化工热力学(第三版)课后答案 朱自强
更新时间:2023-08-24 10:55:01 阅读量: 教育文库 文档下载
朱自强
第二章 流体的压力、体积、浓度关系:状态方程式
2-1 试分别用下述方法求出400℃、4.053MPa下甲烷气体的摩尔体积。(1) 理想气体方程;(2) RK方程;(3)PR方程;(4) 维里截断式(2-7)。其中B用Pitzer的普遍化关联法计算。
[解] (1) 根据理想气体状态方程,可求出甲烷气体在理想情况下的摩尔体积V
V
id
id
为
RTp
8.314 (400 273.15)
4.053 10
6
1.381 10
3
m mol
3 1
(2) 用RK方程求摩尔体积
将RK方程稍加变形,可写为
V
RTp b
a(V b)T
0.5
pV(V b)
(E1)
其中
a
0.42748RTc
pc
0.08664RTc
pc
2
2.5
b
从附表1查得甲烷的临界温度和压力分别为Tc=190.6K, pc =4.60MPa,将它们代入a, b表达式得
a
0.42748 8.314 190.6
4.60 10
62
2.5
3.2217m Pa mol K
6-20.5
b
0.08664 8.314 190.6
4.60 10
6
2.9846 10
5
m mol
3 1
以理想气体状态方程求得的V
V1
8.314 673.154.053 10
6
id
为初值,代入式(E1)中迭代求解,第一次迭代得到V1值为
5
2.9846 10
3 3
3.2217 (1.381 10
673.15
3
2.9846 10 (1.381 10
5
)
5
0.5
4.053 10 1.381 10
5
6 3
2.9846 10)
1.381 10 2.9846 10
3
2.1246 10
5
1.3896 10m mol
3 1
第二次迭代得V2为
朱自强
V2 1.381 10 1.381 10
3
3
2.9846 10
5
5
3.2217 (1.3896 10
673.15
0.5
3
2.9846 10
5
)
2.9846 10
5
4.053 10 1.3896 10
6 3
(1.3896 10
3
)
2.9846 10
3
2.1120 10
5
1.3897 10m mol
3 1
V1和V2已经相差很小,可终止迭代。故用RK方程求得的摩尔体积近似为
V 1.390 10
3
m mol
3 1
(3)用PR方程求摩尔体积
将PR方程稍加变形,可写为
V
RTp b
a(V b)
pV(V b) pb(V b)RTcpcRTpc
2
2
(E2)
式中 a 0.45724
b 0.077c
0.5
1 (0.3746 41.5 42 26
0 .269T 92 r
20.5
)(1)
从附表1查得甲烷的 =0.008。
将Tc与 代入上式
0.5
1 (0.37464 1.54226 0.008 0.26992 0.008)(1 (
2
673.15190.6
)
0.5
)
0.659747
0.435266
用pc、Tc和 求a和b,
8.314 190.64.60 10
6
2
2
6
2
a 0.45724 0.435266 0.10864m Pa mol
b 0.07780
8.314 190.64.60 10
6
2.68012 10
5
m mol
3 1
以RK方程求得的V值代入式(E2),同时将a和b的值也代入该式的右边,藉此求式(E2)
左边的V值,得
V
8.314 673.154.053 10
6
6
2.68012 10
5
3 5
0.10864 (1.390 10
4.053 10 [1.390 10 1.381 10
3
3
2.68012 10
5
)
5
(1.390 10
5
3
2.68012 10
5
) 2.68012 10 (1.390 10
3
2.68012 10
5
)]
2.68012 10
3
1.8217 10
1.3896 10m mol
3 1
朱自强
再按上法迭代一次,V值仍为1.3896 10m mol似为1.390 10m mol
3
3
1
33 1
,故最后求得甲烷的摩尔体积近
。
(4)维里截断式求摩尔体积
根据维里截断式(2-7)
Z 1
BpRT
1
BpcRTc
(prTr
)
(E3)
BpcRTc
B B
01
(E4)
B 0.083 0.422/TrB 0.139 0.172/Tr
1
1.6
(E5) (E6)
4.2
其中
Tr
TTcppc
673.15190.64.0534.60
3.5317
pr
0.8811
已知甲烷的偏心因子 =0.008,故由式(E4)~(E6)可计算得到
B 0.083 0.422/3.5317B 0.139 0.172/3.5317
10
1.6
0.02696 0.1381
4.2
BpcRTc
0.02696 0.008 0.1381 0.02806
从式(E3)可得
Z 1 0.02806
0.88113.5317
1.007
因Z
pVRT
,故
id
3
3
3
1
V
ZRTp
ZV 1.007 1.381 10 1.391 10m mol
四种方法计算得到的甲烷气体的摩尔体积分别为1.381 10
1.390 10
3
3
、1.390 10
3
、
和1.391 10
3
m mol
3 1
。其中后三种方法求得的甲烷的摩尔体积基本相等,
且与第一种方法求得的值差异也小,这是由于该物系比较接近理想气体的缘故。
朱自强
2-2 含有丙烷的0.5m的容器具有2.7Mpa的耐压极限。出于安全考虑,规定充进容器的丙烷为127℃,压力不得超过耐压极限的一半。试问可充入容器的丙烷为多少千克?
