相似三角形的判定及有关性质
更新时间:2023-06-05 14:44:01 阅读量: 实用文档 文档下载
选修4-1
几何证明选讲
第1讲 相似三角形的判定及有关性质
对应学生203
考点梳理
1.平行线等分线段定理及其推论
(1)定理:那么在其他直线上截得的线段也相等.
(2)推论:②经过梯形一腰的中点,且与底边平行的直线平分另一腰. 2.平行线分线段成比例定理及推论
(1)定理:三条平行线截两条直线,所得的对应线段成比例.
(2)推论:平行于三角形一边的直线截其他两边(或两边的延长线)段成比例.
3.相似三角形的判定
(1)定义:如果在两个三角形中,对应角相等、对应边成比例,则这两个三角形叫做相似三角形.
(2)判定定理1:两角对应相等的两个三角形相似.
(3)判定定理2 (4)判定定理3 4.相似三角形的性质
(1)性质定理1:相似三角形对应边上的高、(2)性质定理25.直角三角形的射影定理
直角三角形斜边上的高是两直角边在斜边上射影的比例中项;两直角边分别是它们在斜边上射影与斜边的比例中项. 如图,在Rt△ABC中,CD是斜边上的高, 则有CD2=AD·BD, AC2=AD·AB,BC2=BD·AB.
考点自测
1.如图,已知a∥b∥c,直线m,n分别与a,b,c交于点A,B,C和A′,B′,3
C′,如果AB=BC=1,A′B′=B′C′=________.
2解析 由平行线等分线段定理可直接得到答案. 3答案 2
2.如图,BD,CE是△ABC的高,BD,CE交于F,写出图中所有与△ACE相似的三角形________.
解析 由Rt△ACE与Rt△FCD和Rt△ABD各共一个锐角,因而它们均相似,又易知∠BFE=∠A,故Rt△ACE∽Rt△FBE. 答案 △FCD、△FBE、△ABD
3. (2013·西安模拟)如图,在△ABC中,M,N分别是AB,BC的中点,AN,CM交于点O,那么△MON与△AOC面积的比是________. 1
解析 ∵M,N分别是AB、BC中点,故MN綉2, ∴△MON∽△COA答案 1∶4
S△MON MN21
= =. S△AOC AC 4
4. (2011·陕西)如图,∠B=∠D,AE⊥BC,∠ACD=90°,且AB=6,AC=4,AD=12,则AE=________.
ABAE解析 由于∠ACD=∠AEB=90°,∠B=∠D,∴△ABE∽△ADC,∴ADAC. AB·AC6×4
又AC=4,AD=12,AB=6,∴AE=AD122. 答案
2
5. (2010·广东)如图,在直角梯形ABCD中,DC∥AB,CB⊥AB,AB=AD=a,a
CD=2,点E,F分别为线段AB,AD的中点,则EF=________.
a
解析 连接DE和BD,依题知,EB∥DC,EB=DC=2,∴EBCD为矩形,∴DE⊥AB,又E是AB的中点,所以△ABD为等腰三角形.故AD=DB=a,∵11
E,F分别是AD,AB的中点,∴EF=2=2. a答案 2
对应学生204
考向一 平行线等分线段成比例定理的应用
【例1】 如图,F为 ABCD边AB上一点,连DF交AC于G,延长DF交CB的延长线于E. 求证:DG·DE=DF·EG.
证明 ∵四边形ABCD是平行四边形, ∴AD∥BC,AB∥DC,AD=BC, DGAD∵AD∥BCEGEC
DFBCADDGDF
又∵AB∥DCDEECECEGDE 即DG·DE=DF·EG
.
利用平行截割定理解决问题,特别注意被平行线所截的直线,找准
成比例的线段,得到相应的比例式,有时需要进行适当的变形,从而得到最终的结果.
【训练1】如图,在△ABC中,DE∥BC,EF∥CD,若BC=3,DE=2,DF=1,则AB的长为________.
