四川成都七中冲刺实验班2019年中考提前招生物理模拟试卷（共6套）附解析

四川成都七中

重点高中提前招生模拟考试物理试卷（1）……………………………………2 重点高中提前招生模拟考试物理试卷（2）……………………………………49 重点高中提前招生模拟考试物理试卷（3）……………………………………88 重点高中提前招生模拟考试物理试卷（4）……………………………………126 重点高中提前招生模拟考试物理试卷（5）……………………………………167 重点高中提前招生模拟考试物理试卷（6）……………………………………204

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绝密★启用前

重点高中提前招生模拟考试物理试卷（1）

学校:___________姓名：___________班级：___________考号：___________ 注意事项：

1．答题前填写好自己的姓名、班级、考号等信息2．请将答案正确填写在答题卡上

第Ⅰ卷（选择题）

一．选择题（共10小题，满分20分，每小题2分）

1．（2分）如图所示，一个小物体沿光滑斜面由A点上方从静止开始下滑，在它通过的路径AE分成相等的四段，v1、v2分别表示通过AB段、BC段的平均速度，v表示BE段的平均速度，则v1、v2与v的关系是（ ）

A．v1＜v2＜v B．v1=v2＜v C．v1=v2＞v D．v1＜v＜v2

2．（2分）养鱼的水族箱里在安装“循环、过滤、加氧三合一”水泵，水泵，如图所示。水泵工作时，水从管甲处吸入，在管乙处快速喷出，而管乙侧壁上有孔通过软塑料管丙与外部空气相通。从管乙处喷出的水流中，就混有大量气泡，增加水中氧气含量。关于这一生活中的现象，下列说法正确的是（ ）

A．管乙内水的流速大，压强大

B．大气压强大于管乙内液体压强，空气被压入水流 C．气泡在水中上升的过程中，气泡内部压强不变 D．气泡在水中上升的过程中，气泡所受浮力不变

3．（2分）小明同学家住5楼一天，他提着装有30个鸡蛋的塑料袋从1楼走到

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家里，在此过程中，下列估算不合理的是（ ） A．他提鸡蛋的力做的功约为200 J

B．他提鸡蛋的力做功的功率约为3W C．他爬楼做的功约为6×102 J

D．他爬楼做功的功率约为1×102 W

4．（2分）我国的民谚、俗语和诗词中往往蕴含着丰富的物理知识。在下列几条民谚、俗语和诗词中，能够用分子动理论来解释的是（ ） A．绿树浓阴夏日长，楼台倒影入池塘 B．水晶帘动微风起，满架蔷薇一院香 C．坐井观天，所见甚小 D．余音绕梁，三日不绝

5．（2分）中央电视台的“三星智力快车”节目介绍说，蜜蜂飞行与空气摩擦产生静电，因此蜜蜂在飞行中就可以吸引带正电的花粉，以下说法正确的是（ ） A．蜜蜂与空气摩擦得到电子 B．蜜蜂与空气摩擦失去电子 C．空气不带电 D．空气带负电

6．（2分）太阳光与水平方向成30°角，要使太阳光经平面镜反射，反射光沿水平方向传播，则平面镜与水平方向所成的角度（锐角）是（ ） A．15°

B．20°

C．30°

D．35°

7．（2分）如图所示，当只闭合S3时，电阻R1的电功率P1=4W，R1两端电压为U1，R2消耗的电功率为P2；当只闭合S1、S2时，电阻R1的电功率P1′=9W，此时R1两端电压为U1′，R2消耗的电功率为P2′．则下列选项错误的是（ ）

A．U1?U1′=2?3 B．R1?R2=1?2 C．P1?P2=2?1 D．P2?P2′=1?9

8．（2分）关于温度计下列说法不正确的是（ ） A．普通温度计不能离开被测物体观察温度

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B．体温计的测量范围是35℃﹣42℃ C．常见的温度计都是用水银作测温物质

D．常用液体温度计是根据液体热胀冷缩的原理制成的

9．（2分）如图所示，凸透镜的焦距为5厘米，在透镜左侧10厘米处，有一个与主光轴垂直的物体AB，在透镜右侧15厘米处放一个平面镜，镜面与凸透镜的主光轴垂直，则该光具组中，物体AB的成像情况是（ ）

A．一个正立实像，一个倒立实像，一个正立虚像 B．一个正立实像，一个正立虚像，一个倒立虚像 C．一个倒立实像，一个正立虚像，一个倒立虚像 D．一个正立实像，一个倒立实像，一个倒立虚像

10．（2分）如图所示，甲图中圆柱形容器中装有适量的水。将密度均匀的木块A放入水中静止时，有2/5的体积露出水面，如图乙所示，此时水对容器底部的压强比图甲水对容器底部的压强增加了300Pa．若在木块A上表面轻放一个质量为m1的物块，平衡时木块A仍有部分体积露出水面，如图丙所示，此时水对容器底部的压强比图甲水对容器底部的压强增加了400Pa．若将容器中的水换成另一种液体，在木块A上表面轻放一个质量为m2的物块，使平衡时木块A露出液面部分与丙图相同，如图丁所示。若m1：m2=5：1，则下列说法中错误的是（ ）

A．木块A的质量mA与m1之比为1：3 B．在丁图中，液体的密度为0.8×103kg/m3 C．木块A的密度为0.6×103kg/m3

D．在图丙中，木块A露出水面的体积与木块A的体积之比是1：5

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第Ⅱ卷（非选择题）

二．多选题（共10小题，满分30分，每小题3分）

11．（3分）关于小粒子和大宇宙，下列认识中正确的是（ ） A．破镜难圆，是因为分子间有排斥力 B．卢瑟福提出了原子核式结构模型 C．夸克是组成物质的最小粒子

D．宇宙是一个有层次的天体结构系统，恒星是运动的

12．（3分）（多选）站台上停着甲乙两列火车，当甲车上的人发现乙车动了，下列说法中正确的是（ ） A．甲乙两车都未开动

B．甲乙两车开始向相反的方向开动 C．乙车开始开动

D．甲乙两车同时向相同的方向以相同速度开动

13．（3分）如图所示电源电压保持不变，R1、R2为定值电阻R3为滑动变阻器，

下列说法正确的是（ ）

A．只闭合S，滑动变阻器的滑片向右移动时，电压表示数变大，电流表A1示数变小

B．只闭合S滑动变阻器的滑片向左移动时，电压表示数的变化量△U与电流表A1示数的变化量△I比值变大

C．只闭合S、S1，滑动变阻器的滑片向右移动时，电压表示数与电流表A1示数的比值变大

D．只闭合S滑片移到滑动变阻器的中间某位置后，保持滑片位置不变，再闭合S1、S2电路的总功率变大

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14．（3分）探究凸透镜成像的规律时，光屏上得到一个倒立、缩小的烛焰像，将蜡烛向凸透镜移近一倍焦距的距离。下列烛焰成像情况，可能的是（ ） A．缩小的实像

B．等大的实像

C．放大的实像

D．放大的虚像

15．（3分）某同学将同一小球以相同大小的速度按如图两种方法抛掷小球。甲图是竖直上抛，乙图是以一定的角度斜抛小球。忽略运动过程中所受的空气阻力。下列叙述正确的是（ ）

A．甲图中小球到达的水平高度等于乙图中小球的水平高度 B．甲图中小球到达地面时的速度大于乙图中小球的速度

C．如果乙图中小球到达最高点时突然不受重力，该小球将水平向右匀速直线运动

D．若将小球的质量增大，则小球到达地面时的速度都将比原来的大 16．（3分）下列乐器中能表明空气振动发声的是（ ） A．鼓

B．笛

C．箫

D．胡

17．（3分）如图是用照相机所拍摄的某一小球在水中下落的一张频闪照片。已知水池壁上每块瓷砖的高度为a，闪光灯每隔△t时间闪亮一次（即拍摄一次）．观察照片，关于小球的运动，以下判断正确的是（ ）

A．小球从A位置到D位置的运动是匀速直线运动 B．小球从B位置到D位置的运动是匀速直线运动 C．小球从A位置到C位置的平均速度为3a/△t D．小球通过B点时的瞬间速度为a/△t

18．（3分）甲同学骑自行车去看望乙同学，得知消息后，乙同学步行去迎接，

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接到后同车返回。整个过程他们的位置与时间的关系如图所示，据图可知（ ）

A．相遇前甲的速度是乙的4倍 B．两同学在t=15min时相遇 C．相遇后乙的速度是原来的2倍

D．整个过程甲的平均速度是乙的2倍

19．（3分）如图所示，一个质量为m的圆环套在一根固定的水平粗糙直杆上，现给环一个向右的初速度v0，如果在运动过程中还受到一个方向始终竖直向上的力F的作用，已知力F的大小F=kv（k为常数，v为环的运动速度），物体的动能与速度的关系为：

