乐山市高中2015届物理期末测试题

绝密*启用前 [考试时间：2012年1月9日下午4:：30—5：30]

乐山市高中2015届期末教学质量检测

物 理

本卷分为第I卷(选择题)和第Ⅱ卷(非选择题)两部分．第I卷1至2页，第Ⅱ卷3至6页，共100分，考试时间为90分钟．考试结束后，将试题卷和答题卡一并交回．

第I卷(选择题 共48分)

注意事项：

1．答第I卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号、考试科目用铅笔涂写在答题卡上． 2．每小题选出答案后，用铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑，如需改动，用橡

皮擦擦干净后，再涂选其它答案，不准答在试题卷上．

3．考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回．

本卷共12题，每题4分，共48分．在每题给出的四个选项中，有的只有一个选项正确， 有的有多个选项正确，全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错或不答的得0分．

1．开始，两列火车平行地停在某一站台上，过了一会儿，甲车内的乘客发现窗外树木在向

西运动，乙车内的乘客发现甲车仍没有动．如以地面为参考系，上述事实说明： A．甲车向东行驶，乙车不动 B．乙车向东行驶，甲车不动

C．甲车向西行驶，乙车向东运动 D．甲、乙两车以相同的速度向东行驶

2．某物体运动的v—t图像如图所示，则该物体在0~t0时间内：

A．做往复运动 B．做匀速直线运动

C．沿某一方向做直线运动 D．以上说法均不正确

3．某质点做方向不变的直线运动，加速度的方向始终与速度的

方向相同，但加速度大小逐渐减小直至为零，则在此过程中( )． A．速度逐渐减小，当加速度减小到零时，速度达到最小值 B．速度逐渐增大，当加速度减小到零时，速度达到最大值 C．位移逐渐增大，当加速度减小到零时，位移将不再增大 D．位移逐渐减小，当加速度减小到零时，位移达到最小值

4．如图所示，一根不计质量的轻杆AC垂直插入竖直墙内，杆的另一端装一质量不计的光

滑滑轮，绳子BCD跨过滑轮挂着一重为G的物体，绳子B端固定在墙上，且BC与墙之间的夹角为60°，则滑轮对轻杆的作用力大小是( )． A．G B．Gcos30° C．Gtan30° D．Gcot30°

5．关于自由落体运动，下列说法中正确的是：

A．在空气中，不考虑空气阻力的运动是自由落体运动 B．物体做自由落体运动时不受任何外力作用

C．质量大的物体受到的重力大，落到地面时的速度也大 D．自由落体运动是初速度为零的匀加速运动

6．如图为节日里悬挂灯笼的一种方式，A、B点等高，O为结点，轻绳AO、BO长度相等，

拉力分别为FA、FB灯笼受到的重力为G．下列表述正确的是 A．FA一定小于G B．FA与FB大小相等 C．FA和FB是一对平衡力 D．FA与FB大小之和等于G

7．一质量为m的物块恰好静止在倾角为θ的斜面上．现对物块施加

一个竖直向下的恒力F，如图所示．则物块 ( ) A．仍处于静止状态 B．沿斜面加速下滑

C．受到的摩擦力不变 D．受到的合外力增大

8．不可伸长的轻细绳AO和BO的结点为O，在O点悬吊一物体M，OA绳处于水平，物体

M处于平衡，如图所示．如果保持O点位置不变，改变OA的长度，使A点逐渐上移至C点．随着A点逐渐上移，细绳AO的拉力将 ( )

A．逐渐增大 B．逐渐减小

C．先减小再增大 D．先增大再减小

9．如图在倾斜的滑杆上套一个质量为m的圆环，圆环通过轻绳拉着一个质量为M的物体，

在圆环沿滑杆向下滑动的过程中，悬挂物体的轻绳始终处于竖直方向，则 ( ) A．环只受三个力作用 B．环一定受四个力作用 C．物体做匀加速运动

D．悬绳对物体的拉力小于物体的重力

10．如图所示，一物块置于水平地面上．当用与水平方向成60°角的

力F1拉物块时，物体做匀速直线运动；当改用与水平方向成30°

角的力F2推物块时，物块仍做匀速直线运动；若F1和F2的大小相等，则物块与地面之间的动摩擦因数为 ( )

A．3?1 B．2?3

C．

313? D．1? 22211．质量为M＝60kg的人站在水平地面上，用定滑轮装置将质量为m＝40kg的重物送到井中．当重物以a＝2m/s2的加速度加速下落时，忽略绳子和定滑轮的质量及定滑轮的摩擦，取g＝10m/s2,则人对地面的压力大小为 A．200 N B．280 N C．320 N D．920N

12．如图所示，物体A的质量为2m，物体B的质量为m，A与地面间的动摩

擦因数为μ，B与地面间的摩擦不计，用水平力F向右推A,使A、B一起加速运动，则

B对A的作用力大小为 ( )

F??mgF?2?mg B． 33F?3?mgF?4?mgC． D．

33A．

第II卷(非选择题 共52分)

