物理寒假作业(二)2022广东中考物理模拟试卷(解析版)(完美版)

2021年-2022年最新高分突破物理寒假作业（二）2021广东中考物理模拟试卷（原卷版）

满分为100分考试用时为80分钟

一、单项选择题（本大题7小题，每小题3分，共21分．）

1．（3分）如图所示的四种现象中，属于光的直线传播现象的是（　　）

A ．平面镜中的像

B ．水中的笔向上翘起

C ．地上的树影

D ．眼睛被放大

【分析】1、光在同种均匀物质中沿直线传播，在日常生活中，激光准直、小孔成像和影子的形成等都表明光在同一种均匀介质中是沿直线传播的；

2、当光照射到物体界面上时，有一部分光被反射回来发生反射现象，例如：平面镜成

像、水中倒影等；

3、当光从一种介质斜射入另一种介质时，传播方向的会偏折，发生折射现象，如：看

水里的鱼比实际位置浅等。

【解答】解：A、平面镜中的像，属于平面镜成像，是光的反射形成的，故A错误；

B、水中的笔向上翘起，是由于光的折射形成的，故B错误；

C、地上的树影，是由于光的直线传播形成的，故C正确；

D、眼睛被放大，是由于凸透镜对光的折射作用，属于光的折射现象，故D错误。

故选：C。

2．（3分）如图所示是小明滑滑板车时的情景，下列说法正确的是（　　）

A．以滑板车为参照物，小明是运动的

B．运动的滑板车最终停下来是因为不再受力

1

2021年-2022年最新

C．滑板车安装轮子是为了减小对地面的压强

D．小明蹬地使滑板车加速运动，说明力可以改变物体的运动状态

【分析】①研究对象与参照物之间的相对位置如果发生改变，说明物体是运动的；如果未发生变化，则物体是静止的；

②力是改变物体运动状态的原因，物体运动状态改变了，一定是受到了力；

③变滑动为滚动可以减小摩擦力。

【解答】解：

A、以滑板为参照物，小明和滑板的位置没有变化，所以小明是静止的。此选项错误；

B、小车最终停下来是因为受到了阻力的作用，而不是因为不再受力。此选项错误；

C、用滚动代替滑动可以减小摩擦，因此滑板底部安装轮子是利用了滚动代替滑动可以

减小摩擦力。此选项错误；

D、力可以改变物体的运动状态，所以小明用力蹬地可以使滑板车的速度加快。此选项

正确。

故选：D。

3．（3分）下列说法正确的是（　　）

A．矫正近视眼应佩戴凸透镜

B．水烧开时冒出大量“白气”是液化现象

C．漫反射不遵从光的反射定律

D．把手机调为静音是在人耳处减弱噪声

【分析】（1）近视眼用凹透镜进行矫正，远视眼用凸透镜进行矫正。

（2）物质从气态变为液态叫做液化；

（3）了解镜面反射和漫发射，漫反射和镜面反射都遵循光的反射定律；

（4）减弱噪声的途径：在声源处、在传播过程中、在人耳处。

【解答】解：A、近视眼应佩戴凹透镜进行矫正。故A错误。

B、烧开水时冒出的“白气”是水蒸气遇冷液化形成的小水滴，是液化现象，故B正

确。

C、镜面反射和漫反射都是光的反射，因此都遵循光的反射定律。故C错误。

D、把手机调成静音状态，是为了在声源处减弱噪声。故D错误。

故选：B。

4．（3分）如图所示茶杯静止在水平桌面上，下列哪对力属于平衡力（　　）

2

2021年-2022年最新

A．茶杯的重力与桌面对茶杯的支持力

B．桌子的重力与桌面对茶杯的支持力

C．茶杯受到的重力与茶杯对桌面的压力

D．茶杯对桌面的压力与桌面对茶杯的支持力

【分析】平衡力的判断，两个力必须同时满足四个条件：大小相等、方向相反、作用在同一直线上、作用在同一物体上。缺一不可。

【解答】解：A、茶杯的重力与桌面对茶杯的支持力，这两个力满足了二力平衡的四个条件：等大、反向、共线、作用在同一物体上。所以是一对平衡力。故A正确；

B、桌子的重力与桌面对茶杯的支持力，这两个力作用在不同的物体上，大小也不同，

不是一对平衡力，故B错误；

C、茶杯受到的重力与茶杯对桌面的压力，这两个力作用在不同的物体上，方向也相

同，不是一对平衡力，故C错误；

D、茶杯对桌面的压力与桌面对茶杯的支持力，作用在不同的物体上，是一对相互作用

力，不是平衡力，故D错误。

故选：A。

5．（3分）小杰同学在成都游玩“海底世界”时，观察到鱼嘴里吐出的气泡上升时的情况如图所示，对气泡上升过程中受到的浮力和气泡内气体压强分析正确的是（　　）

A．浮力不变，压强不变B．浮力变小，压强变小

C．浮力变大，压强变小D．浮力变大，压强变大

【分析】（1）一定质量的气体，体积变大，压强变小，在水中上浮过程中，气泡所处的深度减小，由液体压强公式知道受到水的压强变小，气泡的体积变大，据此分析气泡内压强的变化；

