2017年广西柳州市城中区中考物理一模试卷（解析版）

2017年广西柳州市城中区中考物理一模试卷

一、单项选择题（每小题3分，共36分，每小题给出的四个选项中，只有一个是正确的，每小题选对的得3分，不选、多选或选错的均得0分） 1．冬天，柳江河上方会升腾起“白气”，这些“白气”是（ ） A．水蒸气 B．热空气 C．小水滴 D．二氧化碳

2．如图，2016年U．I．M．F1摩托艇世界锦标赛柳州大奖赛在静兰水上运动中心举行，9支队伍、18名赛手共同争夺璀璨夺目的柳州大奖赛冠军头衔，在比赛中，相对于运动员静止的物体是（ ）

A．柳江河水 B．河岸 C．赛艇 D．观众

3．2015年流行的“自拍神器”给旅行者自拍带来方便．如图所示，与直接拿手机自拍相比，利用自拍杆自拍时可以（ ）

A．增大物距，增大取景范围，拍出的像变大 B．增大物距，增大取景范围，拍出的像变小 C．减小物距，减小了取景范围，拍出的像变小 D．减小物距，增大取景范围，拍出的像变大

4．柳州市各中小学开展阳光体育运动，在运动方式或者是运动装备中，为了减小摩擦的是（ ） A．打球时用力握紧球拍 B．乒乓球拍上贴有橡胶皮 C．旱冰鞋上装有滚轮

D．运动鞋底做成凹凸不平的花纹

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5．人类的生活已经离不开电，在图中所示的事例中，符合安全用电原则的是（ ）

A．

用湿布擦正在发光的日光灯 B．

有人触电时应立即切断电源

C．

在高压线附近玩耍 D．

电线接触或靠近高温物体

6．一歌手在柳江河上的明珠大舞台演唱，小明在距离舞台170米远的地方，当小明听到歌声时，声音在空气中传播了多久？（当时气温为15℃）（ ） A．0.5秒 B．1秒 C．2秒 D．4秒

7．当洒水车在水平路面上匀速直线开动进行洒水作业时，关于它的动能和重力势能，分析正确的是（ ） A．动能不变，重力势能减小

B．动能减小，重力势能增大

C．动能、重力势能都减小 D．动能、重力势能都增大 8．一个物体质量大小决定于（ ） A．物体所含物质的多少

B．物体的形状

C．物体的空间位置 D．物体的状态

9．如图所示的四种现象，属于光的折射的是（ ）

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A．

山的“倒影” B．

日食 C．

汽车观后镜 D．

水中“折”笔

10．柳州人早餐很喜欢吃米粉，将米粉放入沸水中烫熟的过程，是通过什么方式使米粉温度升高的？（ ）

A．沸水对米粉做功 B．米粉对沸水做功

C．沸水将热量传递给米粉 D．燃料将热量传递给米粉

11．如图所示，容器中盛有水，其中h1=100cm，h2=60cm，容器底面积S=20cm2，水对容器顶的压强是（ ）

A．10000 Pa B．2000 Pa C．6000 Pa D．4000Pa

12．如图所示电路，灯L1、L2的额定电压分别为2V、10V，S1闭合，S2断开，滑动变阻器滑片置于中点位置时，两灯均正常发光．S2闭合后，移动变阻器滑片使L2仍正常发光时，下列关于滑片位置和电流表示数的说法正确的是（ ）

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A．滑片在中点右侧，电流表示数变小 B．滑片在中点左侧，电流表示数变大 C．滑片在中点右侧，电流表示数不变 D．滑片在中点左侧，电流表示数不变

二、填空题（每空1分，共16分）

13．在生活中，很多同学与父母联系时都会用到手机，手机 （填“能“或“不能“）发射电磁波，紫外线和可见光都 （填“是”或“不是”）电磁波． 14．根据如图中通电螺线管的S极，可以判断：静止的小磁针 端为N极，电源的 端为正极（以上两空均选填“左”或“右”）．

15．如图所示，在日常人们使用的工具中，筷子是 杠杆，羊角锤是 杠杆．

16．柳州市初中生体育中考有投掷实心球这一项目，掷出的实心球能继续向前运动，是因为实心球具有 ．实心球最终要落到地面，是因为实心球受到 的作用．

17．小明家电热毯内的电阻丝断了，他爸爸将电阻丝的两个断头接上并缠上绝缘胶布后继续使用．在使用中发现接头处的电热毯被烧焦，险些酿成安全事故，其

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原因是接头处电阻 （选填“较大”或“较小”），相同时间内电流通过接头处产生的热量 （选填“较多”或“较少”）的缘故．

18．如图所示，被提升的物体重100N，动滑轮重5N，忽略绳重和摩擦，绳子自由端的拉力F是 N．动滑轮的实质是一个 杠杆．

19．液化石油气携带方便，应用广泛，已知液化石油气热值为3.5×107J/kg，完全燃烧0.7kg的液化石油气可以放出 J热量，若放出的热量只有60%被水吸收，这些热量可以将质量为 kg，初温为20℃的水加热到90℃．【c水=4.2×103J/（kg?℃）】

20．如图甲为亮度可以调节的小台灯电路．电源电压为24Ⅴ，灯泡的额定电压为24Ⅴ，通过灯泡的电流跟其两端电压的关系如图乙．灯泡的额定功率是 W，调节滑动变阻器R，使灯泡的实际功率为3.6W，此时滑动变阻器R连入电路的阻值是 Ω．