，则环在整个运动过程中克服摩擦力所

做的功（假设杆足够长）可能为（ ）

A．C．

B．0

D．

20．（3分）如图所示，电源电压保持不变下列说法正确的是（ ）

A．断开开关S1、S2，向右调节滑片P，V1示数变大，V2示数变小，A1示数变小

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B．断开关S1、S2，向右调节滑片P，电压表的示数变化量与电流表的示数变化量比值的绝对值的关系为|

|＜|

|

C．闭合开关S1、S2，向右调节滑片P，A1、A2示数均变小，且变化量相等

D．保持滑片P位置不变，开关S1断开，S2由断开到闭合，A1、A2示数增大，V2示数不变

三．填空题（共5小题，满分20分，每小题4分）

21．（4分）如图所示是光在空气和玻璃两种介质中传播的情形， 是界面，折射角等于 。

22．（4分）如图所示是一把电吹风的简化电路。分析电路可知：电热丝与吹风机的连接方式是 联，将插头插入插座，若电吹风吹出的是冷风，则闭合的开关是 。

23．（4分）如图所示的电路中，电源电压保持不变。当开关S和S1都闭合，甲、乙两表为电压表时，两电压表示数之比为5：2：当开关S闭合，S1断开，甲、乙两表为电流表时，R1和R2消耗的功率之比为 。

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24．（4分）实验室的普通液体温度计的工作原理是利用 测量的。使用过程中应该是 。（选填“A或B”）

A先读数，后从液体中取出温度计。 B先从液体中取出温度计，后读数。 25．（4分）在用温度计测量液体的温度时，要使温度计的 全部浸入被测液体中。如图所示，该温度计的最小分度值为 ℃，此时温度计示数为 ℃．地球南极的最低气温达零下80℃以下，用该温度计 （选填“能”或“不能”）测量当地的气温。

四．计算题（共5小题，满分50分）

26．（8分）如图所示，甲弹簧测力计右端固定，左端与A相连；木块A平放在木块B上，弹簧测力计乙保持水平。现拉动弹簧测力计乙使物块B在光滑的地面上水平向左做匀速直线运动，当两弹簧测力计示数稳定时，甲弹簧测力计示数为F1，乙弹簧测力计示数为F2。 （1）画出A所受的摩擦力的示意图；

（2）请结合平衡力和相互作用力特点证明F1=F2。

27．（8分）如图甲所示，电源两端电压不变。R1为定值电阻，R2为滑动变阻器；当滑动变阻器的滑片P滑动时测出电压值、电流值，得出滑动变阻器的功率P和电流I的关系图象如图乙所示，根据图象信息。求：

（1）滑动变阻器的滑动P向右滑动时，电流表的示数 ，电压表的示数 ，电流表与电压表示数之比 。（填“增大”、“不变”、“减小”） （2）滑动变阻器的最大阻值；

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（3）R1的阻值和电源电压；

（4）求此电路的最大电功率和最小电功率。 （5）R2的最大电功率

28．（10分）我国自主研制的“红旗HQ3”无人驾驶汽车在某段平直公路上进行测试，测试过程中汽车发动机对汽车做了5.4×106J的功，消耗的燃油0.3kg。已知燃油的热值是4.5×107J/kg。试求： （1）消耗的燃油完全燃烧所放出的热量； （2）发动机的效率是多少。

29．（12分）如图所示，将质量为80g，体积为100cm3的铁制小球放入盛水的薄玻璃容器的水中在玻璃容器下方有一已经接入电路的螺线管，小灯泡L标有“6V 3W”字样，通过螺线管的电流Ⅰ与螺线管对铁制小球的作用力F的关系如下表所示（灯丝电阻保持不变，不考虑铁制小球与螺线管距离的远近对作用力F的影响）求： I/A F/N 0.1 0.05 0.2 0.1 0.3 0.4 0.5 0.15 0.2 0.25 （1）断开开关铁制小球静止时露出水面的体积是多少？

（2）闭合开关，调节滑动变阻器的滑片使铁制小球能悬停在水中，此时小灯泡消耗的功率是多大？

（3）闭合开关，调节滑动变阻器的滑片使小灯泡正常发光，当铁制小球静止时，小球对容器底的压力是多大？

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30．（12分）如图是利用电子秤监控水库水位的模拟装置，由细长的长方体A和长方体B、滑轮组、轻质杠杆CD、电子秤及装水的柱形容器等组成。杠杆始终在水平位置平衡。已知OC：OD=2：5，A的下表面看做是水位为0，A的底面积为0.03m2，高为0.8m，重为600N；长方体B直接放在电子秤上时对电子秤的压强为104Pa．不计绳重与摩擦（ρ水=1.0×103kg/m3，g取10N/kg）。求：

（1）当水位由0上升到A刚浸没时，容器底部的压强增加多少？ （2）当长方体A浸在水中深度为0.3m时，受到的浮力为多大？

（3）当水位由0上升到水位为0.3m时，杠杆C端的拉力之比为7：6，B对电子秤的压强变化了1200Pa，则水位上涨过程中，电子秤所受到的最大压力？

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参考答案与试题解析

一．选择题（共10小题，满分20分，每小题2分）

1．（2分）如图所示，一个小物体沿光滑斜面由A点上方从静止开始下滑，在它通过的路径AE分成相等的四段，v1、v2分别表示通过AB段、BC段的平均速度，v表示BE段的平均速度，则v1、v2与v的关系是（ ）

A．v1＜v2＜v B．v1=v2＜v C．v1=v2＞v D．v1＜v＜v2

【分析】物体从光滑的斜面上下滑，物体运动的越来越快，通过相等的路程，用的时间越来越短，然后由速度公式v=比较速度大小。 【解答】解：

物体从光滑的斜面上下滑，物体运动的越来越快，通过相同的路程，所用时间越来越短；

由于sAB=sBC，tAB＞tBC，由v1=

，v2=

，所以，v1＜v2；故BC错误；

sBE=3sBC，tBE＜3tBC，A正确，D错误； 故选：A。

＞，则v==＞

=v2；所以v1＜v2＜v．故

【点评】根据题意判断出物体的运动时间，根据速度公式即可比较物体的速度大小。

2．（2分）养鱼的水族箱里在安装“循环、过滤、加氧三合一”水泵，水泵，如图所示。水泵工作时，水从管甲处吸入，在管乙处快速喷出，而管乙侧壁上有孔通过软塑料管丙与外部空气相通。从管乙处喷出的水流中，就混有大量气泡，增加水中氧气含量。关于这一生活中的现象，下列说法正确的是（ ）

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A．管乙内水的流速大，压强大

B．大气压强大于管乙内液体压强，空气被压入水流 C．气泡在水中上升的过程中，气泡内部压强不变 D．气泡在水中上升的过程中，气泡所受浮力不变

【分析】（1）液体和气体都称为流体，生活中常见的流体是水和空气，流体的流速越大，压强越小；流体的流速越小，压强越大。

（2）气泡的产生是因为大气压强大于管乙内液体压强，空气被压入水流形成的； （3）利用压强以及浮力的计算公式，通过气泡深度以及体积的变化分析解答。 【解答】解：A、由图可知，甲管比乙管粗，故等质量的水流过乙管的速度大，根据流体压强和流速的关系可知，管乙内水的压强小。故A错误；

B、从管乙处喷出的水流中混有大量气泡，说明大气压强大于管乙内液体压强，空气被压入水流，故B正确；

CD、根据p=ρgh可知，当气泡在水中上升的过程中，h变小，受到水的压强变小；压强变小后气泡体积变大，故气泡内部压强变小；根据F浮=ρgV排，V排变大所以浮力变大。故CD错误。 故选：B。

【点评】此题考查流体压强和流速的关系、液体压强特点和阿基米德原理的应用，是一道综合性较强的题目，并且题目来源于生活，是一道好题，。

3．（2分）小明同学家住5楼一天，他提着装有30个鸡蛋的塑料袋从1楼走到家里，在此过程中，下列估算不合理的是（ ） A．他提鸡蛋的力做的功约为200 J

B．他提鸡蛋的力做功的功率约为3W C．他爬楼做的功约为6×102 J

D．他爬楼做功的功率约为1×102 W

【分析】（1）估算出30个鸡蛋的重力和爬楼的高度，根据W=Gh可算出提鸡蛋

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做的功；估测所用时间，根据P=计算他提鸡蛋的力做功的功率；

