【步步高】2014届高三数学大一轮复习 2.4二次函数与幂函数教案 理 新人教A版

§2.4 二次函数与幂函数

2014高考会这样考 1.求二次函数的解析式；2.求二次函数的值域或最值，和一元二次方程、一元二次不等式进行综合应用； 3．利用幂函数的图象、性质解决有关问题．

复习备考要这样做 1.理解二次函数三种解析式的特征及应用；2.分析二次函数要抓住几个关键环节：开口方向、对称轴、顶点，函数的定义域；3.充分应用数形结合思想把握二次函数、幂函数的性质．

1． 二次函数的定义与解析式

(1)二次函数的定义

形如：f(x)＝ax＋bx＋c_(a≠0)的函数叫做二次函数． (2)二次函数解析式的三种形式 ①一般式：f(x)＝ax＋bx＋c_(a≠0)． ②顶点式：f(x)＝a(x－m)＋n(a≠0)． ③零点式：f(x)＝a(x－x1)(x－x2)_(a≠0)． 2． 二次函数的图象和性质

2

2

2

形如y＝xα

(α∈R)的函数称为幂函数，其中x是自变量，α是常数． 4． 幂函数的图象及性质

(1)幂函数的图象比较

(2)幂函数的性质比较

[难点正本 疑点清源]

1． 二次函数的三种形式

(1)已知三个点的坐标时，宜用一般式．

(2)已知二次函数的顶点坐标或与对称轴有关或与最大(小)值有关时，常使用顶点式． (3)已知二次函数与x轴有两个交点，且横坐标已知时，选用零点式求f(x)更方便． 2． 幂函数的图象

(1)在(0,1)上，幂函数中指数越大，函数图象越靠近x轴，在(1，＋∞)上幂函数中指数越大，函数图象越远离x轴．

123－1

(2)函数y＝x，y＝x，y＝x，y＝x，y＝x可做为研究和学习幂函数图象和性质的代

2表．

1． 已知函数f(x)＝x＋2(a－1)x＋2在区间(－∞，3]上是减函数，则实数a的取值范围为

____________． 答案 (－∞，－2]

解析 f(x)的图象的对称轴为x＝1－a且开口向上， ∴1－a≥3，即a≤－2.

2．已知函数y＝x－2x＋3在闭区间[0，m]上有最大值3，最小值2，则m的取值范围为

________． 答案 [1,2]

解析 y＝x－2x＋3的对称轴为x＝1. 当m<1时，y＝f(x)在[0，m]上为减函数． ∴ymax＝f(0)＝3，ymin＝f(m)＝m－2m＋3＝2. ∴m＝1，无解．

当1≤m≤2时，ymin＝f(1)＝1－2×1＋3＝2，

22

2

2

2

ymax＝f(0)＝3.

当m>2时，ymax＝f(m)＝m－2m＋3＝3， ∴m＝0，m＝2，无解．∴1≤m≤2.

3． 若幂函数y＝(m－3m＋3)xm－m－2的图象不经过原点，则实数m的值为________．

答案 1或2

解析 由{m－3m＋3＝1m－m－2≤0 ，解得m＝1或2.

2

2

2

22

经检验m＝1或2都适合． 4． (人教A版教材例题改编

)

1n

如图中曲线是幂函数y＝x在第一象限的图象．已知n取±2，±

2值，则相应于曲线C1，C2，C3，C4的n值依次为____________． 11

答案 2，，－2

22

解析 可以根据函数图象是否过原点判断n的符号，然后根据函数凸凹性确定n的值．

5． 函数f(x)＝x＋mx＋1的图象关于直线x＝1对称的充要条件是 ( )

A．m＝－2 B．m＝2 C．m＝－1 D．m＝1 答案 A

解析 函数f(x)＝x＋mx＋1的图象的对称轴为x且只有一条对称轴，所以－

221，即m＝－

2.

22

mm

题型一 求二次函数的解析式

例1 已知二次函数f(x)满足f(2)＝－1，f(－1)＝－1，且f(x)的最大值是8，试确定此

二次函数．

思维启迪：确定二次函数采用待定系数法，有三种形式，可根据条件灵活运用． 解 方法一 设f(x)＝ax＋bx＋c (a≠0)，

4ac－b

＝8，依题意有 4a＋2b＋c＝－1，a－b＋c＝－1，

4a

2

2

解之，得

{a＝－4，b＝4，c＝7，

∴所求二次函数解析式为f(x)＝－4x＋4x＋7.

