2015上海四区物理一模试卷汇总（含答案）

上海市宝山区2015年中考一模物理试卷

一、选择题（共16分）下列各题均只有一个正确选项，请将正确选项的代号用2B铅笔填涂在答题纸的相应位置上，更改答案时，用橡皮擦去，重新填涂． 1．（3分）表示电流做功快慢的物理量是（ ） A．电流 B． 电压 C． 电功 D． 电功率 考点： 电功率． 专题： 电能和电功率． 分析： 根据对电流、电压、电功、电功率的物理意义的理解进行选择． 解答： 解：A、电流是单位时间内通过导体横截面的电量，故不合题意； B、电压是电路中形成电流的原因，故不合题意； C、电功是表示电流做功多少的物理量，故不合题意； D、电功率是表示电流做功快慢的物理量，故符合题意． 故选D． 点评： 对电学物理量的物理意义要了解，属于基本概念． 2．（3分）我国家用电饭煲正常工作时的电压为（ ） A．1.5伏 B． 2伏 C． 24伏 考点： 电压． 专题： 电压和电阻． D． 220伏 分析： 本题依据对生活中常见电压值的了解写出答案． 解答： 解：我国家庭电路的电压是 220V，电饭煲正常工作时的电压为 220V． 故选D． 点评： 要记住一些生活中常见的电压值，如：一节干电池的电压是1.5V；一节铅蓄电池的电压是2V；家庭电路的电压为220V；对人体安全的电压为不高于36V；手机电池的电压为3.7V． 3．（3分）一块冰化成水时，增大的是它的（ ） A．质量 B． 体积 C． 密度 D． 重力 考点： 密度及其特性． 专题： 密度及其应用． 分析： 质量是物质的一种属性，所以冰熔化成水后其质量不变，水的密度大于冰的密度． 解答： 解： A、冰熔化为水，状态变了，物质多少没有变化，所以质量是不变的．不符合题意； B、C、水的密度是1.0×10kg/m，冰的密度是0.9×10kg/m，水的密度大于冰的密度，所以冰化成水后密度会变大； 由V=可知，体积变小．选项B不符合题意，选项C符合题意； 3333D、由A知，质量不变，所以由G=mg知，重力不变．不符合题意． 故选C． 点评： 此题考查了同种物质物态变化后其质量、密度、体积、重力的变化问题，是一道基础题． 4．（3分）如图所示的四个实例中，属于增大压强的是（ ）

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A．B． C． D． 铁轨铺在枕木上 背包带做的较宽 拧螺母时垫圈 用剪刀雕刻 考点： 增大压强的方法及其应用． 专题： 压强、液体的压强． 分析： 增大压强的方法：在压力一定时，减小受力面积来增大压强；在受力面积一定时，增大压力来增大压强． 减小压强的方法：在压力一定时，增大受力面积来减小压强；在受力面积一定时，减小压力来减小压强． 解答： 解：A、铁轨铺在枕木上，是为了在压力一定时，增大受力面积来减小铁轨对路基的压强．不符合题意； B、书包带做的很宽，是为了在压力一定时，增大受力面积来减小书包对肩膀的压强．不符合题意． C、紧固螺母时，在螺母下放一个垫圈，是在压力一定时，增大受力面积减小压强．不符合题意． D、剪刀的刀刃做得很薄，是为了在压力一定时，减小受力面积来增大压强．符合题意． 故选D． 点评： 掌握压强大小的影响因素，掌握增大和减小压强的方法．能把压强知识应用到生活中． 5．（3分）关于电流，下列说法中正确的是（ ） A．金属导体中电流的方向与自由电子移动的方向相同 金属导体中正电荷的定向移动形成电流 B． 电流就是通过导体横截面的电荷量 C． D．自由电荷定向移动形成了电流 考点： 电流的方向；电流的形成． 专题： 电流和电路． 分析： （1）电荷的定向移动形成电流，正电荷定向移动形成电流；负电荷定向移动形成电流；正负电荷向相反方向移动形成电流；物理学把正电荷定向移动的方向规定为电流的方向； （2）电流等于单位时间通过导体横截面的电荷量的多少． 解答： 解： ABD、自由电荷的定向移动形成了电流．金属导体中能自由移动的是自由电子，而电子带负电，所以自由电子定向移动方向与电流方向相反．选项A、B均错误，选项D正确； C、电流是单位时间通过导体横截面的电荷量．此选项错误． 故选D． 点评： 掌握电流形成的几种情况，掌握电流方向的规定，会判断电路中电流的方向． 6．（3分）如图所示的四个电路中，电源电压相同且不变，电阻R的阻值均相等，闭合电键S，电流表示数最大的是（ ）

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A．B． C． D． 考点： 并联电路的电流规律；串联电路的电流规律． 专题： 电流和电路． 分析： 分析电路结构，根据串并联电路特点及欧姆定律求出各电流表示数，再比较各电流表示数大小，然后答题． 解答： 解：设电源电压是U， A、由电路图可知，闭合电键后，两电阻串联，电流表示数ID=B、由电路图可知，闭合电键后，电流表示数IA=； C、由电路图可知，两电阻并联，并联阻值为，闭合电键后，电流表示数IB===2IA； =； D、由电路图可知，闭合电键后，电流表所在支路被短路，电流表示数为零，ID=0； 由以上分析可知，闭合电键后，电流表示数最大的是C． 故选C． 点评： 本题考查了比较电流表示数大小的问题，分析清楚电路结构，应用串并联电路特点及欧姆定律求出电流表示数即可正确解题． 7．（3分）闭合如图所示电路中电键S后，在滑片P向左移动的过程中，保持不变的是（ ）

A．电压表V2示数与电压表V1示数之和 电压表V2示数与电压表V1示数之差 B． 电压表V2示数与电流表A示数的比值 C． D．电压表V1示数与电流表A示数的乘积 考点： 电路的动态分析． 专题： 电路变化分析综合题． 分析： 根据电路图可知，电路为滑动变阻器的基本电路，电压表V1测量滑动变阻器右部分电阻两端电压，电压表V2测量电源电压，电流表测量电路电流，根据滑片移动的方向确定以及串联电路分压的特点可知电压表V1示数的变化，根据电源电压可知电压表V2示数的变化，根据欧姆定律可知电流表示数的变化． 解答： 解：根据电路图可知，电路为滑动变阻器的基本电路，并且滑动变阻器接入电路的阻值不变；当滑片P向左移动的过程中，右半部分电阻变大，根据串联电路分压的特点可知，电压表V1的示数变大； 因为电源电压不变，所以电压表V2的示数不变； 因为电路中的阻值不变，电源电压不变，由欧姆定律可知，电路中的电流不变，即电流表的示数不变； 3

