2015年苏州市中考数学试题含答案(Word版)
更新时间:2024-07-01 12:57:01 阅读量: 综合文库 文档下载
2015年苏州市初中毕业暨升学考试试卷数
一、选择题 1.2的相反数是 A.2
B.
1 2 学
1 2C.?2 D.?
2.有一组数据:3,5,5,6,7,这组数据的众数为 A.3
A.1.738×106 4.若m?2???2?,则有 2B.5
B.1.738×107
C.6
C.0.1738×107
D.7
D.17.38×105
3.月球的半径约为1 738 000m,1 738 000这个数用科学记数法可表示为
A.0<m<1 B.-1<m<0 C.-2<m<-1 D.-3<m<-2
5.小明统计了他家今年5月份打电话的次数及通话时间,并列出了频数分布表:
通话时间x/min 频数(通话次数) 0<x≤5 20 5<x≤10 16 10<x≤15 9 15<x≤20 5 则通话时间不超过15min的频率为 A.0.1
B.0.4
C.0.5
D.0.9
6.若点A(a,b)在反比例函数y?A.0
B.-2
2的图像上,则代数式ab-4的值为 xC. 2 D.-6
7.如图,在△ABC中,AB=AC,D为BC中点,∠BAD=35°,则∠C的度数为 A.35°
B.45°
C.55°
D.60°
8.若二次函数y=x2+bx的图像的对称轴是经过点(2,0)且平行于y轴
的直线,则关于x的方程x2+bx=5的解为 A.x1?0,x2?4
B.x1?1,x2?5 D.x1??1,x2?5
C
.
x1?1,x2??5A9.如图,AB为⊙O的切线,切点为B,连接AO,AO与⊙O交于点C,BD为⊙O的直径,连接CD.若∠A=30°,⊙O的半径为2,则图中阴影部分的面积为 A.
4??3 3B
2??3 3DCB.
4??23 3C.??3 D.
a21c羽毛球30%乒乓球40%篮球20%其他10%b(第12题) (第13题)
10.如图,在一笔直的海岸线l上有A、B两个观测站,AB=2km,从A测得船C在北偏东45°的方向,从B测得船C在北偏东22.5°的方向,则船C离海岸线l的距离(即CD的长)为 A.4km
B.2?2km
??C.22km D.4?2km
??二、填空题:本大题共8小题,每小题3分,共24分.把答案直接填在答题卡相应位置上. ........11.计算:a?a2= ▲ .
12.如图,直线a∥b,∠1=125°,则∠2的度数为 ▲ °.
北BC东西南O22.5°CAA45°DB(第10题)
Dl(第9题)
13.某学校在“你最喜爱的球类运动”调查中,随机调查了若干名学生(每名学生分别选了
一项球类运动),并根据调查结果绘制了如图所示的扇形统计图.已知其中最喜欢羽毛球的人数比最喜欢乒乓球的人数少6人,则该校被调查的学生总人数为 ▲ 名. 14.因式分解:a2?4b2= ▲ .
15.如图,转盘中8个扇形的面积都相等.任意转动转盘1次,当转盘停止转动时,指针指
向大于6的数的概率为 ▲ .
16.若a?2b?3,则9?2a?4b的值为 ▲ .
17.如图,在△ABC中,CD是高,CE是中线,CE=CB,点A、D关于点F
对称,过点F作FG∥CD,交AC边于点G,连接GE.若AC=18,BC=12,
12348765CGAD(第15题)
AFEDBBCFE(第17题)
(第18题)
则△CEG的周长为 ▲ .
18.如图,四边形ABCD为矩形,过点D作对角线BD的垂线,交BC的延长线于点E,取
BE的中点F,连接DF,DF=4.设AB=x,AD=y,则x2??y?4?的值为 ▲ . 三、解答题
19.(本题满分5分)计算:9??5?2?3.
2??0??x?1?2,20.(本题满分5分)解不等式组:?
3x?1>x?5.????1?x2?2x?1?21.(本题满分6分)先化简,再求值:?1?,其中x?3?1. ??x?2?x?2?22.甲、乙两位同学同时为校文化艺术节制作彩旗.已知甲每小时比乙多做5面彩旗,甲做
60面彩旗与乙做50面彩旗所用时间相等,问甲、乙每小时各做多少面彩旗?
23.(本题满分8分)一个不透明的口袋中装有2个红球(记为红球1、红球2)、1个白球、1个黑球,这些球除颜色外都相同,将球摇匀.
(1)从中任意摸出1个球,恰好摸到红球的概率是 ▲ ;
(2)先从中任意摸出1个球,再从余下的3个球中任意摸出1个球,请用列举法(画树状图或列表)求两次都摸到红球的概率.
