2010高数(一)期末复习题解答 - 图文
更新时间:2023-12-20 00:35:01 阅读量: 教育文库 文档下载
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Chp1-3 一元函数微分学
(一)
●1.若当x?0时,sin(ax)~e2x?1,则常数a?( B ) (A) 1 (B) 2 (C)-1 (D) -2
x2?ln(1?●2.求极限lim0x??03xt)dx3 .
x?1t)dt1?sin2?ln(1? 解 原式=lim0x??01
x3 =lim32xln(1?x)xx022x??02
=2
●3.求极限lim??x02t?tantdtx?0.
t(t?sint)dt2解:原式=limx?tanx?2xx?(x?sinx)2x?0
=limx?2xx?sinx6x22x?0
=limx?01?cosx6x12x2
=limx?0?12.
2●4.求极限lim?x0xtedtt2t2x?0(?edt)02
解:原式=lim(?x0xtedt)??t2x?0
2t2?(edt)?????0?=limxe2ex2x2x?0?x0edtt2?limx2?edt0xt2x?0
1 ?lim2
xx?02e ?12
●5.lim1?xsinx?1ln(1?x)2.
x?0 解 原式?lim1?xsinx?1ln(1?x)(1?xsinx?1)xsinxx(1?xsinx?1)22x?0
?limx?0
?12.
(二)
(9?a)x?2010x?1ax?x?2008(ax?3)(x?5)x115622●6.已知limx????2,则a?3
●7.已知limx????5xkx9?2,则a?2
1??●8.若极限lim?1??x??x??2?e?2,则常数k??2 .
●9.已知lim(9?a)x?bx?13x?ax?bx?12x????2,则a?9,b??12
(三)
?sinkx?,x?0●10.设函数f(x)??x 在点x = 0处连续,则常数k? 2 .
?x?0?2,?aex?1x?0?●11.设f(x)??在x?0点连续,则a?____1__ _. 1x?0?xsinx????●12.设f(x)?????1(1?x)x,a?cosx,x?0在(??,??)上连续,则a? x?0e?1 .
(四)
x?2xe●13.已知函数y?ln(1?x)?arctane?cos3, 则dy???1?x2?1?e2x?2x???dx. ?●14.设y?解 y?sinxxx??1?xarcsinx?ln22(1?x)esecx22x2?cos2, 求y?.
x?2sinx1?xarcsinx?12ln(1?x)?1212ln|secx|?cos2
y??xcosx?sinxx2??2x21?x2arcsixn?1?2x2(1?x)x1?x22?12122x?12secxsecxtanx
?xcosx?sinxx2??21?x2arcsinx?1??x?tanx
(五)
?x?x(t)?x?x(t)2dyy?(t)?参数方程求导(对?,则y??,求dx,只要从?出发,继续使用?y?(t)?y???(t)y?y(t)?dxx(t)??x?(t)?dy?dydx22dy2参数方程求导的方法,即y????dt)
dxdt2?x?ln(1?t2)dydy●15.求由参数方程 ?所确定的函数y?y(x)的,. 2dxdxy?arctant? 解 x?(t)?2t1?t2, y?(t)?12t11?t2
y??dydx?y?(t)x?(t)? 1dy? y???dydx22?dt?dxdt?22tt?2??21?t4t32
1?t2?x?a(t?sint)dydy,●16设摆线的参数方程为?求 2y?a(1?cost)dxdx?解 y??dydx?y?(t)x?(t)?asinta(1?cost)?sint1?cost
??sint???2(y?)?dy?111?cost??t y??????2dxx?(t)[a(t?sint)]?1?costa(1?cost)(六)
●17.函数y?x?x2的单调减区间为[12,??)
●18.确定函数 y?2x22(1?x) 的单调区间
解:定义域为(??,1)?(1,??),y??4x(1?x)3,
故函数在(??,0]与(1,??)上单调减,在[0,1)上单调增; (七) 函数的最值
Chp4 不定积分
(八)
●19.设函数f(x)可微,则?f?(x)dx?f(x)?C . ●20.下列关系中,正确的是( C ). A.dC.???f(x)dx??ddxf(x); B.?d(f(x))?f(x);
(f(x))dx?f(x)?C; D.
?dxdf(x)dx?f(x)dx.
●21.设函数f(x)在[a,b]上连续,F?(x)?f(x),则结论( B )正确.