根据上述分析可知，电压表V2示数与电压表V1示数之和变大，故A不符合题意； 因为串联电路电压等于各部分电压之和，所以电压表V2示数与电压表V1示数之差变小，故B不符合题意； 电压表V2示数与电流表A示数的比值始终等于滑动变阻器的最大阻值，因此比值不变，故C符合题意； 电压表V1示数与电流表A示数的乘积变大，故D不符合题意． 故选C． 点评： 本题考查了学生对欧姆定律及其变形公式的掌握和运用，分析电路图得出电路的连接方式和三表的测量对象是本题的突破口． 8．（3分）如图所示，甲、乙两个均匀实心长方体物块放置在水平地面上．现各自沿水平方向切去部分，且将切去部分叠放到对方上面，此时甲、乙对地面的压强分别为p甲、p乙．则下列做法中，符合实际的是（ ）

A．如果它们原来的压力相等，切去相等质量后，p甲一定大于p乙 如果它们原来的压力相等，切去相等厚度后，p甲一定小于p乙 B． 如果它们原来的压强相等，切去相等质量后，p甲可能大于p乙 C． D．如果它们原来的压强相等，切去相等厚度后，p甲一定大于p乙 考点： 压强大小比较． 专题： 压强、液体的压强． 分析： 物体在单位面积上受到的压力叫压强．固体压强一般用P=分析，但对于粗细均匀的实心柱体，也可以按照柱体压强公式P=ρgh比较大小． 解答： 解：A、如果两物体原来的压力相等，也就是重力相等，沿水平方向切去相同质量，剩余质量、压力都相等，叠放到对方上面，甲乙对水平地面的压力不变，但甲的接触面积大，所以对水平面的压强较小．此选项不符合实际； B、如果两物体原来的压力相等，也就是重力相等，质量相等，相同厚度的甲的质量大于乙的质量，将切去部分叠放到对方上面后，甲对地面的压力小于乙对地面的压力，但甲的接触面积大，根据公式P=得到甲对水平面的压强较小．此选项符合实际； C、因为甲、乙都是长方体即柱体，所以压强用P=ρgh分析，它们原来的压强相同，由公式P=ρgh知，在h甲小于h乙条件下；甲物体的密度较大．沿水平方向切去相同体积，切去部分叠放到对方上面，相当于增大了乙的密度，也就是乙对水平面的压强大于甲对水平面的压强．此选项不符合实际； D、两物体原来的压强相等，因为甲、乙都是长方体即柱体，所以压强用p=ρgh分析，它们原来的压强相同，由公式p=ρgh可知，在h甲小于h乙条件下，分别沿水平方向切去相同高度，将切去部分叠放到对方上面，相当于增大了乙的密度，乙对水平面的压强大于甲对水平面的压强．此选项不符合实际． 故选B． 点评： 此题是典型的柱状固体的压强问题，要根据已知条件，灵活选用压强计算式P=和P=ρgh（适4

用于实心柱体对支撑面的压强）进行分析解答． 二、填空题（共26分）请将结果填入答题纸的相应位置． 9．（3分）压力能使受力面发生 形变 ．压力产生的这一效果不仅跟 压力 有关，还跟 受力面积 有关． 考点： 力的作用效果；压强． 专题： 压强、液体的压强． 分析： 力的作用效果有：（1）改变物体的运动状态，（2）改变物体的形状； 压力的作用效果跟压力大小和受力面积大小有关． 解答： 解： 通过生活中的实例或物理实验可知，压力能使受力面发生形变； 压力的作用效果与压力大小、受力面积两个因素有关． 故答案为：形变；压力；受力面积． 点评： 掌握压力作用效果的影响因素，利用控制变量法探究压力作用效果的影响因素． 10．（3分）如图是某蓄电池名牌上的部分内容，由此可知该电池的电压为 3.6 伏．根据本学期所学过的物理知识，可判断出“2.4Wh”中的“Wh”是 电功 （填物理量名称）的单位．

考点： 电功的计算． 专题： 简答题；电能和电功率． 分析： 从铭牌上可以看出，该电池的电压，功率单位是W，时间的单位是h，根据W=Pt判断． 解答： 解：从铭牌上可以看出，该电池的电压为3.6V； 由于功率单位是W，时间的单位是h，则根据W=Pt可知“2.4Wh”中的“Wh”是物理量电功的单位． 故答案为：3.6；电功． 点评： 本题考查电能的计算，关键是公式的应用，要学会认识用电器的铭牌，解题过程中要注意单位的换算． 11．（3分）小王同学暑期在云南腾冲旅游时，从海拔3780米高的高黎贡山峰带了个拧紧盖子的塑料瓶（如图（a）所示）下山，当晚回到海拔1600米的腾冲县城时，发现随身携带塑料瓶的形状发生了变化（如图（b）所示）．造成这一现象的主要原因是随着海拔高度的降低，空气密度 增大 ，大气压也随之 增大 ；而瓶内气体由于密闭，气压几乎 不变 ，因此是 大气压的增大 导致塑料瓶发生如此变化．

考点： 大气压强与高度的关系． 专题： 气体的压强、流体压强与流速的关系． 5

分析： 要解答本题需掌握大气压强与海拔高度的关系：大气压随海拔高度的变化而变．随着海拔的升高大气压强将减小． 解答： 解：随着海拔高度的降低，空气密度增大，大气压也随之增大；而瓶内气体由于密闭，气压几乎不变，外界大气压大于瓶内气压，外界大气压的增大导致塑料瓶变瘪了． 故答案为：增大； 增大；不变；大气压的增大． 点评： 本题主要考查学生对大气压强和高度的关系的了解． 12．（3分）拦河大坝设计成上窄下宽则是它为了抵御水的压强，而水的 深度 越大，水对大坝的压强越大．巨大的油轮是用钢板焊接成的空心体，比起相同质量的实心钢材，它能排开水的 质量（或重力） 非常大，从而产生巨大的 浮力 来平衡船体和所载的货物所受的重力，使油轮漂浮在水面． 考点： 液体的压强的特点；阿基米德原理． 专题： 压强和浮力． 分析： 要解决此题需掌握： （1）液体压强随深度的增加而增大； （2）阿基米德原理：物体所受浮力大小等于排开液体的重力． 解答： 解：由p=ρ水gh得，水的深度越大，对拦河大坝的压强越大，拦河大坝设计成上窄下宽则是它为了抵御水的压强； 巨大的油轮用钢板焊接成空心体，这样排开水的体积更大，排开水的质量（或重力）更大，所受浮力更大，与船体和所载的货物所受的重力相平衡，使油轮漂浮在水面上． 故答案为：深度；质量（或重力）；浮力． 点评： 液体压强与其密度及深度有关，拦河大坝做得上窄下宽是液体压强特点的应用，同时考查了阿基米德原理的应用，属基础知识． 13．（3分）某导体两端的电压为24伏，通过它的电流为0.8安，5秒内通过该导体横截面的电荷量为 4 库，其电阻为 30 欧．当它两端的电压为12伏时，通过它的电流为 0.4 安． 考点： 欧姆定律的应用． 专题： 计算题；欧姆定律． 分析： 已知电流和时间，根据公式Q=It可求导体横截面的电荷量，已知导体两端的电压和通过它的电流，根据欧姆定律可求导体的电阻． 已知导体两端的电压和导体的电阻，根据欧姆定律可求通过它的电流． 解答： 解：5秒内透过导体横截面的电荷量：Q=It=0.8A×5s=4C； 由I=可知，导体的电阻：R===30Ω； ==0.4A． 当它两端的电压为12伏时，通过它的电流I′=故答案为：0.4；30；0.4． 点评： 本题考查电阻和电量的计算，关键是欧姆定律的应用． 14．（3分）某潜艇浸没在水中时排水量为3×10吨，它所受的浮力 2.94×10 牛；若它从水温较低的高密度的洋流，靠惯性水平驶入水温较高的低密度洋流时，如图所示，排开水的体积 不变 ，所受浮力 减小 ．（后两空均选填“增大”、“不变”或“减小”）