方法二 设f(x)＝a(x－m)＋n，a≠0.∵f(2)＝f(－1)， 2＋－111

∴抛物线对称轴为xm222又根据题意函数有最大值为n＝8，

2

2

12

∴y＝f(x)＝a x－＋8.

2

12

∵f(2)＝－1，∴a 2－＋8＝－1，解之，得a＝－4.

2 122

∴f(x)＝－4 x－＋8＝－4x＋4x＋7.

2

方法三 依题意知，f(x)＋1＝0的两根为

x1＝2，x2＝－1，故可设f(x)＋1＝a(x－2)(x＋1)，a≠0.

即f(x)＝ax－ax－2a－1. 又函数有最大值ymax＝8，即

4a－2a－1－a

＝8，

4a

2

2

解之，得a＝－4或a＝0(舍去)． ∴函数解析式为f(x)＝－4x＋4x＋7.

探究提高 二次函数有三种形式的解析式，要根据具体情况选用：如和对称性、最值有 关，可选用顶点式；和二次函数的零点有关，可选用零点式；一般式可作为二次函数的 最终结果．

已知二次函数f(x)同时满足条件：

(1)f(1＋x)＝f(1－x)； (2)f(x)的最大值为15；

(3)f(x)＝0的两根立方和等于17. 求f(x)的解析式．

解 依条件，设f(x)＝a(x－1)＋15 (a<0)， 即f(x)＝ax－2ax＋a＋15.

令f(x)＝0，即ax－2ax＋a＋15＝0， 15

∴x1＋x2＝2，x1x2＝1＋.

2

2

22

a

而x1＋x2＝(x1＋x2)－3x1x2(x1＋x2) 90 153

＝2－3×2× 1＝2

333

a

a

90

17，则a＝－6.

a

∴f(x)＝－6x＋12x＋9. 题型二 二次函数的图象与性质

例2 已知函数f(x)＝x＋2ax＋3，x∈[－4,6]．

(1)当a＝－2时，求f(x)的最值；

(2)求实数a的取值范围，使y＝f(x)在区间[－4,6]上是单调函数； (3)当a＝1时，求f(|x|)的单调区间．

思维启迪：对于(1)和(2)可根据对称轴与区间的关系直接求解，对于(3)，应先将函数化为分段函数，再求单调区间，注意函数定义域的限制作用．

解 (1)当a＝－2时，f(x)＝x－4x＋3＝(x－2)－1，由于x∈[－4,6]， ∴f(x)在[－4,2]上单调递减，在[2,6]上单调递增，

2

2

2

2

∴f(x)的最小值是f(2)＝－1，又f(－4)＝35，f(6)＝15，故f(x)的最大值是35. (2)由于函数f(x)的图象开口向上，对称轴是x＝－a，所以要使f(x)在[－4,6]上是单调函

数，应有－a≤－4或－a≥6，即a≤－6或a≥4. (3)当a＝1时，f(x)＝x＋2x＋3，

∴f(|x|)＝x＋2|x|＋3，此时定义域为x∈[－6,6]，

且f(x)＝{x＋2x＋3，x∈0，6]x－2x＋3，x∈[－6，0] ，

2

2

2

2

∴f(|x|)的单调递增区间是(0,6]， 单调递减区间是[－6,0]．

探究提高 (1)二次函数在闭区间上的最值主要有三种类型：轴定区间定、轴动区间定、 轴定区间动，不论哪种类型，解决的关键是考查对称轴与区间的关系，当含有参数时， 要依据对称轴与区间的关系进行分类讨论；(2)二次函数的单调性问题则主要依据二次函数图象的对称轴进行分析讨论求解．

若函数f(x)＝2x＋mx－1在区间[－1，＋∞)上递增，则f(－1)的取值范

围是

____________． 答案 (－∞，－3]

解析 ∵抛物线开口向上，对称轴为x＝－

41，∴m≥4.