[解] 从附表1查得丙烷的pc、Tc和 ,分别为4.25MPa,369.8K和0.152。则
Tr
TTcppc
127 373.15
369.82.74.25 2
1.08
3
pr
0.318
用普遍化压缩因子关联求该物系的压缩因子Z。根据Tr、pr值,从附表(7-2),(7-3)插值求得:
Z
(0)
0.911 ,Z
(0)
(1)
0.004,故
Z Z Z
(1)
0.911 0.152 0.004 0.912
丙烷的分子量为44.1,即丙烷的摩尔质量M为0.00441 kg。
所以可充进容器的丙烷的质量m为
m
pVtZRT
M
6
1.35 10 0.5 0.04410.912 8.314 (127 373.15)
9.81kg
从计算知,可充9.81 kg的丙烷。本题也可用合适的EOS法和其它的普遍化方法求解。
2-3 根据RK方程、SRK方程和PR方程,导出其常数a、b与临界常数的关系式。 [解] (1)RK方程式,
p
RTV b
aT
0.5
V(V b)
(E1)
利用临界点时临界等温线拐点的特征,即
( p V
)T T (
c
p V
2
2
)T T 0 c
(E2)
将式(E1)代入式(E2)得到两个偏导数方程,即
RTc(Vc b)RTc(Vc b)
3
2
aTca
0.5
bVc
1
3
(
1
2
1(Vc b)1
2
) 0 (E3)
Tc
0.5
bVc
(
(Vc b)
3
) 0 (E4)
朱自强
临界点也符合式(E1),得
pc
RTcVc b
a
TcVc(Vc b)
0.5
(E5)
式(E3)~(E5)三个方程中共有a、b、pc、Tc和Vc五个常数,由于Vc的实验值误差较大,通常将其消去,用pc和Tc来表达a和b。解法步骤如下:
令
pcVcRTc
Zc(临界压缩因子),即 Vc
ZcRTc
pc
。
同理,令a
aRTc
pc
22.5
,b
bRTc
pc
, a和 b为两个待定常数。将a、b、Vc的表达式
代入式(E3)~(E5),且整理得
a(2Zc b)Zc(Zc b)
2
22
1(Zc b)
2
2
(E6)
a(3Zc 3 bZc b)
Zc(Zc b) a
Zc(Zc b)
3
3
1(Zc b)
3
(E7)
1Zc b
1 (E8)
式(E6)除以式(E7),式(E6)除以式(E8)得
Zc 3 bZc 3 bZc b 0
3
2
2
2
3
3
2
2
3
(E9)
2Zc Zc 3 bZc 2 bZc b b 0
(E10)
对式(E8)整理后,得
a
Zc(Zc b)(1 Zc b)
Zc b
(E11)
式(E9)减去(E10),得
(1 3Zc)( b 2 bZc Zc) 0
2
2
(E12)
由式(E12)解得
Zc
13
,或
b 1)Zc(此解不一定为最小正根),或
b 1)Zc( b不能为负值,宜摒弃)
朱自强
再将Zc
13
代入式(E9)或式(E10),得
3
2
b b
13
b
127
0 (E13)
解式(E13),得最小正根为
b 0.08664
将Zc
13
和 b 0.08664代入式(E11),得 a 0.42748,故
a
0.42748RTc
pc
0.08664RTc
pc
2
2.5
(E14)
b (E15)
式(E14)和式(E15)即为导出的a、b与临界常数的关系式。
(2) SRK方程
立方型状态方程中的a、b与临界常数间的通用关系式可写为
a
RTc
pcRTcpc
22
a ac
b
b
0.5
SRK方程的 是Tc与 的函数,而RK方程的 Tr,两者有所区别。至于 a与 b的
求算方法对RK和SRK方程一致。因此就可顺利地写出SRK方程中a、b与临界常数间的关系式为
a
0.42748RTc
pc
0.08664RTc
pc
2
2
(E16)
b (E17)
(3)PR方程
b由于PR方程也属于立方型方程,a、b与临界常数间的通用关系式仍然适用,但 a、
的值却与方程的形式有关,需要重新推导
PR方程由下式表达
p
RTV b
a
V(V b) b(V b)
因(
p V
)T T=0 c
朱自强
(
p V