3

7

6

考点： 浮力大小的计算；阿基米德原理． 专题： 浮力． 分析： 阿基米德原理：F浮=G排=ρ液gV排，物体所受浮力大小与液体密度和排开液体的体积有关． 337解答： 解：由阿基米德原理可知，潜艇所受浮力大小：F浮=G排=m排g=3×10×10kg×9.8N/kg=2.94×10N； 潜艇从水温较低的高密度的洋流驶入水温较高的低密度洋流，排开水的体积不变，但由于水的密度减小，由F浮=ρ液gV排可知，所受浮力减小． 7故答案为：2.94×10；不变；减小． 点评： 本题主要考查了阿基米德原理的应用，要掌握其内容，并能够根据公式进行分析． 15．（3分）如图所示的电路中，电源电压保持不变．灯L或电阻R可能出现了故障，闭合电键S后： ①若灯L发光，则三电表中示数一定大于零的是 A1、A2 表．

②若灯L不发光，且只有一个电表示数为大于零，则故障是 电阻R断路 ．

考点： 电流表、电压表在判断电路故障中的应用． 专题： 推理法；电流和电路． 分析： 由电路图知，灯L或电阻R串联，电流表A1、A2测量电路中的电流；电压表测量电阻R两端电压； （1）根据电流表和电压表测量的对象确定有示数的仪表，从而判断电路故障； （2）先确定电路故障，然后逐一分析． 解答： 解：①若灯L发光，则电路中有电流，由于电流表A1、A2同时测量电路中的电流，则电流表A1、A2一定有示数；所以一定是电阻R出现故障，若是电阻R开路则电路中不会有电流，所以电阻R的故障是短路，电压表示数为零，由此可知三电表中示数一定大于零的是电流表A1、A2表． ②若灯L不发光，只有一个电表示数为大于零，由于电流表A1、A2测量电路中的电流示数相同，则电表示数为大于零的一定是电压表，电流表没有示数，则说明出现了断路故障，由于电压表有示数；则故障出现在电压表测量的部分中出现开路，即电阻R断路． 故答案为：①A1、A2；②电阻R断路． 点评： 本题考查电路故障的分析，注意电路故障是用电器断路时没有电流，若电压表有示数；则故障出现在电压表测量的部分中出现开路． 16．（3分）某小组自学“光敏电阻”后，知道了在光敏电阻两端的金属电极加上电压，其中便有电流通过，再受到一定波长的光线照射时，电流就发生变化，从而实现光电转换．他们设计实验，验证所学到的结论．该小组利用由金属的硫化物半导体材料制成的光敏电阻、电压恒定的电源、电流表、电键

7

和导线组成电路，并用光源对光敏电阻照射不同强度的光波，做了如图（a）、（b）、（c）所示的三次实验．请仔细观察图中的装置、操作和现象，回答以下问题．

①该小组所设计和开展的实验，能否验证他们所学的规律，请说明理由． 能，他们按照规律成立的条件设计并开展实验，在回路中出现了期望中的电流变化 ． ②分析比较图（a）、（b）和（c）中的电流表示数以及相关条件，可得： 当电压一定时，对同一光敏电阻照射的光越强，它的电阻值越小 ． 考点： 控制变量法与探究性实验方案． 专题： 探究型实验综合题． 分析： ①根据实验现象进行分析得出结论； ②分析光照强度变化及电流大小的变化，得出结论． 解答： 解：①他们按照规律成立的条件设计并开展实验，在回路中出现了期望中的电流变化，所以他们的实验可以验证所学的规律． ②当电压一定时，对同一光敏电阻照射的光越强，电路中的电流越大，说明它的电阻值越小． 故答案为：①能，他们按照规律成立的条件设计并开展实验，在回路中出现了期望中的电流变化；②当电压一定时，对同一光敏电阻照射的光越强，它的电阻值越小． 点评： 本题是探究光敏电阻与光照强度之间的关系实验，考查了对实验现象的分析及结论的得出． 三、作图题（共6分）请将图直接画在答题纸的相应位置，作图题必须使用2B铅笔． 17．（3分）如图所示，静止在斜面上的物体A对斜面的压力为3牛，请用力的图示法画出该物体对斜面的压力F．

考点： 力的示意图． 专题： 图像综合题． 分析： 根据压力的作用点在接触面上，即物体与接触面的中点位置；方向与接触面垂直，过其作用点表示压力的方向． 解答： 解：先选一段线段，大小表示1N，然后过压力的作用点做垂直于斜面，并指向斜面的力，如图所示： 8

点评： 明确力的方向和作用点是正确表示力的示意图、力的图示的关键，要熟练用力的示意图或力的图示表示力三要素． 18．（3分）如图所示的电路中，将电阻和滑动变阻器两个元件符号，分别填进电路图的空缺处，填进后要求：闭合电键S，滑片P向左移动时，电流表示数变大，电压表示数变小．

考点： 电路图设计． 专题： 电流和电路． 分析： 根据滑片P向左移动时，电流表示数变大，电压表示数变小，可判断电路中的电流变化及总电阻的变化，再根据串联电路特点判断电压表测的是谁的电压． 解答： 解：由题意可知，当滑片P向左移动时，电流表示数变大，说明电路中的总电阻是变小的，则滑动变阻器的接入阻值是变小的； 又因为此时电压表示数变小，根据串联分压可知，电压表应并联在滑动变阻器的两端，故答案如下图所示： 点评： 本题的关键在于电流表的示数变大了，而电压表的示数却变小了，由此判断出滑动变阻器的位置是解答的关键． 四、计算和简答题（共24分）请将计算过程和答案写入答题纸的相应位置． 19．（4分）已知某块“全碳气凝胶”体积为1.0×10 ﹣5

米，质量为1.6×10

3﹣6

千克，求该材料的密度ρ．

考点： 密度的计算． 专题： 计算题；密度及其应用． 分析： 知道材料的质量和体积，根据密度公式求出材料的密度． 解答： 解：材料的密度： ρ===0.16kg/m． 39

答：该材料的密度为0.16kg/m． 点评： 本题考查了密度的计算，是一道基础题目． 20．（4分）在家庭电路中，标有“220V 660W”字样的用电器正常工作．求： （1）通过该用电器的电流I．