4

又f(－1)＝1－m≤－3，∴f(－1)∈(－∞，－3]． 题型三 二次函数的综合应用

例3 (2012·淮安模拟)若二次函数f(x)＝ax＋bx＋c (a≠0)满足f(x＋1)－f(x)＝2x，

且f(0)＝1.(1)求f(x)的解析式；

(2)若在区间[－1,1]上，不等式f(x)>2x＋m恒成立，求实数m的取值范围． 思维启迪：对于(1)，由f(0)＝1可得c，利用f(x＋1)－f(x)＝2x恒成立，可求出a，

2

2

m

m

b，进而确定f(x)的解析式．对于(2)，可利用函数思想求得．

解 (1)由f(0)＝1得，c＝1.∴f(x)＝ax＋bx＋1. 又f(x＋1)－f(x)＝2x，

∴a(x＋1)＋b(x＋1)＋1－(ax＋bx＋1)＝2x，

即2ax＋a＋b＝2x，∴{2a＝2，a＋b＝0， ∴{a＝1b＝－1. 因此，f(x)＝x－x＋1.

(2)f(x)>2x＋m等价于x－x＋1>2x＋m，即x－3x＋1－m>0，要使此不等式在[－1,1]

2

2

2

2

2

2

上恒成立，只需使函数g(x)＝x－3x＋1－m在[－1,1]上的最小值大于0即可． ∵g(x)＝x－3x＋1－m在[－1,1]上单调递减， ∴g(x)min＝g(1)＝－m－1，由－m－1>0得，m<－1. 因此满足条件的实数m的取值范围是(－∞，－1)．

探究提高 二次函数、二次方程与二次不等式统称“三个二次”，它们常结合在一起， 而二次函数又是“三个二次”的核心，通过二次函数的图象贯穿为一体．因此，有关二 次函数的问题，数形结合，密切联系图象是探求解题思路的有效方法．用函数思想研究 方程、不等式(尤其是恒成立)问题是高考命题的热点．

(2012·苏州模拟)已知函数f(x)＝x＋mx＋n的图象过点(1,3)，且f(－1

＋x)＝

2

2

2

f(－1－x)对任意实数都成立，函数y＝g(x)与y＝f(x)的图象关于原点对称．

(1)求f(x)与g(x)的解析式；

(2)若F(x)＝g(x)－λf(x)在(－1,1]上是增函数，求实数λ的取值范围． 解 (1)∵f(x)＝x＋mx＋n，

∴f(－1＋x)＝(－1＋x)＋m(－1＋x)＋n ＝x－2x＋1＋mx＋n－m ＝x＋(m－2)x＋n－m＋1，

22

2

2

f(－1－x)＝(－1－x)2＋m(－1－x)＋n

＝x＋2x＋1－mx－m＋n ＝x＋(2－m)x＋n－m＋1.

又f(－1＋x)＝f(－1－x)，∴m－2＝2－m，即m＝2. 又f(x)的图象过点(1,3)， ∴3＝1＋m＋n，即m＋n＝2， ∴n＝0，∴f(x)＝x＋2x，

又y＝g(x)与y＝f(x)的图象关于原点对称， ∴－g(x)＝(－x)＋2×(－x)， ∴g(x)＝－x＋2x.

(2)∵F(x)＝g(x)－λf(x)＝－(1＋λ)x＋(2－2λ)x， 当λ＋1≠0时，F(x)的对称轴为x＝又∵F(x)在(－1,1]上是增函数．

1－λ

≤－1∴ 1＋λ<01＋λ

2

2

2

2

222

2－2λ1－λ

，

21＋λλ＋1

1－λ

≥1或 1＋λ>01＋λ

.

∴λ<－1或－1<λ≤0.

当λ＋1＝0，即λ＝－1时，F(x)＝4x显然在(－1,1]上是增函数． 综上所述，λ的取值范围为(－∞，0]． 题型四 幂函数的图象和性质

例4 已知幂函数f(x)＝xm－2m－3 (m∈N)的图象关于y轴对称，且在(0，＋∞)上是减函

数，求满足(a＋1)－－2a)a的取值范围．

33

思维启迪：由幂函数的性质可得到幂指数m－2m－3<0，再结合m是整数，及幂函数是偶函数可得m的值．

解 ∵函数在(0，＋∞)上递减， ∴m－2m－3<0，解得－1<m<3. ∵m∈N，∴m＝1,2.

又函数的图象关于y轴对称，∴m－2m－3是偶数， 而2－2×2－3＝－3为奇数，1－2×1－3＝－4为偶数， 1

∴m＝1.而f(x)＝x－在(－∞，0)，(0，＋∞)上均为减函数，

3

11

∴(a＋1)－－2a)a＋1>3－2a>0或0>a＋1>3－2a或a＋1<0<3－2a.