A.f(x)是F(x)在[a,b]上的一个原函数; B.
ddx?f(x)dx?F?(x);
C. F(x)是f(x)在[a,b]上唯一的原函数; D. ?F?(x)dx?F(x). ●22.设
sinxxx是函数f(x)的一个原函数, 则?f(x)dx?dx?arctanx?c, 求?f(x)dx.
sinxx?C.
●23.设?f(x)解 由?f(x)xdx?arctanx?c,得
f(x)x?11?x2,
解得f(x)?x1?x2,因此
?f(x)dx??x1?x2dx
?122ln1(?x)?C.
(九)
●24.原函数(奇偶性,周期性,单调性) (十)
●25.?(1?cos3x)sinxdx. 解
?(1?cosx)sinxdx?3?sinxdx?3cosxsinxdx ?3 ??cosx??cosxdcosx
??cosx?14cosx?C
4●26.求不定积分?cos解:令原式=
x?1dx.
x?1?t,则x?t2?1,dx?2tdt,
?cost?2tdt?2?td(sint))
=2(tsint??sintdt)
=2(tsint?cost)?C =2(x?1sinx?1?cosx?1)?C.
●27.计算?x221?xx2arctanxdx.
1x2 解 ?1?x2arctanxdx??arctanxdx?11?x2?1?arctanxdx
?xarctanx??xdx??arctanxdarctanx
x? ?xarctan●28.设?(x212ln(1?x)?212arctanx?C.
22?1)f(x)dx?x?C, 求?xf?(x)dx.
解 求导得
(x2?1)f(x)?2x,
解得 f(x)?2xx2?1,
?xf?(x)dx??xdf(x)?xf(x)??f(x)dx
?2x2x2?1??2xx2?1dx
?2x2x2?1?ln(1?x2)?C
Chp5 定积分
(十一)
x●29.设函数f(x)在[a,b]上连续,F(x)??f(t)dt,则结论( D )正确.
0A. f(x)是F(x)在[a,b]上的一个原函数; B.
?f(x)dx?F(x);
C. F(x)是f(x)在[a,b]上唯一的原函数; D.
ddx?f(x)dx?F?(x).
●30.设函数f(x)在[a,b]上连续,F(x)??xfa(t)dt,则以下结论中错误的是( D )
. A.F(x)在[a,b]上连续; B.F(x)在[a,b]上可导且F?(x)?f(x); C.?bf(t)dt?F(b); D.F(x)是f(x)在[a,b]上唯一的原函数.
ax2?1●31.设函数f(x)??e?t2dt,x?(??,??), 则曲线y?f(x)在(1,0)点的切线方程是(0A.x?2y??1; B.2x?y?1; C.x?2y??2; D.2x?y?2.
●32.设f?x?为连续函数,则d?x2dx???f(t)dt??( A ).x?? A.2xf?x2??f?x?; B.2xf?x2? ;
C.f?x?; D.?2x?1?f?x?.
D ).
●33.lim? x 0tcostdtx22x?0?( C )
12(A) 2 (B) -2 (C)
x2 (D)?12
?ln(1?●求极限lim0x??03t)dx3 .
x?1t)dt1?sinx2?ln(1? 解 原式=lim0x??01
x3 =lim32xln(1?x)x2x??02
=2
●求极限lim??x0x02t?tantdtx?0.
t(t?sint)dt22解:原式=limx?tanx?2xx?(x?sinx)2x?0
=limx?2xx?sinx6x22x?0
=limx?01?cosx6x12x2
=limx?0?12.
2●求极限lim?x0xtedtt2t2x?0(?edt)02
解:原式=lim(?x0tedt)??t2x?0
?(xet2dt)2?????0?=limxe2ex2x2x?0?x0edtt2?limx2?edt0xt2x?0
1 ?limx2
x?02e ?12
x●34.设函数f(x)连续,且满足?tf(t)dt?arctanx?c, 求?f(x)dx.
0解 对?tf(t)dt?arctanx?c求导,得
0xxf(x)?11?x2,1f(x)?1x(1?x)2,
?f(x)dx??x(1?x)2dx
??1x????x1?x2?12??dx ??2 ?ln|x|?ln1(?x)?C
(十二)
32●35.积分?(1?x)9?x?3dx?
9?2 . ?2?x4sinx●36.积分???1?x2?sin??/2??/22?x??dx??.