（2）通电300秒，电流对该用电器做的功W． 考点： 电功率与电压、电流的关系；电功的计算． 3专题： 电能和电功率． 分析： （1）根据公式P=UI求出电流； （2）根据W=Pt求出电流做的功． 解答： 解：（1）由P=UI可得，通过该用电器的电流I==5=3A， （2）由P=可得，W=Pt=660W×300s=1.98×10J． 答：（1）通过该用电器的电流为3A． 5（2）通电300秒，电流对该用电器做的功为1.98×10J． 点评： 此题主要考查的是学生对电功和电功率计算公式的理解和掌握，基础性题目． 21．（6分）如图（a）所示，一个质量为1千克、底面积为3×10米的薄壁圆柱形容器放在水平地

﹣33

面上，且容器内盛有4×10米的水． （1）求水面下0.1米深处水的压强p水．

﹣22

（2）若将另一个底面积为2×10米、高度为0.3米的实心金属圆柱体A，缓慢竖直地浸入水中，如图（b）所示，求容器对水平地面的压强增大一倍时，圆柱体A底部所处深度h．

﹣2

2

考点： 液体的压强的计算． 专题： 压强、液体的压强． 分析： （1）直接利用p=ρgh求水的压强； （2）由于容器对水平地面的压强增大一倍时，根据p=求出圆柱体A受到的浮力；根据F浮=ρ水gV排可求出液面圆柱体A底部所处深度h． 解答： 解：（1）水的压强p水=ρ水gh水 =1.0×10kg/m×9.8N/kg×0.1m =980Pa． （2）由于实心金属圆柱体A，缓慢竖直地浸入水中，容器对水平地面的压强增大一倍，即p′=2p， 根据p=得：=2×， 33所以，F浮=（G水+G器）=（m器+ρ水V水）g ﹣3333=（1kg+1.0×10kg/m×4×10m）×9.8N/kg， 10

=49N； 由F浮=G排=m排g=ρ水V排g=ρ水S柱hg， 则h===0.25m． 答：（1）水面下0.1米深处水的压强p水=980Pa． （2）圆柱体A底部所处深度h为0.25m． 点评： 本题考查液体压强和浮力的计算，关键是知道容器对水平地面的压力的增大是由于物体排开的水的重力产生的． 22．（8分）如图1所示的电路中，电源电压为6伏且保持不变，电阻R1的阻值为20欧．闭合电键S后，电流表的示数为0.2安，电压表的示数如图2所示．

（1）求电阻R1两端的电压U1． （2）求电阻R2的阻值． （3）现有“20Ω 2Α”和“50Ω 0.5Α”字样的滑动变阻器各一个可供选择，用来替换图1中的电阻R1（或R2），要求：在移动变阻器滑片P的过程中，保证电路元件都能正常工作，且电压表示数的变化量△U最大．问：选择哪一个变阻器来替换？替换的是哪个电阻？求出相应电压表示数的变化范围． 考点： 欧姆定律的应用． 专题： 计算题；电路和欧姆定律． 分析： 由电路图可知，两电阻串联，电压表测R2两端的电压，电流表测电路中的电流； （1）根据串联电路的电压特点求出R1两端的电压； （2），再根据欧姆定律求出R2的阻值； （3）但滑动变阻器接入电路中的电阻为0时，电压表的示数最大为6V，根据欧姆定律求出电路中的最大电流确定滑动变阻器的规格，当滑动变阻器接入电路中的电阻最大时，电压表的示数最小，利用电阻的串联和欧姆定律求出电路中的最小电流，再利用欧姆定律求出电压表的最小示数，两者相减即可得出答案． 解答： 解：由电路图可知，两电阻串联，电压表测R2两端的电压，电流表测电路中的电流； （1）根据串联电路中总电压等于各分电压之和可知： 电阻R1两端的电压U1=U﹣U2=6V﹣2V=4V， （2）根据串联电路电流处处相等可知：I2=I1=0.2A； 根据欧姆定律可得：R2===10Ω； （3）当滑动变阻器接入电路中的电阻为0时，电压表的示数为6V， 此时电路中的电流： 11

Imax===0.3A＜0.5A， 根据串联电路的分压原理可知：电阻越大分得得电压越大，所以用“50Ω 0.5A”的滑动变阻器替换电阻“R2”，电压表示数变化大； 当变阻器连入电路的阻值最小（0Ω）时， Imax===0.3A，U2min=0V； 当滑动变阻器接入电路中的电阻最大时，电压表的示数最小， 此时电路中总阻值Rmax=R1+R2=20Ω+50Ω=70Ω， 则电流： Imin===0.0857A， 电压表的最大示数： Umin=IminR2=0.0857A×50Ω=4.286V， 则电压表示数的最大变化范围为0V～4.286V． 答：（1）电阻R1两端的电压U1为4V． （2）电阻R2的阻值为10Ω． （3）“50Ω 0.5Α”的滑动变阻器替换电阻R2，相应电压表示数的变化范围为0V～4.286V． 点评： 本题考查了串联电路的特点和欧姆定律、电功率的计算，关键是根据R2两端的电压确定电压表的量程和电压表的最大示数． 五、实验题（共18分）（1）请根据要求在答题纸的相应位置作答．（4）（3）（2） 23．（3分）在测定生肖纪念币（马币）的密度时，先要用 托盘天平 测量几枚纪念币的总质量，用盛水的 量筒 测量这些纪念币的总体积；再计算出纪念币的密度．图中所示的测量仪器的名称是 U型管压强计 ，该图所示的情景表明这是在探究液体内部压强与 方向 的关系．

考点： 固体密度的测量；探究液体压强的特点实验． 专题： 探究型实验综合题． 分析： （1）“测定物质的密度”，需要在实验中测量物体的质量和体积，利用密度公式求物质的密度； （2）用压强计来测量液体内部压强．U型管内高度差越大，压强越大．在探究液体压强的影响因素时，应注意控制变量法的运用，知道液体压强与液体的密度和深度有关，而与方向无关． 解答： 解： （1）在测定生肖纪念币（马币）的密度时，先要用托盘天平测量几枚纪念币的总质量，用盛水的量筒采取排水法测量这些纪念币的总体积，再利用密度公式求纪念币的密度． （2）图中的装置叫U形管压强计，将探头放入煤油中，保持探头在煤油中的某一深度不变，探究液体内部压强与方向的关系，改变探头的方向，U形管两侧液面高度差不变，说明同种液体在同一深度，液体向各个方向压强相等． 12

故答案为：托盘天平；量筒；U形管压强计；方向． 点评： 本题考查了物质密度的测量方法和液体压强计的使用方法，能从图得出相关信息是关键． 24．（3分）根据“测定小灯泡的电功率”的实验，完成下列要求． （1）实验原理是 P=UI ．

（2）如图所示的电路中，有一根导线尚未连接，请用笔线代替导线在图中正确连接． 从滑动变阻器下端一个接线柱引出一根导线，接到电流表3A接线柱上 （用2B铅笔在答题纸的相应位置连线） （3）闭合电键前，需将滑动变阻器的滑片移到 最左 端，这样操作的目的是 闭合电键后，使变阻器连入电路的电阻最大，防止电流过大，保护电路元件 ．