（2）气泡的体积变大，由阿基米德原理分析气泡受到浮力的大小变化。

【解答】解：因为气泡上升时，深度h变小，

3

2021年-2022年最新所以，由p＝ρgh可知气泡受到水的压强变小，故气泡的体积变大。

又因为一定质量的气体，体积变大，压强变小，

所以，气泡内的压强p变小；

因为气泡的体积变大，排开水的体积变大，

所以，由F浮＝ρ水V排g可知气泡受到水的浮力变大。

故选：C。

6．（3分）如图所示的装置中，能说明发电机工作原理的是（　　）

A ．

B ．

C ．

D ．

【分析】发电机原理是电磁感应现象，即闭合电路中一部分导体在磁场中做切割磁感线运动，即发电机的原理图中没电源，有电源的实验装置图不是发电机。

【解答】解：A、两根被丝绸摩擦过的玻璃棒之间相互排斥或两根被毛皮摩擦过的橡胶棒之间相互排斥；因此我们作出初步的结论：同种电荷相互排斥，不合题意；

B、开关闭合后，在外力作用下使导体左右移动，切割磁感应线，则电流表指针发生偏

转，说明此时有感应电流产生，是发电机的制作原理，符合题意；

C、是奥斯特实验，小磁针发针偏转说明通电导体周围有磁场，不是发电机的制作原

理，不符合题意；

D、开关闭合后，电路中有电流，通电导体受到磁场力的作用发生运动；是电动机的制

作原理，不符合题意；

故选：B。

7．（3分）将标有“12V 6W”的灯泡L1和标有“6V 6W”的灯泡L2串联接在12V的电源上，则（　　）

A．灯泡L1正常发光

B．灯泡L2可能会烧坏

C．电路总功率为4.8W

D．通过L1的电流小于通过L2的电流

4

2021年-2022年最新【分析】由P ＝计算灯泡电阻，由串联电路特点和欧姆定律计算通过灯泡的电流；

由P＝UI计算总功率。利用欧姆定律可求接在12V电源上时电路中的电流，进而利用欧姆定律求两灯两端的实际电压，再进行分析判断。

【解答】解：

（1）由P ＝可得，灯泡的电阻：

R1＝＝＝24Ω，

R2＝＝＝6Ω，

由串联电路的特点和欧姆定律可得，两灯串联在12V的电路上时通过L1的电流：

I1＝I ＝＝＝0.4A，

所以两只小灯泡消耗的总功率：

P总＝UI＝12V×0.4A＝4.8W．故C正确；

（2）由I ＝可，灯泡L1的实际电压U1＝IR1＝0.4A×24Ω＝9.6V＜12V，

灯泡L2的实际电压U2＝IR2＝0.4A×6Ω＝2.4V＜6V，

可见，两灯的实际电压都小于额定电压，故都不能正常发光，不可能被烧坏，故AB错误；

（3）串联电路中电流处处相等，则通过L1的电流等于通过L2的电流，故D错误。

故选：C。

二、填空题（本大题7小题，每空1分，共21分）

8．（3分）小明从汽车内的后视镜里看见驾驶员，此时驾驶员通过车内后视镜　不一定　（选填“一定”、“不一定”或“一定不”）能看到小明；小明在后视镜里看到的驾驶员的像是　虚　（选填“虚”或“实”）像，汽车高速行驶时对地面的压力　变小　（选填“变大”、“不变”或“变小”）

【分析】后视镜是利用了光的反射原理，所成的是虚像；光在反射时光路是可逆的，据此判断；在气体或液体中，流速越大的位置压强越小。

【解答】解：小明从汽车的后视镜里看见驾驶员，但不一定看见的是驾驶员的眼睛，所以此时驾驶员通过车内后视镜不一定也能看见小明；

5

2021年-2022年最新后视镜是利用了光的反射原理，所以小明在后视镜里看到的驾驶员的像是虚像；

小汽车的外型是流线型，类似于飞机机翼，当汽车高速行驶时，汽车的上表面空气流速大、压强小，下表面的空气流速小、压强大，所以汽车受到向上的压强差，从而产生向上的升力，则汽车对路面的压力将减小。