三、作图、实验探究题（第21、22题各2分，第23题5分，第24题6分，第25题9分，共24分）

21．在图中画出入射光线经凸透镜后的折射光线．

22．如图是一根曲杆，可绕O点转动，C点处悬挂着一个物体．若在A点施加一个最小的力使杠杆在图示位置平衡，请画出这个力F和它的力臂．

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23．在探究“影响电磁铁磁性强弱的因素”实验中，实验室准备的器材有：电源、开关、滑动变阻器、两根完全相同的铁钉、表面绝缘的铜线、大头针若干．小明利用上述器材，制成简易电磁铁甲、乙，并设计了如图所示的电路．

（1）实验中通过观察电磁铁 的不同，可以判断电磁铁的磁性强弱不同．

（2）当滑动变阻器滑片向左移动时，电磁铁甲、乙吸引大头针的个数 （填“增加”或“减少”），说明电流越 ，电磁铁磁性越强．

（3）根据图示的情境可知， （填“甲”或“乙”）的磁性强，说明电流一定时， ，电磁铁磁性越强．

（4）实验中用到的一种重要科学研究方法是 ．

A．类比法 B．转换法 C．控制变量法 D．等效替代法．

24．小永同学为了测量食用醋的密度，进行以下实验：如图所示

（1）测液体密度的实验原理 ．

（2）把天平放在水平桌面上，将游码移至零刻度处，然后调节平衡螺母，使天平横梁平衡．

（3）接下来进行以下3项操作：

A．用天平测量烧杯和剩余醋的总质量m1；

B．将待测醋倒入烧杯中，用天平测出烧杯和醋的总质量m2；

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C．将烧杯中醋的一部分倒入量筒，测出这部分醋的体积V； 以上3项操作的正确顺序是： （填字母代号）．

由图甲、乙可知，量筒中醋的质量为 g，体积为 cm3，醋的密度是 kg/m3．

25．测电阻的方法有很多，比如：

（1）在“用电流表和电压表测量定值电阻的阻值”的实验中，按图1所示的电路连接进行实验．

a．该实验的测量原理：

b．连接电路时，开关必须 ，正确连接电路后，闭合开关S前，先将滑动变阻器滑片P置于 （选填“A”或“B”）端．

c．检查电路连接无误后，闭合开关S，观察和记录每次实验电压表和电流表的读数，计入表格中．第2组实验中电压表的读数如图2所示，即 V，电流表的读数如表格所示． 实验序号 1 2 3 1.5 电压/I 电流/I 电阻/Ω 0.31 0.4 0.48 4.8 2.5 5.2 d．根据表格内相关数据计算可知：被测电阻Rx的阻值是 Ω，若开关断开，Rx的阻值为 Ω．

e．为确保测量结果的准确性，该实验进行了多次测量，操作正确的是 A．换用阻值不同的电阻进行测量

B．调节滑动变阻器的滑片P到不同位置进行测量

（2）现要测量一只阻值约为数百欧的电阻RX．能提供的器材有：干电池两节、

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电压表（量程为0～3V、0～15V）、电流表（量程为0～0.6A、0～3A）、滑动变阻器R和电阻箱R0（0～9999Ω、5A）各一只、开关和导线若干．有三组同学提出了自己的设计方案并画出了如图3所示的电路图：

在甲组、丙组方案中，有一组是不可行的，是 组．（选填“甲”、“丙”）请说出乙组方案的具体做法： ．

四、综合应用题（第26题6分，第27题8分，第28题10分，共24分） 26．汽车在出厂前要进行测试，某次测试中，先让汽车在模拟山路上以8m/s的速度行驶500s，紧接着在模拟公路上以20m/s的速度行驶100s．求： （1）该汽车在模拟山路上行驶的路程． （2）汽车在这次整个测试过程中的平均速度．

27．如图为一台两挡式电热水器的内部简化电路，S为温控开关，当S接a时电路中的电流为5A；当S接b时电路消耗的电功率为22W．求： （1）R1的电阻；

（2）高温挡时电路消耗的电功率；

（3）在低温挡工作l0min，电流通过R2产生的热量．

28．O如图是小明设计的在岸边打捞水中文物的装置示意图，电动机固定在地面．为杠杆BC的支点，CO：OB=1：2．配重E通过绳子竖直拉着杠杆C端，质量为300kg，底面积为0.05m2，每个滑轮重为100N；均匀实心文物的密度为8×103kg/m3，质量为80kg．绳和杠杆的质量、滑轮与轴及杠杆支点处的摩擦、水对文物A的阻力均忽略不计，文物A一直匀速上升． 求：

（1）在文物还未露出水面时，求此时文物A所受到的浮力及电动机拉力F的大小；（假定B端静止）

（2）在文物还未露出水面时，滑轮组的机械效率；

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（3）当文物A在空中被匀速提起上升时，电动机拉力功率为5kw．求卷扬机拉动钢丝绳的速度．

（4）当文物A出水后，配重E对地面的压强．

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2017年广西柳州市城中区中考物理一模试卷

参考答案与试题解析

一、单项选择题（每小题3分，共36分，每小题给出的四个选项中，只有一个是正确的，每小题选对的得3分，不选、多选或选错的均得0分） 1．冬天，柳江河上方会升腾起“白气”，这些“白气”是（ ） A．水蒸气 B．热空气 C．小水滴 D．二氧化碳 【考点】1M：液化及液化现象．

