高等数学复旦大学出版社习题答案三
更新时间:2024-01-02 01:25:01 阅读量: 教育文库 文档下载
习题三
1. 验证:函数f(x)?lnsinx在[,π5π]上满足罗尔定理的条件,并求出相应的?,使66f?(?)?0.
π5ππ5ππ5π]上连续,在(,)上可导,且f()?f()??ln2,666666π5ππ5π即在[,]上满足罗尔定理的条件,由罗尔定理,至少存在一点??(,),使f?(?)?0.
6666cosxππ5ππ
?cotx?0得x??(,),故取??,可使f?(?)?0. 事实上,由f?(x)?sinx2662
证:f(x)?lnsinx在区间[,2. 下列函数在指定区间上是否满足罗尔定理的三个条件?有没有满足定理结论中的??
?x2, 0?x?1,⑴ f(x)?? [0,1] ;
?0, x?1, ⑵ f(x)?x?1, [0,2] ;
?sinx, 0?x?π,⑶ f(x)?? [0,π] .
1, x?0, ?解:⑴ f(x)在[0,1]上不连续,不满足罗尔定理的条件.而f?(x)?2x(0?x?1),即在(0,1)内不存在?,使f?(?)?0.罗尔定理的结论不成立.
⑵ f(x)???x?1, 1?x?2,
?1?x, 0?x?1. f?(1)不存在,即f(x)在区间(0,2) 内不可导,不满足罗尔定理的条件.
?1, 1?x?2, 而f?(x)??
?1, 0?x?1.? 即在(0,2)内不存在?,使f?(?)?0.罗尔定理的结论不成立.
⑶ 因f(0)?1?f(π)=0,且f(x)在区间[0,π] 上不连续,不满足罗尔定理的条件. 而f?(x)?cosx(0?x?π),取??
π
,使f?(?)?0.有满足罗尔定理结论的2
??
π. 2
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故罗尔定理的三个条件是使结论成立的充分而非必要条件.
3. 函数f(x)?(x?2)(x?1)x(x?1)(x?2)的导函数有几个零点?各位于哪个区间内?
解:因为f(2)?f(1)?f(0)?f(?1)?f(?2)?0,则分别在[-2,-1],[-1,0],
[0,1],[1,2]上应用罗尔定理,有?1?(?2,?1),?2?(?1,0),?3?(0,1),?4?(1,2),使得f?(?1)?f?(?2)?f?(?3)?f?(?4)?0.因此,f?(x)至少有4个零点,且分别位于(?2,?1),(?1,0),(0,1),(1,2)内.
4. 验证:拉格朗日定理对函数f(x)?x3?2x在区间[0,1]上的正确性.
验证:因为f(x)在[0,1]上连续,在(0,1)内可导,满足拉格朗日定理的条件. 由f(1)?f(0)?f?(?)(1?0)得3?2?2?2 解得??11,即存在??使得拉格朗日定理的结论成立. 335. 如果f?(x)在[a,b]上连续,在(a,b)内可导且f?(a)?0,f??(x)?0,证明:f(b)?f(a).
证明:因为f?(x)在[a, b]上连续,在(a,b)内可导,故在[a,x]上应用拉格朗日定理,则???(a,x),(a?x?b),使得f??(?)?于是f?(x)?f?(a)?0,故有f(b)?f(a)
6. 设f(a)?f(c)?f(b),且a?c?b,f??(x)在[a,b]内存在,证明:在(a,b)内至少有一点?,使f??(?)?0.
证明:f??(x)在[a,b]内存在,故f(x)在[a,b]上连续,在(a,b)内可导,且
f?(x)?f?(a)?0,
x?af(a)?f(c)?f(b),故由罗尔定理知,??1?(a,c),使得f?(?1)?0,??2?(c,b),
使得f?(?2)?0,又f?(x)在[?1,?2]上连续,在(?1,?2)内可导,由罗尔定理知,
???(?1,?2),使f??(?)?0,即在(a,b)内至少有一点?,使f??(?)?0.
7. 已知函数f(x)在[a,b]上连续,在(a,b)内可导,且f(a)?f(b)?0,试证:在(a,b)内至少有一点?,使得
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f(?)?f?(?)?0, ??(a,b).
证明:令F(x)?f(x)?ex,F(x)在[a,b]上连续,在(a,b)内可导,且F(a)?F(b)?0,由罗尔定理知,???(a,b),使得F?(?)?,即f?(?)?e?f?(?)0?e,即
f(?)?f?(?)?0, ??(a,b).