故答案为：不一定；虚；变小。

9．（3分）如图所示是太阳能LED照明路灯。它主要由太阳能电池板、LED灯头等部分构成。LED是一种发光二极管，通过电流能够发光，可以把电能直接转化成　光　能。

太阳能是　可再生　能源（填“可再生”或“不可再生”）、清洁无污染，它是在太阳内部，氢原子核发生　聚变　（填“裂变”或“聚变”），释放出的核能。

【分析】太阳能电池板是把太阳转化成电能的装置，LED是一种发光二极管可以把电能直接转化成光能；

可再生能源是能在短时间内形成的能源，可再生资源特点是取之不尽用之不竭。太阳内部进行着核聚变，由氢原子核聚变成氦原子核，释放出核能。

【解答】解：太阳能电池板是把太阳转化成电能。LED是一种发光二极管，通过电流时不用经过加热灯丝直接能够发光，即把电能直接转化成光能。

太阳能属于可再生能源，其主要特点是取之不尽用之不竭，并且环保无污染。

在太阳内部，氢原子核在超高温作用下发生聚变，释放巨大的核能。

故答案为：光；可再生；聚变。

10．（3分）家庭电路的电压为　220　V；教室内用一只开关控制两盏灯，这两盏灯是　并联　（串联/并联）的；额定功率为40W的日光灯正常工作1h，消耗的电能是　1.44×105　J。

【分析】（1）家用电器正常工作的电压都是220V。

（2）照明电路中的各用电器之间是并联的，其目的是各用电器直接互不影响，并且各用电器都能正常工作；

（3）消耗的电能根据额定功率和工作时间，由W＝Pt计算即可。

【解答】解：

6

2021年-2022年最新用电器的正常工作电压是220V，所以家庭电路的电压是220V；

各用电器只有并联，各用电器之间互不影响，并且都能正常工作，所以教室内用一只开关控制两盏灯，这两盏灯是并联的；

一盏灯的功率P＝40W，时间t＝1h＝3600s，

∴W＝Pt＝40W×3600s＝1.44×105J。

故答案为：220；并联；1.44×105。

11．（3分）如图甲所示为一款国产品牌汽车，它的发动机工作时超低的噪音是人们青睐它的重要原因，噪音是机器　无规则振动　而产生的；车内装有先进的倒车雷达系统，这个系统是利用　超声波　（选填“超声波”或“次声波”）工作的；如图乙是该车内安装的GPS全球卫星定位仪，它与导航卫星通过　电磁波　实现全球定位功能的。

【分析】（1）从物理学角度，噪声是物体无规则振动产生的；

（2）倒车雷达利用了超声波来进行定位；

（3）卫星通信是利用电磁波来传递信息的。

【解答】解：（1）发动机工作时超低的噪音是机器无规则振动而产生的；

（2）车内的倒车雷达系统，是利用超声波工作的；

（3）车内安装的GPS全球卫星定位仪与导航卫星通过电磁波实现全球定位功能的。

故答案为：（1）无规则振动；（2）超声波；（3）电磁波。

12．（3分）钓鱼是许多人喜爱的一种休闲活动，如图所示。当有鱼上钩时，鱼竿会被拉弯，说明力能改变物体的　形状　；钓起鱼时，若其他条件不变，鱼竿长度越长，手提鱼竿的力越　大　。如钓鱼者将一条重为4N的鱼从水面提高2m，再沿水平方向移3m，在这一过程中，钓鱼者克服鱼的重力做功为　8　J。

【分析】（1）力的作用效果有两个：改变物体的形状，改变物体的运动状态；

7

2021年-2022年最新（2）结合生活经验，先判断杠杆在使用过程中，动力臂和阻力臂的大小关系，然后根据杠杆平衡条件分析；

（3）明确做功的两个必要因素，利用W＝Gh可求得他克服鱼的重力做功。

【解答】解：

（1）当有鱼上钩时，鱼对鱼竿的拉力会使鱼竿变弯，说明力能改变物体的形状；

（2）鱼竿在使用过程中，动力臂小于阻力臂，是费力杠杆；若其他条件不变，鱼竿长度越长，则阻力臂越大，而阻力和动力臂不变，由杠杆平衡条件可知，动力将增大，即手提鱼竿的力越大；