)T T
c
RTc(Vc b)
2
2ac
Vc b
[Vc(Vc b) b(Vc b)]
2
0 (E18)
经简化,上式可写为
RTc(Vc b)ZcRTc
pc
2
2ac(Vc b)
(Vc b) 4bVc(Vc b)
2
2
2
2
2
(E19)
把Vc 、ac
1
aRTc
pc
22
、b
bRTc
pc
代入式(E19)中,化简得出
(Zc b)
2
2 a(Zc b)
(Zc b) 4Zc b(Zc b)
2
2
2
2
(E20)
对式(E18)再求导,得
( p V
22
)T T
c
2RTc(Vc b)
3
2ac[(Vc b) 4bVc(Vc b) (Vc b)(4Vc 4bVc 12bVc 4b)]
[(Vc b) 4bVc(Vc b)]
2
2
2
2
2
2
222223223
0
将上式化简后得出
4
3
2
2
3
4
(E21)
2RTc(Vc b)
3
2ac(3Vc 12bVc 14bVc 4bVc 5b)
Vc 8bVc 20bVc 8bVc 26bVc 8bVc 20bVc 8bVc b
8
7
2
6
3
5
4
4
5
3
6
2
7
8
(E22)
再将Vc
ZcRTc
pc
、ac
aRTc
pc
22
、b
bRTc
pc
4
代入式(E22)中,化简得出
1(Zc b)
3
a(3Zc 12 bZc 14 bZc 4 bZc 5 b)
Zc 8 bZc 20 bZc 8 bZc 26 bZc 8 bZc 20 bZc 8 bZc b
8
7
2
6
3
5
4
4
5
3
6
2
7
8
32234
(E23)
PR方程的Zc=0.3074,将其分别代入式(E21)和(E23)后,就可联立解出 a与 b,得到 a=0.45724和 b=0.0778。最后得到
0.45724RTc
pc
0.0778RTc
pc
2
2.5
a 和
b
2-4 反应器的容积为1.213m,内有45.40kg乙醇蒸气,温度为227℃。试用下列四种方法求算反应器的压力。已知实验值为2.75Mpa。(1)RK方程;(2)SRK方程;(3)PR
3
朱自强
方程;(4) 三参数普遍化关联法。
[解] (1)用R-K方程法计算
从附表1查得乙醇的pc和Tc分别为6.38MPa 和516.2K。则RK方程参数a, b为
0.42748RTc
pc
0.08664RTc
pc
2
2.5
a
0.42748 8.314 516.2
6.38 10
6
22.5
28.039m Pa mol
6 2
K
0.5
b
0.08664 8.314 516.2
6.38 10
6
5.828 10
5
m mol
3 1
再求乙醇在该状态下的摩尔体积,V
V
Vtn
1.213(45.40/46) 10
3
1.229 10
3
m mol
3 1
按R-K方程求算压力,有
p
RTV b
aT
0.5
V(V b)
8.314 (227 273.15)1.229 10
3
5.828 10
6
5
28.039
500.15
0.56
1.229*10
3
(1.229 10
3
5.828 10
5
)
(3.5519 0.7925) 10 2.759 10Pa 2.759MPa
(2)用SRK方程计算
从附表1查得乙醇的 为0.635。SRK方程中的a和b分别计算如下:
Tr
500.15516.2
0.9689
2
0.5
0.5
1 (0.480 1.574 0.635 0.176 0.635)(1 0.9689
2
) 1.022
1.022 1.0446
0.42748 8.314 516.2
6.38 106.38 10
662
2
6
2
a b
1.0446 1.2891m Pa mol
5
0.08664 8.314 516.2
5.828 10
m mol
3
1
在给定条件下乙醇摩尔体积为1.229 10m mol
p
8.314 500.151.229 10
3
33 1
,将上述有关数值代入SRK方程,得
1.2891
5.828 10
6
5
1.229 10
3
(1.229 10
3
5.828 10
