2013年全国普通高等学校招生统一考试理科数学(广东卷带解析)
更新时间:2024-05-04 01:18:01 阅读量: 综合文库 文档下载
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2013年全国普通高等学校招生统一考试理科数学(广东卷带解析)
一、选择题 1.设集合A.
B.
C.
, D.
,则
( )
【答案】D 【解析】因
,
,所以
,故选D.
【考点定位】集合的运算、二次方程的解法 2.定义域为的四个函数A. B. C. D. 【答案】C
【解析】奇函数的为
与
,
和
为非奇非偶函数,故选C.
,
,
,
中,奇函数的个数是( )
【考点定位】基本初等函数和奇函数的概念 3.若复数满足A.
B.
,则在复平面内,对应的点的坐标是( ) C.
D.
【答案】C 【解析】
对应的点的坐标是
,故选C.
【考点定位】复数运算和复数的几何意义. 4.已知离散型随机变量
的分布列为
则
的数学期望
( )
A . B. C. D. 【答案】A 【解析】
【考点定位】离散型随机变量的期望
5.某四棱台的三视图如图所示,则该四棱台的体积是 ( )
,故选A.
A. B.C.D. 【答案】B
【解析】由三视图可知,该四棱台的上下底面边长分别为和的正方形,高为,故
,故选B.
【考点定位】三视图与四棱台的体积 6.设A.若B.若C.若D.若【答案】D
【解析】选项A中,m与n还可能平行或者异面,故错;B中,m与n还可能异面,故错;C中,还有可能平行或者相交,故错;D中,故D正确. 【考点定位】考查线面的位置关系 7.已知中心在原点的双曲线的右焦点为A.【答案】B 【解析】依题意
,
,所以
,从而
,
,故选B.
B.
C.
,离心率等于,在双曲线的方程是 ( ) D.
是两条不同的直线,
,,,,
,,,,
,则,则,则,则
是两个不同的平面,下列命题中正确的是( )
【考点定位】考查双曲线方程。 8.设整数
,集合
.令集合
若
下列选项正确的是( ) A.B.C.D.【答案】B
【解析】特殊值法,不妨令
,
,则
,
,故选B.
,,,,
和
都在中,则
如果利用直接法:因为,,所以…①,…②,…③三个式子中恰有一个成立;…④,…⑤,…⑥三个式子中恰有一个成立.配对后只有四种情况:第一种:①⑤成立,此时,于是,;第二种:①⑥成立,此时,于是,;第三种:②④成立,此时,于是,;第四种:③④成立,此时,于是
,.综合上述四种情况,可得,. 【考点定位】新定义的集合问题 二、填空题 1.不等式【答案】
的解集为___________.
的解集为
.
【解析】不等式
【考点定位】二次不等式的解法 2.若曲线【答案】
在点
处的切线平行于轴,则______.
,由导数的几何意义可知
,所以
.
【解析】求导得
【考点定位】导数的几何意义.
3.执行如图所示的程序框图,若输入的值为,则输出的值为______.
【答案】
【解析】第一次循环后:第三次循环后:
;第二次循环后:
,此时
; 故输出.
;第四次循环后:
【考点定位】程序框图 4.在等差数列【答案】
中,已知
,则
_____.
,所以.
.或:
【解析】依题意
【考点定位】考查等差数列的性质和通项公式。 5.给定区域:,令点集
,则中的点共确定______条不同的直线. 【答案】
是
在上取得最大值或最小值的点
【解析】画出可行域时的整点为
,
,
,
如图所示,其中及
取得最小值时的整点为,取得最大值
共个整点.故可确定条不同的直线.
【考点定位】线性规划与直线方程 6.已知曲线的参数方程为
(为参数),在点
处的切线为,以坐标原点为极点,
轴的正半轴为极轴建立极坐标系,则的极坐标方程为_____________.
【答案】
,其在点.
处的切线的方程为
,对应的极坐标
【解析】曲线的普通方程为方程为
,即
【考点定位】坐标系与参数方程 7.如图,
,
是圆的直径,点在圆上,延长,则_________.