（3）钓鱼者将一条重为4N的鱼从水面提高2m，他克服鱼的重力做功；再沿水平方向移动1m，在这一过程中鱼没有沿重力的方向移动距离，则人没有克服鱼的重力做功；

故他克服鱼的重力做功为：W＝Gh＝4N×2m＝8J。

故答案为：形状；大；8。

13．（3分）某物理科技小组设计了汽车有害尾气排放检测电路，如图甲所示，R为气敏电阻，其阻值随有害尾气浓度β变化的曲线如图乙所示，R0为定值电阻，电源电压恒定不变。当有害尾气浓度β增大时，气敏电阻R的阻值将　变小　，电流表的示数将　变大　，电压表的示数将　变小　。（选填“变大”、“变小”或“不变”）

【分析】由甲电路图可知，R与R0串联，电压表测R两端的电压，电流表测电路中的电流；根据乙图得出当有害尾气浓度增大时气敏电阻阻值的变化，根据欧姆定律可知电路中电流的变化和定值电阻两端的电压变化，根据串联电路的电压特点可知气敏电阻两端的电压变化。

【解答】解：由甲电路图可知，R与R0串联，电压表测R两端的电压，电流表测电路中的电流，

由图乙可知，当有害尾气浓度β增大时，气敏电阻R的阻值变小，电路的总电阻变小，由I ＝可知，电路中的电流变大，即电流表的示数变大，

由U＝IR可知，定值电阻R0两端的电压变大，

因串联电路中总电压等于各分电压之和，

8

2021年-2022年最新所以，气敏电阻R两端的电压变小，即电压表的示数变小。

故答案为：变小；变大；变小。

14．（3分）电动轮椅为残障人士出行提供了方便。某型号的电动轮椅质量为20kg，轮子与地面的总接触面积为20cm2，轮椅静止在水平地面上时对地面的压强是　1×105　Pa．其工作原理如图所示，操纵杆可以同时控制S1和S2两个开关。

向前推操纵杆时轮椅前进且能调速，向后拉操纵杆时轮椅以恒定速度后退。已知蓄电池电压为24V，定值电阻R2＝20Ω，R1为滑动变阻器。分别将S1和S2同时接触对应点　1　（选填“1”或“2”）时，轮椅前进；当轮椅后退时，电流表示数　小于　（选填“大于”、“小于”或“等于”）1.2A。

【分析】（1）轮椅静止在水平地面时的压强，先求出压力，此时压力等于重力，利用压强定义式计算压强。

（2）首先要看明白电路图，并且还要理解电动机的转动方向与电流方向有关；当轮椅后退时，R2与电动机串联，所以电流小于1.2A。

【解答】解：

（1）轮椅的重力：G＝mg＝20kg×10N/kg＝200N，

水平地面受到的压力：F＝G＝200N，

轮椅静止在水平地面上时对地面的压强：

p ＝＝＝1×105Pa；

（2）因为轮椅向前运动时能调速，说明可以改变通过电动机的电流，所以电动机与滑动变阻器串联，故前进时将S1和S2同时接触对应点1。

若只有R2工作时，电路中的电流：I ＝＝＝1.2A，

当轮椅后退时，R2与电动机串联，R2两端的电压变小，所以当轮椅后退时，电路中的电流小于1.2A，即电流表示数小于1.2A。

故答案为：1×105；1；小于。

9

2021年-2022年最新三、作图题（7分）

15．（2分）如图所示，请画出放在水平面上的西瓜所受到的力。

【分析】静止在水平桌面上西瓜，受到了平衡力的作用，即受到了竖直向下的重力和竖直向上的支持力是一对平衡力，大小相等，方向相反。

【解答】解：

过重心O沿竖直向下的方向和竖直向上的方向画一条带箭头、等长的线段，分别表示重力和支持力，分别用符号G和F表示，如图所示；

16．（2分）如图所示，画出物体AB在平面镜中的像。

【分析】平面镜成像的特点是：像物大小相等、到平面镜的距离相等、连线与镜面垂直、左右相反，即像物关于平面镜对称，利用这一对称性作出AB的像。

【解答】解：分别作出物体AB端点A、B关于平面镜的对称点A′、B′，用虚线连接A′、B′即为AB在平面镜中的像。如图：

17．（2分）如图所示，请根据通电螺线管的N、S极，标出小磁针N极、通电螺线管的

10

2021年-2022年最新

磁感线方向以及电源的正、负极。

【分析】①根据图中通电螺线管的N、S极，可判断磁感线的方向。

②根据磁极间的相互作用再判断小磁针的磁极。

③最后根据安培定则判断螺线管中电流的方向，标出电源的正负极。

【解答】解：如图，螺线管的左端为N极，右端为S极。因为在磁体外部，磁感线总是从磁体的N极发出，最后回到S极，故箭头方向向右。

根据磁极间的相互作用可以判断出小磁针的左端为S极，右端为N极。

根据安培定则：伸出右手，使右手大拇指指示通电螺线管的N极，则四指弯曲所指的方向为电流的方向，即电流是从螺线管的右端流入的。所以电源的右端为正极，左端为负极。如图所示。