(十三)
12●37.f(x)?x?2?f(x)dx,求f(x)或?f(x)dx
00●38.设f(x)?(十四)
11/211?x2?x?10f(x)dx,则?f(x)dx?01?2.
●39.计算?e2x?1dx.
1210解 令2x?1?t,则x?
?(t?1),dx?tdt,
t1t2?11/2e2x?1dx=?tedt=?td(e) )
0=tet10?t?1010edtt
?e?esinx8?sinx2?e?(e?1)?1.
●40.求?20dx
?解:原式???20dcosx9?cosx2u?cosx??0du9?u21
?16lnu?3u?301?16 ln2●41.计算?51x?1xdx.
解 令x?1?t,则 原式??202tt?1202?2tdt
?2?t?1?1dt 2t?12?2(t?arctant)0 ?4?2arctan2
●42.计算无穷限积分?解 ??? 2?? 2e?xdx.
?te?xdxx?t???2??22tedt
?t ??2?tde??2(t?1)e2?t??2
?2(2?1)e??/4
●43.计算
?0x1?cos2x?/4dx.
12?/4?/4 解 原式??0x2cos2x?dx??0xdtanx
?124xtanx0?12??0tanxdx
??8?124lncosx0??8?12ln22
(十五)
?x2?1,x?15●44.已知f(x)??, 求?f(x?2)dx.
x0?xe,x?1 解 ?50x?2?tf(x?2)dx???2f(t)dt
13 ???2(x?1)dx?12?13xedx
xx?13??x?x?3???3?xe?2x3??31??13edx
x?6?3e?e?e|1 ?6?2e
?1?x2,●45.已知f(x)???sinx,x?2x?223, 求?f(x?1)dx.
0解 令x?1?t,则
2?0f(x?1)dx??2131f(t)dt
2 ??(1?x)dx?2?32sinxdx
323?x? ??x??3???cosx1
?(十六)
103?cos3?cos2.
●46.下列广义积分中发散的是( BGH ).
??A.
?111?x2??dx; B.
?1x1?x2??dx; C.
?1arctanx1?x2??dx; D.
?11x2??dx. E.
?11x(x?1)dx
11F.
?0xlnxdx G.
?02(2x?1)2dx H.
?1?11x2dx I.
?1011dx
x2
●47.下列广义积分中收敛的是( C ). A.???elnxxdx; B.???e1xlnxdx; C.???e1x(lnx)2dx; D.???e1xlnxdx.
Chp6 定积分的应用
(十七)
2直角坐标情形:y?f(x)x?[a,b],弧长微元(弧微分)ds?1?y?dx,所求光滑曲线的弧长
s??ba21?y?dx (a?b)
参数方程情形:??x??(t)?y??(t),(??t??),弧长微元ds?(dx)?(dy)?22??(t)???(t)dt,所求光
22滑曲线的弧长 s?●48.求曲线y?1?????(t)???(t)dt.
22233x上相应于x从a到b的一段弧的长度.
2解 y??x2,弧长微元:ds?1?y?2dx?1?xdx, 所求弧长: s??ba1?xdx?2333[(1?b)2?(1?a)2].
(十八) 49.
●50.设有曲线y?e, 过原点作曲线的切线, 求:
(1) 切线的方程;
(2) 位于曲线下方和切线左方以及x轴上方之间平面图形的面积A
(3) 由曲线、切线以及y轴所围平面图形的绕x轴旋转所得旋转体的体积.
解 (1) 设切点为(x0,y0), 则y0?e0, 切线方程为 y?ex0xx?e(x?x0),
x0因为切线过原点, 将(0, 0)代入得x0?1, 因此切点为(1, e), 切线方程是y = e x.
(2)A??0??edx??(e?ex)dx?0x1xe2
(3) Vx??10[?(e)??(ex)]dx
21x22?12xe3????e?x?
3?2?0?(十九) ●51.
?6(e?3).
2
2●52.设直线y?kx(0?k?1) 与抛物线y?x所围成的平面图形的面积为S1,它们与直线x?1所围
成的平面图形的面积为S2.
(1)计算由y?kx与y?x所围平面图形绕x轴旋转所得旋转体的体积; (2)求常数k的值, 使得S1?S2最小,并求S1?S2的最小值.
解 (1) y?kx与y?x的交点为(0,0),(k,k),
?123 所以 Vx???[(kx)?x]dx=??kx?30?k24k222?0153kx50?2?5??k. ?15?