解析
DE∥BC,
由 EF∥CD, BC=3,DE=2
AEAFDE2 ACADBC3又DF=1,故可解得AF=2,
∴AD=3,
AD29AB3AB=29答案 2
考向二 相似三角形的判定
【例2】 如图,在△ABC中,D、E分别是BC、AB上任意点,△EFM∽△CDM,求证:△AEF∽△ABD.
证明 ∵△EFM∽△CDM,∴∠1=∠2,∴EF∥BC,∴△AEF∽△ABD
.
判定三角形相似的思路大致有以下几条:
(1)已知条件,判定思路;
(2)一对等角,再找一对等角或找夹边成比例; (3)两边成比例,找夹角相等;
(4)含有等腰三角形,找顶角相等或找一对底角相等或找腰对应成比例. 【训练2】 如图,网格中的每个小正方形的边长都是1,每个小正方形的顶点叫做格点.
△ACB和△DCE的顶点都在格点上,ED的延长线交AB于点F
.
(1)求证:△ACB∽△DCE; (2)求证:EF⊥AB.
DCCEDE2
证明 (1)因为AC=BC=AB=3,所以△ACB∽△DCE. (2)由△ACB∽△DCE,知∠B=∠E. 又∠BDF=∠CDE,
在Rt△CDE中,∠E+∠CDE=90°,
所以∠BDF+∠B=90°, 所以∠EFB=90°,即EF⊥AB.
考向三 相似三角形的性质
【例3】 如图,在Rt△ABC中,∠ACB=90°,CD⊥AB,E为AC的中点,ED、CB延长线交于一点F. 求证:FD2=FB·FC.
证明 ∵E是Rt△ACD斜边中点, ∴ED=EA,∴∠A=∠1, ∵∠1=∠2,∴∠2=∠A,
∵∠FDC=∠CDB+∠2=90°+∠2,∠FBD=∠ACB+∠A=90°+∠A, ∴∠FBD=∠FDC,
∵∠F是公共角,∴△FBD∽△FDC, FBFD
FDFCFD2=FB·FC
.
运用相似三角形的性质解决问题,主要考虑相似三角形的对应边、
对应角、周长、面积之间的关系,多用于求某条线段的长度、求证比例式的存在、求证等积式的成立等,在做题时应注意认真观察图形特点,确定好对应边、对应角等.
【训练3】如图,△ABC中,AB=AC,AD是边BC的中线,P为AD上一点,CF∥AB,BP的延长线分别交AC,CF于点E,F,求证:BP2=PE·PF. 证明 连接CP,
∵△ABC为等腰三角形,AD为中线,
∴BP=CP,∠ABP=∠ACP, ∵AB∥CF,∴∠ABP=∠F,
∴∠F=∠ACP.∵∠EPC为公共角,∴△PCE∽△PFC, PCPE
∴PF=PC,∴PC2=PF·PE. 又∵BP=PC,∴BP2=PF·PE.
考向四 直角三角形射影定理的应用
【例4】 已知圆的直径AB=13,C为圆上一点,过C作CD⊥AB于D(AD>BD),若CD=6,则AD=
________.
解析 如图,连接AC,CB,∵AB是⊙O的直径,∴∠ACB=90°. 设AD=x,∵CD⊥AB于D, ∴由射影定理得CD2=AD·DB, 即62=x(13-x),
∴x2-13x+36=0,解得x1=4,x2=9. ∵AD>BD,∴AD=9. 答案
9
利用直角三角形的射影定理解决问题首先确定直角边与其射影,再
就是要善于将有关比例式进行适当的变形转化,有时还要将等积式转化为比例式或将比例式转化为等积式,并且注意射影定理的其他变式.
【训练4】 在△ABC中,∠ACB=90°,CD⊥AB于D,AD∶BD=2∶3.则△ACD与△CBD的相似比为________.
解析 如图所示,在Rt△ACB中, CD⊥AB,由射影定理得:
CD2=AD·BD,
又∵AD∶BD=2∶3,令AD=2x, BD=3x(x>0),
∴CD2=6x2,∴CD6x.
