温成型向前LiFePO4中加入少量活性炭黑，可以除去空气中的O2，

以防止LiFePO2?被氧化。在溶解过程中LiCoO2?4中Fe2将S2O3氧化。Na2S2O3作为还原剂。如

果固体产物为CoO，则固体的残留率?59?1659?17?2?80.65%；如果固体产物为Co2O3，则固体残

留率?59?2?16?32?(59?34)?89.25%；如果固体产物为Co59?3?16?43O4，则固体残留率?3?(59?34)?86.38%。

所以A点物质为Co2O3，B点物质为Co3O4，C点物质为CoO，所以剩余固体的成分为Co2O3和Co3O4的混合物。

29.【答案】 (1)C、E B、F B、D、F (2)线粒体内膜 能

【命题立意】本题重点考查学生对呼吸作用的理解及掌握程度。

【解析】(1)在细胞呼吸过程中，产生水和二氧化碳是在有氧呼吸的二、三阶段，需要有丙酮酸和氧气，所以是C和E。产生酒精是在无氧呼吸的第二阶段，场所是在细胞质基质，不需要氧气的参与，所以是B和F。通过B、D和F的对照，可以得出酵母菌进行无氧呼吸的场所。 (2)有氧呼吸产生的[H]，经过一系列的化学反应，与氧结合形成水是第三阶段在线粒体内膜上进行的，所以DNP使分布在线粒体内膜上的酶无法合成ATP。但是其不会影响葡萄糖的分解。 【失分警示】不能很好掌握细胞呼吸的过程以及场所，很容易造成失分。 30.【答案】

(1)局部电流(或电信号，神经冲动) 突触小泡 (特异性)受体 (2)内正外负 无 兴奋在神经元之间只能单向传递 (3)血浆中的蛋白质和液体渗出 非特异性

【命题立意】本题考查兴奋的产生及传递、内环境之间的交换及免疫等知识点。 【解析】

(1)兴奋在神经纤维上以局部电流的方式传导，在神经元间通过突触前膜释放神经递质、神经递质与突触后膜上特异性受体结合进行传递。

(2)兴奋点的电位为外负内正，兴奋在神经元上只能单向传递，图中兴奋传递只能由M传到N。 (3)由于毛细血管通透性增大，血浆蛋白及液体渗到组织液中，导致组织水肿。体液中的杀菌物质和吞噬细胞由于没有特异性，所以它们参与的是非特异性免疫。

【失分警示】兴奋点电位变化为外正内负变为外负内正，易错答成外正内负变为外负内正。 31.【答案】(1)表达 有害性 基因突变

(2)诱变育种 基因重组 胚状体 (3)4

（理综）80

密????????????????????封??????????????????? 线

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