5
)
(3.5519 0.8148) 10Pa 2.737MPa
(3)用PR方程计算
0.5
1 (0.37464 1.54226 0.635 0.26992 0.635)(1 0.9689
2
20.5
) 1.0195
1.0195 1.0394
朱自强
a
0.45724 8.314 516.2
6.38 106.38 10
3
3
22
6
1.0394 1.37203m Pa mol
5
6 2
b
0.0778 8.314 516.2
6
5.2334 10
m mol
3
1
V 1.229 10m mol
1
将上述数值代入PR方程,得
p
8.314 500.15
1.229 10
3
3
5
5.2334 10
3
1.37203
1.229 10
(1.229 10
6
5.2334 10
5
) 5.2334 10
5
(1.229 10
3
5.2334 10
5
)
(3.5339 0.83848) 10Pa 2.695MPa
(3)用普遍化维里系数法计算
根据临界常数和以RK方程求出的p为初值,求出对比温度和对比压力,即
pr
ppc
2.7596.38
0.4324, Tr
TTc
500.15516.2
0.9689
故
B 0.083 0.422/TrB 0.139 0.172/Tr
10
1.6
0.083 0.422/0.9689 0.139 0.172/0.9689
1.6
0.3609 0.0574
4.24.2
已知乙醇的偏心因子 =0.635,按下式求压缩因子Z的值,
Z 1 (B B)( 0.8227
1
prTr
) 1 [ 0.3609 0.635 ( 0.0574)](
0.4324
0.9689
)
所以
p
ZnRTVt
0.8227 8.314 500.15
1.229 10
3
2.784MPa
因2.784和2.759比较接近,不需再迭代。
由上表知,所用四种方法的计算误差都不大,但以RK方程法求得的值和实验值最为接近。其余的方法稍差。第一和第四种方法得到的是负偏差,而第二和第三种方法却是正偏差。
朱自强
2-5 某气体的p-V-T关系可用RK方程表述,当温度高于Tc时,试推导出以下两个极限斜率的关系式:(1)lim(
P 0
Z p
)T ;(2)lim(
P
Z p
)T 。两式中应包含温度T和RK方程的常
数a和b。
[解] 根据压缩因子的定义
Z
pV (E1)
RT
将式(E1)在恒T下对p求偏导,得
( ZVp p)T
VRT
p VRT
( p
)T
RT
pRT
( V
) 1
T
(E2)根据RK方程
p
RTV b
aT
0.5
V(V b)
可求出(
p
V)T,(
pRT b) V
)T
(V b)
2
a(2VT
0.5
V2(V b)
2
(E3)
将(E3)代入(E2),得
( Z p)T
VRT
pT 1
RT
[
R(V b)
2
a(2V b)T
0.5
V2(V b)
2
]
(E4)
p也用RK方程来表达,即
RT
pR 1
a
T
V b
RT
1.5
V(V b)
(E5)
将(E5)代入(E4),得
( ZVa
a(2V b) 1
p)T
RT
[
1V b
RT
1.5
V(V b)
][
RT(V b)
2
T
0.5
V2(V b)
2
]
T1.5
V2
(V b)2
aV2
(V b)
2
记
bRX
R2
T
2.5
V2
(V b)2
aRT(2V b)(V b)
2
Y
(1) 当p 0,V ,故
Zd4
X/dV4lim(
p
)
baP 0
T lim
V
d4Y/dV
4
RT
R2
T
2.5
(2) 当p ,V b,故
朱自强
lim(
P
Z p
)T lim
XY
bRTRT
2
1.52.5
V(V b)
2
222
V b
V(V b)
bRT
(1)、(2)两种情况下得到的结果即为两个极限斜率的关系式。
2-6 试分别用普遍化的RK方程、SRK方程和PR方程求算异丁烷蒸气在350K、1.2Mpa下的压缩因子。已知实验值为0.7731。
[解] (1) 将RK方程普遍化,可见原书中的(2-20c)和(2-20d),即