【分析】物质由液态变成气态叫做汽化，物质由气态变成液态的过程叫做液化．

【解答】解：冬天，柳江河上方升腾起的“白气”，是蒸发形成的气态水蒸气遇冷液化成的小水滴，小水滴飘散在空气中，产生“白气”现象． 故选C．

2．如图，2016年U．I．M．F1摩托艇世界锦标赛柳州大奖赛在静兰水上运动中心举行，9支队伍、18名赛手共同争夺璀璨夺目的柳州大奖赛冠军头衔，在比赛中，相对于运动员静止的物体是（ ）

A．柳江河水 B．河岸 C．赛艇 D．观众

【考点】52：参照物及其选择．

【分析】解答此题的关键是看被研究的物体与所选的标准即参照物之间的相对位置是否发生了改变，如果发生改变，则物体是运动的；如果未发生变化，则物体是静止的． 【解答】解：

在摩托艇世界锦标赛上，运动员与河水、河岸和岸上的看观众之间的相对位置在不断发生变化，是运动的；与自己驾驶的赛艇之间的相对位置没有发生变化，即是相对静止的，所以在比赛中，相对于运动员静止的物体是赛艇．

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故选C．

3．2015年流行的“自拍神器”给旅行者自拍带来方便．如图所示，与直接拿手机自拍相比，利用自拍杆自拍时可以（ ）

A．增大物距，增大取景范围，拍出的像变大 B．增大物距，增大取景范围，拍出的像变小 C．减小物距，减小了取景范围，拍出的像变小 D．减小物距，增大取景范围，拍出的像变大 【考点】B8：凸透镜成像的应用．

“自拍神器”是利用凸透镜成倒立、【分析】缩小的实像工作的，凸透镜成实像时，物距越大，像距越小，像越小．

【解答】解：根据凸透镜成实像时，物距越大，像距越小，像越小，可知“自拍神器”与直接拿手机自拍相比，利用自拍杆可以增大物距，减小人像的大小，从而增大取景范围，取得更好的拍摄效果．故只有选项B的说法正确． 故选B．

4．柳州市各中小学开展阳光体育运动，在运动方式或者是运动装备中，为了减小摩擦的是（ ） A．打球时用力握紧球拍 B．乒乓球拍上贴有橡胶皮 C．旱冰鞋上装有滚轮

D．运动鞋底做成凹凸不平的花纹 【考点】7I：增大或减小摩擦的方法．

【分析】减小摩擦力的方法：在接触面粗糙程度一定时，通过减小压力来减小摩擦力；在压力一定时，通过减小接触面的粗糙程度来减小摩擦力；使接触面脱离；

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用滚动摩擦代替滑动摩擦． 【解答】解：

A、打球时握紧球拍，在接触面粗糙程度一定时，通过增大压力来增大摩擦力，故A错误；

B、乒乓球拍上贴有橡胶皮，是通过增大粗糙程度的方法增大摩擦力，故B错误；

C、旱冰鞋上装有滚轮是通过变滑动为滚动的方法减小摩擦力，故C正确； D、运动鞋底做成凹凸不平的花纹，是通过增大粗糙程度的方法增大摩擦力，故D错误． 故选C．

5．人类的生活已经离不开电，在图中所示的事例中，符合安全用电原则的是（ ）

A．

用湿布擦正在发光的日光灯 B．

有人触电时应立即切断电源

C．

在高压线附近玩耍 D．

电线接触或靠近高温物体 【考点】IV：安全用电原则． 【分析】①不能用湿物体接触电器；

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②当有人触电时，应先切断电源或用绝缘体把电线挑开； ③安全用电的原则是：不接触低压带电体，不靠近高压带电体； ④电线靠近高温物体很容易使绝缘皮损坏，发生触电事故．

【解答】解：A、生活用水属于导体，用湿布擦正在发光的日光灯，很容易发生触电事故，故A错误；

B、有人触电时应立即切断电源，故B正确；

C、在高压线附近玩耍，很容易造成高压电弧触电或者高压跨步触电，故C错误；

D、电线接触或靠近高温物体，很容易损坏绝缘皮，发生触电事故，故D错误． 故选B．

6．一歌手在柳江河上的明珠大舞台演唱，小明在距离舞台170米远的地方，当小明听到歌声时，声音在空气中传播了多久？（当时气温为15℃）（ ） A．0.5秒 B．1秒 C．2秒 D．4秒 【考点】93：声速．

【分析】已知声音的传播速度和传播的距离，根据公式t=可求所需时间． 【解答】解：

声音在15℃空气中的传播速度是340m/s，声音传播170m距离所需的时间为t==

=0.5s，故A正确．

故选A．

7．当洒水车在水平路面上匀速直线开动进行洒水作业时，关于它的动能和重力势能，分析正确的是（ ） A．动能不变，重力势能减小

B．动能减小，重力势能增大

C．动能、重力势能都减小 D．动能、重力势能都增大 【考点】FN：动能和势能的大小变化．

【分析】（1）惯性的大小与物体的质量有关，质量越大，惯性越大； （2）动能大小的影响因素：质量、速度．质量越大，速度越大，动能越大． 【解答】解：洒水车在水平公路上匀速行驶，行驶中不断洒水，在此过程中，洒

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水车的质量不断减小，速度不变，动能减小；洒水车的质量减小，高度不变，则重力势能不断变小． 故ABD错误，C正确． 故选C．