24.如图,在△ABC中,AB=AC.分别以B、C为圆心,BC长为半径在BC下方画弧,设两弧交于点D,与AB、AC的延长线分别交于点E、F,连接AD、BD、CD.
(1)求证:AD平分∠BAC;
(2)若BC=6,∠BAC=50?,求DE、DF的长度之和(结果保留?). 25.(本题满分8分)如图,已知函数y?
k
(x>0)的图像经过点A、x
ABCB,点B的坐标为(2,2).过点A作AC⊥x轴,垂足为C,过点B作BD⊥y轴,垂足为D,AC与BD交于点F.一次函数y=ax+b的图像经过点A、D,与x轴的负半轴交于点E. (1)若AC=
Ey AD(第24题) F3OD,求a、b的值; 2DFB (2)若BC∥AE,求BC的长.
EOC(第25题) x26.(本题满分10分)如图,已知AD是△ABC的角平分线,⊙O经过A、B、D三点,过点B作BE∥AD,交⊙O于点E,连接ED.
(1)求证:ED∥AC;
(2)若BD=2CD,设△EBD的面积为S1,△ADC的面积为S2,且S12?16S2?4?0,求△ABC的面积.
27.(本题满分10分)如图,已知二次函数y?x??1?m?x?m(其
2E中0<m<1)的图像与x轴交于A、B两点(点A在点B的左侧),与y轴交于点C,对称轴为直线l.设P为对称轴l上的点,连接PA、PC,PA=PC.
(1)∠ABC的度数为 ▲ °;
(2)求P点坐标(用含m的代数式表示);
(3)在坐标轴上是否存在点Q(与原点O不重合),使得以Q、B、
C为顶点的三角形与△PAC相似,且线段PQ的长度最小?如果存在,求出所有满足条件的点Q的坐标;如果不存在,请说明理由. 28.(本题满分10分)如图,在矩形ABCD中,AD=acm,AB=bcm
(a>b>4),半径为2cm的⊙O在矩形内且与AB、AD均相切.现有动点P从A点出发,在矩形边上沿着A→B→C→D的方向匀速移动,当点P到达D点时停止移动;⊙O在矩形内部沿AD向右匀速平移,移动到与CD相切时立即沿原路按原速返回,当⊙O回到出发时的位置(即再次与AB相切)时停止移动.已知点P与⊙O同时开始移动,同时停止移动(即同时到达各自的终止位置). (1)如图①,点P从A→B→C→D,全程共移动了 ▲ cm(用含a、b的代数式表示);
(第27题) AOBD(第26题)
ClyPAOBx
C(2)如图①,已知点P从A点出发,移动2s到达B点,继续移动3s,到达BC的中点.若点P与⊙O的移动速度相等,求在这5s时间内圆心O移动的距离;
(3)如图②,已知a=20,b=10.是否存在如下情形:当⊙O到达⊙O1的位置时(此时圆心O1在矩形对角线BD上),DP与⊙O1恰好相切?请说明理由.
BPBCPCOOO1A(图①)
D(第28题)
A(图②)
D2015年苏州市初中毕业暨升学考试数学试题答案
一、选择题 1.C 6.B
二、填空题 11.a3 15.
2.B 7.C
3.A 8.D
4.C 9.A
5.D 10.B 14.?a?2b??a?2b? 18.16
12.55 16.3
13.60 17.27
1 4三、解答题
19.解:原式 = 3+5?1 = 7. 20.解:由x?1?2,解得x?1,
由3?x?1?>x?5,解得x>4, ∴不等式组的解集是x>4.
x?1x?21x?1?x?1????21.解:原式= =.
x?2x?2x?2?x?1?2x?12当x?3?1时,原式=13?1?1?13?3. 322.解:设乙每小时做x面彩旗,则甲每小时做(x+5)面彩旗.
6050. ?x?5x解这个方程,得x=25.经检验,x=25是所列方程的解. ∴x+5=30. 答:甲每小时做30面彩旗,乙每小时做25面彩旗. 根据题意,得
23.解:(1)
1. (2)用表格列出所有可能的结果: 2第二次 红球1 红球2 (红球1,红球2) 白球 黑球 第一次 红球1 红球2 白球 黑球 (红球2,红球1) (红球1,白球) (红球1,黑球) (红球2,白球) (红球2,黑球) (白球,黑球) (白球,红球1) (白球,红球2) (黑球,红球1) (黑球,红球2) (黑球,白球) 由表格可知,共有12种可能出现的结果,并且它们都是等可能的,其中“两次都摸
到红球”有2种可能.
21=. 12624.证明:(1)由作图可知BD=CD.
在△ABD和△ACD中,
∴P(两次都摸到红球)=
?AB?AC,??BD?CD, ?AD?AD,?∴△ABD≌△ACD(SSS).