又∵∠ADC=∠BDC=90°,∠A=∠BCD. ∴△ACD∽△CBD.
AD2x6易知△ACD与△CBDCD=3.
6x6∶3.
答案
6∶3
对应学生355
(时间:30分钟 满分:60分)
一、填空题(每小题5分,共40分)
一、填空题(每小题5分,共40分)
1. 如图,在Rt△ABC中,∠ACB=90°,CD⊥AB于点D,4
AD=4,sin∠ACD=5,则CD=________,BC=________.
AD4
解析 在Rt△ADC中,AD=4,sin∠ACD=AC=5,得 AC=5,CDAC-AD=3,
AC225
又由射影定理AC=AD·AB,得AB=AD=4.
2
259∴BD=AB-AD=4-4=4,
92515
由射影定理BC2=BD·AB=4×4,∴BC=4. 15答案
3 4
2. (2013·揭阳模拟)如图,BD⊥AE,∠C=90°,AB=4,BC=2,AD=3,则EC=________. 解析 在Rt△ADB中, DB=AB-AD7, 依题意得,△ADB∽△ACE, DBADDB·AC
ECACEC=AD27. 答案 7
3. (2013·茂名模拟)如图,已知AB∥EF∥CD,若AB=4,CD=12,则EF=________. 解析 ∵AB∥CD∥EF, ABBCBCCD∴EFCF,BF=EF, 4∴EFBCBC12
BF=EF,
BC-BF
∴4(BC-BF)=12BF,∴BC=4BF, BC112
∴BF=4=EF,∴EF=3. 答案 3
4. (2013·湛江模拟)如图,在△ABC中,D是AC的中BF点,E是BD的中点,AE交于BC于F,则FC=________.
解析 如图,过点D作DG∥AF,交BC于点G,易得FG=GC,又在三角形BDG中,BE=DE,即BF
EF为三角形BDG的中位线,故BF=FGFC1=2. 1答案 2
5. 如图,∠C=90°,∠A=30°,E是AB中点,DE⊥AB于E,则△ADE与△ABC的相似比是________.
AE11
解析 ∵E为AB中点,∴AB=2,即AE=2, 3
在Rt△ABC中,∠A=30°,AC=2AB, AE1又∵Rt△AED∽Rt△ACBAC.
3故△ADE与△ABC的相似比为1∶3. 答案 13
1
6.如图,AE∥BF∥CG∥DH,AB=2=CD,AE=12,DH=16,AH交BF于M,则BM=________,CG=________. 1
解析 ∵AE∥BF∥CG∥DH,AB=2BC=CD,AE=12,AB1BMABBM1
DH=16,∴AD4DHAD∴16=4,∴BM=4. 取BC的中点P,作PQ∥DH交EH于Q,如图,则PQ是梯形ADHE的中位线,
11
∴PQ=2AE+DH)=2(12+16)=14. 11
同理:CG=2(PQ+DH)=2+16)=15. 答案 4 15
7. 在△ABC中,D是BC边上的中点,且AD=AC,DE⊥BC,DE与AB相交于点E,EC与AD相交于点F,S△FCD=5,BC=10,则DE=________.
解析 过点A作AM⊥BC于M,由于∠B=∠ECD,且∠ADC=∠ACD,得△ABC与△FCD相似,S△ABC BC2
= =4又S△FCD CD
S△FCD=5,那么S△ABC=20,由于S△ABC=1
AM,由BC=10
,得
AM
=
4,又因2BC·
DEBD15DE58
为DE∥AM,得AMBM,∵DM=2=2,因此4=DE=
535+28答案 3
8. 如图,在梯形ABCD中,AB∥CD,且AB=2CD,E、F分别是AB、BC的中点,EF与BD相交于点M.若DB=9,则BM=________. 解析 ∵E是AB的中点, ∴AB=2EB.
∵AB=2CD,∴CD=EB.