8. 证明恒等式:
2x?π (x?1). 21?x2x证明:令f(x)?2arctanx?arcsin,
1?x22arctanx?arcsin12(1?x2)?2x?2x?(1?x2)22x21?() 1?x222 ???0221?x1?x2f?(x)??21?x故f(x)?C,又因f(1)?π,所以f(x)?π,即2arctanx?arcsin9. 对函数f(x)?sinx及g(x)?x?cosx在[0,验证:f(x),g(x)在[0,足柯西定理的条件.
2x?π. 1?x2?2]上验证柯西定理的正确性.
?]上连续,在(0,)内可导,且g?(x)?1?sinx?0,满22?πf()?f(0)?2co?sπ?f(?)2??cot(?, )由 ,得 ?π?π?21?si?n42g()?g(0)g(?)2ππ?2π?(0,)满足柯西定理的结论. 故???2arctan222b)内有n阶导数,且10. 设f(x)在[a,b]上有(n?1)阶连续导数,在(a,f(b)?f(a)?f?(a)???f(n?1)(a)?0.试证:在(a,b)内至少存在一点?,使f(n)(?)?0.
证明:首先,对f(x)在[a,b]上应用罗尔定理,有a1?(a,b),即a?a1?b,使得其次,对f?(x)在[a,b]上应用罗尔定理,有a2?(a1,b),即a?a1?a2?b, f?(a1)?0;
使得f??(a2)?0;? 一,般地,设在(a,b)内已找到n?1个点a1,a2,?,an?1,其中
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a?a1?a2???an?1?b,使得f(n?1)(an?1)?0,则对f(n?1)(x)?0在[an?1,b]上应用
罗尔定理有??(an?1,b)?(a,b),使得f(n)(?)?0. 11. 利用洛必达法则求下列极限:
⑴ limsin3xx?πtan5x; ⑵ limlnsinxx?π2(??2x)3;
⑶ limex?x?1x?0x(ex?1); ⑷ limsinx?sinax?ax?a; xm?amln(1?1⑸ limx)x?axn?an; ⑹ xlim???arccotx; ⑺ lnxxlim?0?cotx; ⑻ xlim?0?sinxlnx; ⑼ lim(ex1x?0x?e?1); ⑽ lim1xxx?0?(lnx); ⑾ xlim???(21π?arctanx)x; ⑿ lim(1x?0?sinx)x;
⒀ xlim[ln?0?x?ln(1?x)]; ⒁ xlim???(3x3?x2?x?1?x); 1⒂ limex?esinxx?0x?sinx; ⒃ lim(sinxx2x?0x);
⒄ lim[111(1?x)x]x.
x?0e解:⑴ 原式=lim3cos3xx?π5sec25x??35.
⑵ 原式=?1cotx1?csc24lim??limx??1. x?π2π-2x4x?π2?28⑶ 原式=limex?1exx?0ex?1?xex?limx?02ex?xex?lim1x?02?x?12.
⑷ 原式=limcosxx?a1?cosa.
⑸ 原式=limmxm?1x?anxn?1?mnam?n. 69
x⑹ 原式=xlim1?x?(?1x2)????lim1?x2?1.
?1x???x?x21?x21⑺ 原式=xlimx?0??csc2x??sin2xxlim?0?x?0. 1⑻ 原式=lnxxxlim?0?cscx?xlim?0??cscx?cotx?0. ⑼ 原式?e2x?ex?xe2x?ex?x2e2xxlim?0x(ex?1)=limx?0x2=lim?ex?1x?02x4e2x =lim?exx?02?32. ⑽ 原式=lim(1?lnx)xx?0? 令y?(1?lnx)x
1ln(1?lnx)1??(?1)xlim?0?lny?limlnxxx?0?1?limx??0 x?1x2 ?xlimx?0?1?lnx?1xlim?0??0?1x ∴原式=limy?e0x?0??1. ⑾ 令y?(2?arctanx)xπ,则
ln2π?lnarxctan11arctxa?n2 xl???imyl?nx???lim1??x1x???li1mx?x2
??1x2 2xlim???arctanx?1?x2??π2 ∴原式=e?π.
1⑿ 令y?(1?sinx)x,则
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cosxlimlny?limln(1?sinx)x?lim1?sinxx?0x?0x?01?1 ∴原式=e?=e.
1⒀ 原式?lnxxxlim(ln?0?x?x)?xlim?0?1=xlim?0?1=lim(x?0??x)?0 x?x231?1?11⒁ 原式?xlimxx2?x3?1???1
x =1111?2?2?3?421xlim???3(1?x?x2?x3)3?(x?2x?3x)?x=3⒂ 原式?limesinx(ex?sinx?1)esinx?(x?sinx)0x?0x?sinx=limx?0x?sinx=e=1 sinx1⒃ 令y?(x2x),则
11limlnlnsinx?lnxsinxcosx?xx?0y?limx?0x2?limx?02x ?limxcosx?sinxxcosx?sinxx?02x2sinx?limx?02x3 ?limcosx?xsinx?cosx?x21x?06x2?limx?06x2??6.∴原式=e?16.