(2) S1??k0(kx?x)dx?1k2212k3?13k33?k216k,
2S2??(x?kx)dx?1613(1?k)?3(1?k)?16(2?3k?k),
3S1?S2?(2?3k?2k)
记I(k)?2?3k?2k3,则
dIdk??3?6k2?0,解得k??22,负值舍去,k?22是唯一的驻点。
又 I??(k)?12k,I??(2222)?62?0,
所以,k?是极小值点,也是最小值点。)
162216因此,?S1?S2?min?I()?(2?2)
●53.设抛物线y?ax2?bx?c过原点,当0?x?1时y?0,又该抛物线与直线x?1及x轴所围成的平面图形的面积等于
13,试求a, b,c,使此图形绕x轴旋转一周所得旋转体的体积V最小.
解 因抛物线过原点,故c?0
1由题意知 S??(ax02?bx)dx?13a?12b?13,解得b?23(1?a)
11?1?又 Vx???(ax2?bx)2dx???a2?ab?b2?
23?5??2?1352 ???a?127a?4?? 27?令
dVx531??4a??b?,得 , 所以 ???a??0?42da27??135又
dVxda22?4?135?0,因此当a??54,b?32,c?0时,所得旋转体的体积最小
(二十)
●54.一底半径为R,高为H的圆柱形水桶盛满水,现将水全部抽出,至少需要作功多少?(单位:m,水
密度为ρ,重力加速度为g,圆周率?的具体值不用代入)
提示:适当建立坐标系,求功微元,再积分。
●55.一半径为4m,高为8m的倒圆锥形水池,池里盛满水,若将池里的水全部抽出,至少需作多少功?
y
解:如图建立坐标系 由
8?x8?2y4,得 y?8?x2x
?8?x?功微元dW??g???dx?x,
?2?故W??80?8?x??g???xdx??g??2?2?8013?256?216x?4x?xdx??g? ??43??(二十一) ●56.
●57.
●58.
Chp7 微分方程
(二十二)
●59.求微分方程(1?x2)dy?arctanxdx满足yarctanx1?x2x?0?0的特解.
解 dy?dx
y?12arctanx?C
2
由yx?0?0,得C = 0,
12特解为 y?arctanx.
2?(1?x2)yy??x●60.求解初值问题?的解.
yx?0?2?解 ydy?x1?x122dx
12y?2ln(1?x)?C,
2由 yx?0?2, 得 C = 2,
2(?x)?4. 所求解为 y2?ln1
(二十三) ●61.微分方程
dydx?1xy?x的通解是
2y?x(12x?C)2.
●62.求微分方程(y?x3)dx?2xdy?0满足条件y12xx2x?1?65的特解.
解 原方程化为 y??12xy?212xdx,
?13dx?C??x?C?5?通解 y?e?dx?????x2?2e?x,
由y●63.
x?1?65,得C?1,所求特解为y?15x?3x.
(二十四)
●64.已知二阶微分方程为y???e2x?x,其通解为y?14e2x?16x?C1x?C23.
●65.微分方程y???x?sinx的通解是 y?
dydx2216x?sinx?C1x?C2.
3●66.求解微分方程 (1?x)2?2x2x1?x2dydx?0.
解 原方程可化为 y???y?
令y??p,则y???p?,从而原方程可化为 p??2x1?x2p,即
dpp?22x1?x2dx
两边积分得 lnp?ln(1?x)?lnC1?,
2即 p?C1(1?x)(C1??C1?)
所以
dydx?C1(1?x) ,两边积分得 y?213C1x?C1x?C2
3(二十五)
●67.已知y1?x,y2?x?ex,y3?1?x?ex是二阶常系数非齐次线性微分方程y???a1y??a2y?f(x)的解,试求该微分方程满足y(0)?1,y?(0)?0的特解.
解:由微分方程解的结构定理知y2?y1?ex,且因
ex y3?y2?1是对应齐次方程y???a1y??a2y?0的解;
1?常数,所以y2?y1?ex,y3?y2?1线性无关,故y???a1y??a2y?f(x)的通解为 y?C1e?C2?x
x?C1?C2?1代入初始条件,得?,解得 C1??1,C2?2,
C?1?0?1满足条件的特解为:y??ex?2?x (二十六) ●68.y?e(二十七)
●69.微分方程y??-7y?+12y=0的通解是 y? C1e3x?C2e4x . ●70.微分方程y???y?0的通解为
Y?C1cosx?C2sinx2xsin2x是某二阶常系数线性齐次方程y???py??qy?0的一个特解,求微分方程和其通解
.