Z
11 h
4.9340Tr
1.5
(
hh 1
) (E1)
h=
0.08664Pr
ZTr
(E2)
式(E2)的右边的Z以1为初值代入进行迭代,直至得到一收敛的Z值。由附表1查得异丁烷的pc、Tc分别为pc=3.65MPa ,Tc=408.1K,则
Tr
TTc
350408.1
0.8576,
Pr
ppc
1.23.65
0.3288
以Z=1代入式(E2)右边,得
h1=
0.08664 0.3288
0.8576
0.03322
把h1代入式(E1)右边,得
Z1
11 0.03322
4.93400.8576
1.5
(
0.033220.03322 1
) =0.8346
再把Z1=0.8346代入式(E2),解得h2,代入式(E1),得
Z2=0.8037
按此方法不断迭代,依次得
Z3=0.7965, Z4=0.7948, Z5=0.7944
Z5和Z4已非常接近,可终止迭代。异丁烷蒸气的压缩因子为Z=0.7944
(2) SRK的普遍化形式如下(见原书式(2-21))
Z
11 h1Tr
4.9340Fh1 h
0.5
2
(E3) (E4)
F
[1 m(1 Tr
)]
朱自强
m 0.480 1.574 0.176
2
(E5) (E6)
h
0.08664pr
ZTr
求Z值 得收敛的Z值。 迭代的过程为:求m和F值 取Z0=1 求h值
循环迭代
查得异丁烷的偏心因子, 0.176,故根据式(E5)和式(E4)可得
m 0.480 1.574 0.176 0.176 0.1762
0.7516
F
10.8576
[1 0.7516 (1 0.8576
0.5
)]2
1.299
以Z0=1代入式(E6)右边,得
h0.08664 0.3288
1=
0.8576
0.03322
再由式(E3)可得
Z 0.03322 1.299
1
14.93401 0.03322
0.03322 1
0.8283
按上述方法,依次可得
Z2=0.7947,Z3=0.7864,Z4=0.7843,Z5=0.7839,Z6=0.7837
Z6和Z5已非常接近,可终止迭代。故Z=0.7837
(3) 用普遍化的PR方程计算
若要按例2-4的思路来计算,必先导出类似于式(2-21)的普遍化的PR方程。 令h
bV
,则
V b (1 h)
bh
, V b (1 h)
bh
, p
hZRTb
将上述4式代入式(2-18),并简化后,得
p
RT(1 h)b
a
bb
hZRT,即
bhh(1 h)
bh
b(1 h)h
Z
1
[hRT a
(1 h]
1
RTh1 h
)b1 h
abRT
[
h
(1 h) (1 h)h
] (E7)h
2
(1 h)b
h
将PR方程中的a、b代入式(E7),则
22
Z
15724RTc /pc1 h
0.40.0778RT[
h
cRT/pc(1 h) (1 h)h
]
1 5.8771 1 h
T[
h
r
(1 h) (1 h)h
] (E8)
朱自强
令F
1Tr
[1 k(1 Tr
0.5
)]
2
1Tr
[1 (0.37464 1.54226 0.26992 )(1 Tr
20.5
)],
2
则 Z
11 hbV
5.8771F[
h
(1 h) (1 h)h
] (E9)
且 h
0.0778RTc/pc
V
0.0778RTc/pc
ZRT/p
0.0778pr
ZTr
(E10)
通过式(E9)和(E10)就可迭代求得Z。
第一次迭代,设Z0=1,则
h1
0.0778 0.32881 0.8576
0.02983
2
k 0.37464 1.54226 0.176 0.26992 0.176 0.6377
F
10.8576
1
[1 0.6377 (1 0.8576
0.5
)] 1.2786
2
Z1
1 0.02983
5.8771 1.2786 0.02983
(1 0.02983) (1 0.02983)*0.02983
0.8190