到使
,过作圆的切线交
于.若
【答案】
,所以
,又
,所以
,从而
【解析】依题意易知
.
【考点定位】几何证明,三角形相似问题. 三、解答题 1.已知函数(Ⅰ) 求(Ⅱ) 若
的值; ,
,求
.
,
.
【答案】(Ⅰ) 1(Ⅱ)【解析】(Ⅰ)(Ⅱ) 因为所以所以
,
;
,所以,
. ,
(1)考查三角函数求值问题,较为简单;(2)利用两角和的余弦公式进行化简然后再借助二倍角公式进行求解,解题时需注意角的范围对三角函数值的影响. 【考点定位】三角函数求值与化简,考查学生的转化分析能力和计算能力.
,
2.某车间共有名工人,随机抽取名,他们某日加工零件个数的茎叶图如图所示,其中茎为十位数,叶为个位数.
(Ⅰ) 根据茎叶图计算样本均值;
(Ⅱ) 日加工零件个数大于样本均值的工人为优秀工人.根据茎叶图推断该车间名优秀工人;
(Ⅲ) 从该车间名工人中,任取人,求恰有名优秀工人的概率. 【答案】(Ⅰ)11 (Ⅱ)4 (Ⅲ)【解析】(Ⅰ) 样本均值为
(Ⅱ) 由(Ⅰ)知样本中优秀工人占的比例为(Ⅲ) 设事件:从该车间
名工人中有几
;
,故推断该车间
名工人中有
名优秀工人. .
名工人中,任取人,恰有名优秀工人,则
(1)根据茎叶图得到各个数据,然后利用均值公式直接求解,注意计算的准确性;(2)根据样本中优秀工人占的比例进行推断即可;(3)明确有名优秀工人来源于4名工人中的一个,然后利用组合的知识和随机事件的概率公式求解.
【考点定位】本题考查茎叶图、均值和随机事件的概率问题. 3.如图1,在等腰直角三角形为
的中点.将
沿
中,
,
,
分别是
上的点,,其中
. ,
折起,得到如图2所示的四棱锥
(Ⅰ) 证明:(Ⅱ) 求二面角
平面;
的平面角的余弦值.
【答案】(Ⅰ)见解析 (Ⅱ) 【解析】(Ⅰ) 在图1中,易得连结
,在
中,由余弦定理可得
由翻折不变性可知所以理可证
, 又
,所以
,
, ,所以
平面
.
(Ⅱ) 传统法:过作因为所以
平面为二面角
为
,所以
交的延长线于,连结, 的平面角.
,
结合图1可知,所以
中点,故,所以二面角
,从而
的平面角的余弦值为如图所示,
.
向量法:以点为原点,建立空间直角坐标系
则所以设
,
,为平面,即
,
的法向量,则
,解得
,令
的一个法向量,
,得
由(Ⅰ) 知,为平面
所以,即二面角的平面角的余弦值为.
解决折叠问题,需注意一下两点:1.一定要关注“变量”和“不变量”在证明和计算中的应用:折叠时位于棱同侧的位置关系和数量关系不变;位于棱两侧的位置关系与数量关系变;2.折前折后的图形结合起来使用.如本题第一问,关键是由翻折不变性可知,借助勾股定理进行证明垂直关系;(2)利用三垂线定理法或者空间向量法求解二面角. 求二面角:关键是作出或找出其平面角,常用做法是利用三垂线定理定角法,先找到一个半平面的垂线,然后过垂足作二面角棱的垂线,再连接第三边,即可得到平面角。若考虑用向量来求:要求出二个面的法向量,然后转化为
,要注意两个法向量的夹角与二面角可能相等也可
能互补,要从图上判断一下二面角是锐二面角还是钝二面角,然后根据余弦值确定相等或互补即可。
【考点定位】考查折叠问题和二面角的求解,考查空间想象能力和计算能力. 4.设数列
的前项和为
.已知
,
,
.
(Ⅰ) 求的值; (Ⅱ) 求数列
的通项公式;
.
