2011届高考数学第一轮复习滚动练习1
更新时间:2024-01-30 10:54:01 阅读量: 教育文库 文档下载
2011届高考数学第一轮复习滚动练习1
一、填空题
1.集合M?{x0?x?2},则M?xy?lg(1?x2)? . 2.已知等比数列{an}中,a2?12,a4?2??142,则a10= .
3.已知实数a,b,则“ab?2”是“a?b?4”的 条件.
(x?1)?8x?8,g(x)?lnx.则f(x)与g(x)两函数的图像4.已知函数f(x)??2?x?6x?5(x?1)的交点个数为 . 5.在△ABC中,a,b,c是角A,B,C的对边,若a,b,c成等比数列,
A?60,则?bsinBc? .
26.设动直线x?a与函数f(x)?2sin(?4?x)和g(x)?3cos2x的图象分别交
于M、N两点,则|MN|的最大值为 .
7. 函数f(x)?|x?sin2?|?|x?cos2?|(??R)的最小值是 . 8.在等差数列{an}中,若a4?a8?a12?120,则a11?14a20的值是 .
9.已知0 10.已知f(x)为R上的奇函数,且f(x?2)?f(x),若f(1?a)?1,则f(1?a)= . 11.已知tan??2,则 cos2?(sin??cos?)2的值为 . ?32,若am?8, ?13a12.已知等差数列?an?的公差为d?d?0?,且a3?a6?a10则m为 . ?????????????13.设G是?ABC的重心,且(56sinA)GA?(40sinB)GB?(35sinC)GC?0,则 ?B的大小为___________. osB?bcosA14.设?ABC的内角,A,B,C所对的边长分别为a,b,c,且ac3?c5则 tanAtanB的值为_________________. 1 二、解答题 15.设?ABC的内角A,B,C所对的边分别为a,b,c,且acosC? (1)求角A的大小; (2)若a?1,求?ABC的周长l的取值范围. 16.在?ABC中,BC?2,AC????????? (1)求AB?AC; 2 12c?b. 2 AB?3?1. ????????????(2)设?ABC的外心为O,若AC?mAO?nAB,求m,n的值. 17.已知函数,f(x)?Acos2(?x??)?1(A?0,??0,0????2)的最大值为3, f(x)的图像的相邻两对称轴间的距离为2,在y轴上的截距为2. (1)求函数f(x)的解析式; (2)求f(x)的单调递增区间. 18.已知函数f(x)=3x,f(a+2)=18,g(x)=λ·3ax-4x的定义域为[0,1]. (1)求a的值; (2)若函数g(x)在区间[0,1]上是单调递减函数,求实数λ的取值范围. 3 19.设Sn为数列{an}的前n项和,Sn?kn2?n,n?N,其中k是常数. (1) 求a1及an; (2)若对于任意的m?N,am,a2m,a4m成等比数列,求k的值. 20.设f(x)?x3,等差数列?an?中a3?7,a1?a2?a3?12,记Sn=f令bn?anSn,数列{证:Tn?13**?3an?1, ?1bn(2)求}的前n项和为Tn.(1)求?an?的通项公式和Sn; ;(3)是否存在正整数m,n,且1?m?n,使得T1,Tm,Tn成等比数列? 若存在,求出m,n的值,若不存在,说明理由. 4 参考答案 一、填空题 1.{x|0≤x?1} 2.132 3.充分不必要条件 4.2 5.32 6.3 7.1 8.30 9.m?n 10.1 11.-3 12.8 13. 60° 14.4 二、解答题 15.(1)cosA?2?(3?1)?422(3?1)2?22, 2?3?1. 2??????????????????????????????????????AB?AC?mAB?AO?nAB?AB,(2)由AC?mAO?nAB,知????????????????????????? ??AC?AC?mAC?AO?nAC?AB.????????2??3?1?mAB?AO?(3?1)n, ????????????2?mAC?AO?(3?1)n.2(3?1)??????????????????AB?AC?AB?ACcosA??O为?ABC的外心, ?1???AB????????????????????????12?AB?AO?AB?AOcos?BAO?AB?AO?2?????(3?1). 2AO1?22????????3?1?(3?1)m?(3?1)n,?2同理?AC?AO?1.