（2）自己体重G=500N，根据W=Gh求得自身爬楼做的功，他爬楼做的功包括自身爬楼做功和提30个鸡蛋做功之和，然后再根据P=计算他爬楼做功功率。 【解答】解：

（1）根据生活经验可知，一个鸡蛋质量约50g，30个鸡蛋的质量m1=1500g=1.5kg， 30个鸡蛋的重力G1=m1g=1.5kg×10N/kg=15N； 住宅楼的楼层高大约3m，家住5楼， 此同学实际爬楼高度：h=3m×4=12m；

提鸡蛋的力大约做功：W1=G1h=15N×12m=180J，接近200J，故A估算合理； 从1楼到5楼大约时间t=1min=60s， 提鸡蛋的力做功的功率： P1=

=

=3W，故B估算合理；

（2）小华自己体重G=500N，

他爬楼自身做的功：W2=Gh=500N×12m=6000J，故C估算不合理； 他提着装有30个鸡蛋的塑料袋从1楼走到5楼的过程中爬楼做的总功： W总=W1+W2=6000J+180J=6180J， 爬楼做功的功率： P=

=

=103W，接近1×102 W．故D估算合理。

故选：C。

【点评】依据生活经验或常识，对相关物理量进行估计，必要时还需根据相关公式计算得出结果；需注意：实际爬楼的层数等于楼层数减一。

4．（2分）我国的民谚、俗语和诗词中往往蕴含着丰富的物理知识。在下列几条民谚、俗语和诗词中，能够用分子动理论来解释的是（ ） A．绿树浓阴夏日长，楼台倒影入池塘 B．水晶帘动微风起，满架蔷薇一院香 C．坐井观天，所见甚小 D．余音绕梁，三日不绝

【分析】要解答本题需掌握：分子动理论的基本知识：

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（1）分子永不停息地做无规则运动； （2）分子间有相互作用的力； （3）分子间有空隙。

【解答】解：A、“绿树浓阴夏日长”是光的直线传播，“楼台倒影入池塘”是由于光的反射，故A不符合题意；

B、“满架蔷薇一院香”是扩散现象，说明分子在不停地做无规则运动，故B符合题意；

C、坐井观天，所见甚少”是光沿直线传播，故C不符合题意； D、余音绕梁，三日不绝，是回声现象，故D不符合题意。 故选：B。

【点评】本题是一道综合题，是考查学生对民谚、俗语和诗词中往往蕴含的物理知识的理解。是中考的热点。

5．（2分）中央电视台的“三星智力快车”节目介绍说，蜜蜂飞行与空气摩擦产生静电，因此蜜蜂在飞行中就可以吸引带正电的花粉，以下说法正确的是（ ） A．蜜蜂与空气摩擦得到电子 B．蜜蜂与空气摩擦失去电子 C．空气不带电 D．空气带负电

【分析】同种电荷间相互排斥，异种电荷间相互吸引； 物体得到电子带负电，失去电子带正电。 【解答】解：

由题知，蜜蜂飞行与空气摩擦产生静电，且蜜蜂在飞行中可以吸引带正电的花粉，根据异种电荷相互吸引，蜜蜂带负电；蜜蜂带负电的原因是：蜜蜂飞行与空气摩擦，空气中的一些电子转移到蜜蜂身上，蜜蜂得到电子而带负电，空气因失去电子带正电，故A正确，BCD错误。 故选：A。

【点评】在日常生活中经常利用电荷间的相互作用力，比如：静电除尘，静电复印，还有静电喷涂。

6．（2分）太阳光与水平方向成30°角，要使太阳光经平面镜反射，反射光沿水

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平方向传播，则平面镜与水平方向所成的角度（锐角）是（ ） A．15°

B．20°

C．30°

D．35°

【分析】要解决此题，首先搞清光的反射定律的内容：入射光线、反射光线、法线在同一平面上，反射光线和入射光线分居法线两侧，反射角等于入射角。 首先根据已知条件确定反射光线，根据反射角等于入射角确定法线，做法线的垂线即镜面的位置。

【解答】解：太阳光与水平面成30°角，反射光线沿水平方向传播，所以反射光线与入射光线的夹角是30°或150°．根据反射角与入射角相等，做出法线，根据法线与镜面垂直做出镜面。如图所示：

所以镜面与水平面的夹角是90°﹣×30°=75°或90°﹣×150°=15°。 故选：A。

【点评】此题主要考查了学生对光的反射定律的理解和应用，首先要熟记光的反射定律的内容，此题还要注意水平方向可能是水平向右或水平向左两种情况。 7．（2分）如图所示，当只闭合S3时，电阻R1的电功率P1=4W，R1两端电压为U1，R2消耗的电功率为P2；当只闭合S1、S2时，电阻R1的电功率P1′=9W，此时R1两端电压为U1′，R2消耗的电功率为P2′．则下列选项错误的是（ ）

A．U1?U1′=2?3 B．R1?R2=1?2 C．P1?P2=2?1 D．P2?P2′=1?9

【分析】（1）当只闭合S3时，R1与R2串联，串联电路中电流处处相等，电阻R1

的电功率P1=4W，根据P=

可求得电阻R1；

可求得

当只闭合S1、S2时，R1与R2并联，电阻R1的电功率P1′=9W，根据P=电阻R1；然后可求得U1?U1′。

（2）当R1与R2并联时，R1两端电压为U1′等于电源电压，再根据串联电路中电

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流处处相等以及串联电路的电压特点可求得R1?R2；

（3）根据串联电路中电流处处相等，利用P=UI可求得电阻R1与R2消耗的电功率之比；

（4）当R1与R2并联时，R2两端电压为U2′=U1′=U，根据P=【解答】解：

A、当只闭合S3时，R1与R2串联，已知电阻R1的电功率P1=4W，R1两端电压为U1， 由P=

可得，R1=

=

；

可求得P2?P2′。

当只闭合S1、S2时，R1与R2并联，此时电阻R1的电功率P1′=9W，R1两端电压为U1′， 由P=

可得，R1=

=

；

电阻R1的阻值不变，则解得

=；故A正确。

=；

B、当R1与R2并联时，R1两端电压为U1′等于电源电压， 由

=可得，R1与R2串联时，R1与R2两端电压之比

=

=，

因串联电路中电流处处相等，所以===，故B错误；

C、因串联电路中电流处处相等，

则串联时电阻R1与R2消耗的电功率之比：

=

=，故C正确；

D、由B可知，R1与R2串联时，R1与R2两端电压之比R1与R2并联时，R2两端电压为U2′=U1′=U，

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=，则=，

串联时R2消耗的电功率与并联时R2消耗的电功率之比：

=====，故D正确。

故选：B。

【点评】本题考查了串联电路的特点和欧姆定律、电功率公式的灵活应用，分清开关闭合、断开时电路的连接方式是关键。 8．（2分）关于温度计下列说法不正确的是（ ） A．普通温度计不能离开被测物体观察温度 B．体温计的测量范围是35℃﹣42℃ C．常见的温度计都是用水银作测温物质

D．常用液体温度计是根据液体热胀冷缩的原理制成的

【分析】解答本题需要了解普通温度计和体温计的区别，体温计的测量范围，常用温度计的种类，液体温度计的原理。

【解答】解：A、普通温度计下端没有缩口，离开被测物体后，温度计的示数马上就会发生变化，所以A的说法是正确的；

B、人体温度的变化一般在35℃﹣42℃之间，所以体温计的测量范围是35℃﹣42℃，所以B的说法是正确的；

C、常见的温度计里面的液体有的用酒精，有的用水银，有的用煤油，所以C的说法是错误的；

D、液体温度计是根据液体热胀冷缩的规律制成的，D的说法是正确的。 故选：C。

【点评】解答本题时要看清题意，是选说法不正确的而不是选说法正确的。 9．（2分）如图所示，凸透镜的焦距为5厘米，在透镜左侧10厘米处，有一个与主光轴垂直的物体AB，在透镜右侧15厘米处放一个平面镜，镜面与凸透镜的主光轴垂直，则该光具组中，物体AB的成像情况是（ ）

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A．一个正立实像，一个倒立实像，一个正立虚像 B．一个正立实像，一个正立虚像，一个倒立虚像 C．一个倒立实像，一个正立虚像，一个倒立虚像 D．一个正立实像，一个倒立实像，一个倒立虚像

【分析】物体AB在凸透镜的二倍焦距处，得到倒立等大的实像。 物体在凸透镜中成的倒立的等大的实像在平面镜中又成正立等大的虚像。 物体在凸透镜中成的倒立的等大的实像，实像射出的光线经平面镜反射后经凸透镜又成倒立、缩小的实像。