●71.以下各式中,函数( C )是微分方程y???22y??6y?0的解.
A.y?sin2x; B.y?eC.y?e(二十八)
●72.微分方程y???6y??5y??2xe的特解形式为y?( A )
A. x(ax?b)ex; B. (ax?b)ex; C. axex; D. aex.
x*2x;
sin2x.
2xsin2x; D.y?e2x●73.微分方程y???4y??x的特解形式是( C ).
A. y?ax; B. y?ax?b; C.y?x(ax?b); D. y?x(ax?b).
????2●74.求微分方程y???4y??4y?e?2x 的通解.
解 对应齐次方程的特征方程为r?4r?4?0
2
解出 r1?r2??2 所以齐次方程的通解为 Y?(C1?C2x)e?2x
因为 又非奇次项f(x)?e?2x,Pm(x)?1,???2 是特征方程的重根 故设 y??x2Ae?2x,
12得2A?1,所以A?
12原微分方程的通解为y?(C1?C2x)e?2x?xex2?2x
●75.设y(x)有二阶连续导数,且y?(0)?1,y(x)??0?y??(t)?5y?(t)?4y(t)?e?2t?dt,求y(x) ???2x两边求导整理得y???4y??4y?e?2x,求得其通解y?(C1?C2x)e又y(0)?0y?(0)?1,可得C1?0,C2?1 ●76.求微分方程y???2y??3y?e?3x的通解. 解:特征方程r2?2r?3?(r?3)(r?1)?0 特征根为:r1??3,r2?1
? 齐次方程的通解Y?C1e?3x?12xe2?2x
?C2e
?3xx?3x*,Pm(x)?1,???3为单特征根,设y?axe 又非奇次项f(x)?e,
将y代入原方程,得a??*14* ,故y??*14xxe?3x
故原方程的通解y?Y?y?C1e●77.求微分方程 y???3y??2y?3xe2?3x?Ce?14xe?3x
?x 的通解.
解 对应齐次方程的特征方程是 r?3r?2?0,解得特征根r1??1, r2??2 故对应齐次方程的通解是Y?C1e?x?C2e?2x
?x 又非齐次项f(x)?Pm(x)e,这里Pm(x)?3x,???1是单特征根,故原方程的特解有形式
y?x(ax?b)e*?x,代入原方程得2a?(2ax?b)?3x,所以a?32*,b??3,得y?x(32x?3)e?x,
从而原方程的通解为y?C1e?x?C2e?2x?3x(12x?1)e?x.
●78.求微分方程 y???2y??3y?3x?1 的通解.
解 对应齐次方程的特征方程是 r2?2r?3?0,解得r1??1,r2?3 从而对应齐次方程的通解为 Y?C1e?x?C2e3x ,
由f(x)?Pm(x)e?x,这里Pm(x)?3x?1,??0不是特征根,原方程有形如y*?ax?b的特解, 代入原方程,得 ?2a?3(ax?b)?3x?1,a??1,b??所以原方程的通解是 y?C1e?x?C2e3x?x?(二十九)
●79.设函数f(x)在[0,1]上连续,在(0,1)内可导,且k?少存在一点c?(0,1),使得f?(c)?0.
解 因为f(x)在[0,1]上连续,由积分中值定理,在[0,f(?)?k??f(x)dx?f(1).
01k13,
13
1/k0.求证:至f(x)dx?f(1) (k?1为常数)
1k]内存在?使得?f(x)dx?f(?)01k1k,于是
又f(x)在[?,1]上连续,(?,1)内可导,且f(?)?f(1),因此,由罗尔定理,?c?(?,1)?(0,1),使得
f?(c)?0.
1●80.设f(x)在[0,1]上连续,在(0,1)内可导,且3?2f(x)dx?f(0),证明:必存在??(0,1),使
3f'(?)?0
证明:由积分中值定理,存在c?[,1]使得:
32? 3?2f(x)dx3123f(c)?(13?)fc(?)f ( 0 )
则f(x)在区间[0,c]?[0,1]上满足Rolle定理的条件
故存在??(0,c)?(0,1)使得:f'(?)?0
1●81.设f(x)在闭区间[0,1]上连续,在开区间(0, 1)内可导,且
?1/2f(x)dx?0,证明在开区间(0, 1)
内至少存在一点?,使f?(?)??f(x)tan?.