继续迭代,依次可得Z2=0.7824,Z3=0.7731,Z4=0.7706,Z5=0.7699,Z6=0.7697。由于前后两次迭代出的Z值已很接近,从而得出异丁烷的Z=0.7697,与实验值0.7731相比,误差为0.44%。
由RK和SRK方程计算得到的异丁烷的Z分别为0.7944和0.7837,它们与实验值的计算误差分别为-2.76%和-1.37%。可见,三种方法中,普遍化PR方程计算结果显得更好些。
2-7 试用下列三种方法计算250℃、2000Kpa水蒸气的Z和V。(1)维里截断式(2-8),已知B和C的实验值分别为B 0.1525m kmol和C 0.5800 10m kmol式(2-7),其中的B用Pitzer普遍化关联法求出;(3)用水蒸气表计算。 [解] (1)用维里截断式(2-8)计算
先求出理想气体状态时的摩尔体积,Vid
Vid
RTp
8.314 (250 273.15)
2000 10
3
3
1
2
6
2
(2);
2.175 10
3
m mol
3 1
维里截断式(2-8)为
Z
pVRT
1
BV CV
2
(2-8)
以Vid为初值,即V0 Vid,代入上式右边,求得V1
V1 V0(1
BV0
CV0
2
) (E1)
朱自强
2.175 10
3
[1
0.1525 102.175 10
3
3
0.58 10(2.175 10
8 3
)
2
] 2.020 10
3
m mol
3 1
将V1再代入式(E1)右边得
V2 V0(1
BV1
3
CV1
2
)
0.1525 102.020 10
1
3
2.175 10 [1
3
0.58 10(2.020 10
8 3
)
2
] 2.008 10
3
m mol
3 1
同理,V3 2.007 10m mol。V2和V3很接近,停止迭代,则水蒸气的摩尔体积为
V 2.007 10
3
33
m mol
3 1
。所以
0.9228
Z
pVRT
VVid
2.0072.175
(2)用维里截断式(2-7)计算 维里截断式(2-7)为
Z 1
BpRT
1
BpcRTc
(prTr
)
(E2)
BpcRTc
B B
01
(E3)
由附表1查得水蒸气的pc、Tc和 分别为22.05Mpa, 647.3K和0.344,则
pr
ppc
2.022.05
0.0907, Tr
TTc
250 273.15
647.3
0.8082
根据Pitzer的普遍化关联式,有
B 0.083 0.422/TrB 0.139 0.172/Tr
10
1.6
0.083 0.422/0.8082 0.139 0.172/0.8082
1.6
0.5103 0.2817
4.24.2
再由式(E3)和式(E2)得
BpcRTc
0.5103 0.344 0.2817 0.6072
Z 1 ( 0.6072) (
ZRTp
0.09070.8082
) 0.9319
故 V ZV
id
0.9319 2.175 10
3
2.027 10
3
m mol
3 1
朱自强
(3)用水蒸气表计算
从水蒸气表(附表3)查得250℃,2000Kpa时的水蒸气的比容为
v 0.11144m kg
3
1
由于水的摩尔质量为18.02,故
V v 18.02 10
3
0.11144 18.02 10
3
2.008 10
3
m mol
3 1
同理 Z
pVRT
VVid
2.0082.175
0.9232
将三种方法计算得到的结果列表比较。
计算结果表明,(1)、(3)两种方法所得的结果比较接近。(2)方法偏差较大,主要是忽略了第三维里系数之故。
2-8 试用Magoulas等法、Teja等法、CG法和Hu等法等估算正十九烷的临界温度、临界压力(原书中有误,没有计算压缩因子的要求)。查阅其文献值,并与所得计算值进行比较。
[解] 正十九烷的分子式为C19H40,故Nc 19 (1)用Magoulas等法 按式(2-36),
ln(958.98 Tc) 6.81536 0.211145 19
2/3
5.311959
Tc 959.98 exp(5.311959) 959.98 202.75 757.23K
按式(2-37),
lnpc 4.3398 0.3155 19
0.6032