3323

解得a<－1a<.

32

23

故a的取值范围为 a|a<－1a< .

32

2

22

*2

2

2

*

mm

探究提高 (1)幂函数解析式一定要设为y＝x (α为常数的形式)；(2)可以借助幂函数的

图象理解函数的对称性、单调性．

(2012·聊城模拟)已知幂函数f(x)＝x(m＋m)(m∈N)

(1)试确定该函数的定义域，并指明该函数在其定义域上的单调性；

(2)若该函数还经过点(22)，试确定m的值，并求满足条件f(2－a)>f(a－1)的实数

2

－1

*

α

a

的取值范围．

解 (1)m＋m＝m(m＋1)，m∈N，

而m与m＋1中必有一个为偶数，∴m(m＋1)为偶数．

∴函数f(x)＝x(m＋m)(m∈N)的定义域为[0，＋∞)，并且在定义域上为增函数． (2)∵函数f(x)经过点(2，2)，

2

－1

*

2

*

12－12－1

∴2＝2(m＋m)，即2＝2(m＋m).

2∴m＋m＝2.解得m＝1或m＝－2. 又∵m∈N，∴m＝1.

由f(2－a)>f(a－1)得{2－a≥0，a－1≥02－a>a－1. 3

解得1≤a<2

3

∴a的取值范围为[1)．

2

2.分类讨论思想在二次函数中的应用 典例：(14分)设a为实数，函数f(x)＝2x＋(x－a)|x－a|. (1)若f(0)≥1，求a的取值范围； (2)求f(x)的最小值；

(3)设函数h(x)＝f(x)，x∈(a，＋∞)，直接写出(不需给出演算步骤)不等式h(x)≥1的解集．

审题视角 (1)求a的取值范围，是寻求关于a的不等式，解不等式即可；(2)求f(x)的最

小值，由于f(x)可化为分段函数，分段函数的最值分段求，然后综合在一起；(3)对a讨

论时，要找到恰当的分类标准． 规范解答

解 (1)因为f(0)＝－a|－a|≥1，所以－a>0， 即a<0，由a≥1知a≤－1，

因此，a的取值范围为(－∞，－1]．[3分] (2)记f(x)的最小值为g(a)，则有

2

2

*

2

f(x)＝2x2＋(x－a)|x－a|

a 22a2

＝ 3 x－ ＋，x>a ①3 3

2

x＋a2

－2a，x≤a ②

2

[5分]

(ⅰ)当a≥0时，f(－a)＝－2a，

由①②知f(x)≥－2a，此时g(a)＝－2a.[7分]

2

2

a 22

(ⅱ)当a<0时，f ＝a，

3 3

22

若x>a，则由①知f(x)≥.

3

22222

若x≤a，由②知f(x)≥2a>a.此时g(a)＝a，

33

2a2

综上，得g(a)＝ －2a，aa<0

3

2

.[10分]

(3)(ⅰ)当a∈

6 2

∪ ，＋∞ 时，解集为(a，＋∞)； 2 2

22 a3－2a

(ⅱ)当a∈ ，时，解集为 ，＋∞ ；

2 3 2 (ⅲ)当a∈

62

时，解集为 22

a－3－2a a3－2a

a，∪ .[14分]

33

温馨提醒 分类讨论的思想是高考重点考查的数学思想方法之一．本题充分体现了分类讨论

的思想方法．

在解答本题时有两点容易造成失分：

一是求实数a的值时，讨论的过程中没注意a自身的取值范围，易出错；二是求函数最

值时，分类讨论的结果不能写在一起，不能得出最后的结论． 除此外，解决函数问题时，以下几点容易造成失分： 1．含绝对值的问题，去绝对值符号，易出现计算错误；

2．分段函数求最值时要分段求，最后写在一起时，没有比较大小或不会比较大小； 3．解一元二次不等式时，不能与一元二次函数、一元二次方程联系在一起，思路受阻.