又AB∥CD,∴四边形CBED是平行四边形. ∠DEM=∠BFM,
∴CB∥DE,∴
∠EDM=∠FBM,DMDE
∴△EDM∽△FBM.∴BM=BF∵F是BC的中点,∴DE=2BF. 1
∴DM=2BM.∴BM=3DB=3. 答案 3
二、解答题(共20分)
9.(10分)如图,在等腰梯形ABCD中,AD∥BC,AB=DC,过点D作AC的平行线DE,交BA的延长线于点E,求证: (1)△ABC≌△DCB; (2)DE·DC=AE·BD.
证明 (1)∵四边形ABCD是等腰梯形,∴AC=BD. ∵AB=DC,BC=CB,∴△ABC≌△DCB. (2)∵△ABC≌△DCB.
∴∠ACB=∠DBC,∠ABC=∠DCB.
∵AD∥BC,∴∠DAC=∠ACB,∠EAD=∠ABC. ∴∠DAC=∠DBC,∠EAD=∠DCB
.
∵ED∥AC,∴∠EDA=∠DAC. ∴∠EDA=∠DBC,∴△ADE∽△CBD. ∴DE∶BD=AE∶CD. ∴DE·DC=AE·BD.
10.(10分)如图,△ABC中,AB=AC,∠BAC=90°,111AE=3,BD=3,点F在BC上,且CF=3.求证: (1)EF⊥BC; (2)∠ADE=∠EBC.
证明 设AB=AC=3a,则AE=BD=a,CF2a. CE2a2CF2a2(1)CB==3,CA3a=3.
2a
又∠C为公共角,故△BAC∽△EFC,由∠BAC=90°. ∴∠EFC=90°,∴EF⊥BC. (2)由(1)得EF=2a,
AEa2AD2a2故EF2BF2
2a22aAEAD
∴EFFB∵∠DAE=∠BFE=90°, ∴△ADE∽△FBE, ∴∠ADE=∠EBC.
第2讲 直线与圆的位置关系
对应学生206
考点梳理
1.圆周角定理 (1)圆周角定理及其推论
①定理:圆上一条弧所对的圆周角等于它所对的圆心角的一半. ②推论
(i)推论1的弧也相等.
(ii)推论2:半圆(或直径)所对的圆周角是直角;90°的圆周角所对的弦是直径. (2) 2.圆内接四边形的性质与判定定理 (1)圆内接四边形的性质定理
①定理1:圆内接四边形的对角互补.
②定理2:圆内接四边形的外角等于它的内角的对角. (2)圆内接四边形的判定定理及推论
①判定定理:如果一个四边形的对角互补,那么这个四边形的四个顶点共圆. ②推论:如果四边形的一个外角等于它的内角的对角,那么这个四边形的四个顶点共圆.
3.圆的切线的性质及判定定理 切线的性质定理及推论
(1) (2)推论:
①推论1:经过圆心且垂直于切线的直线必经过切点. ②推论2:经过切点且垂直于切线的直线必经过圆心. 4.弦切角的性质
弦切角定理:弦切角等于它所夹的弧所对的圆周角.
5.与圆有关的比例线段 圆中的比例线段
1.如图,AB、AC是⊙O的两条切线,切点分别为B、C,D是优弧BC上的点,已知∠BAC=80°, 那么∠BDC=________.
解析 连接OB、OC,则OB⊥AB,OC⊥AC,∴∠BOC=180°-∠BAC=100°, 1
∴∠BDC=2∠BOC=50°. 答案 50°
2.(2012·湖北)如图,点D在⊙O的弦AB上移动,AB=4,连接OD,过点D作OD的垂线交⊙O于点C,则CD的最大值为________.