考点： 电功率的测量． 专题： 探究型实验综合题． 分析： （1）实验采用了伏安法测灯泡的额定功率，伏安法测灯泡额定功率的原理是P=UI； （2）把滑动变阻器、电流表串联接入电路，滑动变阻器应采取“一上一下”的接法； （3）在连接电路过程中，滑片应移至最大阻值处．滑动变阻器的阻值是由滑片与下面一个接线柱的距离决定的．目的是闭合电键后，使变阻器连入电路的电阻最大，防止电流过大，保护电路元件． 解答： 解：（1）实验原理是：P=UI； （2）电流表要串联在电路中，在未知电路中电流大小时应选择较大量程；滑动变阻器接下面的接线柱，即从滑动变阻器下端一个接线柱引出一根导线，接到电流表3A接线柱上，如下图所示． （3）在闭合开关前，滑片应移至最大阻值处，即在最左端；目的是闭合电键后，使变阻器连入电路的电阻最大，防止电流过大，保护电路元件． 故答案为：（1）P=UI； （2）从滑动变阻器下端一个接线柱引出一根导线，接到电流表3A接线柱上；见上图； （3）最左；闭合电键后，使变阻器连入电路的电阻最大，防止电流过大，保护电路元件． 点评： 此题是“用电压表和电流表测小灯泡电功率”的实验，主要考查了有关实物电路的连接，电流表的使用方法，特别是滑动变阻器的接法以及在电路中的作用，属于常见题型． 13

25．（3分）小李同学用电源、电流表、电压表、滑动变阻器（标有“20Ω 2A”字样）等完好器材，测定电阻RX的值．他按如图1的电路图连接电路，并将变阻器的滑片放置于一端，然后闭合电键，发现无论怎样移动滑片P，电流表和电压表示数都为零．接着他将电路中的电压表先后并联到滑动变阻器两端b、c上，观察到电压表的示数变为9伏、电流表示数仍为零．经思考，小李排除故障，再次如图1电路图正确连接电路，操作步骤正确．闭合电键，他在将滑片P从滑动变阻器一端移动到另一端的过程中，发现电流表示数从0.30安增大到0.9安；当滑片P在中点附近某个位置时，电压表、电流表的示数如图2（a）、（b）所示，请根据小李同学实验过程中观察到的现象填写实验表格．（注意：请填写在答题纸上的表格中，电阻计算精确到0.1欧）

物理量 实验序号 1 2 3 考点： 伏安法测电阻的探究实验． 专题： 探究型实验综合题． 电压电流电阻 （伏） （安） （欧） 0.30 0.9 分析： （1）无论怎样移动滑片P，电流表和电压表示数都为零，电路有断路；将电路中的电压表先后并联到滑动变阻器两端b、c上，观察到电压表的示数变为9伏、电流表示数仍为零，判断电路故障为滑动变阻器断路，由此可知道电源电压；根据欧姆定律计算出定值电阻的阻值； （2）由滑动变阻器滑片P移动时，电路中电流的变化，根据欧姆定律计算出电压的变化范围；根据电压表和电流表的示数变化确定电压表和电流表的量程，读出示数，计算出电阻值；计算出三次测量的平均值，以减小误差． 解答： 解：无论怎样移动滑片P，电流表和电压表示数都为零，说明电路断路；将电路中的电压表先后并联到滑动变阻器两端b、c上，电流表示数仍为零，电压表示数为9V，说明滑动变阻器断路，电压表串联在电路中，测量电源电压，所以电源电压为9伏； 小李排除故障，闭合电键，他在将滑片P从滑动变阻器一端移动到另一端的过程中，发现电流表示数从0.30安增大到0.9安，说明滑片P在最左端，即接入电路中电阻为0时，电路中电流最大，为0.9A，电压表示数为电源电压，为9V； 所以定值电阻的阻值为：R===10Ω； 滑片P在最右端，即接入电路中的电阻为20Ω时，电路中电流最小，为0.3A， 定值电阻两端的电压为：U1=I1R=0.3A×10Ω=3V； 当滑片P在中点附近某个位置时，定值电阻两端的电压介于3V和9V之间，所以电压表选择0﹣15V量程，每一小格是0.5V，示数为4.5V； 电路中的电流介于0.3A和0.9A之间，所以电流表的选择0﹣0.6A量程，每一小格是0.02A，示数0.44A． 14

由欧姆定律I=得，定值电阻的阻值为R2==≈10.2Ω； 根据三次测量的结果计算出定值电阻的平均值为： R==≈10.1Ω． 将数据填入表格如下： 物理量 实验序号 1 2 3 电压电流电阻电阻平均值 （伏） （安） （欧） （欧） 3 10.0 10.1 4.5 0.44 10.2 9 10.0 故答案为：见上表． 点评： 本题考查了学生对动态电路的分析能力，滑动变阻器的使用方法和欧姆定律公式的应用，是一道综合性题目．判断电压表、电流表的示数时，参照题干中电压表、电流表的示数变化范围，即电流表示数应为0.44A，而不可能为2.2A；同样电压表示数应为4.5V，而不可能为0.9V． 26．（5分）小张、小王两同学学习了电流、电压和电阻知识后，发现电流与水管中的水流相似、电压与水压差相似，小张同学提出：导体对电流的阻碍作用可能与水管对水流阻碍作用相似，随后小王同学便提出：导体的电阻可能跟导体的长度、横截面积有关． 为了研究导体的电阻与哪些因素有关，他们设计了如图所示的电路，且在常温下选用手头拥有的长度、横截面积不同的铝丝接入电路的MN两点间，利用电流表和电压表测量后计算出阻值，将数据记录在表一、表二中． 表一 铝丝 实验 序号 1 2 3 长度l （米） 0.1 0.2 0.45 横截面积S 2（毫米） 0.1 0.4 0.3 横截面积S 2（毫米） 0.2 0.2 0.2 电阻R （欧） 0.028 0.014 0.042 电阻R （欧） 0.014 0.028 0.042 表二 铝丝 实验 长度l 序号 （米） 4 0.1 5 0.2 6 0.3 （1）分析比较实验序号1与4或2与5可得出的定性结论是：常温下，铝丝长度相同，铝丝的横截面积越小，电阻越 大 ．

（2）分析比较 表二 （选填“表一”或“表二”）的相关数据可得出的定量结论是：常温下，铝丝横截面积相同时，铝丝的电阻与长度成 正 比（选填“正”或“反”）． （3）请进一步综合分析表一、表二的相关数据，并归纳得出结论． （a）分析比较（1与5）、（2与4）或（3与6）的数据及相关条件，可得出的初步结论是：常温下，铝丝长度与横截面积的 比值 相同，电阻相同． （b）分析比较（1与5）、（2与4）和（3与6）的数据及相关条件，可得出的初步结论是：常温下， 铝丝长度与横截面积的比值不同，电阻不相同；铝丝长度与横截面积的比值越大，电阻越大 ．

15

在电路中。

(a)

(b)

图13

V 3 15 (c)

(d)