1解 因f(x)在闭区间[0,1]上连续,且
?1/2从而由积分中值定理得,存在一点??[1/2,1],f(x)dx?0,
使f(?)?0
做辅助函数F(x)?sinxf(x),
则F(x)在区间[0,?]?[0,1]满足Rolle定理条件,从而由Rolle定理得,存在一点
??(0,?)?(0,1),使F?(?)?0,
即 sin??f?(?)?cosx?f(x)?0
f(x)tan?而sin??0,故得f?(?)??
●82.设函数f (x) 在 [a, b] 上连续且f (x) > 0, 试证: 在 (a, b) 内存在唯一一点c, 使得直线 x = c 将曲线y = f (x) 与直线 x = a, x = b以及 x 轴所围成的曲边梯形的面积二等分.
证 令 F(t)??atf(x)dx?ba?tbf(x)dx,t?[a,b],
则 F(a)???f(x)dx?0, F(b)??abf(x)dx?0,
由零点定理, 至少存在一点c?(a,b), 使得F(c) = 0; 又 F?(t)?f(t)?f(t)?0,
表明F(t) 单调递增, 因此函数F(x) 至多有一个零点.
综上所述, (a, b) 内存在唯一一点c, 使得F(c) = 0, 即
?acf(x)dx??cbf(x)dx,
也即直线 x = c 将曲线y = f (x)与直线 x = a, x = b以及x轴所围成的曲边梯形的面积二等分. (三十)
●83.设函数f(x),g(x)在?0,1?上的导数连续,且f(0)?0,f?(x)?0,g?(x)?0. 证明:对任何的a?[0,1],有?g(x)f?(x)dx?0a?10f(x)g?(x)dx?f(a)g(1).
证明:令F(a)??a0g(x)f?(x)dx??10f(x)g?(x)dx?f(a)g(1),只需证F(a)?0即可
?F?(a)?g(a)f?(a)?f?(a)g(1)?f?(a)(g(a)?g(1))
由于g?(x)?0,f?(a)?0,从而?a?[0,1],g(a)?g(1)?0 所以F?(a)?0,?a?[0,1].
又F(1)??10g(x)f?(x)dx?1?10f(x)g?(x)dx?f(1)g(1)
?g(x)f(x)0??10g(x)f?(x)dx??10f(x)g?(x)dx?f(1)g(1)?0
故?a?[0,1],F(a)?F(1)?0,即F(a)?0成立,得证 ●
●设函数f(x)有一阶连续的导数,正常数a为函数F(x)?x2?在(0,a)内至少有一点c,使得f?(c)?0.
证 F?(x)?2xxxx0f?(t)dt??x02tf?(t)dt的驻点,试证:
?0f?(t)dt?xf?(x)?xf?(x)?2x22?0f?(t)dt,
因为正常数a是F(x)的驻点,
?F?(a)?2a??a0f?(t)dt?0,
?a0f?(t)dt?0(?a?0),
即 f(a)?f(0?),或0f(a)?f(0).
又由已知条件,f(x)有一阶连续的导数,故由罗尔定理得,至少存在一点c?(0,a),使得f?(c)?0. (三十一) ●微分方程
dydx?yxlnyx?yx的通解是( C ).
A. y?Cx; B. y?eCx; C. y?xeCx; D. xy?C. ●曲线?:y?y(x)过点(0, ?1),且满足方程:
2x(y?1)dx?(1?x)dy?0
2曲线?与直线y?2t?1(t为常数)在区间[0, t]上所围面积为S1,在区间[t, 1]上所围面积为S2,这里0?t?1。试问当t取何值时,面积和S?S1?S2达到最小值?
2 解 方程2x(y?1)dx?(1?x2)dy?0可化为
两边积分得
22lny?1?lnx?1?lnC?,即y?1?C(x?1)(C??C?)
1y?1dy?2xx?12dx
又由已知y(0)??1可得C?2,故曲线y?y(x)即为y?2x2?1
从而 S1???2t01t223??22?2xdx??2tx?x?3??t??014323t
3 S2???t?23222?2x?2tdx??x?2tx??3???t?2t?243t
3因此 S?23?2t?283t。
12?(0,1),
3令S?(t)??4t?8t2?0,得唯一驻点t1?而S??(t1)??16t?4?t?1?4?0,故S(t)在t?212处取得极小值,也是最小值,S(t1)?12
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