方法与技巧

1． 二次函数、二次方程、二次不等式间相互转化的一般规律

(1)在研究一元二次方程根的分布问题时，常借助于二次函数的图象数形结合来解，一般从①开口方向；②对称轴位置；③判别式；④端点函数值符号四个方面分析． (2)在研究一元二次不等式的有关问题时，一般需借助于二次函数的图象、性质求解． 2． 与二次函数有关的不等式恒成立问题

(1)ax＋bx＋c>0，a≠0恒成立的充要条件是{a>0b－4ac<0 .

2

2

(2)ax＋bx＋c<0，a≠0恒成立的充要条件是{a<0b－4ac<0 .

2

2

3． 幂函数y＝x(α∈R)，其中α为常数，其本质特征是以幂的底x为自变量，指数α

为常数． 失误与防范

1． 对于函数y＝ax＋bx＋c，要认为它是二次函数，就必须满足a≠0，当题目条件中未说

明a≠0时，就要讨论a＝0和a≠0两种情况．

2

α

2． 幂函数的图象一定会出现在第一象限内，一定不会出现在第四象限，至于是否出现在第

二、三象限内，要看函数的奇偶性；幂函数的图象最多只能同时出现在两个象限内；如 果幂函数图象与坐标轴相交，则交点一定是原点．

(时间：60分钟) A组 专项基础训练

一、选择题(每小题5分，共20分)

1． (2011·浙江)设函数f(x)＝{－x， x≤0，x， x>0， 若f(α)＝4，则实数α等

2

于

( )

A．－4或－2 B．－4或2 C．－2或4 D．－2或2 答案 B

解析 当α≤0时，f(α)＝－α＝4，得α＝－4； 当α>0时，f(α)＝α＝4，得α＝2.∴α＝－4或α＝2.

2． 已知函数f(x)＝x－2x＋2的定义域和值域均为[1，b]，则b等于 ( )

A．3 B．2或3 C．2 D．1或2 答案 C

解析 函数f(x)＝x－2x＋2在[1，b]上递增， 由已知条件{f2. 3． 设(

)

1＝1，fb＝b，b>1， 即{b－3b＋2＝0，b>1. 解得b＝

2

22

2

abc>0，二次函数f(x)＝ax2＋bx＋c

的图象可能是

答案 D

解析 由A，C，D知，f(0)＝c<0. ∵abc>0，∴ab<0，∴对称轴x＝－>0，

2a知A，C错误，D符合要求．

b

由B知f(0)＝c>0，∴ab>0，∴x＝－<0，B错误．

2a

4． 设二次函数f(x)＝ax－2ax＋c在区间[0,1]上单调递减，且f(m)≤f(0)，则实数m的

取值范围是 ( )

A．(－∞，0] B．[2，＋∞) C．(－∞，0]∪[2，＋∞) D．[0,2] 答案 D

解析 二次函数f(x)＝ax－2ax＋c在区间[0,1]上单调递减，则a≠0，f′(x)＝2a(x－1)<0，

2

2

b

x∈[0,1]，

所以a>0，即函数图象的开口向上，对称轴Δ是直线x＝1. 所以f(0)＝f(2)，则当f(m)≤f(0)时，有0≤m≤2. 二、填空题(每小题5分，共15分)

5． 二次函数的图象过点(0,1)，对称轴为x＝2，最小值为－1，则它的解析式为____________．

12

答案 y＝(x－2)－1

2

6． 已知函数f(x)＝x＋2(a－1)x＋2在区间(－∞，3]上是减函数，则实数a的取值范围为

____________． 答案 (－∞，－2]

解析 f(x)的图象的对称轴为x＝1－a且开口向上， ∴1－a≥3，即a≤－2.

1α

7． 当α∈ －1，1，3 时，幂函数y＝x的图象不可能经过第________象限．

2

2

答案 二、四

1αα

解析 当α＝－1、1、3时，y＝x的图象经过第一、三象限；当α＝时，y＝x的

2图象

经过第一象限． 三、解答题(共25分)

8． (12分)已知二次函数f(x)的二次项系数为a，且f(x)>－2x的解集为{x|1<x<3}，方程

f(x)

＋6a＝0有两相等实根，求f(x)的解析式．

解 设f(x)＋2x＝a(x－1)(x－3) (a<0)， 则f(x)＝ax－4ax＋3a－2x，

2

f(x)＋6a＝ax2－(4a＋2)x＋9a，

Δ＝[－(4a＋2)]－36a＝0,16a＋16a＋4－36a＝0， 20a－16a－4＝0,5a－4a－1＝0，(5a＋1)(a－1)＝0， 1

解得a＝－a＝1(舍去)．

5

1

因此f(x)的解析式为f(x)(x－1)(x－3)．

5

9． (13分)(2012·玉林调研)是否存在实数a，使函数f(x)＝x－2ax＋a的定义域为[－1,1]时，

值域为[－2,2]？若存在，求a的值；若不存在，说明理由． 解 f(x)＝(x－a)＋a－a.