8．一个物体质量大小决定于（ ） A．物体所含物质的多少

B．物体的形状

C．物体的空间位置 D．物体的状态 【考点】22：质量及其特性．

【分析】质量是物体中所含物质的多少．物体质量的大小与外界条件无关，只取决于物体本身所含物质的多少．

【解答】解：物体所含物质的多少叫做质量，由此可见一个物体质量大小决定于物体所含物质的多少，质量大小与物体的形状、状态、位置都无关．因为当物体的形状、状态、位置发生变化时，物体所含物质的多少是不会发生变化的，所以质量是不变的． 故选A．

9．如图所示的四种现象，属于光的折射的是（ ）

A．

山的“倒影” B．

日食 C．

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汽车观后镜 D．

水中“折”笔

【考点】AM：光的折射现象及其应用．

【分析】判断光的折射现象，要对折射的定义理解清楚，光从一种透明介质斜射入另一种透明介质中时，传播方向一般会发生改变，这是光的折射，生活中光在不均匀介质中不沿直线传播的现象也是光的折射．

【解答】解：A、平静的水面相当于平面镜，倒影是平面镜成的像，这是利用光的反射原理，故A错误．

B、日食是由光的直线传播形成的，故B错误；

C、汽车观后镜是凸面镜，利用的是光的反射，故C错误．

D、从水中笔上反射的光从水中斜射入空气中时，发生折射，折射光线远离法线，当人逆着折射光线的方向看时，看到的是笔的虚像，比实际位置偏高，所以感觉折断了，故D正确． 故选D．

10．柳州人早餐很喜欢吃米粉，将米粉放入沸水中烫熟的过程，是通过什么方式使米粉温度升高的？（ ）

A．沸水对米粉做功 B．米粉对沸水做功

C．沸水将热量传递给米粉 D．燃料将热量传递给米粉 【考点】GA：热传递改变物体内能．

【分析】改变物体内能的方法有二：一是做功，二是热传递，在热传递的过程中，高温物体或物体的高温部分，内能减小，温度降低；低温物体或物体的低温部分，内能增大，温度升高． 【解答】解：

将米粉放入沸水中烫熟的过程中，沸水将热量传递给米粉，米粉的温度升高，这是通过热传递来改变米粉的内能的． 故选C．

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11．如图所示，容器中盛有水，其中h1=100cm，h2=60cm，容器底面积S=20cm2，水对容器顶的压强是（ ）

A．10000 Pa B．2000 Pa C．6000 Pa D．4000Pa

【考点】89：液体的压强的计算．

【分析】先求出容器顶距离液面的高度（h1﹣h2），再利用公式p=ρgh求出水对容器顶的压强．

【解答】解：容器顶距离液面的高度： h=h1﹣h2=100cm﹣60cm=40cm=0.4m， 水对容器顶的压强：

p=ρgh=1.0×103kg/m3×10N/kg×0.4m=4000Pa． 故选D．

12．如图所示电路，灯L1、L2的额定电压分别为2V、10V，S1闭合，S2断开，滑动变阻器滑片置于中点位置时，两灯均正常发光．S2闭合后，移动变阻器滑片使L2仍正常发光时，下列关于滑片位置和电流表示数的说法正确的是（ ）

A．滑片在中点右侧，电流表示数变小 B．滑片在中点左侧，电流表示数变大 C．滑片在中点右侧，电流表示数不变 D．滑片在中点左侧，电流表示数不变

【考点】IH：欧姆定律的应用；HX：电流表的使用．

【分析】由开关的通断可以得出电路的状态，则可得出电路中电阻的变化，由电

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阻的变化可知要使灯L2正常发光，应如何调节滑动变阻器，根据灯泡的发光情况可得出电流的变化情况．

【解答】解：当S2闭合时，Ll被短路，电路中的总电阻减小，电路中的电流变大，为使L2正常发光，应减小电流，增大电阻，因此滑片应在中点右侧，而L2正常发光时的电流是相同的，故电流表示数不变． 故选C．

二、填空题（每空1分，共16分）

13．在生活中，很多同学与父母联系时都会用到手机，手机 能 （填“能“或“不能“）发射电磁波，紫外线和可见光都 是 （填“是”或“不是”）电磁波． 【考点】D2：电磁波的传播．

【分析】手机是通过发射和接收电磁波来实现通信的；

γ射线、X射线、紫外线、可见光、红外线、无线电波、微波等都是电磁波． 【解答】解：

手机即能发射电磁波，也能接收电磁波，紫外线和可见光都是电磁波． 故答案为：能；是．

14．根据如图中通电螺线管的S极，可以判断：静止的小磁针 左 端为N极，电源的 左 端为正极（以上两空均选填“左”或“右”）．

【考点】CV：通电螺线管的极性和电流方向的判断． 【分析】（1）同名磁极相斥，异名磁极相吸；

（2）据安培定则判断电流的方向进而得出电源的正负极；

【解答】解：图中螺线管的左端为S极，根据异名磁极相互吸引，可知小磁针的左端为N极，再利用安培定则，使拇指指向N极，其余四指环绕的方向就是导体中电流的方向，因此可判断出电源的“+”极在如图电源的左端．