⒄ 令y?[11111e(1?x)x]x,则lny?x[ln(1?x)x?1]
1limlnln(1??1x?0y?limx)?xx?0x2?lim1?xx?02x
??1112limx?01?x??2.12. 求下列极限问题中,能使用洛必达法则的有( ).
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1x; ⑵ lim(1?k)x; ⑴ limx???x?0sinxxx2sinx?sinxex?e?x. ⑶ lim; ⑷ limxx??x?sinxx???e?e?x1112xsin?cosx?limxx不存在,(因sin1,cos1为有界函数)解:⑴ ∵lim
x2sinx?0sinxx?0cosxxxx2sin1 又limx?limxsin1x?0sinxx?0x?0, 故不能使用洛必达法则.
⑶ ∵limx?sinxx??x?sinx?lim1?cosxx??1?cosx不存在,
sin 而limx?sinx1?xx??x?sinx?limxx???1. 1?sinxx 故不能使用洛必达法则.
⑷ ∵ex?e?xex?e?xex?e?xxlim???ex?e?x?xlim???ex?e?x?xlim???ex?e?x 利用洛必达法则无法求得其极限.
而ex?e?x1xlim???ex?e?x?xlim?e?2x???1?e?2x?1. 故答案选(2).
13. 设limx2?mx?nx?1x?1?5,求常数m, n的值. 解:要使limx2?mx?nx?1x?1?5成立,则lim(x?1x2?mx?n)?0,即1?m?n?0又limx2?mx?nx?1x?1?lim2x?mx?11?2?m?5 得m?3,n??4 14. 设f(x)二阶可导,求limf(x?h)?2f(x)?f(x?h)h?0h2.
解:
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limf(x?h)?2f(x)?f(x?h)f?(x?h)?f?(x?h)?limh?0h?0h22h1f?(x?h)?f?(x)f?(x?h)?f?(x) ?lim[?]h?02h?h1f?(x?h)?f?(x)f?(x?h)?f?(x) ?[lim?lim]
h?02h?0h?h1 ?[f??(x)?f??(x)]2 ?f??(x).15. 确定下列函数的单调区间: (1) y?2x3?6x2?18x?7;
解:所给函数在定义域(??,??)内连续、可导,且
y??6x2?12x?18?6(x?1)(x?3)
可得函数的两个驻点:x1??1,x2?3,在(??,?1),(?1,3),(3,??)内,y?分别取+,–,+号,故知函数在(??,?1],[3,??)内单调增加,在[?1,3]内单调减少. (2) y?2x?8 (x?0); x8,则函数2x解: 函数有一个间断点x?0在定义域外,在定义域内处处可导,且y??2?有驻点x?2,在部分区间(0,2]内,y??0;在[2,??)内y?>0,故知函数在[2,??)内单调增加,而在(0,2]内单调减少. (3) y?ln(x?1?x2); 解: 函数定义域为(??,??),y??11?x2?0,故函数在(??,??)上单调增加.
(4) y?(x?1)(x?1);
2解: 函数定义域为(??,??),y??2(x?1)(2x?1),则函数有驻点: x??1,x?31,在211(??,]内, y??0,函数单调减少;在[,??)内, y??0,函数单调增加.
22(5) y?xe (n?0,x?0); 解: 函数定义域为[0,??),y??nxn?1?xn?xe?xne?x?e?xxn?1(n?x)
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函数的驻点为x?0,x?n,在[0,n]上y??0,函数单调增加;在[n,??]上y??0,函数单调减少.
(6) y?x?sin2x; 解: 函数定义域为(??,??),
?x?sin2x, x?[nπ,nπ?πy???], n?Z,?2
?x?sin2x, x?[nπ?π??2,nπ], n?Z.1) 当x?[nπ,nπ?π2]时, y??1?2cos2x,则 y??0?cos2x??12?x?[nπ,nπ?π3];
y??0?cos2x??πππ2?x?[nπ?3,nπ?2].
2) 当x?[nπ?π2,nπ]时, y??1?2cos2x,则
y??0?cos2x?1ππ2?x?[nπ?2,nπ?6]
y??0?cos2x?1π2?x?[nπ?6,nπ].