【解答】解：如图，①物体AB在凸透镜的二倍焦距处，得到倒立等大的实像A1B1， ②实像A1B1如果不用光屏呈接，空气是比较干净时，眼睛是无法看到的，但是确实是存在的，实像A1B1又在平面镜中成像，相对A1B1来讲是正立的虚像A2B2，但是相当于AB来讲是倒立的虚像。

③虚像A2B2是A1B1射出的光线经平面镜反射后，反射光线的反向延长线会聚形成的，反射光线好像是A2B2射出的，A2B2在凸透镜二倍焦距以外，经凸透镜折射后形成相对A2B2是倒立、缩小的实像，相对AB是正立、缩小的实像A3B3。

故选：D。

【点评】凸透镜成实像时，如果用光屏接能看到像，如果不用光屏接，空气又是比较干净的，眼睛是无法看到实像的，但是确实存在的，此处学生不容易理解。

10．（2分）如图所示，甲图中圆柱形容器中装有适量的水。将密度均匀的木块A放入水中静止时，有2/5的体积露出水面，如图乙所示，此时水对容器底部的压强比图甲水对容器底部的压强增加了300Pa．若在木块A上表面轻放一个质量为m1的物块，平衡时木块A仍有部分体积露出水面，如图丙所示，此时

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水对容器底部的压强比图甲水对容器底部的压强增加了400Pa．若将容器中的水换成另一种液体，在木块A上表面轻放一个质量为m2的物块，使平衡时木块A露出液面部分与丙图相同，如图丁所示。若m1：m2=5：1，则下列说法中错误的是（ ）

A．木块A的质量mA与m1之比为1：3 B．在丁图中，液体的密度为0.8×103kg/m3 C．木块A的密度为0.6×103kg/m3

D．在图丙中，木块A露出水面的体积与木块A的体积之比是1：5

【分析】（1）设A的体积为V、容器的底面积为S，由于容器为圆柱形容器，在水中放入木块A后，A在水中漂浮，容器底受到的压力的变化值等于木块A的重力；而木块受到的浮力等于木块的重力，则压强变化值△P=P′=

=

=

=

；同理，比较甲丙图，压强变化值△，知道△P、△P′的大小，可求丙图排开水的体积大

小，进而求出木块A的质量mA与m1之比和木块A露出水面的部分占自身体积比值；

（2）在丙图中，由于m1和A漂浮，根据漂浮条件可得ρ水gV=GA+m1g，求出m1的大小；在丁图中，由于m2和A漂浮，根据漂浮条件可得ρ液gV=GA+m2g，求出m2的大小；由题知m1：m2=5：1，据此求出另一种液体的密度； （3）根据乙图中，木块漂浮时，浮力等于重力即可求出木块的密度。 【解答】解：（1）设A的体积为V、容器的底面积为S， ∵A在水中漂浮，

∴F浮=ρ水V排g=ρ水Vg=GA，

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甲图和乙图比较，容器底受到的压力差：△F=GA， 比较甲乙两图，△P=

=

=

=300Pa，﹣﹣﹣﹣①

同理，比较甲丙图，△P′=得：

mA：m1=3：1， V排′=V；

==400Pa，﹣﹣﹣﹣②

此时木块A露出水面的部分占自身体积；故A错误，D正确。 （2）在丙图中，由于m1和A漂浮，可得： ρ水gV=GA+m1g=ρ水gV+m1g， ∴m1=ρ水V，

在丁图中，ρ液gV=GA+m2g=ρ水gV+m2g， ∴m2=ρ液V﹣ρ水V， ∵m1：m2=5：1， 即：

（ρ水V）：（ρ液V﹣ρ水V）=5：1， 解得：

ρ液=0.8ρ水=0.8×1.0×103kg/m3=0.8×103kg/m3．故B正确； （2）在乙图中，木块漂浮，则 ρ水gV=ρ木gV

ρ木=ρ水=×1×103kg/m3=0.6×103kg/m3．故C正确。 故选：A。

【点评】本题为力学综合题，考查了学生对阿基米德原理、压强定义式、物体的漂浮条件的掌握和运用，知道容器为圆柱形容器，在水中放入漂浮的物体，容器底受到的压力的变化值等于放入物体的重力是本题的突破口。

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二．多选题（共10小题，满分30分，每小题3分）

11．（3分）关于小粒子和大宇宙，下列认识中正确的是（ ） A．破镜难圆，是因为分子间有排斥力 B．卢瑟福提出了原子核式结构模型 C．夸克是组成物质的最小粒子

D．宇宙是一个有层次的天体结构系统，恒星是运动的

【分析】①分子间有间隙，当分子间距离大于分子直径10倍时，分子间作用力消失；

②原子结构核式模型是卢瑟福提出的；

③物质是由分子或原子组成，原子还可以再分，原子是由原子核和核外电子组成的，原子核又是由质子和中子组成的，质子和中子又是由更小的微粒夸克组成的；

④宇宙浩瀚无边，宇宙是一个有层次的天体结构系统，整个宇宙是在运动和变化的。 【解答】解：

A、破镜不能重圆，是因为玻璃分子间的距离大于分子直径的10倍以上，超出了分子力的作用范围，分子间的作用力就十分微弱，分子间几乎没有作用力。故A不正确；

B、根据α粒子散射实验，卢瑟福建立了原子结构的核式模型。故B正确； C、夸克是目前为止科学家发现的最小微粒，是组成质子和中子的基本单位。故C正确；

D、宇宙是一个有层次的天体结构系统，由运动的物质组成，所以恒星也是运动的。故D正确。 故选：BCD。

【点评】此题考查了原子结构、运动的绝对性和分子动理论的应用。

12．（3分）（多选）站台上停着甲乙两列火车，当甲车上的人发现乙车动了，下列说法中正确的是（ ） A．甲乙两车都未开动

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B．甲乙两车开始向相反的方向开动 C．乙车开始开动

D．甲乙两车同时向相同的方向以相同速度开动

【分析】判断物体的运动和静止，首先选择一个参照物，被研究的物体和参照物之间如果发生位置的变化，被研究的物体是运动的。否则是静止的。 【解答】解：站台上停着甲乙两列火车，当甲车上的人发现乙车动了，乙车是被研究的物体。

A、如果甲乙两车都未开动，甲车上的人不会发现乙车动了，故A错误； B、如果甲乙两车向相反方向开动，甲乙之间发生位置的变化，选择甲车为参照物，乙车是运动的。故B正确。

C、如果乙车开始开动，甲车仍然静止在站台上，则甲乙之间发生位置的变化，选择甲车为参照物，乙车是运动的。故C正确；

D、如果甲乙两车向相同方向开动，且两车速度相同，甲乙之间没有发生位置的变化，选择甲车为参照物，乙车是静止的。故D错误。 故选：BC。

【点评】（1）参照物的选择，作为参照物的物体可以是静止的，也可以是运动的，如果选定为参照物，就假定为不动的物体。

（2）由物体的运动和静止会选择参照物，会根据参照物判断物体的运动和静止。 13．（3分）如图所示电源电压保持不变，R1、R2为定值电阻R3为滑动变阻器，

下列说法正确的是（ ）

A．只闭合S，滑动变阻器的滑片向右移动时，电压表示数变大，电流表A1示数变小

B．只闭合S滑动变阻器的滑片向左移动时，电压表示数的变化量△U与电流表A1示数的变化量△I比值变大

C．只闭合S、S1，滑动变阻器的滑片向右移动时，电压表示数与电流表A1示

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数的比值变大

D．只闭合S滑片移到滑动变阻器的中间某位置后，保持滑片位置不变，再闭合S1、S2电路的总功率变大

【分析】A、只闭合S，三电阻串联，电压表测R2、R3的电压，电流表A1测电路中的电流，滑动变阻器的滑片向右移动时判断变阻器连入电路中的电阻变化，根据电阻的串联确定总电阻变化，由欧姆定律分析电路中的电流变化，根据欧姆定律的变形公式U=IR，确定R1的电压变化，由串联电路电压的规律判断电压表示数变化；

B、只闭合S，三个电阻串联，对R1而言，由欧姆定律I=得：R1=据合分比定理结合根据串联电路电压的规律分析；

C、只闭合S、S1，为变阻器的简单电路，电压表测变阻器的电压，两电流表测电路中的电流，分析滑动变阻器的滑片向右移动时变阻器连入电路中的电阻变化，根据欧姆定律分析电压表示数与电流表A1示数的比值变化；