2.47624
pc exp(2.47624) 11.896bar
(2)用Teja等式 按式(2-38),
ln(1143.8 Tc) 7.15908 0.303158 19
0.469609
5.951386
Tc 1143.8 exp(5.951386) 1143.8 384.29 759.51K
按式(2-39),
ln(pc 0.84203) 1.75059 0.196383 19
0.890006
0.9484
pc exp( 0.9484) 0.84203 0.38736 0.84203 1.2156MPa 12.156bar
(3)用CG法
朱自强
按式(2-40),
Tc 186.481ln[2 1.3788 (19 2) 3.1136] 746.91K
按式(2-41),
pc
1
[0.1068 2 0.018377 (19 2) 0.00903]
2
11.332bar
(4)用Hu等式 按式(2-42),
Tc
0.38106 19
0.0038432 0.0017607 19
0.5
0.00073827 19
758.4K
按式(2-43),
pc
100
0.19694 0.059777 19
0.5
0.46718 19
11.347bar
经查阅,Tc、pc的手册值如下表所示:
从上表知,文献中的Tc、pc手册值并不完全一致,特别pc间的差值还有些大。由于Nikitin等的数据和Poling B E等专著的手册值更为接近,以Nikitin等的数据为基准手册值,计算出上述各法的误差列于下表。由表知,对Tc、pc的推算,分别以Magoulas等法和Hu等法为最好,且pc的推算误差比Tc要大。
Nikitin等也给出了Tc和pc的推算方程如下:据此也可推算正十九烷的Tc和pc。
Tc 1258.73 2654.38Nc 1258.73 2654.38 19
0.5
1992Nc
1
0.5
1992 19
1
754.61K
朱自强
误差:
756 754.61
756
1.5
100 0.18%
2
pc 138.775Nc 138.775 19
78.5279Nc 476.45Nc
2.5
1.5
78.5279 19
2
476.45 19
2.5
11.55bar
误差:
11.60 11.55
11.60
100 0.43%
由Nikitin等法估算正十九烷的Tc,其误差仅比Magoulas等法稍差,但比其它三种方法都要优越些;相反,该法估算pc的误差却最小,比以上四种方法都好,误差要小近半个数量级,甚至更好。由此可见经常查阅文献,与时俱进是很重要的。
2-9 试用Constantinou, Gani和O’Connell法估算下列化合物的偏心因子和298.15K时液体摩尔体积。(1)甲乙酮,(2)环乙烷,(3)丙烯酸。
[解] 此题如何计算?首先要查阅原书P34脚注中的文献4。从该文献中知晓应用何种方程、并查表(此两表已在附表9和附表10中给出)获得一阶和二阶的数据 1i、 1i和 2j、
2j等。
(1)甲乙酮
应注意到式(2-48)仅能用于正烷烃的偏心因子估算。对于甲乙酮则应从查阅的文献中得出求算方程。先估算甲乙酮的偏心因子,查得一阶计算的方程为
exp(
0.4085
)
0.5050
1.1507 Ni 1i
(E1)
式中,Ni为要估算化合物分子中基团i出现的次数; 1i为i的偏心因子一阶基团贡献值。甲乙酮可分解为CH3、CH2和CH3CO三种基团,从附表9中可以查得 1i和 1i,并列表如下:
将有关数据代入式(E1),得
exp(exp(
0.4085
))
0.5050
1.1507 1 0.29602 1 0.14691 1 1.01522 1.45815 2.60885
0.4085
0.5050
解得 0.376。
0.329 0.376
0.329
100 14.28%。
从附表1中查得甲乙酮的 0.329,误差
朱自强
一阶估算的误差较大,试进行二阶估算。从文献得出的计算方程为
exp(
0.4085
)
0.5050
1.1507 Ni 1i A Mj 2j (E2)