综上所述,函数单调增加区间为[kπkπ2,2?π3] (k?z), 函数单调减少区间为[kππkπ2?3,2?π2] (k?z). (7) y?(x?2)5(2x?1)4. 解: 函数定义域为(??,??).
y??5(x?2)4(2x?1)4?4(x?2)5(2x?1)3?2?(2x?1)3(18x?11)(x?2)4
函数驻点为x11??2,x112?18,x3?2, 在(??,?12]内, y??0,函数单调增加,
在[?12,1118]上, y??0,函数单调减少,
在[1118,2]上, y??0,函数单调增加, 在[2,??)内, y??0,函数单调增加.
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故函数的单调区间为: (??,?],[?16. 证明下列不等式: (1) 当0?x?1211111,],[,??). 21818π时, sinx?tanx?2x; 2(1?cosx)(cos2x?cosx?1)证明: 令f(x)?sinx?tanx?2x,则f?(x)?, 2cosxπ时, f?(x)?0,f(x)为严格单调增加的函数,故f(x)?f(0)?0, 2即sin2x?tanx?2x.
当0?x?x2. (2) 当0?x?1时, e?sinx?1?2?xx2证明: 令f(x)=e?sinx?1?,则f?(x)=?e?x?cosx?x,
2?xf??(x)=e?x?sinx?1?e?x?(sinx?1)?0,则f?(x)为严格单调减少的函数,故
f?(x)?f?(0)?0,即f(x)为严格单调减少的函数,从而f(x)?f(0?),即0x2e?sinx?1?.
2?x17. ⑴ 证明:不等式
x?ln(1?x)?x (x?0) 1?x证明:令f(x)?ln(1?x)在[0,x]上应用拉格朗日定理,则???(0,x),使得 f(x)?f(0)?f?(?)(x?0)
即ln(1?x)?xxx??x ,因为0???x,则
1??1?x1??即
x?ln(1?x)?x (x?0) 1?x⑵ 设a?b?0,n?1.证明: nbn?1(a?b)?an?bn?nan?1(a?b).
n证明:令f(x)?x,在[b,a]上应用拉格朗日定理,则???(b,a).使得 a?b?n?nnn?1(a?b), ??(b,a)
n?1n?1n?1因为b???a,则nb(a?b)?n?(a?b)?na(a?b),
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即nbn?1(a?b)?an?bn?nan?1(a?b). ⑶ 设a?b?0证明:
a?ba?ab?ln? .abb证明:令f(x)?lnx在[b,a]上应用拉格朗日定理,则???(b,a).使得
lna?lnb?1?(a?b)
因为b???a,所以
111a?b1a?b, ??, ?(a?b)?a?ba?ba?baa?b?ln?. abb⑷ 设x?0证明:
1?x . 1?x?12即
证明:令f(x)?1?x,x?[0,x],应用拉格朗日定理,有
f(x)?f(0)?f?(?)(x?0), ??(0,x) f(x)?f?(?)?x?f(0)?1x?1?x. 218. 试证:方程sinx?x只有一个实根.
即1?xx?1?1?
221??cosx1??0,证明:设f(x)?sinx?x,则f(x)?f(x)为严格单调减少的函数,因此f(x)至多只有一个实根.而f(0)?0,即x?0为f(x)的一个实根,故f(x)只有一个实根x?0,也就是sinx?x只有一个实根.
19. 求下列函数的极值: (1) y?x?2x?3;
解: y??2x?2,令y??0,得驻点x?1.
又因y???2?0,故x?1为极小值点,且极小值为y(1)?2. (2) y?2x?3x;
解: y??6x?6x,令y??0,得驻点x1?0,x2?1,
2322 76
y???12x?6,y??x?0?0,y??x?1?0,
故极大值为y(0)?0,极小值为y(1)??1. (3) y?2x3?6x2?18x?7;
解: y??6x2?12x?18?6(x?3)(x?1), 令y??0,得驻点x1??1,x2?3.
y???12x?12,y??x??1?0,y??x?3?0,
故极大值为y(?1)?17,极小值为y(3)??47. (4) y?x?ln(1?x); 解: y??1?1?0,令y??0,得驻点x?0. 1?xy???1,y??x?0?0,故y(0)?0为极大值. 2(1?x)(5) y??x4?2x2;
解: y???4x?4x?4x(1?x), 令y??0,得驻点x1??1,x2?0,x3?1.
32y????12x2?4, y??x??1?0,y??x?0?0,
故y(?1)?1为极大值,y(0)?0为极小值. (6) y?x?1?x; 解: y??1?31,令y??0,得驻点x1?,且在定义域(??,1]内有一不可导点x2?1,
421?x33335时, y??0;当x?时, y??0,故x1?为极大值点,且极大值为y()?. 44444因为函数定义域为x?1,故x?1不是极值点.