24．如图14所示用来研究凸透镜成像规律的装置，其中A处应装右侧的透镜 （5） （选填“甲”或“乙”）。实验前需要将焰心、透镜中心和光屏的中心大致调节到 （6） 。小民同学调节好实验器材，在图示位置的光屏上找到清晰像；若保持蜡烛和光屏位置不变，要在光屏上成倒立放大的像，则应将透镜向 （7） （选填“左”或“右”）移动，此时的物距 （8） 像距（选填“大于”、“等于”或“小于”）。

图14

A

甲

乙

25.小林用电源、电流表、电压表、滑动变阻器（标有“20Ω 1A”字样）、电键、导线等器材来测定电阻RX的值。闭合电键S，无论怎么移动变阻器滑片，电压表的示数始终为1.0伏，电流表示数始终为0.10安。产生这种现象的原因可能是 （9） 。

接着，小林经过思考、分析后，重新进行正确的实验。若电源电压保持不变，在移动滑动变阻器滑片P的过程中，他发现电流表的示数最大示数为0.28安。当他把变阻器的滑片移到某一位置，电压表、电流表的示数如图15（a）、（b）所示，此时它们的读数分别为 （10） 、 （11） 。

根据实验过程中记录的数据，则待测电阻的电阻平均值是 （12） 欧。（计算电阻时，精确到0.1欧）

（a） （b） 图 15

26．小明和小雨通过实验研究将物体放入液体的过程中，容器底部受到液体压力的变化情况。如图16所示，他们将重力分别为30牛和40牛的甲、乙两个柱形物体，先后挂在弹簧测力计下，并将其逐渐浸入同一薄壁柱形容器的液体中（液体不溢出）。他们读出测力计示数F，并测得容器底部受到液体压力F底，然后根据相关物理量计算出物体所受浮力F浮，将数据记录在表一、表二中。

表一 物体甲的重为30N

实验序号 1 2 20 16 10 14 30 34 F（N） F浮（N） F底（N） 表二 物体乙的重为40N

实验序号 6 7 30 25 10 15 30 35 图16

F（N） F浮（N） F底（N） 36

①小明分析比较实验序号 （13） 后得出结论：不同柱形物体浸入液体中，物体所受浮力相同，容器底部受到液体压力相同。

②小雨分析比较实验序号1、2、3、4或6、7、8、9后得出初步结论：同一柱形物体浸入液体中， （14） 越大，容器底部受到液体压力越大。

③分析实验序号4与5（或9与10）的数据，发现测力计示数F不同时，物体所受浮力F浮和容器底部受到液体压力F底均相同，出现这种情况的原因是： （15） 。

④两位同学仔细分析表一（或表二）的数据，并通过一定的计算，可知容器内液体的重力为 （16） 牛

⑤分析实验序号2和7可以得出，容器底部受到液体压力的增加量分别为 （17） 和

（18） 牛。

2014学年嘉定区九年级第一次质量调研理化试卷答案要点和评分参考 15.01 题 号 答案要点及评分说明 一、16分 1．B。 2．B。 3．C。 4．D。 5．D。 6．A。 7．D。 8．C。 （每题2分） 37

9． 6；并联；220。 10．(b)；势；大气压强 11．0.05；1；运动。 12．0.2；2.8；支持。 13．10；3；10。 14．绿；滑动；做功。 15．①变大；变小。②变小；变大。 16．（1）（a）；定值电阻R2所在支路的电流也在改变； （2）从不同情况中寻找普遍规律； （3）在并联电路中，干路中的电流等于各支路中的电流之和。 二、26分 17．虚线、箭头、字母正确3分，若不对称不得分。 三、8分 18. 错1个得2分，错2个不得分。 （3+3+2分） 19．连接正确得2分 V排＝V球＝2×10-4米3 1分 20． F浮＝ρ液V排g 1分 （4分） ＝1×103千克/米3 ×2×10-4米3× 9.8牛/千克 1分 ＝1.96牛 1分 （1）I1＝U1/R1＝6伏/6欧＝1安 3分 （2）U2＝U－U1＝18伏－6伏＝12伏 1分 R2＝U2/I 2 ＝U2/I1 ＝12伏/1安＝12欧 1分 （3）滑动变阻器允许通过的最大电流为2安，即电路允许通四、22分 21． （8分） 过的最大电流为2安， 1分 R总最小＝U/I大 ＝18伏/2安 ＝9欧 R2最小＝R总最小－R1＝9欧－6欧＝3欧 1分 当滑动变阻器两端的电压最大时，电路中的电流最小， U1最小＝U－U2最大＝18伏－15伏＝3伏 I最小＝U1最小/R1＝3伏/6欧＝0.5安 R2最大＝U2最大/I小＝15伏/0.5安＝30欧 1分 ∴R2的电阻变化范围为3欧～30欧 38

① m 甲= ρ甲V=2×103千克/米3×（0.1米）3= 2千克 3分 ② p乙＝? gh＝1×103千克/米3×9.8牛/千克×0.1米 ＝980帕 2分 ③ 设p甲′≥p乙′ ?F甲≥ρ乙g（h乙＋Δh乙） S甲22． ?gm甲（10分） ≥ρ乙g（h乙＋Δh乙） S甲2千克-?甲V≥ρ乙（h乙＋V/S乙） 2分 S甲 V≤4×104米3 –当0＜V＜4×104米3时 p甲′＞p乙′ 1分 –当V＝4×104米3时 p甲′＝p乙′ 1分 ––当4×104米3＜V＜1×103米3时 p甲′＜p乙′ 1分 –23． 3.6；右；杠杆平衡的条件；并联。 （4分） 24． 乙；同一高度；左；小于。 （4分） 滑动变阻器下端两个接线柱连接在电路中 1分 五、18分 25． （4分） 2.3V ；0.24A 2分 10.1 1分 ① 1与6（或4与8或5与8） 26．（每② 浮力 空1分，③ 柱形物体与容器底接触后，容器底对物体有支持力。 共6分） ④ 20 ⑤ 14和15。

39

15．（3分）在图示的电路中，电源电压保持不变．①当电键S闭合后，三个电表中示数变大的电表是 表（选填“V”、“A1”、“A2”）；②当电键S断开时，若电阻R1、R2中一个出现了故障，则电压表V的示数 为零，电流表A2的示数 为零（均选填“一定”或“可能”）．

16．（3分）物理学中把具有流动性的液体和气体统称为流体．当流体处于流动状态时，其内部各处的压强有什么规律呢？

小李同学将粗细不同的玻璃管装置接到水流稳定的自来水管上，当水在玻璃管中流动时，可以看到两个竖直管中水面的高度并不相同，实验现象如图（a）所示．接着，小李同学又自制了一个飞机机翼模型，将其固定在托盘测力计上，观察测力计示数，如图（b）所示，在机翼模型正前方用电扇迎面吹风来模拟飞机飞行时的气流，观察到测力计的示数变小了．

①由图（a）所示的实验现象，可得出流体压强与流速之间的关系的初步结论是： ． ②在图（b）所示的实验中，电扇转动后，托盘测力计的示数变小了，原因是：机翼上凸下平，上方气流速度比下方大，造成机翼上方压强 （选填“大于”或“小于”）下方压强，所以机翼获得向上的升力，使测力计读数变小．