解析 当OD的值最小时,DC最大,易知D为AB的中点时,DB=DC=2最大. 答案
2
3.(2012·北京)如图,∠ACB=90°,CD⊥AB于点D,以BD为直径的圆与BC交于点E,则( ). A.CE·CB=AD·DB B.CE·CB=AD·AB C.AD·AB=CD2 D.CE·EB=CD2
解析 在直角三角形ABC中,根据直角三角形射影定理可得CD2=AD·DB,再根据切割线定理可得CD2=CE·CB,所以CE·CB=AD·DB. 答案
A
4. (2012·湖南)如图所示,过点P的直线与⊙O相交于A,B两点.若PA=1,AB=2,PO=3,则⊙O的半径等于________.
解析 设圆的半径为r,则(3-r)(3+r)=1×3,即r2=6,解得r=6. 答案
6
5. (2012·天津)如图,已知AB和AC是圆的两条弦,过点B作圆的切线与AC的延长线相交于点D.过点C作BD的平行线与圆相交于点E,与AB相交于点3
F,AF=3,FB=1,EF=2,则线段CD的长为________.
328
解析 因为AF·BF=EF·CF,解得CF=2,所以4=BD,即BD=3设CD=x,644AD=4x,所以4x2=9,所以x=34
答案 3
对应学生207
考向一 圆的切线的性质与判定
【例1】 如图,已知AB是⊙O的直径,直线CD与⊙O相切于点C,AC平分∠DAB,AD⊥CD. (1)求证:OC∥AD;
(2)若AD=2,AC=5,求AB的长. (1)证明 ∵直线CD与⊙O相切于点C, ∴∠DCO=∠DCA+∠ACO=90°, ∵AO=CO,∴∠OAC=∠ACO, ∵AC平分∠DAB,∴∠DAC=∠OAC,
∴∠DAC=∠ACO,∴OC∥AD. (2)解 连接BC,∵AB是⊙O的直径, ∴∠ACB=90°,∴∠ADC=∠ACB,
ADAC又∵∠DAC=∠BAC,∴△ADC∽△ACB,∴AC=AB, 5
∵AD=2,AC5,∴AB=2
利用圆的切线的性质来证明或进行有关的计算,有时需添加辅助线,
其中连接圆心和切点的半径是常用辅助线,从而可以构造直角三角形,利用直角三角形边角关系求解,或利用勾股定理求解,或利用三角形相似求解等.
【训练1】如图,⊙O是△ABC的外接圆,AB=AC,过点A作AP∥BC,交BO的延长线于点P. (1)求证:AP是⊙O的切线;
(2)若⊙O的半径R=5,BC=8,求线段AP的长.
(1)证明 过点A作AE⊥BC,交BC于点E, ∵AB=AC,∴AE平分BC, ∴点O在AE上. 又∵AP∥BC,∴AE⊥AP, ∴AP为圆O的切线.
1
(2)解 BE=2BC=4,∴OEOB-BE=3, 又∵∠AOP=∠BOE,∴△OBE∽△OPA, BEOE4320∴APOAAP5AP=3
考向二 弦切角定理及推论的应用
【例2】 如图,梯形ABCD内接于⊙O,AD∥BC,过B引⊙O的切线分别交DA、CA的延长线于E、F.已知BC=8,CD=5,AF=6,则EF的长为________. 解析 ∵BE切⊙O于B, ∴∠ABE=∠ACB.
又∵AD∥BC,∴∠EAB=∠ABC, BEAB∴△EAB∽△ABCAC=BC. EFBEABEF
又∵AE∥BC,∴AFAC,∴BC=AF. 又∵AD∥BC,∴AB=CD, CDEF5EF
∴AB=CD,∴BC=AF,∴86, 3015
∴EF=84. 15答案 4
(1)圆周角定理及其推论与弦切角定理及其推论多用于推出角的关
系,从而证明三角形全等或相似,可求线段或角的大小.
(2)涉及圆的切线问题时要注意弦切角的转化;关于圆周上的点,常作直线(或半径)或向弦(弧)两端画圆周角或作弦切角.
【训练2】如图,已知圆上的弧AC=BD,过C点的圆的切线与BA的延长线交于E点,证明: (1)∠ACE=∠BCD;
(2)BC2=BE·CD.