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故答案为：左；左．

15．如图所示，在日常人们使用的工具中，筷子是 费力 杠杆，羊角锤是 省力 杠杆．

【考点】7O：杠杆的分类．

【分析】结合生活经验，先判断杠杆在使用过程中，动力臂和阻力臂的大小关系，再判断它是属于哪种类型的杠杆．

【解答】解：筷子在使用时，动力臂小于阻力臂，属于费力杠杆；羊角锤在使用过程中，动力臂大于阻力臂，属于省力杠杆． 故答案为：费力；省力．

16．柳州市初中生体育中考有投掷实心球这一项目，掷出的实心球能继续向前运动，是因为实心球具有 惯性 ．实心球最终要落到地面，是因为实心球受到 重力 的作用．

【考点】6L：惯性；76：重力．

【分析】（1）一切物体在任何情况下都有惯性，即任何物体都有保持原来运动状态的性质；

（2）力是改变物体运动状态的原因，重力的方向总是竖直向下的． 【解答】解：

（1）掷出的实心球，由于惯性，还能继续向前运动；

（2）在空中飞行的实心球受到重力的作用，而重力的方向竖直向下，重力会不断改变实心球的运动状态，所以实心球最终落到地面． 故答案为：惯性；重力．

17．小明家电热毯内的电阻丝断了，他爸爸将电阻丝的两个断头接上并缠上绝缘

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胶布后继续使用．在使用中发现接头处的电热毯被烧焦，险些酿成安全事故，其原因是接头处电阻 较大 （选填“较大”或“较小”），相同时间内电流通过接头处产生的热量 较多 （选填“较多”或“较少”）的缘故．

【考点】JI：焦耳定律的计算公式及其应用；IA：影响电阻大小的因素． 【分析】由焦耳定律知道，电流通过导体产生的热量跟电流的平方、电阻大小和通电时间成正比．电阻丝和其他地方的导线串联在电路中（通过的电流相等），通电时间是相同的，而电阻丝的接头处由于接触不良，电阻增大，产生的热量多，据此分析原因．

【解答】解：将电阻丝的两个断头接上后，接头处是两根导线相切，由于接触的部位很少，很细，电阻就较大；

根据焦耳定律公式Q=I2Rt知，在电流、通电时间相同的情况下，电阻越大，产生的热量越多，温度越高，因此接头处烧焦就是因为电阻过大造成的． 故答案为：较大；较多．

18．如图所示，被提升的物体重100N，动滑轮重5N，忽略绳重和摩擦，绳子自由端的拉力F是 52.5 N．动滑轮的实质是一个 省力 杠杆．

【考点】7W：动滑轮及其工作特点；7O：杠杆的分类．

【分析】摩擦不计，知道动滑轮重，利用F=（G物+G轮）求匀速提升重物时绳子的拉力；

【解答】解：摩擦不计，动滑轮重G轮=5N， 匀速提升重物时绳子的拉力： F=（G物+G轮）=×=52.5N；

由此可知，动滑轮的实质是一个省力杠杆． 故答案为：52.5；省力．

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19．液化石油气携带方便，应用广泛，已知液化石油气热值为3.5×107J/kg，完全燃烧0.7kg的液化石油气可以放出 2.45×107 J热量，若放出的热量只有60%被水吸收，这些热量可以将质量为 50 kg，初温为20℃的水加热到90℃．【c

水

=4.2×103J/（kg?℃）】

【考点】GG：热量的计算．

【分析】（1）根据Q=mq求出液化石油气全部完全燃烧放出的热量；

（2）热量只有60%被水吸收，可利用的热量为：60%Q放，利用Q=cm△t求得水的质量．

【解答】解：（1）0.7kg的液化石油气全部完全燃烧放出的热量： Q放=m气q=0.7kg×3.5×107J/kg=2.45×107J；

（2）由题可知，水吸收的热量：Q吸=60%Q放=60%×2.45×107J=1.47×107J， 由Q吸=cm（t﹣t0）可得，水的质量： m水=

=

=50kg．

故答案为：2.45×107；50．

20．如图甲为亮度可以调节的小台灯电路．电源电压为24Ⅴ，灯泡的额定电压为24Ⅴ，通过灯泡的电流跟其两端电压的关系如图乙．灯泡的额定功率是 9.6 W，调节滑动变阻器R，使灯泡的实际功率为3.6W，此时滑动变阻器R连入电路的阻值是 40 Ω．

【考点】JA：电功率的计算；IH：欧姆定律的应用．

【分析】（1）额定电压下灯泡的实际功率和额定功率相等，根据图象读出24V对应的电流，利用P=UI求出额定功率；

（2）根据图象读出灯泡的实际功率为3.6W时电路中的电流和灯泡两端的电压，根据串联电路的电压特点求出滑动变阻器两端的电压，利用欧姆定律求出滑动变

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阻器接入电路中的电阻．

【解答】解：（1）由图象可知，当灯泡两端的电压为U额=24V时，通过灯泡的电流I额=0.4A， 则灯泡的额定功率：

P额=U额I额=24V×0.4A=9.6W；

（2）由图象可知，当UL=12V，I=IL=0.3A时，灯泡的实际功率为3.6W， 因串联电路中总电压等于各分电压之和， 所以，滑动变阻器两端的电压： U滑=U﹣UL=24V﹣12V=12V，

由I=可得，滑动变阻器接入电路中的阻值： R滑=

=

=40Ω．

故答案为：9.6；40．

三、作图、实验探究题（第21、22题各2分，第23题5分，第24题6分，第25题9分，共24分）

21．在图中画出入射光线经凸透镜后的折射光线．

【考点】B6：透镜的光路图．

【分析】在作凸透镜的光路图时，先确定所给的光线的特点再根据透镜的光学特点来作图． 【解答】解：

过焦点的光线经凸透镜折射后折射光线平行于主光轴，过光心的光线其传播方向不变，由此画出折射光线如图所示：

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22．如图是一根曲杆，可绕O点转动，C点处悬挂着一个物体．若在A点施加一个最小的力使杠杆在图示位置平衡，请画出这个力F和它的力臂．