当x?(7) y?1?3x4?5x2;
解: y??12?5x(4?5x2)3,令y??0,得驻点x?12. 577
当x?125时, y??0;当x?125,y??0,故极大值为y(1215)?10205. (8) y?3x2?4x?4x2?x?1;
解: y?3?x?1?xx2?x?1,y??(x?2)(x2?x?1)2, 令y??0,得驻点x1??2,x2?0.
???(?2x?2)(x2?x?1)?2(2x?1)(x2y?2x)(x2?x?1)3 y??x??2?0,y??x?0?0,
故极大值为y(0)?4,极小值为y(?2)?83. (9) y?excosx; 解: y??ex(cosx?sinx), 令y??0,得驻点xk?kπ?π4 (k?0,?1,?2,?). y????2exsinx,y??x?2kπ?π?0,y??4x?(2k?1)π?π?0,
4故xπ22kπ?π2k?2kπ?4 为极大值点,其对应的极大值为y(x2k)?2e4; xπ?π2(2k?1)π?π2k?1?(2k?1)44 为极小值点,对应的极小值为y(x2k?1)??2e.
1(10) y?xx;
11解: y??xx(1xlnx)??xx1?lnxx2,
令y??0,得驻点x?e.
当x?e时, y??0,当x?e时, y??0, 1故极大值为y(e)?ee. (11) y?2ex?e?x;
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解: y??2ex?e?x,令y??0,得驻点x??ln2. 2y???2ex?e?x,y??x??ln2?0,
2故极小值为y(?ln2)?22. 223(12) y?2?(x?1); 解: y???21,无驻点. y的定义域为(??,??),且y在x=1处不可导,当x>1时y??0,
33x?1当x<1时, y??0,故有极大值为y(1)?2. (13) y?3?2(x?1); 解: y???1321.无驻点.y在x??1处不可导,但y?恒小于0,故y无极值. 233(x?1)(14) y?x?tanx.
解: y??1?sec2x?0, y为严格单调增加函数,无极值点.
20. 试证明:如果函数y?ax3?bx2?cx?d满足条件b?3ac?0,那么这函数没有极值.
2证明:y??3ax?2bx?c,令y??0,得方程3ax?2bx?c?0,
2222由于 ??(2b)?4(3a)c?4(b?3ac)?0,那么y??0无实数根,不满足必要条件,从而y无极值.
21. 试问a为何值时,函数f(x)?asinx?sin3x在x?极小值?并求此极值. 解:f(x)为可导函数,故在x?13π处取得极值?它是极大值还是3π处取得极值,必有 3π?0,得a=2. f?()?(acosx?cos3x)π3x?3又 f??()?(?2sinx?3sin3x)π3πx?3??3?0,
所以x?ππ是极大值点,极大值为f()?3. 3354, x?(??,0); x79
22. 求下列函数的最大值、最小值:
(1) f(x)?x2?
2(x3?27)?0,得唯一驻点x=-3 解:y的定义域为(??,0),y??x2且当x?(??,?3]时,y??0,y单调递减;当x?[?3,0)时,y??0,y单调递增, 因此x=-3为y的最小值点,最小值为f(-3)=27. 又limf(x)???,故f(x)无最大值.
x???(2) f(x)?x?1?x, x?[?5,1];
解:y??1?31?0,在(?5,1)上得唯一驻点x?,
421?x又 y????3??4?5, y(1?) 1,y?(?5)?6, 45故函数f(x)在[-5,1]上的最大值为
5,最小值为6?5. 4(3) y?x4?8x2?2, ?1?x?3.
解:函数在(-1,3)中仅有两个驻点x=0及x=2,
而 y(-1)=-5, y (0)=2, y (2)=-14, y (3)=11, 故在[-1,3]上,函数的最大值是11,最小值为-14. 23. 求数列??n?的最大的项.
??n?1000?x,
x?10001(x?1000)?x(x?1000)2?x?1000?2x1000?x?
2x(x?1000)22x(x?1000)2解:令y?y??2x令y??0得x=1000.因为在(0,1000)上y??0,在(1000,??)上y??0,
所以x=1000为函数y的极大值点,也是最大值点,ymax?y(1000)?1000. 2000故数列?n?的最大项为a?1000.
?10002000?n?1000??b为端点的闭区间上的最大值和最a24. 设a为非零常数,b为正常数,求y=ax2+bx在以0和小值.