D、只闭合S，滑片移到滑动变阻器的中间某位置后，此时三个电阻串联；保持滑片位置不变，再闭合S1、S2后，三个电阻并联，根据串联电阻和并联电阻的规律，结合P=

分析。

=

，根

【解答】解：A、只闭合S，三电阻串联，电压表测R2、R3的电压，电流表A1测电路中的电流，

滑动变阻器的滑片向右移动时，变阻器连入电路中的电阻变大，根据电阻的串联，总电阻变大，由欧姆定律，电路中的电流变小，电流表A1示数变小，根据U=IR，R1的电压变小，由串联电路电压的规律，电压表示数变大，故A正确； B、只闭合S，三个电阻串联，对R1而言，由欧姆定律I=有： R1=

=

，

根据合分比定理有： R1=

=

=

，

根据串联电路电压的规律，R1的电压变化△U1等于电压表示数的变化，结合串

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联电路电流的规律： R1=

=

，

故电压表示数的变化量△U与电流表A1示数的变化量△I比值不变，故B错误； C、只闭合S、S1，为变阻器的简单电路，电压表测变阻器的电压，两电流表串联，测电路中的电流，滑动变阻器的滑片向右移动时，变阻器连入电路中的电阻变大，根据欧姆定律，电压表示数与电流表A1示数的比值即为变阻器连入电路中的电阻，故比值变大，故C正确；

D、只闭合S，滑片移到滑动变阻器的中间某位置后，此时三个电阻串联；保持滑片位置不变，再闭合S1、S2后，三个电阻并联，根据串联电阻大于其中任一电阻，并联电阻小于其中任一电阻，故R串联＞R并联，根据P=位置不变，再闭合S1、S2电路的总功率变大，故D正确。 故选：ACD。

【点评】本题考查串联电路和并联电路的规律及欧姆定律和电功率公式的运用，关键是开关转换时电路的分析，体现了数学知识在物理中的运用。

14．（3分）探究凸透镜成像的规律时，光屏上得到一个倒立、缩小的烛焰像，将蜡烛向凸透镜移近一倍焦距的距离。下列烛焰成像情况，可能的是（ ） A．缩小的实像

B．等大的实像

C．放大的实像

D．放大的虚像

，保持滑片

【分析】要解决此题，需要掌握凸透镜成像的规律。 凸透镜成像规律：物距小于焦距成正立放大虚像。

物距大于一倍焦距小于二倍焦距成倒立放大实像，像距大于二倍焦距。 物距等于二倍焦距成倒立等大实像，像距等于二倍焦距。

物距大于二倍焦距成倒立缩小实像，像距大于一倍焦距小于二倍焦距。 【解答】解：由题意知，烛焰在光屏上成一倒立、缩小的实像，所以此时蜡烛在凸透镜的2f之外，即u＞2f；

当将蜡烛向凸透镜移近一倍焦距的距离，则此时物距u＞f，那么有可能是2f＞u＞f，则成倒立、放大的实像； 也可能是u=2f，则成等大的实像； 还可能是u＞2f，则成缩小的实像；

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所以只有u＜f，成正立、放大的虚像不可能出现，故ABC都有可能。 故选：ABC。

【点评】此题主要考查了凸透镜成像规律及应用，要熟记成像规律，关键是搞清像距、物距，像和物之间的大小关系。在此题中，各种情况都要考虑到。 15．（3分）某同学将同一小球以相同大小的速度按如图两种方法抛掷小球。甲图是竖直上抛，乙图是以一定的角度斜抛小球。忽略运动过程中所受的空气阻力。下列叙述正确的是（ ）

A．甲图中小球到达的水平高度等于乙图中小球的水平高度 B．甲图中小球到达地面时的速度大于乙图中小球的速度

C．如果乙图中小球到达最高点时突然不受重力，该小球将水平向右匀速直线运动

D．若将小球的质量增大，则小球到达地面时的速度都将比原来的大

【分析】不计空气阻力机械能守恒，即上升时动能全部转化为重力势能，下降时，重力势能全部转化为动能。

一切物体在不受力时总保持静止或匀速直线运动。

需要动能的因素：重力和速度，影响重力势能的因素：重力和高度。

若将小球的质量增大，小球开始的动能和结束的动能都与原来相等，速度也相等，与质量无关。

【解答】解：A、若不计空气阻力，机械能守恒，即上升时动能全部转化为重力势能，

因为开始时，两次小球质量相同，速度相同，动能相同，上升时动能全部转化为重力势能，即重力势能相同，故两球到达的水平高度相等，故A正确； B、若不计空气阻力，上升时动能全部转化为重力势能，下降时，重力势能全部转化为动能，故开始时的动能等于最后的动能，因为甲乙两球质量相同，速度相同，开始时的动能相同，故甲图中小球到达地面时的速度等于乙图中小球的速度，故B错误；

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C、乙图中小球做斜抛运动，小球出向上运动，还向前运动，到达最高点时仍往前运动，若此时突然不受重力，该小球将沿水平向右方向做匀速直线运动，故C正确；

D、若将小球的质量增大，小球开始的动能和结束的动能都与原来相等，速度也相等，与质量无关，故D错误。 故选：AC。

【点评】本题考查了能量的转化和守恒定律以及牛顿第一定律，是一道综合题，难度较大。

16．（3分）下列乐器中能表明空气振动发声的是（ ） A．鼓

B．笛

C．箫

D．胡

【分析】鼓是鼓皮振动发声；笛子和箫是靠笛子和箫内空气柱振动发声；扬琴靠琴弦振动发声。 【解答】解：

A、鼓是依靠鼓面振动发声的，鼓面属于固体，故A不合题意； B、笛子是靠笛子内空气柱振动发声，故B符合题意； C、箫是靠箫内空气柱振动发声，故C符合题意； D、胡是靠弦振动发声的，弦是固体，故D不符合题意。 故选：BC。

【点评】笛子孔的位置不同，箫的长短不同，笛子和箫内的空气长短不同，振动发声频率不同，音调不同。

17．（3分）如图是用照相机所拍摄的某一小球在水中下落的一张频闪照片。已知水池壁上每块瓷砖的高度为a，闪光灯每隔△t时间闪亮一次（即拍摄一次）．观察照片，关于小球的运动，以下判断正确的是（ ）

A．小球从A位置到D位置的运动是匀速直线运动 B．小球从B位置到D位置的运动是匀速直线运动

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C．小球从A位置到C位置的平均速度为3a/△t D．小球通过B点时的瞬间速度为a/△t

【分析】（1）物体在相等时间内的路程相等物体做匀速直线运动，在相等时间内的路程不相等，物体做变速直线运动。

（2）由图示求出小球的路程与运动时间，由速度公式可以求出小球的速度。 【解答】解：

（1）由题意知，小球从A到B，从B到C的运动时间相等，由图示可知，小球从A到B，从B到C的路程不相等，因此小球从A到C做变速直线运动，故A错误；

（2）由图可知，小球从B到C，从C到D的路程相等，

它们的运动时间相等，因此从B到D小球做匀速直线运动，故B正确， （3）由图可知，sAC=3a，tAC=2△t， 小球从A到C的平均速度v=

=

，故C错误；

（4）由图示可知，sBD=2a，tBD=2△t， 小球从B到D的速度v=故D正确。 故选：BD。

【点评】本题考查了判断小球的运动状态、求小球的平均速度，由图找出小球的路程、熟练应用速度公式即可正确解题。

18．（3分）甲同学骑自行车去看望乙同学，得知消息后，乙同学步行去迎接，接到后同车返回。整个过程他们的位置与时间的关系如图所示，据图可知（ ）

=

=

，小球通过B点时的瞬间速度为a/△t，

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A．相遇前甲的速度是乙的4倍 B．两同学在t=15min时相遇 C．相遇后乙的速度是原来的2倍

D．整个过程甲的平均速度是乙的2倍

【分析】首先使学生明确图象中横纵坐标表示的物理量分别表示是什么，然后从图象中找到需要的路程、时间，再利用速度公式求解，对各个选项进行判断。 【解答】解：

A、由图象可知，相遇前甲同学10min经过的路程为3km， 相遇前甲的速度：v甲=

=

=0.3km/min；

相遇前乙同学10min经过的路程为1km， 相遇前乙的速度：v乙=

=

=0.1km/min，

所以，v甲=3v乙，故A错误；

B、由图象可知，横轴表示时间，纵轴表示路程，在10min是两同学相遇，故B错误；

C、由图象可知，相遇后乙返回用的时间为15min﹣10min=5min，经过的路程为1km，

相遇后乙的速度v乙′=

=

=0.2km/min，所以v乙′=2v乙，故C正确；

D、由图象可知，整个过程，甲经过的总路程为4km，总时间为15min， 则甲的平均速度为v甲平=

；

乙经过的总路程为2km，总时间为15min， 则乙的平均速度为v乙平=

。

所以，v甲平=2v乙平，故D正确。 故选：CD。

【点评】本题考查速度公式及其应用，同时考查学生应用图象来分析解决物理问题的能力。解答此类题目的关键是读懂图象，能从图象中获取相关信息。 19．（3分）如图所示，一个质量为m的圆环套在一根固定的水平粗糙直杆上，