18．（1分）要用滑轮组将陷在泥中的汽车拉出来，试在图中画出最省力的绕绳方法。

【分析】要解决此题，需要知道滑轮组的绕线方法。可以从定滑轮或动滑轮绕起。要知道从动滑轮绕起比从定滑轮绕起多中间一根绕线承担阻力，更省力。

【解答】解：只有一个动滑轮，要求最省力，绳子先系在动滑轮的固定挂钩上，然后绕过左边的定滑轮，再绕过动滑轮。如图所示：

四、实验题（本大题3小题，共20分）

11

2021年-2022年最新

19．（6分）（1）如图1所示，刻度尺测量物体的长度为　1.45　cm，如图2所示，体温计示数是　36.6　℃

（2）小林家5月底电能表示数如图3所示，4月底电能表示数为100.0KW?h，那么5月份他家消耗了　831.6　KW?h的电能。在某段时间内，转盘转过了500转，表示此段时间内他家用了　0.2　度电。

（3）如图4所示，小明用托盘天平和量筒测量小石块的密度。小明将天平放在水平台面上，如图甲所示，他应先　将游码移到零刻度线处　，再调节平衡螺母，使天平平衡；天平平衡后，他先用天平测量矿石的质量，示数如图乙所示，然后他用量筒测量矿石的体积，示数如图17丙所示，由此可得矿石的密度为　2.6×103　kg/m3

【分析】（1）使用刻度尺测量物体长度时，要观察是否从0刻度线量起，起始端没从0开始，要以某一刻度当作“0”刻度，读出末端刻度值，减去前面的刻度即为物体长度，注意刻度尺要估读到分度值的下一位；使用体温计测量人体温度时，首先要明确体温计的量程和分度值，读数时视线与液柱最末端所对刻线相垂直。

（2）电能表的读数方法：月末的减去月初的示数；最后一位是小数；单位kW?h；

2500R/kW?h表示的是电路中每消耗1kW?h的电能，电能表的转盘转2500转，据此求出转盘转500转电路中消耗的电能。

（3）在调平前，应将天平置于水平桌面上，将游码拨到标尺左端的零刻度线处；

12

2021年-2022年最新被测物体的质量等于砝码的总质量与游码所对刻度之和；矿石的体积等于两次量筒中水的体积之差；已知质量和体积，利密度公式计算矿石的密度。

【解答】解：

（1）图1中刻度尺的分度值为1mm；物体左侧与0刻度线对齐，物体的长度为L＝

1.45cm；

图2中体温计的分度值为0.1℃，此时的示数为36.6℃。

（2）4月底电能表示数为100.0kW?h，由图3知，5月底电能表读数931.6kW?h，则5月份小林家消耗电能：

W＝931.6kW?h﹣100kW?h＝831.6kW?h；

2500R/kW?h表示电路中每消耗1kW?h的电能，电能表的转盘转2500转，

电能表转动500转，电路消耗的电能为：

W ＝kW?h＝0.2kW?h；

（3）调平前，将天平放在水平台面上，并将游码拨到标尺左端的零刻度线处，再调节平衡螺母，使天平平衡；

由图乙知，矿石的质量为m＝50g+2g＝52g，

由图丙知，矿石的体积为V＝40ml﹣20ml＝20ml＝20cm3，

矿石的密度为ρ＝＝＝2.6g/cm3＝2.6×103kg/m3。

故答案为：（1）1.45；36.6；（2）831.6；0.2；（3）将游码移到零刻度线处； 2.6×103。

20．（7分）小捷小组在“探究凸透镜成像规律”实验中，对课本的实验装置进行了改进，用了9个红色的发光二极管按“F”字样镶嵌排列在白色的板上代替蜡烛作光源，实验装置如图1所示：

（1）用发光二极管代替蜡烛进行实验，你认为其好处是　光源较稳定（或便于比较像的大小或便于确定成像的情况等）　。（写出一点即可）

13

2021年-2022年最新（2）为了确定凸透镜的焦距，小捷将凸透镜正对太阳光，再把光屏放在另一侧，改变凸透镜与光屏的距离，直到光屏上出现一个　亮点　（选填“亮点”或“亮环”）为止，测得它与凸透镜中心的距离为10cm，得到焦距f＝　10　cm。

（3）凸透镜固定在光具座的零刻度线上，小捷将光源移至光具座30cm处后，再移动光屏，直到如图1所示位置，光屏上会出现如图2　A　中清晰的实像；如果她将光源再远离凸透镜一些，这时光屏应向　左　（选填“左”或“右”）移动，以获得清晰的实像；　照相机　就是应用这一原理来工作的。