80
bb解:y??2ax?b?0得x??2a不可能属于以0和a为端点的闭区间上, 而 y(0)?0 ,y??b?2b2?a???a,
故当a>0时,函数的最大值为y??b??a???2b2a,最小值为y(0)?0;
当a<0时,函数的最大值为y(0)?0,最小值为y??b?2b2?a???a.
25. 已知a>0,试证:f(x)?11?x?11?x?a的最大值为2?a1?a.
??111?x?1?x?a,x?0?证明: f(x)???111?x?1?x?a,0?x?a
???1?1?x?11?x?a,x?a当x<0时,f?(x)?1?1?x?2?1?1?x?a?2?0;
当0
又lim2?ax??f(x)?0,且f(0)?f(a)?1?a. 而f(x)的最大值只可能在驻点,分界点,及无穷远点处取得
故 f(x)4max??2?a,2?a1?a,0??2?a1?a. 26. 在半径为r的球中内接一正圆柱体,使其体积为最大,求此圆柱体的高.
h, 则圆柱体底圆半径为r2?h2解:设圆柱体的高为4,
81
?2h2?πV?π?r???h?πr2h?h3
44??令V??0, 得h?223r. 3即圆柱体的高为23r时,其体积为最大. 327. 某铁路隧道的截面拟建成矩形加半圆形的形状(如12题图所示),设截面积为am2,问底宽x为多少时,才能使所用建造材料最省? 解:由题设知
1x?xy??π????a
2?2?21a?x2πa18得 y???xπ
xx812题图
截面的周长
12a112aπl(x)?x?2y?π?x?x??xπ?xπ?x??x,2x42x4
π2al?(x)?1??2,4x令l?(x)?0得唯一驻点x?8a,即为最小值点. 4?π即当x?8a时,建造材料最省. 4?π28. 甲、乙两用户共用一台变压器(如13题图所示),问变压器设在输电干线AB的何处时,所需电线最短? 解:所需电线为
L(x)?x2?1?1.52?(3?x)2 (0?x?3)L?(x)?x2.25?(3?x)2?(3?x)x2?1x2?12.25?(3?x)2
82
13题图
在0 V?(a?2x)2?x?4x3?4ax2?a2xV??12x2?8ax?a2 令V??0得驻点x?a2(不合题意,舍去),x?a6. 即小正方形边长为 a6时方盒容积最大. 30. 判定下列曲线的凹凸性: (1) y=4x-x2; 解:y??4?2x,y????2?0,故知曲线在(??,??)内的图形是凸的. (2) y?sin(hx); 解:y??coshx,y???sinhx. 由sinhx的图形知,当x?(0,??)时,y???0,当x?(??,0)时,y???0,故y=sinhx的曲线图形在(??,0]内是凸的,在[0,??)内是凹的. (3) y?x?1x (x?0); 解:y??1?12x2,y???x3?0,故曲线图形在(0,??)是凹的. (4) y=xarctanx. 解:y??arctanx?x1?x2, y???2(1?x2)2?0 故曲线图形在(??,??)内是凹的. 31. 求下列函数图形的拐点及凹或凸的区间: (1) y?x3?5x2?3x?5; 解:y??3x2?10x?3 83 y???6x?10,令y???0可得x?53. 当x?53时,y???0,故曲线在(??,53)内是凸弧; 当x?553时,y???0,故曲线在[3,??)内是凹弧. 因此??5?3,20?27??是曲线的唯一拐点. (2) y?xe?x; 解:y??(1?x)e?x, y???e?x(x?2) 令y???0,得x=2 当x>2时,y???0,即曲线在[2,??)内是凹的; 当x<2时,y???0,即曲线在(??,2]内是凸的. 因此(2,2e- 2)为唯一的拐点. (3) y?(x?1)4?ex; 解:y??4(x?1)3?ex, y???ex?12(x?1)2?0 故函数的图形在(??,??)内是凹的,没有拐点. (4) y=ln (x2+1); 2x2(1?x2解:y??)1?x2, y???(1?x2)2 令y???0得x=-1或x=1. 当-1 当x>1或x<-1时,y???0,即在(??,?1],[1,??)内曲线是凸的. 因此拐点为(-1,ln2),(1,ln2). (5) y?earctanx; 解:y??11?x2earctanx, y???1?2x(1?x2)2earctanx 令y???0得x?12. 84 当x?12时,y???0,即曲线在[12,??)内是凸的; 当x?12时,y???0,即曲线在(??,12]内是凹的, 故有唯一拐点(1arctan122,e). (6) y=x4(12lnx-7). 解:函数y的定义域为(0,+∞)且在定义域内二阶可导. y??4x3(12lnx?4), y???144x2lnx. 