③在下列情形中，能够运用上述结论进行解释的是 ．（选填序号） A．将氢气球放手后，它会飘向空中

B．大风吹过，未插住插销的窗户向外推开 C．直升飞机能够停在空中一定高度处

D．地铁站台上，人必须在警戒线外候车．

三、作图题（共8分） 17．（2分）如图所示，重物对水平地面的压力为3牛，请用力的图示法作出这个压力F．

26

18．（2分）重为4牛的小球静止在水中，在右图中用力的图示法画出小球受到的浮力F浮．

19．（4分）在如图所示的电路中，有一根导线尚未连接，请用笔线代替导线补上．补上后要求当电键闭合后，滑动变阻器的滑片P向右移动时，电压表的示数变大．

四、计算题（共22分）

20．在图（a）所示的电路中，电源电压恒定不变，电阻R1为20欧，滑动变阻器R2上标有“20Ω 2A”字样．闭合电键S，滑动变阻器R2上的滑片P移至某处时，电路中两个电表的指针恰好指在相同的位置上，如图（b）所示．求：

（1）电源电压U．

（2）变阻器连入电路的阻值R2．

21．如图所示，质量为0.2千克、底面积为2×10中盛有0.2米高的水．

求：（1）求容器中水的质量．

﹣2

米的薄壁圆柱形容器放在水平地面上，容器

2

27

（2）将一个体积为2×10米，密度为2.9×10千克/米的实心均匀物块浸没在容器内水中后． ①若水未溢出，求：此时容器对地面的压强．

②若浸没前容器中已装满水，求：物块浸没在容器内水中后水对容器底部压强．

﹣3

333

22．在图（a）所示的电路中，电阻R1的阻值为20欧，滑动变阻器R2上标有“20Ω 1A”字样．

求：（1）闭合电键S，电流表的示数为0.5安，求此时电阻R1两端的电压U1．

（2）若用一定值电阻R0替换R1，并在电路中正确连入一个电压表，当变阻器连入电路的电阻恰为其最大阻值的一半时，电流表、电压表的示数分别如图（b）、（c）所示．请通过计算判断电压表所测的物理量，并求出电阻R0．

五、实验题（共18分）

23．在“测定石块密度”的实验中，实验原理是 ．图甲是 实验的装置，该实验证明了 ．如图乙所示的测量工具是 表，使用时应 联在电路中．

24．如图所示，是“探究液体内部压强大小与哪些因素有关”的实验，图（a）所示的器材的名称

是 ．若实验中要探究液体压强与液体密度的关系，应将金属盒分别浸入到图（b）中的 两位置进行比较．当金属盒分别处于A、B时，左右两管内液面高度差LA＜LB，由此可以得出的结论是： ．

28

25．小明同学做“电流表、电压表测电阻”的实验，实验器材齐全且完好，所用电源电不变． 请你帮他设计一个记录实验数据的表格并画在方框中． 小明正确串联实验器材，并将滑片放置于变阻器的一端，然后将电压表并联在电路，闭合电键后，两电表的示数如图所示．接着移动滑动变阻器的滑片，观察到电压表逐渐变小，直到为零．经过思考，小明重新实验，他正确连接电路，操作步骤正确，键后，发现电压表的示数为1伏．

实验所用的电源电压为 伏，滑动变阻器的最大阻值为 欧．电阻RX的阻值为 欧（上面的空格需写出计算过程）．根据实验目的，下来要进行的操作是： （并写出操作的目的）．

26．某小组同学探究物体浸没在液体中时弹簧测力计的示数大小与哪些因素有关．如图所示，实验时，他们采用三个体积相同的不同物体，分别用弹簧测力计测出它们在空气中的重力G，然后把三个物体分别浸没在水中，记录下此时测力计的示数F拉，如表一所示．接着，他们继续用酒精和盐水重做实验，并把实验数据记录在表二、表三中．

（已知ρ盐水＞ρ水＞ρ酒精） 表一（水） 实验 序号 1 0 2 0 3 0

（1）分析比较实验序号1 与2与3（或4与5与6或7与8与9）的数据及观察到的现象，可得出的初步结论是 ．

（2）分析比较实验序号 的数据及观察到的现象，可得出的初步结论是：同一物体，浸没在不同液体中时，液体密度越大，浸没在液体中时弹簧秤的示数越小．

（4）请进一步综合分析比较表一、表二、表三中的数据及观察到的现象，并归纳得出结论．

5.4.0 4.3.0 2.1.0 G F拉 （牛） （牛） 表二（酒精） G 实F拉 验 （牛） （牛） 序号 4 2.0 1.2 5 4.0 3.2 表三（盐水） G 实F拉 验 （牛） （牛） 序号 7 2.0 0.8 8 4.0 2.8 29

（a）分析比较表一、表二或表三中的数据及观察到的现象，可初步得出： ． （b）分析比较表一、表二和表三中的数据及观察到的现象，可初步得出： ．

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2015年上海市松江区中考物理一模试卷

参考答案

一、选择题（共16分） 1．B 2．D 3．C

二、填空题（26分）

4．B 5．B 6．C 7．A 8．C

9．1.5并联 10．托里拆利增大9.8×10 11．不能变大不变 12．b变大短路 13．0.64.8814．小于小于大于 15．V、A2可能可能 16．流速越大的位置压强越小小于BD

三、作图题（共8分）

17． 18． 19．

四、计算题（共22分）

20． 21． 22．

五、实验题（共18分）

23．ρ=马德堡半球大气压的存在电压并 24．U型管压强计A、D同种液体深度越深压强越大

4

25．3105多次移动滑动变阻器，分别读出电压表和电流表的读数，做到多次测量减小误差的目的 26．体积相同的不同物体，浸没在同种液体中，弹簧测力计示数随着物体重力的增大而增大1与4与7（或2与5与8或3与6与9）体积相同的不同物体浸没在同种液体中，物体受到的重力与弹簧测力计的示数差值相等体积相同的不同物体浸没在不同种液体中，液体密度越大，物体受到的重力与弹簧测力计的示数差值越大

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上海市嘉定区2015年中考一模(即期末) 物理试题及答案

（满分150分，考试时间100分钟）

物 理 部 分

考生注意： 1．本试卷物理部分含五大题。

2．答题时，考生务必按答题要求在答题纸规定的位置上作答，在草稿纸、本试卷上答题

一律无效。

一、选择题（共16分）

下列各题均只有一个正确选项，请将正确选项的代号用2B铅笔填涂在答题纸的相应位置上，更改答案时，用橡皮擦去，重新填涂。

1．区分女高音与女中音的主要依据是 A．响度 B．音调 C．音色 D．振幅

2．篮球从地上弹起的过程中，其惯性 A. 变大

B. 不变

C. 先变大后不变 D. 先变大后变小

3．四冲程汽油机在工作过程中，将内能转化为机械能的冲程是 A．吸气冲程 B．压缩冲程 C．做功冲程 D．排气冲程 4．在下列各物理量中，反映物质的特性的是 A．电荷量 B．电阻 C．压强 D． 密度