【考点】7S：杠杆中最小力的问题；7P：力臂的画法．

【分析】根据杠杆平衡的条件，F1×L1=F2×L2，在杠杆中的阻力、阻力臂一定的情况下，要使所用的动力最小，必须使动力臂最长．

【解答】解：连接OA，若在A端施力F，当F的方向与OA垂直时动力臂最大，此时最省力；

根据杠杆平衡的条件，要使杠杆平衡，动力方向向上，据此可画出最小的动力，如下图所示：

23．在探究“影响电磁铁磁性强弱的因素”实验中，实验室准备的器材有：电源、开关、滑动变阻器、两根完全相同的铁钉、表面绝缘的铜线、大头针若干．小明利用上述器材，制成简易电磁铁甲、乙，并设计了如图所示的电路．

（1）实验中通过观察电磁铁 吸引大头针的数量 的不同，可以判断电磁铁的磁性强弱不同．

（2）当滑动变阻器滑片向左移动时，电磁铁甲、乙吸引大头针的个数 增加 （填“增加”或“减少”），说明电流越 大 ，电磁铁磁性越强．

（3）根据图示的情境可知， 甲 （填“甲”或“乙”）的磁性强，说明电流一定时， 线圈匝数越多 ，电磁铁磁性越强．

（4）实验中用到的一种重要科学研究方法是 BC ．

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A．类比法 B．转换法 C．控制变量法 D．等效替代法．

【考点】CC：探究影响电磁铁磁性强弱的因素的实验．

【分析】①影响电磁铁磁性强弱的因素：电流的大小和线圈的匝数．电流越大、线圈匝数越多，电磁铁的磁性越强．

②利用转换法，通过电磁铁吸引大头针的多少来认识其磁性强弱．

③探究电磁铁磁性跟电流大小的关系，保持匝数相同，改变滑动变阻器滑片的位置来改变电流的大小，通过比较甲或乙前后两次吸引小铁钉的多少来探究磁性强弱跟电流大小的关系．

④探究电磁铁磁性跟匝数的关系时，保持电流相同，甲乙的匝数不同，通过比较甲乙吸引小铁钉的多少来比较磁性的强弱． 【解答】解：

（1）磁性的强弱是直接看不出来的，可以通过电磁铁吸引大头针的多少来认识其磁性强弱，电磁铁吸引的大头针越多说明磁性越强．

（2）当滑动变阻器滑片向左移动时，接入电路中的总电阻变小，根据欧姆定律可知电路中的电流变大，发现电磁铁甲、乙吸引大头针的个数增加，说明电流越大，电磁铁磁性越强．

（3）根据图示的情境可知，甲电磁铁吸引的大头针多，说明甲的磁性强．究其原因，电流相同，甲缠绕的线圈的匝数多，便得出：电流一定时，线圈匝数越多，电磁铁磁性越强．

（4）该实验中，通过观察电磁铁吸引大头针的多少，来得知电磁铁的磁性强弱，用到了转换法；控制了电流相同，用到了控制变量法，故选BC． 故答案为：（1）吸引大头针的数量； （2）增加，大；

（3）甲，线圈匝数越多； （4）BC．

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24．小永同学为了测量食用醋的密度，进行以下实验：如图所示

（1）测液体密度的实验原理 ρ= ．

（2）把天平放在水平桌面上，将游码移至零刻度处，然后调节平衡螺母，使天平横梁平衡．

（3）接下来进行以下3项操作：

A．用天平测量烧杯和剩余醋的总质量m1；

B．将待测醋倒入烧杯中，用天平测出烧杯和醋的总质量m2； C．将烧杯中醋的一部分倒入量筒，测出这部分醋的体积V； 以上3项操作的正确顺序是： BCA （填字母代号）．

由图甲、乙可知，量筒中醋的质量为 45 g，体积为 40 cm3，醋的密度是 1.125×103 kg/m3．

【考点】2F：液体密度的测量．

【分析】（1）测液体密度的实验原理是ρ=．

（2）在测量液体密度时，为了减小误差，测出的是倒在量筒中的质量和体积，根据分析排列成顺序；

（3）首先读出两次天平的示数及量筒中醋的体积，天平的示数等于砝码的质量加游码在标尺上所对的刻度值，注意标尺和量筒的分度值；

根据两次天平的读数之差，即可得出剩余液体的质量，根据ρ=计算出液体的密度．

【解答】解：（1）测液体密度的实验原理是ρ=．

（2）在测量时，需先测出烧杯和醋的总质量，再将烧杯中的一部分醋倒入量筒，测出这部分醋的体积，并测出烧杯和剩余醋的总质量，所以测量顺序为BCA； （3）由图知，标尺的分度值为0.2g，

由图甲知烧杯和剩余醋的总质量：m1=20g+10g+5g+2.4g=37.4g，

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由图乙知烧杯和醋的总质量：m2=50g+20g+10g+2.4g=82.4g， 所以量筒中醋的质量：m=m2﹣m1=82.4g﹣37.4g=45g， 由图丙知量筒的分度值为2ml，量筒中醋的体积为： V=40ml=40cm3； 醋的密度：ρ==