（4）如果用一小灯泡替换原来的光源并移至10cm处，此时观察到的现象是　C　。A．光屏上出现小灯泡放大的像B．光屏上出现小灯泡缩小的像

C．光屏上出现一个圆形光斑D．通过凸透镜看到一个小灯泡的虚像。

【分析】（1）要解决此题，需要分析二极管与烛焰的区别：二极管比烛焰的亮度更大，并且形状更特别，在研究时更容易理解倒立实像的含义。并且二极管发光比较环保安全。

蜡烛在燃烧时会消耗而变短，同时遇到风会晃动。

（2）①要解决此题，首先要掌握焦点和焦距的概念：平行于主光轴的光线会聚于一点，此点为凸透镜的焦点。由焦点到凸透镜光心的距离叫做焦距，粗略测量薄透镜的焦距时，可以测出从焦点到凸透镜的距离即可。

②凸透镜成实像时，物远像小像变小，当物距很大时，像距非常靠近焦点。

（3）物距大于2f，成倒立缩小的实像，且物距越大，成的像越小，像距也会减小；（4）要解决此题，需要掌握凸透镜成像的规律。知道当物距小于焦距时，凸透镜成正立、放大的虚像。

【解答】解：（1）发光二极管比烛焰的亮度更大、更环保，更容易看出倒立实像不仅是上下相反、而且是左右相反。

同时蜡烛燃烧有火焰，不如发光二极管安全。

火焰在有风的时候会晃动，同时蜡烛会越烧越短，而二极管不会。

（2）①为了确定凸透镜的焦距，首先要找到凸透镜的焦距，所以将凸透镜正对太阳光，再把光屏放在另一侧，改变凸透镜与光屏的距离，直到光屏上出现一个最小、最亮的点，便为焦点。焦点到凸透镜中心的距离为10cm，所以此凸透镜的焦距为10cm。

②从“小明将蜡烛由距透镜90cm处移至距透镜120cm处的过程中，在光屏上所成的像与透镜间的距离均约为5cm”，可知当物体到凸透镜的距离远远大于二倍焦距时，像距

14

2021年-2022年最新稍大于焦距，所以透镜的焦距约为5cm；

（3）将蜡烛移至光具座10cm处，物距u＝40cm＞2f，则成倒立缩小的实像；

如果将光源再远离凸透镜一些，则物距变大，像距应变小，将光屏向凸透镜靠近，即向左移动，直到光屏上出现清晰的实像；

（4）如果将光源移至10cm处，此时物距u＝10cm＝f。

根据凸透镜成像的规律，光屏上将出现一个圆形光斑。

故答案为：

（1）光源较稳定（或便于比较像的大小或便于确定成像的情况等）；

（2）亮点；10；

（3）A；左；照相机；

（4）C。

21．（7分）小明用图甲所示的电路探究“电阻中的电流跟两端电压的关系”，图乙是小明未完成连接的实验电路，用两节干电池作电源。

（1）若要求滑动变阻器滑片向左移动时，电流表示数增大。请用笔画线代替导线，完成图乙中实验电路的连接。

（2）小明按要求正确连接电路后，闭合开关，发现电压表指针偏转到满刻度的位置。

其原因可能是

　电阻R处断路（或滑动变阻器的阻值为零）　。（写出一个）

（3）小明在实验中通过调节滑动变阻器滑片，测出通过电阻R的不同电流和对应的电压值，如下表所示。

序号12345

15

2021年-2022年最新U/V0.5 1.0 1.6 1.9 2.5

I/A0.10.20.30.40.5

①请根据表中数据在图丙中画出电阻R的U﹣I关系图象。

②小明在实验中所用电阻R的阻值为　5　Ω；当通过的电流为0.5A时，电阻R消耗的电功率为　1.25　W。

（4）小明在测得第5组数据后，未做其他操作就直接将电阻R换成10Ω的定值电阻，准备探究“电路中电流与电阻的关系”，接通电路后电流表的示数可能是　C　。A．0.5A B．0.25A C．0.28A D．0.15A

（5）如果将实验电路中的电阻R更换成一个额定电压为3.8V、阻值约为10Ω的小灯泡后，要进行“测量小灯泡的额定电功率”的实验，则对实验电路还必须进行怎样的改动：　增加一节干电池（换一个电压高于3.8V的学生电源）　　电压表换接0～15V的量程　。

