2020版新高考数学二轮复习(京津鲁琼版)练习:第一部分 小题专题练 小题专题练(四) 立体几何
更新时间:2023-05-12 04:11:01 阅读量: 实用文档 文档下载
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- 1 - 小题专题练(四) 立体几何
一、选择题
1.设α,β是两个不同的平面,l 是直线且l ?α,则“α∥β”是“l ∥β”的( )
A .充分而不必要条件
B .充要而不充分条件
C .充分必要条件
D .既不充分也不必要条件
2.在△ABC 中,AB =2,BC =1.5,∠ABC =120°(如图),若将△ABC 绕直线BC 旋转一周,则形成的旋转体的体积是( )
A.9π2
B.7π2
C.5π2
D.3π2
3.如图,正方形ABCD 与矩形ACEF 所在平面互相垂直,AB =2,AF =1,点M 在EF 上且AM ∥平面BDE ,则M 点的坐标为( )
A .(1,1,1)
B.????23,23,1
C.????22,22,1
D.??
??24,24,1 4.(2019·贵阳模拟)设m ,n 是两条不同的直线,α,β,γ是三个不同的平面,给出下面四个命题:
①若α⊥β,β⊥γ,则α∥γ;
②若α⊥β,m ?α,n ?β,则m ⊥n ;
③若m ∥α,n ?α,则m ∥n ;
④若α∥β,γ∩α=m ,γ∩β=n ,则m ∥n .
其中正确命题的序号是( )
A .①④
B .①②
C .②③④
D .④
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- 2 - 5.已知长方体ABCD -A 1B 1C 1D 1中,AA 1=AB =3,AD =1,则异面直线B 1C 和C 1D 所成角的余弦值为( )
A.
64 B.63 C.26 D.36
6.三棱锥A -BCD 中,AB ,BC ,CD 两两垂直,被称为“三节棍”.由该棱锥所有相邻的两个面组成的二面角中,直二面角共有( )
A .2个
B .3个
C .4个
D .5个
7.(2019·郑州市第一次质量预测)已知直三棱柱ABC -A 1B 1C 1的底面为等腰直角三角形,AB ⊥AC ,点M ,N 分别是边AB 1,A 1C 上的动点,若直线MN ∥平面BCC 1B 1,点Q 为线段MN 的中点,则点Q 的轨迹为( )
A .双曲线的一支(一部分)
B .圆弧(一部分)
C .线段(去掉一个端点)
D .抛物线的一部分
8.《九章算术·商功》:“今有堑堵,下广二丈,袤一十八丈六尺,高二丈五尽……”,所谓“堑堵”,就是两底面为直角三角形的棱柱,如图所示的几何体是一个“堑堵”,AA 1⊥平面ABC ,AB =BC =4,AA 1=5,M 是A 1C 1的中点,过点B ,C ,M 的平面把该“堑堵”分为两个几何体,其中一个为三棱台,则该三棱台的表面积为( )
A .40
B .50
C .25+152+329
D .30+20 2
9.如图,已知三棱锥P -ABC 的外接球的球心O 在AB 上,且PO ⊥平面ABC ,AB =2AC ,
若三棱锥P -ABC 的体积为9316
,则球O 的表面积为( )
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- 3 -
A .9π
B.32π3 C .16π D.9π2
10.(2019·郑州市第二次质量预测)在长方体ABCD -A 1B 1C 1D 1中,AD =DD 1=1,AB =3,E ,F ,G 分别是棱AB ,BC ,CC 1的中点,P 是底面ABCD 内一动点,若直线D 1P 与平面EFG 没有公共点,则△PBB 1面积的最小值为( )
A.
32 B .1 C.34 D.12
11.(多选)已知m ,n 是不重合的直线,α,β是不重合的平面,则下列命题错误的是( )
A .若m ?α,n ∥α,则m ∥n
B .若m ∥α,m ∥β,则α∥β
C .若α∩β=n ,m ∥n ,则m ∥α且m ∥β
D .若m ⊥α,m ⊥β,则α∥β
12.(多选)如图,AC =2R 为圆O 的直径,∠PCA =45°,P A 垂直于圆O 所在的平面,B 为圆周上不与点A ,C 重合的点,AS ⊥PC 于S ,AN ⊥PB 于N ,则下列选项正确的是( )
A .平面ANS ⊥平面PBC
B .平面ANS ⊥平面P AB
C .平面P AB ⊥平面PBC
D .平面ABC ⊥平面P AC
13.(多选)如图,正三棱柱ABC -A 1B 1C 1各棱的长度均相等,D 为AA 1的中点,M ,N 分别是线段BB 1和线段CC 1上的动点(含端点),且满足BM =C 1N ,当M ,N 运动时,下列结论中正确的是( )
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- 4 -
A .在△DMN 内总存在与平面ABC 平行的线段
B .平面DMN ⊥平面BC
C 1B 1
C .三棱锥A 1DMN 的体积为定值
D .△DMN 可能为直角三角形
二、填空题
14.(2019·湖南省湘东六校联考)一个正四面体的侧面展开图如图所示,点G 为BF 的中点,则在该正四面体中,直线EG 与直线BC 所成角的余弦值为________.