(Ⅲ) 证明:对一切正整数,有【答案】(Ⅰ) 4(Ⅱ) 【解析】(Ⅰ) 依题意,(Ⅱ) 当
时,
(Ⅲ)见解析
,又,
,所以;
两式相减得整理得故数列所以(Ⅲ) 当当
时,
时,是首项为
,即
,又
,公差为的等差数列, ,所以;当
. 时,,此时
;
综上,对一切正整数,有
.
进行递推转化,进而构造数
(1)直接将n换为2代入递推式求解;(2)借助列
为等差数列是解题的关键,考查了学生对式子的操作能力和转化能力.(3)借助放缩法进
行证明,放缩的关键是
【考点定位】本题考查数列的通项公式和数列求和问题,以及不等式的证明. 5.已知抛物线的顶点为原点,其焦点上的点,过点作抛物线的两条切线(Ⅰ) 求抛物线的方程; (Ⅱ) 当点
为直线上的定点时,求直线
的方程; 到直线:,其中
为切点.
的距离为
.设为直线
(Ⅲ) 当点在直线上移动时,求【答案】(Ⅰ)
(Ⅱ)
的最小值. (Ⅲ)
,由
结合
,
【解析】(Ⅰ) 依题意,设抛物线的方程为解得
. 所以抛物线的方程为
,即
. ,求导得),则切线,即
(Ⅱ) 抛物线的方程为设所以切线
,
(其中的方程为
的方程为均过点为方程的方程为
的斜率分别为,即
,
,
同理可得切线因为切线所以所以直线
,所以
的两组解. . ,
,
,
(Ⅲ) 由抛物线定义可知所以联立方程
,消去整理得
由一元二次方程根与系数的关系可得所以又点所以所以当
时,
在直线上,所以
,
,
取得最小值,且最小值为.
(1)利用点到直线的距离公式直接求解C的值,便可确定抛物线方程;(2)利用求导的思路确定抛物线的两条切线,借助均过点P,得到直线方程;(3)通过直线与抛物线联立,借助韦达定理和抛物线定义将进行转化处理,通过参数的消减得到函数关系式
是解题的关键,然后利用二次函数求最值,需注意变量的范围.
【考点定位】本题考查抛物线的方程、定义、切线方程以及直线与抛物线的位置关系,考查学生的分析问题的能力和转化能力、计算能力. 6.设函数(Ⅰ) 当(Ⅱ) 当
时,求函数
时,求函数
(其中
).
的单调区间;
在
上的最大值
.
,
(Ⅱ)
【答案】(Ⅰ) 函数【解析】(Ⅰ) 当
,
令
,得
,
的递减区间为时,
,递增区间为
的变化如下表:
当变化时,
极大值 极小值 右表可知,函数(Ⅱ)令令所以所以当
,得
,,则
的递减区间为,递增区间为,
,.
,
,所以
,从而
时,
;当
,所以
时,在
上递增,
;
所以令令所以
在
,则
上递减,而使得
时,在
,
上单调递增,在
,
在在
, ,且当
,则
,
时,
,
所以存在当所以因为所以综上,函数
上单调递减.
上恒成立,当且仅当上的最大值
时取得“”.
.
(1)根据k的取值化简函数的表达式,明确函数的定义域,然后利用求导研究函数的单调区间,中规中矩;(2)借助构造函数的技巧进行求解,如构造达到证明的目的,构造达到证明的目的. 【考点定位】本题考查函数的单调性和函数的最值问题,考查学生的分类讨论思想和构造函数的解题能力.
所以令令所以
在
,则
上递减,而使得
时,在
,
上单调递增,在
,
在在
, ,且当
,则
,
时,
,
所以存在当所以因为所以综上,函数
上单调递减.
上恒成立,当且仅当上的最大值
时取得“”.
.
(1)根据k的取值化简函数的表达式,明确函数的定义域,然后利用求导研究函数的单调区间,中规中矩;(2)借助构造函数的技巧进行求解,如构造达到证明的目的,构造达到证明的目的. 【考点定位】本题考查函数的单调性和函数的最值问题,考查学生的分类讨论思想和构造函数的解题能力.
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