即?, 解 ?2?m?(3?1)n.???m??3?1,得:? ??n?3.16.11. 解:(1)由acosC?12c?b得sinAcosC?12sinC?sinB 又sinB?sin?A?C??sinAcosC?cosAsinC ?12sinC?cosAsinC,?sinC?0,?cosA?12, 又?0?A???A??3 . asinBsinA?23sinB,c?2323sinC (2)由正弦定理得:b?l?a?b?c?1?23?sinB?sinC??1??sinB?sin?A?B?? 5 ?3?1????1?2?sinB?cosB??1?2sin?B?? ?2?26?????A?????5?????1??2???,?B??0,,?B??,?sinB????????,1? 336666?????2??? (2)另解:周长l?a?b?c?1?b?c 由(1)及余弦定理a?b?c?2bccosA ?b?c?bc?1 ?(b?c)2?1?3bc?1?3(b?c?2 又b?c?a?1?l?a?b?c?2 22222故?ABC的周长l的取值范围为?2,3?. b?c2) 2即?ABC的周长l的取值范围为?2,3?. 17.解:(Ⅰ) T2?f?x??A2 AAA2cos?2?x?2???1??2?2??4 ? ?2依题意 2?1??3, ?A?2 ?2 ,得 T?4? 4 ????f?x??cos?x?2???2?2? 令 x=0,得 cos2??2?2 ,又0????2 ?2???2 f(x)?2cos(所以函数f(x)的解析式为 还有其它的正确形式,如: ?2?4x?4?2k??f(x)?2?sin?2x )?1,f(x)?cos(x?2k??3??2x??2)?2 ?2?2 (Ⅱ)当 2,k?Z时f?x?单调递增 fx即4k?1?x?4k?3,k?Z ∴??的增区间是(4k?1,4k?3),k?Z. 18.解 方法一 (1)由已知得3a+2=18?3a=2?a=log32. (2)由(1)得g(x)=λ·2x-4x,设0≤x1 所以g(x1)-g(x2)=(2x1-2x2)(λ-2x2-2x1)>0恒成立,即λ<2x2+2x1恒成立. 由于2x2+2x1>20+20=2, 所以,实数λ的取值范围是λ≤2. a+2a 方法二 (1)由已知得3=18?3=2?a=log32. xx (2)由(1)得g(x)=λ·2-4, 因为g(x)在区间[0,1]上是单调减函数, xx 所以有g′(x)=λln 2·2-ln 4·4 6 =ln 2[-2·(2)+λ·2]≤0成立. 设2x=u∈[1,2],上式成立等价于-2u2+λu≤0恒成立.因为u∈[1,2],只需λ≤2u恒成立,所以实数λ的取值范围是λ≤2. 19.解析:(Ⅰ)当n?1,a1?S1?k?1, n?2,an?Sn?Sn?1?kn2?n?[k(n?1)2?(n?1)]?2kn?k?1(?) 经验,n?1,(?)式成立, ?an?2kn?k?1 (Ⅱ)?am,a2m,a4m成等比数列,?a2m?am.a4m, 即(4km?k?1)2?(2km?k?1)(8km?k?1),整理得:mk(k?1)?0, 对任意的m?N?成立, ?k?0或k?1. 20.解:(Ⅰ)设数列?an?的公差为d,由 a3?a1?2d?7,a1?a2?a3?3a1?3d?12. 2x2x 解得a1?1,d=3 ∴an?3n?2 ∵f(x)?x3 ∴Sn=f(Ⅱ) bn?anSn?(3n?2)(3n?1) ∴ 1bn?1(3n?2)(3n?1)n3n?1n?3an?1=an?1?3n?1. 11313n?113??133n?214(1?3n?1Tn?) ∴ (1?n)? (Ⅲ)由(2)知,Tn? ∴T1?,Tm?m3m?13n?4,Tn?3n?1 ∵T1,Tm,Tn成等比数列. ∴ (m3m?143n?1nm3n?43n?413?当m?1时,7?,n=1,不合题意;当m?2时,,n=16, nn4)2?1 即 6m?12? 符合题意; 当m?3时,正整数解; 当m?5时,正整数解; 22当m?7时,m?6m?1?(m?3)?10?0 ,则 1993125?3n?4n3n?4n,n无正整数解;当m?4时, 25163736?3n?4n3n?4n,n无 ?,n无正整数解;当m?6时,?,n无 6m?1m2?1,而 3n?4n?3?4n?3, 所以,此时不存在正整数m,n,且1 7
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