【分析】（1）根据电源的电压确定电压表的量程且与电阻并联，滑动变阻器按一上一下的原则串联在电路中，滑片向左移动时，电流表示数增大，说明接入电路中的电阻变小，即左下方接线柱必须接入电路中；

（2）电压表指针偏转到满刻度的位置说明电压表并联在电源的两端测电源的电压，据此分析可能的原因；

（3）①由描点法可得出U﹣I图象，即在坐标上找到每组电流、电阻值对应的点，然后用线连点即可；

②由图象可知，电压与电流成正比，由表中数据找出电压与对应的电流，由欧姆定律可求出导体电阻；根据P＝UI求出当通过的电流为0.5A时电阻R消耗的电功率。

（4）将电阻R＝5Ω换成10Ω的定值电阻时，电路中的总电阻变大，电路中的电流应小于0.5A，定值电阻两端的电压应大于2.5V，根据欧姆定律求出此时电路中的电流，即可找出正确答案；

（5）额定电功率是小灯泡在额定电压下的实际功率，所以小灯泡两端的电压必须达到它的额定电压。

【解答】解：（1）电源是由两节干电池串联组成的，电压为3V，则电压表的量程为0～3V，且与R并联；

滑动变阻器的左下方接线柱与电阻R串联时，滑片左移，电流表的示数增大，如下图所

16

2021年-2022年最新示：

（2）电压表指针偏转到满刻度的位置说明电压表并联在电源的两端测电源的电压，可能是电压表并联的部分断路即电阻R断路，也可能是此时滑动变阻器接入电路的电阻为0；

（3）①找出每组数据对应的点，然后用平滑的线把点连起来，如图所示；

②由图知，当U＝0.5V时，I＝0.1A，则

定值电阻的阻值R ＝＝＝5Ω；

当通过的电流I＝0.5A时，两端的电压U＝2.5V，则

电阻R消耗的电功率P＝UI＝2.5V×0.5A＝1.25W；

（4）将电阻R＝5Ω换成10Ω的定值电阻时，电路中的总电阻变大，

由I ＝可知，电路中的电流应小于0.5A，

因串联电路中电阻越大分得的电压越大，即定值电阻两端的电压应大于2.5V，

此时电路中的电流应大于I ＝＝＝0.25A，

由选项可知，C符合；

（5）测一个额定电压为3.8V、阻值约为10Ω的小灯泡的额定功率，小灯泡两端的电压必须能达到3.8V，因此电源必须增加一节干电池，此时电源电压成了1.5V×3＝4.5V，电压表的量程也应选择0～15V。

17

2021年-2022年最新故答案为：（1）电路连线见解答；

（2）电阻R处断路（或滑动变阻器的阻值为零）；

（3）①图象见解答；②5；1.25；

（4）C；

（5）增加一节干电池（换一个电压高于3.8V的学生电源）；电压表换接0～15V的量程。

五、计算题（本大题2小题，共13分）

22．（6分）跳伞是一项极具挑战的运动，现在越来越受到人们的喜爱。在某次跳伞训练过程中，一位体重为600N的运动员从空中悬停的直升机上由静止开始竖直跳下，其速度与时间的关系如图所示，经15s下落210m后，再匀速直线下落15s，求：

（1）运动员在这30s内下落的总高度；

（2）这30s内重力做的功；

（3）匀速下降时重力做功的功率。

【分析】（1）根据图象中的体现形状，分析物体的运动状态，再根据速度公式的变形公式s＝vt求出运动员在15﹣30s通过的路程，进而得出运动员在15﹣30s通过的路；