∴∠BAD=∠CAD,即AD平分∠BAC.
解:(2)∵AB=AC,?BAC=50°,∴∠ABC=∠ACB=65°.
∵BD= CD = BC,∴△BDC为等边三角形. ∴∠DBC=∠DCB=60°. ∴∠DBE=∠DCF=55°. ∵BC=6,∴BD= CD =6.
55???611?. ?180611?11?11?∴DE、DF的长度之和为. ??663k25.解:(1)∵点B(2,2)在y?的图像上,
x∴DE的长度=DF的长度=
4. x∵BD⊥y轴,∴D点的坐标为(0,2),OD=2.
∴k=4,y?∵AC⊥x轴,AC=∵点A在y?3OD,∴AC=3,即A点的纵坐标为3. 244的图像上,∴A点的坐标为(,3).
3x∵一次函数y=ax+b的图像经过点A、D, 3?4??a?,?a?b?3,∴?3 解得?4
???b?2.?b?2.(2)设A点的坐标为(m,
4),则C点的坐标为(m,0). m∵BD∥CE,且BC∥DE,∴四边形BCED为平行四边形. ∴CE= BD=2.
∵BD∥CE,∴∠ADF=∠AEC.
4?2AFm?∴在Rt△AFD中,tan∠ADF=, DFm4ACm?, 在Rt△ACE中,tan∠AEC=
EC244?2?m,解得m=1. ∴mm2∴C点的坐标为(1,0),BC=5.
26.证明:(1)∵AD是△ABC的角平分线,
∴∠BAD =∠DAC.
∵∠E=∠BAD,∴∠E =∠DAC. ∵BE∥AD,∴∠E =∠EDA. ∴∠EDA =∠DAC. ∴ED∥AC.
解:(2)∵BE∥AD,∴∠EBD =∠ADC.
∵∠E =∠DAC,
∴△EBD∽△ADC,且相似比k?∴
S1?k2?4,即S1?4S2. S22BD························ ?2. ·
DC∵S12?16S2?4?0,∴16S22?16S2?4?0,即?4S2?2??0.
1. 2SBCBD?CD3CD???3,∴S∵ABC?S2CDCDCD∴S2?ABC?3. 227.解:(1)45.
理由如下:令x=0,则y=-m,C点坐标为(0,-m).
令y=0,则x2??1?m?x?m?0,解得x1??1,x2?m.
∵0<m<1,点A在点B的左侧,
∴B点坐标为(m,0).∴OB=OC=m.
∵∠BOC=90°,∴△BOC是等腰直角三角形,∠OBC=45°. (2)解法一:如图①,作PD⊥y轴,垂足为D,设l与x轴交于点E,
由题意得,抛物线的对称轴为x?设点P坐标为(
?1?m. 2?1?m,n). 2∵PA= PC, ∴PA2= PC2,即AE2+ PE2=CD2+ PD2.
2??1?m??1?m??1??n2??n?m???∴??.
?2??2?22解得n?1?m??1?m1?m?,.∴P点的坐标为??. 222???1?m. 2解法二:连接PB.
由题意得,抛物线的对称轴为x?∵P在对称轴l上,∴PA=PB. ∵PA=PC,∴PB=PC.
∵△BOC是等腰直角三角形,且OB=OC, ∴P在BC的垂直平分线y??x上.
?1?m与直线y??x的交点. 2??1?m1?m?,∴P点的坐标为??. 2??2∴P点即为对称轴x?lPAQEyDOC图①图②BxAPElyQDOCBx
(3)解法一:存在点Q满足题意.
∵P点的坐标为???1?m1?m?,?, 2??2222∴PA2+ PC2=AE2+ PE2+CD2+ PD2
??1?m??1?m??1?m??1?m?2=?. ?1?????m??1?m??????2??2??2??2?∵AC2=1?m,∴PA2+ PC2=AC2.∴∠APC=90°. ∴△PAC是等腰直角三角形.
∵以Q、B、C为顶点的三角形与△PAC相似, ∴△QBC是等腰直角三角形.
∴由题意知满足条件的点Q的坐标为(-m,0)或(0,m). ①如图①,当Q点的坐标为(-m,0)时,
22?1?m11??m,解得m?,PQ=. 233若PQ与x轴不垂直, 则
若PQ与x轴垂直,则
5215?2?1?1?m???1?m?PQ?PE?EQ????m?m?2m??m??. ?????222?5?10?2??2?222222∵0<m<1,∴当m?∵1021时,PQ2取得最小值,PQ取得最小值.
10510101<, 10322∴当m?,即Q点的坐标为(?,0)时, PQ的长度最小.