令y???0,在(0,+∞),得x=1. 当x>1时,y???0,即曲线在[1,??)内是凹的; 当0 32. 利用函数的图形的凹凸性,证明下列不等式: n(1) 12?xn?yn????x?y??2?? (x?0,y?0,x?y,n?1); 证明:令 f(x)?xn f?(x)?nxn?1, f??(x)?n(n?1)xn?2?0, 则曲线y=f(x)是凹的,因此?x,y?R?, f??x?y?f(x)?f(y?2???)2, n即 ??x?y??2???12(xn?yn). (2)ex?eyx?y2?e2 (x?y); 证明:令f(x)=ex f?(x)?ex, f??(x)?ex?0. 则曲线y=f(x)是凹的,?x,y?R, x?y 则 f??x?y??f(x)?f(y?2?)?2 85 x?yex?ey即 e2?2. (3) xlnx?ylny?(x?y)lnx?y2 (x?0,y?0,x?y) 证明:令 f(x)=xlnx (x>0) f?(x)?lnx?1, f??(x)?1x?0 (x?0) 则曲线y?f(x)是凹的,?x,y?R?,x≠y,有 f??x?y?f(x)?f(y)?2???2 即 x?yx?y2ln2?12(xlnx?ylny), 即 xlnx?ylny?(x?y)lnx?y2. 33. 求下列曲线的拐点: (1) x?t2,y?3t?t3; 解:dy3?3t2dx?2t, d2y3(t2?1)dx2?4t3 令d2ydx2?0,得t=1或t=-1 则x=1,y=4或x=1,y=-4 当t>1或t<-1时,d2ydx2?0,曲线是凹的, 当0 故曲线有两个拐点(1,4),(1,-4). (2) x=2acotθ, y=2asin2θ. 解: dy2a?dx?2sin??cos?2a?(?csc2?)??2sin3?cos? d2y211dx2?(?6sin?cos2??2sin4?)?2a(?csc2?)?a?sin4?cos2(3?tan2?)d2令yππdx2?0,得??3或???3, 86 ππd2y不妨设a>0,不失一般性,当3?tan???3时,即????时,2?0, 33dxππd2y当tan??3或tan???3时,即???或??时,2?0, 33dx故当参数?? ππ?233??233?或???时,都是y的拐点,且拐点为?a,a?及??a,a?. 332??32??334. 试证明:曲线y?x?1x2?1有三个拐点位于同一直线上. 证明:y???x2?2x?1(x2?1)2, y???2(x?1)(x?2?3)(x?2?3)(x2?1)3 令y???0,得x??1,x?2?3,x?2?3 当x?(??,?1)时,y???0; 当x?(?1,2?3)时y???0; 当x?(2?3,2?3)时y???0; 当x?(2?3,??)时y???0, 因此,曲线有三个拐点(-1,-1),(2?3,?1?3?1?4),(2?3,34). 1?1?112?3?1?3因为 4=0 12?3?1?34因此三个拐点在一条直线上. 35. 问a,b为何值时,点(1,3)为曲线y=ax3+bx2的拐点? 解:y′=3ax2+2bx, y″=6ax+2b 依题意有 ??a?b?3?6a?2b?0 87 解得 a??39,b?. 2236. 试决定曲线y=ax3+bx2+cx+d中的a,b,c,d,使得x=-2处曲线有水平切线,(1,-10) 为拐点,且点(-2,44)在曲线上. 解:令f(x)= ax3+bx2+cx+d 联立f(-2)=44,f ′(-2)=0,f(1)=-10,f ″(1)=0 可解得a=1,b=-3,c=-24,d=16. 37. 试决定y?k(x2?3)2中的k的值,使曲线的拐点处的法线通过原点. 解:y??4kx(x2?3), y???12k(x2?1) 令y???0,解得x=±1,代入原曲线方程得y=4k, 只要k≠0,可验证(1,4k),(-1,4k)是曲线的拐点. y?x??1??8k,那么拐点处的法线斜率等于?由于(1,4k),(-1,4k)在此法线上,因此 11x. ,法线方程为y??8k8k4k??122, 得32k?1, 32k??1(舍去) 8k故 k??12. ??83238. 设y=f(x)在x=x0的某邻域内具有三阶连续导数,如果f?(x0)?0,f??(x0)?0,而 f???(x0)?0,试问x=x0是否为极值点?为什么?又(x0,f(x0))是否为拐点?为什么? 答:因f?(x0)?f??(x0)?0,且f???(x0)?0,则x=x0不是极值点.又在U(x0,?)中, ????(????f?(,故f??(x)?f??(x?