（2）知道运动员的重力和下落的总高度，根据功的公式W＝Fs＝Gh求出这30s内重力做的功；

（3）根据功率公式P＝Fv＝Gv求出匀速下降时重力做功的功率。

【解答】解：（1）由题可知，运动员在0﹣15s下落的路程为s1＝210m

由图象可知，15s后运动员以6m/s的速度做匀速直线运动，

则运动员在15﹣30s通过的路程为：s2＝vt2＝6m/s×15s＝90m；

运动员在这30s内下落的总高度为：h＝s1+s2＝210m+90m＝300m；

（2）重力做的功为：W＝Gh＝600N×300m＝1.8×105J；

（3）匀速下降时，重力做功的功率为：

P＝Fv＝Gv＝600N×6m/s＝3.6×103W。

18

2021年-2022年最新

19 答：（1）运动员在这30s 内下落的总高度为300m ；

（2）这30s 内重力做的功为1.8×105J ；

（3）匀速下降时重力做功的功率为3.6×103W 。

23．（7分）下表为一台电烤箱的铭牌，其内部简化电路如图所示，R 1和R 2均为电热丝。 ××牌电烤箱

额定电压

220V 高温挡 1

100W

额定功率 低温挡

440W

电源频率

50Hz

试求：

（1）电烤箱在高温挡正常工作10min 所产生的热量；

（2）电路中R 1的阻值；

（3）电烤箱在低温挡正常工作时，电路中的电流和R 1的功率。

【分析】（1）知道电烤箱在高温档时的额定功率，又知道电烤箱正常工作，其实际功率等于额定功率，利用公式Q ＝W ＝Pt 计算10min 所产生的热量。

（2）当开关S 闭合时电阻丝R 1自己工作，电阻较小，电压不变，根据公式P ＝，

功率较大，所以处于高温档位，利用公式R ＝求出R 1的阻值； （3）当开关S 断开时R 1和R 2串联，电阻较大，功率较小，所以处于低温档位，利用I ＝求电流，利用P ＝I 2R 求出R 1的功率。

【解答】解：

（1）因为电烤箱正常工作，

2021年-2022年最新

所以P高温＝1100W，

10min所产生的热量：

Q＝W＝P高温t＝1100W×10×60s＝6.6×105J；

（2）当开关S闭合时，电阻丝R1自己工作，电阻较小，功率较大，所以处于高温档位，

由P＝UI ＝得：

R1＝＝＝44Ω；

（3）当开关S断开时R1和R2串联，电阻较大，功率较小，所以处于低温档位，

由P＝UI得：

电流I保温＝＝＝2A；

R1的功率P1＝I保温2R1＝（2A）2×44Ω＝176W。

答：（1）电烤箱在高温档正常工作10min所消耗的电能为6.6×105J；

（2）电路中R1的阻值为44Ω；

（3）电烤箱在低温档正常工作时，电路中的电流和R1的功率分别为2A、176W。

六、综合能力题（本大题3小题，共18分）

24．（6分）小明探究物质熔化和沸腾的实验如图甲所示，今把20g某种固体碾碎后放入试管中，插入温度计，再将试管放在装有水的烧杯中加热。根据实验数据画出的图象如图乙所示。根据图象回答问题：

（1）这种物质是　晶体　（选填“晶体”或“非晶体”）。

（2）这种物质的沸点是　90　℃。

（3）这种物质的液态比热容c＝3×103J/（kg?℃），从熔点升高到沸点吸收的热量是　

20

2021年-2022年最新2400　J．实验结束时，小明发现从开始加热到实验结束的10min内消耗酒精约5g。请估算出这种装置能量的转化效率约为　8　%．（酒精的热值3.0×107J/kg，估算结果保留整数）

（4）小明还发现，液体沸腾的过程中如果撤去酒精灯，试管中液体会继续沸腾片刻，其原因是　烧杯中的水继续给它加热　。

【分析】（1）晶体在熔化过程中吸收热量，且温度保持不变，即晶体有一定的熔点。（2）如图乙，物质先吸热温度升高，到达熔点，不断吸热，温度保持不变，全部熔化之后，温度再升高，不断吸热，液体的温度升高，到达沸点，不断吸热，温度不变，完成沸腾过程。物质在沸腾过程中温度保持不变，这个不变的温度是晶体的沸点。

（3）利用公式Q＝cm（t﹣t0）求从熔点（图象中C点）升高到沸点（图象中D点）吸收的热量；再根据加热时间，计算整个过程中吸收的总热量。

由乙图可知加热时间，则可求出从开始加热到实验结束的10min共吸收的热量；再利用燃料的热值公式Q＝mq求出燃料完全燃烧放出对热量；利用效率η＝求出这种装置能量的转化效率。

（4）沸腾过程需继续吸热。

【解答】解：（1）这种物质在熔化过程中不断吸收热量，温度保持不变。所以该物质是晶体。

（2）DE段是物质的沸腾过程，沸点为90℃。

（3）由图知，t0＝50℃，t＝90℃，

Q＝cm（t﹣t0）＝3×103J/（kg?℃）×0.02kg×（90℃﹣50℃）＝2400J；

由图可知该物质从熔点升高到沸点用了2min，从开始加热到实验结束共用10min，

从开始加热到实验结束该物质吸收的热量×24OOJ＝12000J，

5g酒精完全燃烧放出的热量Q放＝mq＝0.005kg×3.0×107J/kg＝150000J，

这种装置能量的转化效率η＝×100%＝×100%＝8%。

（4）液体沸腾的过程中如果撤去酒精灯，试管中液体会继续沸腾片刻。其原因是烧杯中的水继续给它加热。

故答案为：（1）晶体；（2）90；（3）2400；8；（4）烧杯中的水继续给它加热。

21

本文来源：https://www.bwwdw.com/article/n9yq.html