=1.125g/cm3=1.125×103kg/m3．

故答案为：（1）ρ=； （2）BCA；（3）45；40；1.125×103．

25．测电阻的方法有很多，比如：

（1）在“用电流表和电压表测量定值电阻的阻值”的实验中，按图1所示的电路连接进行实验．

a．该实验的测量原理： R=

b．连接电路时，开关必须 断开 ，正确连接电路后，闭合开关S前，先将滑动变阻器滑片P置于 B （选填“A”或“B”）端．

c．检查电路连接无误后，闭合开关S，观察和记录每次实验电压表和电流表的读数，计入表格中．第2组实验中电压表的读数如图2所示，即 2 V，电流表的读数如表格所示． 实验序号 1 2 3 1.5 电压/I 电流/I 电阻/Ω 0.31 0.4 0.48 4.8 2.5 5.2 d．根据表格内相关数据计算可知：被测电阻Rx的阻值是 5 Ω，若开关断开，Rx的阻值为 5 Ω．

e．为确保测量结果的准确性，该实验进行了多次测量，操作正确的是 B A．换用阻值不同的电阻进行测量

B．调节滑动变阻器的滑片P到不同位置进行测量

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（2）现要测量一只阻值约为数百欧的电阻RX．能提供的器材有：干电池两节、电压表（量程为0～3V、0～15V）、电流表（量程为0～0.6A、0～3A）、滑动变阻器R和电阻箱R0（0～9999Ω、5A）各一只、开关和导线若干．有三组同学提出了自己的设计方案并画出了如图3所示的电路图：

在甲组、丙组方案中，有一组是不可行的，是 甲 组．（选填“甲”、“丙”）请说出乙组方案的具体做法： 滑片在最左端时，电压表的示数就是电源电压U；当滑片到最右端，滑动变阻器接入电路的阻值是100Ω，读出待测电阻两端的电压为Ux，则滑动变阻器分得电压为U﹣Ux，根据串联分压原理可得

=

，

则RX=×100Ω． ．

【考点】IM：伏安法测电阻的探究实验．

a电流表可以测出电阻的电流，【分析】（1）电压表可以测出电压表两端的电压，利用欧姆定律可以求出电阻值的大小；

b为防止电路中的电流过大烧坏电路元件，连接电路时开关应断开，滑动变阻器处于最大阻值处；

c根据电压表的量程和分度值读数；

d分别利用欧姆定律的变形公式求出电阻值；电阻的大小与电流和电压无关； e滑动变阻器可以改变电流值电压值；

（2）对于这类实验设计题目，主要是根据提供的实验器材，选择合理的设计实验方案，结合题目中所给的电路图进行分析，利用欧姆定律的变形公式求解电阻的阻值． 【解答】解：

（1）a、电流表可以测出电阻的电流，电压表可以测出电压表两端的电压，利用

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欧姆定律可以求出电阻值的大小，故实验原理为：R=；

b、为保护电路，连接电路时开关应断开，滑动变阻器的滑片应处于最大阻值处的B端；

c、电压表量程为0﹣3V，分度值为0.1V，电压示数为2V；

d、本实验进行了多次测量的目的减小误差，根据公式R=可以求出三次电压下的电阻分别为：4.8Ω、5Ω、5.2Ω，故被测电阻Rx的阻值为： Rx=

=5Ω；

因为电阻的大小与电流和电压无关，所以，若开关断开，Rx的阻值仍然为5Ω； e、滑动变阻器可以改变连入电路的电阻，从而改变待测电阻的电流值和电压值，实现多次测量，故选B；

（2）由题意可知，电路中的电阻值很大，但电源电压很小，所以电流也会很小，利用电流表无法准确测出电流，不能达到实验目的，故甲方案不可行；

丙方案是可行的，具体做法为：①调节电阻箱的阻值为R1，使电压表示数为1V，则电阻箱的电压为3V﹣1V=2V，待测电阻的电压为电阻箱电压的，根据分压原理，待测电阻RX1=R1，

②同理，分别调节电阻的阻值为R2、R3，使电压表示数分别为1.5V、2V，待测电阻分别为RX2=R2，RX3=2R3；

③将3次测量的平均值作为测量结果，可以减小误差，结果会更准确； 乙方案的具体做法为：滑片在最左端时，电压表的示数就是电源电压U；当滑片到最右端，滑动变阻器接入电路的阻值是100Ω，读出待测电阻两端的电压为Ux，则滑动变阻器分得电压为U﹣Ux，根据串联分压原理可得

=

，则

RX=×100Ω．

故答案为：（1）a．R=； b．断开；B； c.2； d.5；5； e．B；

（2）甲；滑片在最左端时，电压表的示数就是电源电压U；当滑片到最右端，滑动变阻器接入电路的阻值是100Ω，读出待测电阻两端的电压为Ux，则滑动变

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阻器分得电压为U﹣Ux，根据串联分压原理可得100Ω．

=

，则RX=×

四、综合应用题（第26题6分，第27题8分，第28题10分，共24分） 26．汽车在出厂前要进行测试，某次测试中，先让汽车在模拟山路上以8m/s的速度行驶500s，紧接着在模拟公路上以20m/s的速度行驶100s．求： （1）该汽车在模拟山路上行驶的路程． （2）汽车在这次整个测试过程中的平均速度．