注意事项：

1．第Ⅱ卷共4页，用钢笔或圆珠笔直接答在试卷上． 2．答卷首将密封线内的项目填写清楚． 题 号 得 分 评卷人 13．（17分） 第I卷 第Ⅱ卷 13 14 15 16 总 分 （1）一个实验小组在“探究弹力和弹簧伸长的关系”的实验中，使用两条不同的轻质弹簧

a和b，得到弹力与弹簧长度的图象如图所示．下列表述正确的是 A．a的原长比b的长 B．a的劲度系数比b的大 C．a的劲度系数比b的小

D．测得的弹力与弹簧的长度成正比 （2）某实验小组按图甲组装器材：

将长木板固定在水平实验台上，把木块放在粗糙的水平长木板上，木块的右侧拴有一细线，跨过固定在长木板边缘的滑轮与重物连接，木块的左侧与穿过打点计时器的纸带相连． 实验时，木块在重物牵引下向右运动，重物落地后，木块继续向右做匀减速运动，图乙给出了重物落地后打点计时器打出的一段纸带，图乙中小黑点代表计数点，每相邻两计数点间还有4个点(图中未标出)，各计数点间的距离如图乙所示(单位为厘米)．打点计时器所用交流电频率为50Hz，g=10m/s2，不计纸带与木块间的拉力．

①根据纸带提供的数据计算木块与长木板之间的动摩擦因数μ= (结果保留小数点后两位)；

②打点计时器在打下A点和B点时，木块的速度vA= m/s，vB= m/／s(结果保留小数点后两位)； 得 分 评卷人 14．（17分） 如图所示，质量为m＝5kg的物体，置于一粗糙的斜面上，用一平行于斜面的大小为

F＝30N的力推物体，物体沿斜面向上匀速运动，斜面体质量M＝10kg，且始终静止，取g＝10m/s2，求：

(1)斜面对滑块的摩擦力；

(2)地面对斜面体的摩擦力和支持力． 得 分 评卷人 15．（17分） 一矿井深为h＝125m，在井口每隔一定时间自由下落一个小球．当第6个小球刚从井口

开始下落时，第1个小球恰好到达井底，g＝10m/s2，求： · (1)相邻两个小球开始下落的时间间隔；

(2)第1个小球恰好到达井底时，第3个小球和第5个小球之间的高度差．

得 分 评卷人 16．（17分）

航模兴趣小组设计出一架遥控飞行器，其质量m＝2kg，动力系统提供的恒定升力F＝28N．试飞时，飞行器从地面由静止开始竖直上升．设飞行器飞行时所受的阻力大小不变，g取10m/s2．

(1)第一次试飞，飞行器飞行t1＝8s时到达高度H＝64m．求飞行器所受阻力F阻的大小； (2)第二次试飞，飞行器飞行t2＝6 s时遥控器出现故障，飞行器立即失去升力．求飞行器能达到的最大高度h；

(3)为了使飞行器不致坠落到地面，求飞行器从开始下落到恢复升力的最长时间t3．

乐山市高中2015届期末教学质量检测

物理参考答案及评分意见

2013.1 第I卷(选择题 共48分)

本卷共12题，每题4分，共48分．在每题给出的四个选项中，有的只有一个选项正确， 有的有多个选项正确，全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错或不答的得0分． 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12 D C B C D B A C B B B B 第Ⅱ卷(非选择题 共52分) 13．本题共2小题，共17分

（1）B （2）①0.06 ② 0.72 0.97 14．

解：(1)用隔离法：对滑块作受力分析，如图甲所示， 在平行斜面的方向上 ： F?mgsin30??Ff

Ff?F?mgsin30??(30?5?10?0.5)N=5N

(2)用整体法：因两个物体均处于平衡状态，故可以将滑

块与斜面体当做一个整体来研究，其受力如图乙所示，由图乙可知：在水平方向上有：

F地?Fcos30??153 N

在竖直方向上有：

FN地?(m?M)g?Fsin30??135N 15．解：(1)设第一个小球下落到井底用时为t，则： h?12gt (分) 2 设相邻小球下落时间间隔为T，由题意知： t＝5T (分) 联立解得： T＝1 s (分) (2)第1个小球恰好到达井底时，第3个小球下落时间为：

t3＝3T (分) 第5个小球下落时间为：t5＝T (分)

1212gt3?gt5 (分) 22 代人数据解得：?h?40m (分)

两者高度差为：?h?16．解：(1)第一次飞行中，设加速度为a1 匀加速运动 H?12a1t1 2 由牛顿第二定律 F?mg?F阻?ma1

解得 F阻＝4N

(2)第二次飞行中，设失去升力时的速度为v1，上升的高度为s1 匀加速运动s1?12a1t2 2 设失去升力后加速度为a2，上升的高度为s2 由牛顿第二定律 mg?F阻?ma2 v1?a1t2

v12 s2?

2a2 解得 h＝s1+s2＝42m

(3)设失去升力下降阶段加速度为a3；恢复升力后加速度为a4，恢复升力时速度为v3, 由牛顿第二定律 mg?F阻?ma3 F?mg?F阻?ma4

22v3v3 ??h

2a32a4 v3?a3t3 解得 t3?

32s(或2．1s) 2

v12 s2?

2a2 解得 h＝s1+s2＝42m

(3)设失去升力下降阶段加速度为a3；恢复升力后加速度为a4，恢复升力时速度为v3, 由牛顿第二定律 mg?F阻?ma3 F?mg?F阻?ma4

22v3v3 ??h

2a32a4 v3?a3t3 解得 t3?

32s(或2．1s) 2

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