15.已知半径为1的球O 中内接一个圆柱,当圆柱的侧面积最大时,球的体积与圆柱的体积的比值为________.
16.一个密闭且透明的正方体容器中装有部分液体,已知该正方体的棱长为2,如果任意转动该正方体容器,液面的形状都不可能是三角形,那么液体体积的取值范围为____________.
17.(2019·贵州遵义第一次联考改编)已知三棱锥S ABC 中,SA ⊥平面ABC ,且SA =6,AB =4,BC =23,∠ABC =30°,则该三棱锥的体积为________,其外接球的表面积为________.
小题专题练(四) 立体几何
1.解析:选A.由两平面平行的性质定理可知充分性满足,但必要性不满
足.
2.解析:选D.依题意可知,旋转体是一个大圆锥去掉一个小圆锥,所以
OA =3,OB =1,所以旋转体的体积为13π·(3)2·(OC -OB )=3π2
. 3.解析:选C.因为点M 在EF 上,设ME =x ,
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- 5 - 所以M ???
?22x ,22x ,1,因为A (2,2,0),D (2,0,0),E (0,0,1),B (0,2,0), 所以ED →=(2,0,-1),EB →=(0,2,-1),
AM →=???
?22x -2,22x -2,1. 设平面BDE 的法向量n =(a ,b ,c ),
由?????n ·ED →=0,n ·EB →=0,得a =b =22c . 故可取平面BDE 的一个法向量n =(1,1,2).
因为n ·AM →=0,所以x =1,所以M ???
?22,22,1. 4.解析:选D.对于①,同垂直于一个平面的两个平面可能相交,命题①错误;对于②,在两个互相垂直的平面内的两条直线可能互相平行,可能相交,也可能异面,命题②错误;对于③,直线m 与n 可能异面,命题③错误;对于④,由面面平行的性质定理知命题④正确.故正确命题的序号是④,选D.
5.解析:选A.如图,连接A 1D ,A 1C 1,由题易知B 1C ∥A 1D ,所以∠C 1DA 1是异面直线B 1C 与C 1D 所成的角,又AA 1=AB =3,AD =1,所以A 1D =2,DC 1=6,A 1C 1=2,由余弦
定理,得cos ∠C 1DA 1=C 1D 2+A 1D 2-A 1C 212×C 1D ×A 1D
=64,故选A.
6.解析:选B.由AB ⊥平面BCD ,且AB ?平面ABD ,AB ?平面ABC ,得平面ABD ⊥平面BCD ,平面ABC ⊥平面BCD .又CD ⊥平面ABC ,CD ?平面ACD ,故平面ACD ⊥平面ABC ,所以A -BD -C ,A BC D ,D AC B 都是直二面角. 故选B.
7.解析:选C.如图,分别取AA 1,B 1C 的中点E ,F ,任意作一
个与平面BCC 1B 1平行的平面α与AB 1,A 1C 分别交于M ,N ,则MN ∥
平面BCC 1B 1.由题意知△ABC 为等腰直角三角形,AB ⊥AC ,则侧面
AA 1B 1B 与侧面AA 1C 1C 是两个全等的矩形,且这两个侧面关于过棱
AA 1与平面BCC 1B 1垂直的平面是对称的,因此EF 必过MN 的中点
Q ,故点Q 的轨迹为线段EF ,但需去掉端点F ,故选C.
8.解析:选C.如图所示,记A 1B 1的中点为N ,连接MN ,则MN ∥BC ,
所以过点B ,C ,M 的平面为平面BNMC ,三棱台为A 1MN ACB ,所以
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- 6 - 其表面积S =12×4×4+12×2×2+12×(42+22)×5+12×(4+2)×5+12
×(4+2)×29=25+152+329.
9.解析:选A.由于三棱锥P -ABC 的外接球的球心O 在AB 上,故AB 为其外接球的一条直径,因此∠ACB =90°.设球O 的半径为r ,在Rt △ABC 中,AB =2AC =2r ,AC =r ,BC =3
r ,所以S △ABC =12r ×3r =32
r 2.由于P 为球O 上一点,故PO =r ,又PO ⊥平面ABC ,所以V P ABC =13PO ·S △ABC =13r ·32r 2=36r 3=9316,解得r =32
,所以球O 的表面积为4πr 2=4π×????322
=9π,故选A.