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现给环一个向右的初速度v0，如果在运动过程中还受到一个方向始终竖直向上的力F的作用，已知力F的大小F=kv（k为常数，v为环的运动速度），物体的动能与速度的关系为：

，则环在整个运动过程中克服摩擦力所

做的功（假设杆足够长）可能为（ ）

A．C．

B．0

D．

【分析】根据受力分析确定环的运动情况，当环受到合力向下时，随着环做减速运动向上的拉力逐渐减小，环将最终静止，当环所受合力向上时，随着环速度的减小，竖直向上的拉力逐渐减小，当环向上的拉力减至和重力大小相等时，此时环受合力为0，杆不再给环阻力环将保持此时速度不变做匀速直线运动，当环在竖直方向所受合力为0时，环将一直匀速直线运动，分三种情况对环使用动能定理求出阻力对环做的功即可。

【解答】解：根据题意关于小环的运动状态，根据环受竖直向上的拉力F与重力mg的大小分以下三种情况讨论： （1）当mg=kv0时，即v0=擦力所做的功为零； （2）当mg＞kv0时，即v0＜

时，环在运动过程中做减速运动，直至静止。由

；

时，环做匀速运动，摩擦力为零，Wf=0，环克服摩

动能定理得环克服摩擦力所做的功为Wf=（3）当mg＜kv0时，即v0＞至满足mg=kv时，即v=Wf=mv2﹣故选：ABC。

=

时，环在运动过程中先做减速运动，当速度减小时环开始做匀速运动。由动能定理得摩擦力做的功 ，即环克服摩擦力所做的功为

。

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【点评】注意当环在竖直方向所受合力为0时，此时杆对环不再有阻力作用，环在水平方向受平衡力，将保持此时的速度做匀速直线运动，由此可分三种情况对环进行受力分析从而确定环的受力情况和运动情况，根据动能定理求解克服阻力所做的功即可。

20．（3分）如图所示，电源电压保持不变下列说法正确的是（ ）

A．断开开关S1、S2，向右调节滑片P，V1示数变大，V2示数变小，A1示数变小

B．断开关S1、S2，向右调节滑片P，电压表的示数变化量与电流表的示数变化量比值的绝对值的关系为|

|＜|

|

C．闭合开关S1、S2，向右调节滑片P，A1、A2示数均变小，且变化量相等

D．保持滑片P位置不变，开关S1断开，S2由断开到闭合，A1、A2示数增大，V2示数不变

【分析】（1）断开开关S1、S2时，R1、R2、R3串联，电压表V1测R1与R2两端的电压之和，电压表V2测R2与R3两端的电压之和，电流表A1测电路中的电流。 ①根据滑片的移动可知接入电路中电阻的变化，根据欧姆定律可知电路中电流的变化和R2、R3两端的电压变化，根据串联电路的电压特点可知R1与R2两端的电压之和变化；

②设出滑片移动前后电路中的电流，根据串联电路的特点和欧姆定律表示出两电压表的示数变化量，然后比较|

|与|

|的关系；

（2）闭合开关S1、S2时，R1、R2、R3并联，电流表A1测干路电流，电流表A2

测R1和R2支路电流之和，根据并联电路中各支路独立工作、互不影响可知通过R2、R3支路的电流变化，根据并联电路的电流特点判断两电流表示数的变

试卷第31页，总58页

化以及变化量之间的关系；

（3）保持滑片 P 位置不变，开关 S1 保持断开，S2断开时，三电阻串联，电压表V2测R2与R3两端的电压之和，电流表A1测电路中的电流，电流表A2断路；当S2闭合时，R2、R3、电压表V2均被断路，电路为R1的简单电路，电流表A1、A2均测电路中的电流，根据电阻的串联和欧姆定律可知电路中电流的变化。

【解答】解：（1）断开开关S1、S2时，等效电路图如图1所示：

①当向右调节滑片P时，接入电路中的电阻变大，电路中的总电阻变大， 由I=可知，电路中的电流变小，即电流表A1的示数变小，

由U=IR可知，R2、R3两端的电压变小，两者之和变小，即电压表V2的示数变小， 因串联电路中总电压等于各分电压之和，即电压表V1的示数等于电源的电压减去R3两端的电压，

所以，R1与R2两端的电压之和变大，即电压表V1的示数变大，故A正确； ②设滑片移动前后电路中的电流分别为I1、I2， 则两电压表的示数变化量分别为：

△U1=（U﹣I2R3）﹣（U﹣I1R3）=﹣（I2﹣I1）R3=﹣△I1R3， △U2=I2（R2+R3）﹣I2（R2+R3）=（I2﹣I1）（R2+R3）=△I1（R2+R3）， 则|

|=R3，|

|=R2+R3，即|

|＜|

|，故B正确；

（2）闭合开关S1、S2时，等效电路图如图2所示：

因并联电路中各支路独立工作、互不影响，

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所以，滑片移动时，通过R2、R3支路的电流不变， 向右调节滑片P时，R1接入电路中的电阻变大， 由I=可知，通过R1的电流变小，

因并联电路中干路电流等于各支路电流之和，

所以，干路电流变小，R1和R2支路电流之和变小，即A1、A2示数均变小， 由两电流表示数的变化量均为通过R1支路电流的变化量可知，两电流表示数的变化量相等，故C正确；

（3）保持滑片 P 位置不变，开关 S1 保持断开，当S2断开时如上面图1所示； 当S2闭合时，R2、R3、电压表V2均被断路，电路为R1的简单电路，电流表A1、A2均测电路中的电流，等效电路图如图3所示：

因S2断开时电流表A2无示数、电压表V2有示数，S2闭合时电流表A2有示数、电压表V2无示数，

所以，电流表A2示数增大，电压表V2示数减小， 因串联电路中总电阻等于各分电阻之和， 所以，电路中的总电阻变小，

所以，由I=可知，电路中的电流变大，即电流表A1的示数增大，故D错误。 故选：ABC。

【点评】本题考查了电路的动态分析，涉及到串联电路的特点和欧姆定律的应用，分清电路的连接方式和电表所测的电路元件是关键。

三．填空题（共5小题，满分20分，每小题4分）

21．（4分）如图所示是光在空气和玻璃两种介质中传播的情形， MM′ 是界面，折射角等于 40° 。

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【分析】（1）光的反射定律的内容：反射光线与入射光线、法线在同一平面上；反射光线和入射光线分居在法线的两侧；反射角等于入射角。

（2）光的折射定律的内容：入射光线、法线、折射光线在同一平面内，折射光线和入射光线分别位于法线两侧，当光线从空气射入其它透明介质时，折射角小于入射角；当光线从其它介质斜射入空气时，折射角大于入射角。 【解答】解：（1）入射光线与法线的夹角为入射角，反射光线与法线的夹角为反射角，根据光的反射定律，反射角等于入射角；

如图所示，由∠BOM=30°可知，∠BON=90°﹣30°=60°，而图中已知∠AON=60°；所以NN′为法线，则MM′为界面。

（2）已知是光在空气和玻璃两种介质中传播的情形，且NN′为法线，则MM′为界面，因折射光线（或反射光线）和入射光线分别位于法线两侧，所以由图可知，AO是入射光线，OB是反射光线，OC为折射光线，∠CON′为折射角；由图知，折射角∠CON′=90°﹣50°=40°； 故答案为：MM′；40°。

【点评】此题考查了光的反射定律、光的折射定律的应用，首先要掌握定律的内容，根据反射角与入射角之间的关系确定法线，从而确定界面，则可首先确定出折射光线，根据折射光线与入射光线的关系确定出入射光线，最后确定

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反射光线。

22．（4分）如图所示是一把电吹风的简化电路。分析电路可知：电热丝与吹风机的连接方式是 并 联，将插头插入插座，若电吹风吹出的是冷风，则闭合的开关是 S1 。

【分析】电流先后经过各个用电器的连接方法叫做串联；如果电流在某点出现分路，通过支路上的用电器后又在另一点汇合，再回到电源的负极，这种连接方式叫并联；

吹风机的作用是吹出风，电热丝的作用是产生热，只有吹风机工作时吹出的风是冷风，吹风机和电热丝同时工作时吹出的是热风。

【解答】解：当开关S1、S2同时闭合，电动机与电热丝并联后接在电源上， 若只闭合开关Sl，只有吹风机接入电路，电热丝不工作，电流只经过电动机，所以电吹风吹出的是冷风。 故答案为：并；Sl。