(x?x)(?x0x))f??(x)在x0左侧与f???(x0)异号,在0)0)f?x0右侧与f???(x0)同号,故f(x)在x=x0左、右两侧凹凸性不同,即(x0,f(x0))是拐点. 39. 作出下列函数的图形: (1)f(x)?x; 1?x2解:函数的定义域为(-∞,+∞),且为奇函数, 1?x2?2x21?x2y???22(1?x)(1?x2)2y???2x(x?3)(1?x2)32 令y??0,可得x??1, 令y???0,得x=0,?3, 88 列表讨论如下: x y′ y″ y 0 0 0 (0,1) + - 1 0 - (1,- 3) 3 (3,+∞) - - 0 拐点 - + 极大 当x→∞时,y→0,故y=0是一条水平渐近线. 函数有极大值f(1)?11?3?,(0,0),,极小值f(?1)??,有3个拐点,分别为??3,? ?22?4??3?,作图如上所示. ?3,??4?(2) f(x)=x-2arctanx 解:函数定义域为(-∞,+∞),且为奇函数, 21?x2 4xy???(1?x2)2y??1?令y′=0,可得x=±1, 令y″=0,可得x=0. 列表讨论如下: X y′ y″ Y 又 0 0 0 (0,1) - + 1 0 极小 (1,∞) + + limx???x??f(x)2?lim(1?arctanx)?1 x??xxx???且 lim[f(x)?x]?lim(?2arctanx)??π 故y?x?π是斜渐近线,由对称性知y?x?π亦是渐近线.函数有极小值y(1)?1?大值y(?1)?π,极2π?1.(0,0)为拐点.作图如上所示. 2x2(3) f(x)?; 1?x解:函数的定义域为x?R,x??1. 89 2x(1?x)?x2x(x?2)y??? (x??1)(1?x)2(1?x)2 y???2(1?x)3令y??0得x=0,x=-2 当x?(??,?2]时,y??0,f(x)单调增加; 当x?[?2,?1)时,y??0,f(x)单调减少; 当x?(?1,0]时,y??0,f(x)单调减少; 当x?[0,??)时,y??0,f(x)单调增加, 故函数有极大值f(-2)=-4,有极小值f(0)=0 又limx??1f(x)?limx2x??11?x??,故x=-1为无穷型间断点且为铅直渐近线. 又因limf(x)x??x?1x??f(x)?x)?lim?x2, 且lim(?x????1?x?x????1, 故曲线另有一斜渐近线y=x-1. 综上所述,曲线图形为: (4)y?e?(x?1)2. 解:函数定义域为(-∞,+∞) . y???2(x?1)e?(x?1)2y???e?(x?1)2?2(2x2?4x?1) 令y??0,得x=1. 90 令y???0,得x?1?2. 2当x?(??,1]时,y??0,函数单调增加; 当x?[1,??)时,y??0,函数单调减少; 当x?(??,1?22]?[1?,??)时,y???0,曲线是凹的; 22当x?[1?22,1?]时,y???0,曲线是凸的, 221?2?12故函数有极大值f(1)=1,两个拐点:A(1?,e2),B(1?,e2), 22又limf(x)?0,故曲线有水平渐近线y=0. x??图形如下: 40. 逻辑斯谛(Logistic)曲线族 y?建立了动物的生长模型. A,???x???,A,B,C?0 1?Be?cxA的图像,参数A的意义是什么(设x表示时间,y表示?cx1?e(1) 画出B=1时的曲线g(x)?某种动物数量)? Ace?cx解:g?(x)??0,g(x)在(-∞,+∞)内单调增加, ?cx2(1?e)?Ac2e?cx?Ac2e?cx?2(1?e?cx)?e?cx?Ac2e?cx(1?e?2cx) g??(x)??(1?e?cx)4(1?e?cx)4当x>0时,g??(x)?0,g(x)在(0,+∞)内是凸的. 当x<0时,g??(x)?0,g(x)在(-∞,0)内是凹的. 当x=0时,g(x)? 91 A. 2且limg(x)?0,limg(x)?A.故曲线有两条渐近线y=0,y=A.且A为该种动物数量(在特定 x???x???环境中)最大值,即承载容量.如图: (2) 计算g(-x)+g(x),并说明该和的意义; 解:g(?x)?g(x)?A1?ecx?A1?e?cx?A. (3) 证明:曲线y?A1?Be?cx是对g(x)的图像所作的平移. 证明:∵y?AA1?Be?c(x?T)?1?Be?cxe?cT 取Be?cT?1,得T?lnBc 即曲线y?A1?Be?cx是对g(x)的图像沿水平方向作了T?lnBc个单位的平移. 92
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