10.解析:选C.记△PBB 1的面积为S .因为P 在底面ABCD 上,所以PB ⊥BB 1,即△PBB 1
为直角三角形,又BB 1=DD 1=1,所以S =12×BB 1×PB =12
PB ,当线段PB 的长最小时,S 取得最小值.因为D 1P 与平面EFG 无公共点,所以D 1P ∥平面EFG .如图①,连接AD 1,D 1C ,AC ,易证GF ∥AD 1,EF ∥AC ,又GF ∩EF =F ,AD 1∩AC =A ,所以平面AD 1C ∥平面EFG ,所以D 1P ?平面AD 1C ,所以点P 一定在线段AC 上运动.如图②,当PB ⊥AC 时,线段PB
的长最小,此时PB =AB ·BC AC =32,故(S △PBB 1)min =12×32=34
,选C.
11.解析:选ABC.若m ?α,n ∥α,则m 与n 可能平行或异面,故A 错误;若m ∥α,m ∥β,则α与β可能相交或平行,故B 错误;若α∩β=n ,m ∥n ,则m 可能在平面α或β内,故C 错误;若m ⊥α,m ⊥β,根据垂直于同一直线的两个平面平行,故α∥β,故D 正确.
12.解析:选ACD.因为P A ⊥平面ABC ,P A ?平面P AC ,所以平面ABC ⊥平面P AC ,故D 正确;因为B 为圆周上不与A ,C 重合的点,AC 为直径,所以BC ⊥AB ,因为P A ⊥平面ABC ,BC ?平面ABC ,所以BC ⊥P A ,又AB ∩P A =A ,所以BC ⊥平面P AB ,又BC ?平面PBC ,所以平面P AB ⊥平面PBC ,故C 正确;因为AB ⊥BC ,BC ⊥P A ,又P A ∩AB =A ,所以BC ⊥平面P AB ,所以BC ⊥AN ,又因为AN ⊥PB ,PB ∩BC =B ,所以AN ⊥平面PBC ,又AN ?平面ANS ,所以平面ANS ⊥平面PBC ,故A 正确.故选ACD.
13.解析:选ABC.用平行于平面ABC 的平面截平面DMN ,则交线平行于平面ABC ,故A 正确;当M ,N 分别在BB 1,CC 1上运动时,若满足BM =C 1N ,则线段MN 必过正方形BCC 1B 1的中心O ,由DO ⊥平面BCC 1B 1可得平面DMN ⊥平面BCC 1B 1,故B 正确;当M ,N 分别在BB 1,CC 1上运动时,△A 1DM 的面积不变,点N 到平面A 1DM 的距离不变,所以三棱锥N -A 1DM
高考资源网( ) 您身边的高考专家 - 7 - 的体积不变,即三棱锥A 1DMN 的体积为定值,故C 正确;若△DMN 为直角三角形,则必是以∠MDN 为直角的直角三角形,易证DM =DN ,所以△DMN 为等腰直角三角形,所以DO =OM =ON ,即MN =2DO .设正三棱柱的棱长为2,则DO =3,MN =2 3.因为MN 的最大值为BC 1,BC 1=22,所以MN 不可能为23,所以△DMN 不可能为直角三角形,故D 错误.故选ABC.
14.解析:该正四面体如图所示,取AD 的中点H ,连接GH ,EH ,
则GH ∥AB ,所以∠HGE 为直线EG 与直线BC 所成的角.设该正四面
体的棱长为2,则HE =EG =3,GH =1.在△HEG 中,由余弦定理,得
cos ∠HGE =HG 2+EG 2-HE 22HG ·EG
=36. 答案:
36
15.解析:如图所示,设圆柱的底面半径为r ,则圆柱的侧面积为
S =2πr ×21-r 2=4πr 1-r 2≤4π×r 2+(1-r 2)2=2π(当且仅当r 2=1-r 2,即r =22时取等号).所以当r =22时,V 球V 圆柱=4π3×13π???
?222×2=423
. 答案:423
16.解析:当液面的形状为三角形时,最大三角形即与正方体的一个顶点相邻的三个顶
点构成的三角形,这四个顶点构成的三棱锥的体积为13×12×2×2×2=43
,所以当液体体积小于或等于43时不满足题意.由对称性,当液体体积大于或等于23-43=203
时亦不满足题意.综上所述,液体体积的取值范围是????43,203.
答案:????43,203
17.解析:三棱锥的体积V =13×12
×23×4×sin 30°×6=4 3.取SB 的中点O ,连接
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- 8 - OA ,OC .因为SA ⊥平面ABC ,AB ?平面ABC ,所以SA ⊥AB ,可得Rt △ASB 中,中线OA =12
SB .由AB =4,BC =23,∠ABC =30°,可知AC ⊥BC .又因为SA ⊥BC ,SA ,AC 是平面SAC
内的相交直线,所以BC ⊥平面SAC ,所以BC ⊥SC ,所以Rt △BSC 中,中线OC =12
SB ,所以O 是三棱锥S ABC 的外接球的球心.在Rt △SBA 中,AB =4,SA =6,所以SB =213,则外
接球半径R =12
SB =13.因此其外接球的表面积S =4πR 2=4π×13=52π. 答案:43 52π
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