【点评】本题考查开关的注意和吹风机的工作特点，知道干路开关控制所有用电器，支路开关控制本支路用电器。对于这类结合生活中的电器考查电路连接情况的题目，要结合串并联电路的电流流向特点进行分析。

23．（4分）如图所示的电路中，电源电压保持不变。当开关S和S1都闭合，甲、乙两表为电压表时，两电压表示数之比为5：2：当开关S闭合，S1断开，甲、乙两表为电流表时，R1和R2消耗的功率之比为 2：3 。

【分析】（1）当开关S和S1都闭合，甲、乙两表为电压表时，R1与R2串联，甲电压表测电源的电压，乙电压表测R2两端的电压，根据串联电路的电压特点

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求出两电阻两端的电压之比，根据串联电路的电流特点和欧姆定律求出两电阻的阻值之比；

（2）当开关S闭合，S1断开，甲、乙两表为电流表时，R1与R2并联，甲电流表测R2支路的电流，乙电流表测干路电流，根据并联电路的电压特点和欧姆定律求出通过两电阻的电流之比，根据并联电路的电流特点求出两电流表的示数之比，根据P=UI求出两电阻消耗的电功率之比。

【解答】解：（1）当开关S和S1都闭合，甲、乙两表为电压表时，R1与R2串联，甲电压表测电源的电压，乙电压表测R2两端的电压， 因串联电路中总电压等于各分电压之和， 所以，两电阻两端的电压之比：因串联电路中各处的电流相等，

=

=

=，

所以，由I=可得，两电阻的阻值之比：===；

（2）当开关S闭合，S1断开，甲、乙两表为电流表时，R1与R2并联，甲电流表测R2支路的电流，乙电流表测干路电流， 因并联电路中各支路两端的电压相等，

所以，通过两电阻的电流之比：===，

由P=UI可得，两电阻消耗的电功率之比：故选答案为：2：3。

===。

【点评】本题考查了串并联电路的特点和欧姆定律、电功率公式的应用，分清电路的连接方式和电表所测的电路元件以及利用电阻之比连接两电路的关系是关键。

24．（4分）实验室的普通液体温度计的工作原理是利用 液体热胀冷缩的原理 测量的。使用过程中应该是 A 。（选填“A或B”）

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A先读数，后从液体中取出温度计。 B先从液体中取出温度计，后读数。 【分析】常用温度计是根据液体的热胀冷缩性质制成的；读数时玻璃泡要继续留在被测液体中，视线与温度计中的液柱上表面相平。

【解答】解：实验室常用温度计的工作原理是利用液体热胀冷缩的性质制成的； 使用温度计读数时玻璃泡要继续留在被测液体中，故应该先读数，后从液体中取出温度计，故A正确。

故答案为：液体热胀冷缩的原理；A。

【点评】本题考查了温度计的原理和使用，是一道基础题。

25．（4分）在用温度计测量液体的温度时，要使温度计的 玻璃泡 全部浸入被测液体中。如图所示，该温度计的最小分度值为 1 ℃，此时温度计示数为 22 ℃．地球南极的最低气温达零下80℃以下，用该温度计 不能 （选填“能”或“不能”）测量当地的气温。

【分析】（1）在用温度计测量液体的温度时，要使温度计的玻璃泡全部浸入被测液体中；

（2）温度计上最小的一格代表的温度是它的分度值；

（3）判断温度计的示数：首先判断是零上还是零上，然后确定每一个大格和每一个小格代表的示数；

（4）使用温度计时不要超过其测量范围。

【解答】解：（1）在用温度计测量液体的温度时，要使温度计的 玻璃泡全部浸入被测液体中。

（2）温度计上10℃之间有10个小格，所以1个小格代表的是1℃，即此温度计的分度值为1℃；

（3）在图上找到0℃的位置，可以确定是零上，每一个大格是10℃，每一个小格是1℃，所以示数是22℃；

（4）使用温度计时不要超过其测量范围，此温度计的测量范围是20～100℃，低于20℃，不能准确测量，高于100℃，会把温度计胀破，﹣80℃低于20℃，不能准确测量。

故答案为：玻璃泡；1；22；不能。

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【点评】本题考查温度计的使用及读数是日常生活和物理实验中经常使用的基本测量工具，需要我们熟练掌握其使用和读数方法。

四．计算题（共5小题，满分50分）

26．（8分）如图所示，甲弹簧测力计右端固定，左端与A相连；木块A平放在木块B上，弹簧测力计乙保持水平。现拉动弹簧测力计乙使物块B在光滑的地面上水平向左做匀速直线运动，当两弹簧测力计示数稳定时，甲弹簧测力计示数为F1，乙弹簧测力计示数为F2。 （1）画出A所受的摩擦力的示意图；

（2）请结合平衡力和相互作用力特点证明F1=F2。

【分析】（1）根据题意，并结合图示确定木块A所受摩擦力的大小、方向和作用点，然后按照力的示意图的画法画出摩擦力；

（2）对物体A进行受力分析，在水平方向受到的拉力和摩擦力相互平衡，然后根据力的作用的相互性推导证明。

【解答】解：（1）木块B向左匀速运动，所以A相对于木板向右运动，受滑动摩擦力的方向水平向左，作用点在木块A与木块B的接触面的中点上，在水平方向受到的拉力和摩擦力相互平衡，大小为f=F1；如图所示：

（2）因为A相对于B做匀速直线运动，所以A受平衡力的作用，即fB对A=F1， 根据物体间力的作用是相互的，fA对B=fB对A，方向水平向右， 分析B的受力可知：fA对B=F2， 所以F1=F2。

【点评】此题主要考查了力的示意图的画法、平衡力和相互作用力的区分，关键是对物体A进行正确的受力分析。

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27．（8分）如图甲所示，电源两端电压不变。R1为定值电阻，R2为滑动变阻器；当滑动变阻器的滑片P滑动时测出电压值、电流值，得出滑动变阻器的功率P和电流I的关系图象如图乙所示，根据图象信息。求：

（1）滑动变阻器的滑动P向右滑动时，电流表的示数 减小 ，电压表的示数 增大 ，电流表与电压表示数之比 减小 。（填“增大”、“不变”、“减小”） （2）滑动变阻器的最大阻值； （3）R1的阻值和电源电压；

（4）求此电路的最大电功率和最小电功率。 （5）R2的最大电功率

【分析】由电路图可知，R1与R2串联，电压表测R2两端的电压，电流表测电路中的电流。

（1）滑动变阻器的滑动P向右滑动时判断变阻器连入电路中的电阻变化，根据电阻的串联确定总电阻变化，由欧姆定律分析电流表的示数变化，根据U=IR，确定R1的电压变化，根据串联电路电压的规律得出电压表的示数变化，从而得出电流表与电压表示数之比的变化；

（2）当滑动变阻器接入电路中的电阻最大时电路中的电流最小，根据图乙读出此时滑动变阻器消耗的电功率，利用P=I2R求出滑动变阻器的最大阻值； （3）根据电阻的串联和欧姆定律表示出滑动变阻器接入电路中的电阻最大时电源的电压，再根据图象读出电路中的电流为0.8A时变阻器消耗的电功率，利用P=I2R求出滑动变阻器接入电路中的电阻，利用电阻的串联和欧姆定律表示出电源的电压，利用电源的电压不变得出等式即可求出R1的阻值，进一步求出电源的电压；

（4）当滑动变阻器接入电路中的电阻为0时电路消耗的电功率最大，根据P=求出电路的最大功率；

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根据图乙得出电路中的最小电流，根据P=UI求出电路的最小功率；

（5）根据串联电路的规律及欧姆定律，得出电路中的电流，变阻器消耗的功率： P滑=I2R2=（

）2 R2=

，运用数学知识得出有最大功率的条件，并

求出最大值。

【解答】解：由电路图可知，R1与R2串联，电压表测R2两端的电压，电流表测电路中的电流。

（1）滑动变阻器的滑动P向右滑动时，变阻器连入电路中的电阻变大，根据电阻的串联，总电阻变大，由欧姆定律，电流表的示数减小，根据U=IR，R1的电压变小，根据串联电路电压的规律，电压表的示数增大，故电流表与电压表示数之比减小。