当a<－1时，f(x)在[－1,1]上为增函数， ∴{f－1＝1＋3a＝－2，f1＝1－a＝2 a＝－1(舍去)；

2

2

2

2

22

2

2

2

当－1≤a≤0时，{f当0<a≤1时，{fa＝a－a2＝－2，f1＝1－a＝2 a＝－1；

a＝a－a2＝－2，f－1＝1＋3a＝2 a不存在；

当a>1时，f(x)在[－1,1]上为减函数， ∴{f－1＝1＋3a＝2，f1＝1－a＝－2 a不存在．

综上可得a＝－1.

B组 专项能力提升

一、选择题(每小题5分，共15分)

1． (2012·合肥调研)已知幂函数f(x)＝x的图象经过点 2α

2

，则f(4)的值等于 2

( )

1

A．16 B.

161

C．2 D.

2答案 D 解析 将点 21

故f(4)＝.

2

2． (2012·温州十校联考)已知函数f(x)＝2mx－2(4－m)x＋1，g(x)＝mx，若对于任一实

2

212 α

代入得：2＝2α＝－2， 2

数x，

f(x)与g(x)的值至少有一个为正数，则实数m的取值范围是

( )

A．(0,2) B．(0,8) C．(2,8) D．(－∞，0) 答案 B

4－m

解析 当m≤0时，显然不合题意；当m>0时，f(0)＝1>0，①若对称轴即0<m≤4，

2m结论显然成立；

4－m2

②若对称轴，即m>4，只要Δ＝4(4－m)－8m＝4(m－8)(m－2)<0即可，即4<m<8，

2m综上，0<m<8，选B.

3． 已知二次函数y＝x－2ax＋1在区间(2,3)内是单调函数，则实数a的取值范围是

( )

A．a≤2或a≥3 B．2≤a≤3 C．a≤－3或a≥－2 D．－3≤a≤－2 答案 A

解析 由函数图象知，(2,3)在对称轴x＝a的左侧或右侧，∴a≥3或a≤2. 二、填空题(每小题4分，共12分)

2

3 且方程f(x)＝0的两个实根之差等于7，

4． 已知二次函数y＝f(x)的顶点坐标为 －49 ，

2

则此二次函数的解析式是______________． 答案 f(x)＝－4x－12x＋40

32 32

解析 设二次函数的解析式为f(x)＝a x＋＋49 (a≠0)，方程a(x＋＋49＝0的

2 2 两个

根分别为x1，x2， 则|x1－x2|＝2

49

－7，

2

a

∴a＝－4，故f(x)＝－4x－12x＋40.

5． 若方程x－11x＋30＋a＝0的两根均大于5，则实数a的取值范围是________．

1

答案 0<a

4

解析 令y＝x－11x＋30＋a，结合图象有

2

2

2

1

∴0<a≤.

4

6． 已知f(x)＝ax＋bx＋3a＋b是偶函数，且其定义域为[a－1,2a]，则y＝f(x)的值域为

2

____________．

答案 31 1，27

解析 ∵f(x)＝ax2

＋bx＋3a＋b是偶函数，

∴其定义域[a－1,2a]关于原点对称，即a－1＝－2a， ∴a13f(x)＝ax2

＋bx＋3a＋b是偶函数，

即f(－x)＝f(x)，∴b＝0，

∴f(x)＝12 22 3x＋1，x∈ －313，3 ，其值域为 127 . 三、解答题(13分)

7． 已知函数f(x)＝－x2＋2ax＋1－a在x∈[0,1]时有最大值2，求a的值．

解 f(x)＝－(x－a)2

＋a2

－a＋1， 当a≥1时，ymax＝a； 当0<a<1时，y2max＝a－a＋1； 当a≤0时，ymax＝1－a.

根据已知条件：{a≥1，a＝2 或{0<a<1，a2

－a＋1＝2 或{a≤01－a＝2，解得a＝2或a＝－1.

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