55②如图②,当Q点的坐标为(0,m)时, 若PQ与y轴垂直,则
1?m11?m,解得m?,PQ=. 233若PQ与y轴不垂直, 则
1?m?521?1?m??PQ2?PD2?DQ2?????m???m?2m??2?22?2??225?2?1?m???. 2?5?102∵0<m<1,∴当m?∵1021时,PQ2取得最小值,PQ取得最小值.
10510101<, 10322∴当m?,即Q点的坐标为(0,)时, PQ的长度最小.
5522综上:当Q点坐标为(?,0)或(0,)时,PQ的长度最小.
55解法二: 如图①,由(2)知P为△ABC的外接圆的圆心. ∵∠APC 与∠ABC对应同一条弧AC,且∠ABC=45°,
∴∠APC=2∠ABC=90°. 下面解题步骤同解法一.
28.解:(1)a+2b.
(2)∵在整个运动过程中,点P移动的距离为?a?2b?cm,
圆心O移动的距离为2?a?4?cm, 由题意,得a?2b?2?a?4?. ①
∵点P移动2s到达B点,即点P用2s移动了bcm,
1点P继续移动3s,到达BC的中点,即点P用3s移动了acm.
21ab2∴?. ② 23?a?24,由①②解得?
?b?8.∵点P移动的速度与⊙O 移动的速度相等,
b. ?4(cm/s)
2∴这5s时间内圆心O移动的距离为5×4=20(cm). (3)存在这种情形.
解法一:设点P移动的速度为v1cm/s,⊙O移动的速度为v2cm/s,
va?2b20?2?105??. 由题意,得1?v22?a?4?2?20?4?4∴⊙O 移动的速度为
BPCHEOO1GFAD
如图,设直线OO1与AB交于点E,与CD交于点F,⊙O1与AD相切于点G. 若PD与⊙O1相切,切点为H,则O1G=O1H. 易得△DO1G≌△DO1H,∴∠ADB=∠BDP. ∵BC∥AD,∴∠ADB=∠CBD. ∴∠BDP=∠CBD.∴BP=DP.
设BP=xcm,则DP=xcm,PC=(20-x)cm,
在Rt△PCD中,由勾股定理,可得PC2?CD2?PD2,
252即?20?x??102?x2,解得x?.
22545(cm). ?22∵EF∥AD,∴△BEO1∽△BAD. EOBEEO18∴1?,即?. ADBA2010∴EO1=16cm.∴OO1=14cm.
①当⊙O首次到达⊙O1的位置时,⊙O移动的距离为14cm, ∴此时点P移动的距离为10?45
45
∴此时点P与⊙O移动的速度比为2?.
1428
455?, 284∴此时PD与⊙O1不可能相切.
②当⊙O在返回途中到达⊙O1的位置时,⊙O移动的距离为2×(20-4)-14=18(cm), ∵
45455?. ∴此时点P与⊙O移动的速度比为2?18364∴此时PD与⊙O1恰好相切. 解法二:∵点P移动的距离为
45cm(见解法一), 2v5OO1=14cm(见解法一),1?,
v24454. ??18(cm)
25①当⊙O首次到达⊙O1的位置时,⊙O移动的距离为14cm≠18 cm, ∴此时PD与⊙O1不可能相切. ∴⊙O应该移动的距离为
②当⊙O在返回途中到达⊙O1的位置时,⊙O移动的距离为2×(20-4)-14=18(cm),
∴此时PD与⊙O1恰好相切.
解法三:点P移动的距离为
45cm,(见解法一) 2OO1=14cm,(见解法一) v5由1?可设点P的移动速度为5k cm/s,⊙O的移动速度为4k cm/s, v24459∴点P移动的时间为2?(s).
5k2k①当⊙O首次到达⊙O1的位置时,⊙O移动的时间为
1479, ??4k2k2k∴此时PD与⊙O1不可能相切.
②当⊙O在返回途中到达⊙O1的位置时,⊙O移动的时间为
2?(20?4)?149, ?4k2k∴此时PD与⊙O1恰好相切.
②当⊙O在返回途中到达⊙O1的位置时,⊙O移动的距离为2×(20-4)-14=18(cm),
∴此时PD与⊙O1恰好相切.
解法三:点P移动的距离为
45cm,(见解法一) 2OO1=14cm,(见解法一) v5由1?可设点P的移动速度为5k cm/s,⊙O的移动速度为4k cm/s, v24459∴点P移动的时间为2?(s).
5k2k①当⊙O首次到达⊙O1的位置时,⊙O移动的时间为
1479, ??4k2k2k∴此时PD与⊙O1不可能相切.
②当⊙O在返回途中到达⊙O1的位置时,⊙O移动的时间为
2?(20?4)?149, ?4k2k∴此时PD与⊙O1恰好相切.
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