（2）当滑动变阻器接入电路中的电阻最大时，电路中的电流最小，

由图乙可知，电路中的最小电流I小=0.4A，滑动变阻器消耗的电功率P2=4W， 由P=I2R可得，滑动变阻器的最大阻值： R2=

=

=25Ω；

（3）因串联电路中总电阻等于各分电阻之和， 所以，由I=可得，电源的电压： U=I小（R1+R2）=0.4A×（R1+25Ω），

由图乙可知，电路中的电流I=0.8A时，滑动变阻器消耗的电功率P2′=6.4W， 则滑动变阻器接入电路中的电阻： R2′=

=

=10Ω，

电源的电压：

U=I（R1+R2′）=0.8A×（R1+10Ω）， 因电源的电压不变，

所以，0.4A×（R1+25Ω）=0.8A×（R1+10Ω）， 解得：R1=5Ω，

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电源的电压：

U=I小（R1+R2）=0.4A×（5Ω+25Ω）=12V；

（4）当滑动变阻器接入电路中的电阻为0时，则电路消耗的电功率最大， P大=

=

=28.8W；

当变阻器连入电路中的电阻大时，电路中的电流最小，由图知，最小电流为：I

小

=0.4A，则电路消耗的电功率最小功率为：

P小=UI小=12V×0.4A=4.8W；

（5）R1=5Ω，而滑动变阻器的最大阻值为25Ω； 根据串联电路的规律及欧姆定律，电路中的电流为：I=功率： P滑=I2R2=（

）2 R2=

=

=

﹣﹣

，则变阻器消耗的

﹣﹣﹣﹣①，

由①式知，当R1=R2时，①分母最小，P滑最大， 故R2的最大电功率： P滑=

=

=7.2W。

故答案为：（1）减小；增大；减小； （2）滑动变阻器的最大最值为25Ω； （3）R1的阻值为5Ω，电源电压为12V；

（4）此电路的最大电功率为28.8W；最小功率为4.8W； （5）R2的最大电功率为7.2W。

【点评】本题考查了串联电路的特点和欧姆定律、电功率公式的应用，关键是根据图象读出不同电流下滑动变阻器消耗的电功率，最后一问是难点，关键是运用数学配方的知识去解决。

28．（10分）我国自主研制的“红旗HQ3”无人驾驶汽车在某段平直公路上进行测试，测试过程中汽车发动机对汽车做了5.4×106J的功，消耗的燃油0.3kg。

试卷第41页，总58页

已知燃油的热值是4.5×107J/kg。试求： （1）消耗的燃油完全燃烧所放出的热量； （2）发动机的效率是多少。

【分析】（1）知道消耗汽油的质量，利于Q放=mq求出燃油完全燃烧放出的热量； （2）根据η=

×100%求出发动机的效率。

【解答】解：（1）燃油完全燃烧放出的热量： Q放=mq=0.3kg×4.5×107J/kg=1.35×107J （2）发动机的效率： η=

×100%=

×100%=40%。

答：（1）消耗的燃油完全燃烧产生的热量是1.35×107J； （2）发动机的效率是40%。

【点评】本题考查了燃料完全燃烧释放热量公式、效率公式的综合应用，掌握好相应的公式不难解答。

29．（12分）如图所示，将质量为80g，体积为100cm3的铁制小球放入盛水的薄玻璃容器的水中在玻璃容器下方有一已经接入电路的螺线管，小灯泡L标有“6V 3W”字样，通过螺线管的电流Ⅰ与螺线管对铁制小球的作用力F的关系如下表所示（灯丝电阻保持不变，不考虑铁制小球与螺线管距离的远近对作用力F的影响）求： I/A F/N 0.1 0.05 0.2 0.1 0.3 0.4 0.5 0.15 0.2 0.25 （1）断开开关铁制小球静止时露出水面的体积是多少？

（2）闭合开关，调节滑动变阻器的滑片使铁制小球能悬停在水中，此时小灯泡消耗的功率是多大？

（3）闭合开关，调节滑动变阻器的滑片使小灯泡正常发光，当铁制小球静止时，小球对容器底的压力是多大？

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【分析】（1）知道小球的质量和体积，根据ρ=求出小球的密度，然后与水的密度相比较确定断开开关、静止时所处的状态，根据F浮=G=mg求出小球受到的浮力，根据F浮=ρgV排求出小球排开水的体积，然后求出小球露出的体积； （2）闭合开关，调节滑动变阻器的滑片使铁制小球能悬停在水中时，铁球排开水的体积和自身的体积相等，根据阿基米德原理求出小球受到的浮力，小球悬停静止时，受到竖直向上的浮力和竖直向下的重力、螺线管对铁制小球的作用力处于平衡状态，根据平衡状态求出螺线管对铁制小球的作用力，查表可知此时电路中的电流；知道灯泡的额定电压和额定功率，根据P=UI=出灯泡的电阻，再根据P=I2R求出此时小灯泡消耗的功率；

（3）当小灯泡正常发光时，根据P=UI求出电路中的电流，查表可知此时螺线管对铁制小球的作用力，此时小球受到竖直向上的浮力和支持力、竖直向下重力和螺线管对铁制小球的作用力处于平衡状态，由力的平衡条件求出小球受到的支持力，小球对容器底的压力和受到的支持力是一对相互作用力，二力大小相等。

【解答】解：（1）小球的密度： ρ==

=0.8g/cm3，

求

因小球的密度小于水的密度，

所以，断开开关时，铁制小球静止时处于漂浮状态，受到的浮力和自身的重力相等，

则小球受到的浮力：

F浮=G=mg=80×10﹣3kg×10N/kg=0.8N，

试卷第43页，总58页

由F浮=ρgV排可得，小球排开水的体积： V排=

=

=

=8×10﹣5m3=80cm3，

则小球露出水面的体积：

V露=V﹣V排=100cm3﹣80cm3=20cm3；

（2）闭合开关，调节滑动变阻器的滑片使铁制小球能悬停在水中时， 因物体浸没时排开液体的体积和自身的体积相等， 所以，小球受到的浮力：

F浮′=ρ水gV排=1.0×103kg/m3×10N/kg×100×10﹣6m3=1N，

因小球悬停静止时，受到竖直向上的浮力和竖直向下的重力、螺线管对铁制小球的作用力处于平衡状态， 由平衡条件可得：G+F=F浮′， 则螺线管对铁制小球的作用力： F=F浮′﹣G=1N﹣0.8N=0.2N，

查表可知，此时电路中的电流I=0.4A， 由P=UI=RL=

=

可得，灯泡的电阻：

=12Ω，

此时小灯泡消耗的功率： PL′=I2RL=（0.4A）2×12Ω=1.92W；

（3）当小灯泡正常发光时，电路中的电流： I=IL=

=

=0.5A，

查表可知，此时螺线管对铁制小球的作用力F′=0.25N，

此时小球受到竖直向上的浮力和支持力、竖直向下的重力和螺线管对铁制小球的作用力处于平衡状态，

由力的平衡条件可得：F浮′+F支持=F′+G， 则小球受到的支持力：

F支持=F′+G﹣F浮′=0.25N+0.8N﹣1N=0.05N，

试卷第44页，总58页

因小球对容器底的压力和受到的支持力是一对相互作用力， 所以，小球对容器底的压力： F压=F支持=0.05N。

答：（1）断开开关铁制小球静止时露出水面的体积是20cm3；

（2）闭合开关，调节滑动变阻器的滑片使铁制小球能悬停在水中，此时小灯泡消耗的功率是1.92W；

（3）闭合开关，调节滑动变阻器的滑片使小灯泡正常发光，当铁制小球静止时，小球对容器底的压力是0.05N。

【点评】本题考查了串联电路的特点和欧姆定律、电功率公式、阿基米德原理的应用等，正确的对小铁球受力分析并从表格中获取有用的信息是关键。 30．（12分）如图是利用电子秤监控水库水位的模拟装置，由细长的长方体A和长方体B、滑轮组、轻质杠杆CD、电子秤及装水的柱形容器等组成。杠杆始终在水平位置平衡。已知OC：OD=2：5，A的下表面看做是水位为0，A的底面积为0.03m2，高为0.8m，重为600N；长方体B直接放在电子秤上时对电子秤的压强为104Pa．不计绳重与摩擦（ρ水=1.0×103kg/m3，g取10N/kg）。求：

（1）当水位由0上升到A刚浸没时，容器底部的压强增加多少？ （2）当长方体A浸在水中深度为0.3m时，受到的浮力为多大？

（3）当水位由0上升到水位为0.3m时，杠杆C端的拉力之比为7：6，B对电子秤的压强变化了1200Pa，则水位上涨过程中，电子秤所受到的最大压力？

【分析】（1）当水位由0上升到A刚浸没时，容器内水位升高值等于A的高度，利用p=ρgh求容器底部的压强增加值；

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