【考点】69：速度公式及其应用；6D：变速运动与平均速度．

【分析】（1）根据速度公式v=就会求出汽车在模拟山路上行驶的路程； （2）山路上与公路上的总路程除以山路上与公路上总时间即为汽车在这次整个测试中的平均速度．

【解答】解：（1）由速度公式v=得： s1=v1tl=8m/s×500s=4000m， （2）s2=v2t2=20m/s×100s=2000m， 则s=s1+s2=4000m+2000m=6000m； t=tl+t2=500s+100s=600s，

汽车在这次整个测试中的平均速度v==

=10m/s．

答：（1）该汽车在模拟山路上行驶的路程为4000m． （2）汽车在这次整个测试过程中的平均速度为10m/s．

27．如图为一台两挡式电热水器的内部简化电路，S为温控开关，当S接a时电路中的电流为5A；当S接b时电路消耗的电功率为22W．求： （1）R1的电阻；

（2）高温挡时电路消耗的电功率；

（3）在低温挡工作l0min，电流通过R2产生的热量．

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【考点】JA：电功率的计算；IH：欧姆定律的应用；II：电阻的串联；JI：焦耳定律的计算公式及其应用．

【分析】（1）当S接a时，电路为R1的简单电路，此时电路中的总电阻最小，根据P=

可知，电热水器处于高温档位，根据欧姆定律求出R1的电阻；

（2）根据P=UI求出高温挡时电路消耗的电功率；

（3）当S接b时，两电阻串联，电路中的总电阻最大，电功率最小处于低温档位，根据P=UI求出电路中的电流，根据欧姆定律求出电路中的总电阻，利用电

阻的串联求出R2的阻值，再根据Q=I2Rt求出工作l0min电流通过R2产生的热量． 【解答】解：（1）当S接a时，电路为R1的简单电路，电热水器处于高温档位，

根据欧姆定律可得： R1=

=

=44Ω；

（2）高温挡时电路消耗的电功率： P高=UI高=220V×5A=1100W；

（3）当S接b时，两电阻串联，电热水器处于低温档位， 电路中的电流： I低=

=

=0.1A，

电路中的总电阻： R总=

=

=2200Ω，

∵串联电路中总电阻等于各分电阻之和， ∴R2=R总﹣R1=2200Ω﹣44Ω=2156Ω， 工作l0min电流通过R2产生的热量：

Q2=I低2R2t=（0.1A）2×2156Ω×10×60s=12936J．

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答：（1）R1的电阻为44Ω；

（2）高温挡时电路消耗的电功率为1100W；

（3）在低温挡工作l0min，电流通过R2产生的热量为12936J．

28．O如图是小明设计的在岸边打捞水中文物的装置示意图，电动机固定在地面．为杠杆BC的支点，CO：OB=1：2．配重E通过绳子竖直拉着杠杆C端，质量为300kg，底面积为0.05m2，每个滑轮重为100N；均匀实心文物的密度为8×103kg/m3，质量为80kg．绳和杠杆的质量、滑轮与轴及杠杆支点处的摩擦、水对文物A的阻力均忽略不计，文物A一直匀速上升． 求：

（1）在文物还未露出水面时，求此时文物A所受到的浮力及电动机拉力F的大小；（假定B端静止）

（2）在文物还未露出水面时，滑轮组的机械效率；

（3）当文物A在空中被匀速提起上升时，电动机拉力功率为5kw．求卷扬机拉动钢丝绳的速度．

（4）当文物A出水后，配重E对地面的压强．

【考点】8P：浮力大小的计算；86：压强的大小及其计算；F4：滑轮（组）的机械效率；FG：功率计算公式的应用．

【分析】（1）利用密度公式ρ=求出体积，根据阿基米德原理计算出物体受到的浮力；

分析物体受力和滑轮组的特点，利用F=（G物﹣F浮+G动）求出自由端的拉力； （2）利用η=

×100%=

×100%=

求机械效率；

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（3）根据F=（G+G动）计算出拉力F的大小，根据P==Fv，计算出v的大小；

（4）文物出水后，根据动滑轮的使用特点求出拉力F，根据物体平衡求出杠杆B点的拉力FB，根据杠杆平衡条件即可求出C的拉力FC，根据里的合成求出支持力F支，由于F压=F支，最后利用p=求出压强． 【解答】解：（1）由于物体完全浸没 所以V排=VA=

=

=0.01m3，

所以物体所受的浮力：

F浮=ρ水gV排=1000kg/m3×10N/kg×0.01m3=100N；

又因为物体做匀速直线运动，所以F=（G物﹣F浮+G动）=×=400N； （2）滑轮组的机械效率： η=

×100%=

×100%=

×100%=

×100%=87.5%；

（3）假设A全部出水，F′=（G物+G动）=×=450N； 由P═Fv得，绳的速度v=

=

≈11.1m/s．

（4）文物出水后，F=（GA+G动）=×=450N， 根据物体平衡可知：FB=G定+3F=1000N+3×450N=1450N， 根据杠杆平衡条件可得：FB×OB=FC×OC， 所以，FC=

×FB=×1450N=2900N，

则：F压=F支=GE﹣FC=mEg﹣FC=300kg×10N/kg﹣2900N=100N， p=

=

=2000Pa．

答：（1）文物A所受到的浮力为100N；电动机拉力F的大小为400N； （2）在文物还未露出水面时，滑轮组的机械效率87.5%； （3）卷扬机拉动钢丝绳的速度为11.1m/s；

（4）当文物A出水后，配重E对地面的压强为2000Pa．

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2017年6月16日

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