5.如图1所示站在沙地上的一名初三学生要搬走木箱，已知他一只鞋底的面积为200厘米2，估计木箱对地面的压强约为

A．1000帕。 B．7000帕。 C．10000帕。 D．20000帕。

6．质量、温度都相同的两块不同金属，吸收相同的热量后 A．比热容较小的金属块温度高 C．两金属块温度相等

B．比热容较大的金属块温度高

D．无法比较两金属块温度的高低

7．饮酒后驾驶机动车会严重危害公共安全，属违法行为，当事人将受到严惩。如图2（a）是某厂家设计的酒精测试仪的原理图，R为气敏电阻，R的阻值跟酒精气体浓度的关系如图2（b）所示，R0为定值电阻，电源电压恒定不变。则下列说法正确的是

A．酒精浓度增大，电压表示数变大 B．酒精浓度减小，电压表示数不变

C．酒精浓度增大，电流表示数变小 D．酒精浓度减小，电压表与电流表示数的比值变大

（a） 图2 （b）

R V S R0 R/Ω A 0 酒精浓度

32

8．有一密度均匀的长方体铜块，被截成A、B两块，如图3所示。已知LA：LB＝2：1，则它们对水平桌面的压力和压强之比为

A．FA:FB＝2:1 pA:pB＝2:1 B．FA:FB＝1:2 pA:pB＝1:1乙 C．FA:FB＝2:1 pA:pB＝1:1 D．FA:FB＝1:2 pA:pB＝2:1 二、填空题（共26分） 请将结果填入答题纸的相应位置。

9. 四节新干电池串联后的电压是（1） 伏；教室里常用一个开关控制4盏灯，这些灯是 （2） 的（选填“串联”或“并联”），它们所接的电路电压是 （3） 伏，一定要注意安全。

10．如图4（a）、（b）所示是体育比赛运动情景，主要反映力能使物体的运动状态发生改变的是 （4） ［选填“（a）”或“（b）”］；图4（a）中弓被拉开，此时弓具有 （5） 能（选填“动”或“势”）。图4（c）所示现象能说明 （6） 的存在。

0.8 0.6 0.4 0.2 （a） 弓被拉开 （b） 羽毛球被击出 （c） 纸片托起满杯的水

图4

0 2 4 6 8 10 12 t/秒

图5

图3

甲 乙 11．甲、乙两小车在10牛顿的水平拉力作用下，在水平面上同时同地同方向做直线运动，它们的s-t图像如图5所示。乙车的速度为 （7） 米/秒。运动6秒时，拉力对甲车做功的功率为 （8） 瓦特。若以甲车为参照物，乙车是 （9） 的。（选填“运动”或“静止”）

12．把一个重为3牛的苹果竖直向上抛出，且苹果在空中运动时受到空气的阻力大小始终不变，方向与运动方向相反。上升过程中，苹果所受合力为3.2牛，则苹果受到的阻力为 （10） 牛。苹果在竖直下落过程中受到的合力为 （11） 牛。当苹果下落到地面并静止时，苹果所受的重力和 （12） 力是一对平衡力。

13.某导体两端电压为3伏，通过它的电流为0.3安，导体的电阻为 （13） 欧，10秒内通过该导体横截面的电荷量为 （14） 库，当导体中的电流减小为0.2安时，该导体的电阻为 （15） 欧。 14.在各种不同色光中，红、 （16）、蓝叫做三原色光。在结冰的路面上行驶的汽车紧急刹车后滑行时，由于车轮受到的 （17） 摩擦力（选填“滑动”或“滚动”）比较小，容易造成事故。天气寒冷时，通过搓手可以使手暖和起来，这是通过 （18） 方式改变内能。

15．如图6所示电路中，电源电压恒定，Rl为定值电阻，R2为滑动变阻器。S闭合后，三个电表均有示数。

①若将滑动变阻器滑片自右向左端移动时，电流表 A示数

将

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（19） ，电压表V2的示数将 （20） 。

②若将电压表V1和电流表A交换，电压表V1的示数将 （21） ，电流表A的示数将 （22） 。（均选填“变大”、“不变”或“变小”）。

16. 如图7所示是某同学为研究“并联电路电流的特点”所设计的实验电路，实验后数据记录如表一图6 所示。研究过程中，该同学采用了两种方案进行实验，即： （a）改变电源电压； （b）移动滑动变阻器的滑片。

（1）从实验序号1、2的数据可以得出该同学所采用的实验方案为 （23） （填序号）。理由是 （24） 。

（2）该同学分别采用两种方案进行实验的目的是： （25） 。

（3）分析实验序号1、2、3的数据，可以初步得出： （26） 。

图7

表一 实验 A1的示A2的示A3的示数序号 数（安） 数（安） （安） 1 2 3 0.16 0.32 0.20 0.10 0.20 0.20 0.26 0.52 0.40 三．作图题（共8分）

请将图直接画在答题纸的相应位置，作图必须使用2B铅笔。

17．在图8中，根据平面镜成像特点画出物体AB在平面镜MN中的像A'B'。

18．如图9所示杠杆OA处于静止状态，L2是力F2的力臂。请在图中画出力F1的力臂L1和力F2 的示意图。

19．在图10所示的电路中，有一根导线尚未连接，请用笔线代替导线补上。补上后要求当电键闭合后，滑动变阻器的滑片P向左移动时，电压表的示数变大。

A

B

四．计算题（共22分）

请将计算过程和答案写入答题纸的相应位置。

20．体积为2×10?4米3的小球浸没在水中，求小球受到的浮力F浮。

N 图8

图9

M L2

图10

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21．如图11所示的电路中，电源电压为18伏且不变。电阻R1的阻值为6欧，滑动变阻器上标有“50Ω 2A”字样。闭合电键S后，电压表V1的示数为6伏。求：

①通过电阻R1的电流。 ②滑动变阻器接入电路的阻值。

③若电压表V1、V2所接的量程均为0～15伏，在保证电路安情况下，计算滑动变阻器R2允许接入的电阻范围。

22．如图12所示，密度为2?103千克/米3，边长为0.1米均匀正方体甲和底面积为2?10?2米2的薄壁柱形容器乙放在水平地面上，乙容器足够高，内盛有0.1米深的水。求： ①甲的质量m 甲。

②水对乙容器底部的压强p乙。

③现在甲的上部水平截去体积为V后，正方体甲对水平地面压强为p甲?；容器中倒入体积为V的水后，水对乙容器底部压强为P乙?，请通过计算p甲?和p乙?的大小关系及其对应V取值范围。

五．实验题（共18分）

请根据要求在答题纸的相应位置作答。

23.图13(a)所示可知物体的重力为 （1） 牛，图13(b)中托盘天平在称量前的情景，需要调节左端的平衡螺母向 （2） 移动（选填“左”或“右”）。图13(c)是用于研究

（3） 的装置，图13(d)实验仪器应 （4） （选填“串联”或“并联”）

图12

图11 R1 R2 P V1 S V2 全工作的

甲 乙 在乙比较

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