广西桂林市陆川中学2017届高三(上)月考物理试卷(8月份)(解析版).

2016-2017学年广西桂林市陆川中学高三（上）月考物理试

卷（8月份）

一、选择题：本题共8小题，每小题6分。

1．如图所示，A、B两球质量相等，光滑斜面的倾角为θ，图甲中，A、B两球用轻弹簧相连，图乙中A、B两球用轻质杆相连，系统静止时，挡板C与斜面垂直，弹簧、轻杆均与斜面平行，则在突然撤去挡板的瞬间有（ ）

A．两图中两球加速度均为gsinθ B．两图中A球的加速度均为零 C．图乙中轻杆的作用力一定不为零

D．图甲中B球的加速度是图乙中B球加速度的2倍

2．如图所示，物块M在静止的足够长的传送带上以速度v0匀速下滑时，传送带突然启动，方向如图中箭头所示，在此传送带的速度由零逐渐增加到2v0后匀速运动的过程中，则以下分析正确的是（ ）

A．M下滑的速度不变

B．M开始在传送带上加速到2v0后向下匀速运动

C．M先向下匀速运动，后向下加速，最后沿传送带向下匀速运动 D．M受的摩擦力方向始终沿传送带向上

3．如图所示，位于同一高度的小球A、B分别以v1和v2的速度水平抛出，都落在了倾角为30°的斜面上的C点，小球B恰好垂直打到斜面上，则v1、v2之比为（ ）

A．1：1

B．2：1

C．3：2

D．2：3

4．如图所示，倾角为θ=30°的斜面体放在水平地面上，﹣个重为G的球在水平力F的作用下静止于光滑斜面上，此时水平力的大小为F；若将力F从水平方向逆时针转过某﹣角度后，仍保持F的大小不变，且小球和斜面依然保持静止，此时水平地面对斜面体的摩擦力为Ff，那么F和Ff的大小分别是（ ）

A．F=

G，Ff=G B．F=D．F=

G，Ff=G，Ff=

G G

C．F=G，Ff=G

5．如图所示，半径为R的竖直光滑圆轨道内侧底部静止着一个光滑小球，现给小球一个冲击使其在瞬间得到一个水平初速v0，若v0大小不同，则小球能够上升到的最大高度（距离底部）也不同．下列说法中正确的是（ ）

A．如果v0=B．如果v0=C．如果v0=D．如果v0=

，则小球能够上升的最大高度为 ，则小球能够上升的最大高度为R ，则小球能够上升的最大高度为，则小球能够上升的最大高度为

6．如图所示，将质量为2m的重物悬挂在轻绳的一端，轻绳的另一端系一质量为m的小环，小环套在竖直固定的光滑直杆上，光滑定滑轮与直杆的距离为d．现将小环从与定滑轮等高的A处由静止释放，当小环沿直杆下滑距离也为d时（图中B处），重力加速度为g．下列说法正确的是（ ）

A．小环刚释放时轻绳中的张力可能小于2mg B．小环达到B处时，重物上升的高度为（

﹣1）d

C．小环在B处的速度与重物上升的速度大小之比等于D．小环在B处的速度与重物上升的速度大小之比等于

7．mB=2kg．A、如图所示，物体A放在物体B上，物体B放在光滑的水平面上，已知mA=6kg，B间动摩擦因数μ=0.2．A物上系一细线，细线能承受的最大拉力是20N，水平向右拉细线，

2下述中正确的是（g=10m/s）（ ）

A．当拉力0＜F＜12N时，A静止不动 B．当拉力F＞12N时，A相对B滑动 C．当拉力F=16N时，B受A摩擦力等于4N

D．在绳可以承受的范围内，无论拉力F多大，A相对B始终静止

8．B为测速仪，A为汽车，测速仪安装有超声波发射和接收装置，如图所示，两者相距335m．某时刻B发出超声波，同时A由静止开始做匀加速直线运动．当B接收到反射回来的超声波信号时A、B相距355m，已知超声波传播速度为340m/s，则下列说法正确的是（ ）