证明 (1)因为AC=BD, 所以∠BCD=∠ABC.
又因为EC与圆相切于点C,故∠ACE=∠ABC, 所以∠ACE=∠BCD.
(2)因为∠ECB=∠BDC,∠EBC=∠BCD, BCCD所以△BDC∽△ECB,故BE=BC, 即BC2=BE·CD.
考向三 圆内接四边形性质的应用
【例3】 (2013·辽宁三校联考)已知四边形PQRS是圆内接四边形,∠PSR=90°,过点Q作PR、PS的垂线,垂足分别为点H、K. (1)求证:Q、H、K、P四点共圆; (2)求证:QT=TS.
证明 (1)∵∠PHQ=∠PKQ=90°,∴Q、H、K、P四点共圆. (2)∵Q、H、K、P四点共圆,∴∠HKS=∠HQP,① ∵∠PSR=90°,∴PR为圆的直径, ∴∠PQR=90°,∠QRH=∠HQP,② 而∠QSP=∠QRH,③
由①②③得,∠QSP=∠HKS,TS=TK,
又∵∠SKQ=90°,∵∠SQK=∠TKQ,∴QT=TK,∴QT=TS
.
(1)四边形ABCD的对角线交于点P,若PA·PC=PB·PD,则它的四个
顶点共圆.
(2)四边形ABCD的一组对边AB、DC的延长线交于点P,若PA·PB=PC·PD,
则它的四个顶点共圆.
以上两个命题的逆命题也成立.该组性质用于处理四边形与圆的关系问题时比较有效.
【训练3】如图,AB是⊙O的直径,G为AB延长线上的一点,GCD是⊙O的割线,过点G作AB的垂线,交AC的延长线于点E,交AD的延长线于点F,过G作⊙O的切线,切点为H. 求证:(1)C,D,F,E四点共圆; (2)GH2=GE·GF
.
证明 (1)如图,连接BC.
∵AB是⊙O的直径,∴∠ACB=90°. ∵AG⊥FG,∴∠AGE=90°. 又∵∠EAG=∠BAC, ∴∠ABC=∠AEG. 又∵∠FDC=∠ABC, ∴∠FDC=∠AEG.
∴∠FDC+∠CEF=180°.∴C,D,F,E四点共圆. (2)∵GH为⊙O的切线,GCD为割线, ∴GH2=GC·GD.
由C,D,F,E四点共圆,
得∠GCE=∠AFE,∠GEC=∠GDF. GCGE∴△GCE∽△GFD.∴GFGD 即GC·GD=GE·GF.∴GH2=GE·GF.
对应学生356
(时间:30分钟 满分:60分)
一、填空题(每小题5分,共40分)
1. 如图,AB是⊙O的直径,MN与⊙O切于点C,AC1
=2BC,则sin∠MCA=________.
解析 由弦切角定理得,∠MCA=∠ABC, AC
sin ∠ABC=AB=5
答案 52. 如图,AB为⊙O的直径,C为⊙O上一点.AD和过C点的切线互相垂直,垂足为D,∠DAB=80°,则∠ACO=________.
解析 ∵CD是⊙O的切线,∴OC⊥CD, 又∵AD⊥CD,∴OC∥AD. 由此得,∠ACO=∠CAD, ∵OC=OA,∴∠CAO=∠ACO,
∴∠CAD=∠CAO,故AC平分∠DAB.∴∠CAO=40°, 又∵∠ACO=∠CAO,∴∠ACO=40°. 答案 40°
3. 如图,在△ABC中,AB=AC,∠C=72°,⊙O过A、B两点且与BC相切于点B,与AC交于点D,连接BD,若BC=5-1,则AC=________.
解析 由题易知,∠C=∠ABC=72°,∠A=∠DBC=36°,所以△BCD∽△ACB,
又易知BD=AD=BC,所以BC2=CD·AC=(AC
-
BC
)·AC,解得AC=2. 答案 2
ACAC5
=. 55ACAC+BC
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