式中 A 1;Mj是在要估算的化合物分子中基团j出现的次数; 2j为j的偏心因子二阶基团贡献值。经查附表10知,甲乙酮的二阶基团为CH3COCH2,其 2j和 2j分别为了2.0789和0.0003m kmol。将相关 1i和 2j值代入式(E2),得
exp(
3
1
0.4085
)
0.5050
1.1507 1 0.29602 1 0.14691 1 1.01522 1 ( 0.20789)
1.45815 0.20789 1.25026
4误差 将上式简化并解得 0.31,
0.329 0.314
0.329
100 4.56%。
从文献查得估算298K时的Vl估算式为
Vl 0.01211 Ni 1i A Mj 2j
(E3)
一阶估算时,A 0,将已查得的各基团的一阶饱和液体贡献值代入式(E3),得
Vl 0.01211 1 0.02614 1 0.01641 1 0.03655 0.09121m kmol
3
1
3
从《化学化工物性数据手册》查得甲乙酮在20℃和40℃时的密度分别为804.2kg m和794.8kg m
3
。内插得25℃时液体的摩尔密度为11.1276kmol m
1
3
,则可得出其摩尔体
积为0.08987m kmol。以此为文献值,进行一阶估算结果的误差计算,得
误差
0.08987 0.09121
0.08987
100 1.49%
3
二阶估算时,A=1,除 1i外,尚需要 2j,以上都已查得备用,依次代入式(E3),得
Vl 0.01211 1 0.02614 1 0.01641 1 0.03655 1 ( 0.0003) 0.09091m kmol误差
0.08987 0.09091
0.08987
100 1.16%
3
1
(2)环乙烷
偏心因子的一阶估算时,环乙烷可作如下分解,得出基团,并查出基团贡献值:
0.4085[ln(1.1507 6 0.14691)]
1/0.505
0.207
朱自强
从附表1查得环乙烷的偏心因子为0.213,误差
0.213 0.207
0.213
100 2.82%
偏心因子的二阶估算时,从附表10中查得六元环的基团贡献值为0.3063,A=1,则按式E2得
0.4085[ln(1.1507 6 0.14691 0.03065)]
误差
0.213 0.198
0.213
100 7.04%
1/0.505
0.198
298K时环乙烷的摩尔体积按式(E3)作一阶估算,此时A=0,则
Vl 0.01211 6 0.01641 0.11057m kmol
3
1
从Poling B E等著的《气体物性估算手册》中查得298.15K时环乙烷的饱和液体摩尔体积为0.10875m kmol。以此为文献值,则误差
3
1
0.10875 0.11057
0.10875
100 1.67%。
按式(E3)作二阶估算时,A=1,从附表10中查得六元环的基团贡献值为0.0063m kmol,因此
Vl 0.01211 6 0.01641 1 0.00063 0.1112m kmol误差
0.10875 0.1112
0.10875
100 2.25%
3
1
3
1
对环乙烷而言,不论是 或是Vl,二阶估算的结果都没有一阶估算的精确。
(3)丙烯酸
丙烯酸可分解成如下的基团,并查得其基团贡献值。
一阶估算 ,按式(E1),
0.4085[ln(1.1507 1 0.40842 1 1.67037)]
1/0.505
0.5596
从《化学化工物性数据手册》查得丙烯酸的 值为0.56,以此为文献值,进行误差计算,
误差
0.56 0.5596
0.56
100 0.07%
二阶估算 ,按式(E2),A=1,
0.4085{ln[(1.1507 1 0.40842 1 1.67037) 1 0.08774]} 0.4085[ln(3.22949 0.08774)]误差
0.56 0.585
0.56
1/0.505
1/0.505
0.585
100 4.46%
一阶估算Vl,按式(E3),A=0,
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