A．经2s，B接收到返回的超声波 B．超声波追上A车时，A车前进了10m C．A车加速度的大小为10m/s2 D．A车加速度的大小为5m/s2

二、非选择题：包括必考题和选考题两部分（一）必考题

9．一个同学在研究小球自由落体运动时，用频闪照相连续记录下小车的位置如图所示，已知闪光周期为

s，测得x1=7.68cm，x3=12.00cm，通过计算可得小球运动的加速度是 9.72

m/s2，图中x2是 9.84 cm．（结果保留3位有效数字）

10．某同学设计了如图所示的装置来探究加速度与力的关系，弹簧测力计固定在一合适的木板上，桌面的右边缘固定一支表面光滑的铅笔以代替定滑轮，细绳的两端分别与弹簧测力计

的挂钩和矿泉水瓶连接．在桌面上画出两条平行线MN、PQ，并测出间距d．开始时将木板置于MN处，现缓慢向瓶中加水，直到木板刚刚开始运动为止，记下弹簧测力计的示数F0，以此表示滑动摩擦力的大小．将木板放回原处并按住，继续向瓶中加水后，记下弹簧测力计的示数F1，然后释放木板，并用停表记下木板运动到PQ处的时间t． （1）木板的加速度可以用d、t表示为a=

．；为了减小测量加速度的偶然误差可以

采用的方法是（一种即可） 保持F1不变，重复实验多次测量求平均值 ．

（2）改变瓶中水的质量重复实验，确定加速度a与弹簧测力计示数F1的关系．下列图象能表示该同学实验结果的是 C ．

（3）用加水的办法改变拉力的大小与挂钩的方法相比，它的优点是 BC ． a．可以改变滑动摩擦力的大小 b．可以更方便地获取多组实验数据 c．可以比较精确地测出摩擦力的大小 d．可以获得更大的加速度以提高实验精度．

11．交通规则规定：黄灯亮时车头已经越过停车线的车辆可以继续前行，车头未越过停车线的若继续前行则视为闯黄灯，属于交通违章行为，现有一汽车正沿着平直马路匀速行驶，当车快要到十字路口时，司机看到黄灯闪烁，3秒黄灯提示后将再转为红灯．

（1）若车在黄灯开始闪烁时刹车，要使车在黄灯闪烁的时间内停下来且刹车距离不得大于18m，则车刹车前的行驶速度不能超过多少？

（2）若车正以v0=15m/s的速度驶向路口，司机看到黄灯闪烁紧急刹车，已知车紧急刹车时产生的加速度大小为a=5m/s，若司机看到黄灯闪烁时车头距警戒线L=30m，要避免闯红灯，他的反应时间△t不能超过多少？

2

12．如图所示，物块A、木板B的质量均为m=10kg，不计A的大小，B板长L=3m．开始时A、B均静止．现给A以某一水平初速度从B的最左端开始运动．已知A与B、B与地之间的动摩擦因数分别为μ1=0.3和μ2=0.1，g取10m/s． （1）若物块A刚好没有从B上滑下来，则A的初速度多大？

（2）若把木板B放在光滑水平面上，让A仍以（1）问的初速度从B的最左端开始运动，则A能否与B脱离？最终A和B的速度各是多大？

（二）选考题[物理--选修3-4]

13．在均质弹性绳中有一振源S，它以5Hz的频率上下做简谐运动，振幅为5cm，形成的波沿绳向左、右两边传播．从振源开始振动计时，t时刻的波形如图所示，质点P右边的绳还未振动，S左边的波形没有画出，则下列说法正确的是（ ）

2

A．该波的波速为60cm/s B．波源S开始振动的方向向下 C．图中的质点Q在t时刻处在波谷

D．在0至1.0s时间内质点P运动的路程为70cm E．波源S在2.15s时位移是5cm

14．半径为R的半圆柱形玻璃砖的截面如图所示，O为圆心，光线Ⅰ沿半径方向从a点射入玻璃砖后，恰好在O点发生全反射，另一条光线Ⅱ平行于光线Ⅰ从最高点b射入玻璃砖后，在底边MN上的d点射出．若测得Od=，则该玻璃砖的折射率为多少？

[物理--选修3-5]

B．如果v0=C．如果v0=D．如果v0=

，则小球能够上升的最大高度为R ，则小球能够上升的最大高度为，则小球能够上升的最大高度为

【考点】机械能守恒定律；向心力．

【分析】先根据机械能守恒定律求出在此初速度下能上升的最大高度，再根据向心力公式判断在此位置速度能否等于零即可求解． 【解答】解：A、当v0=

时，根据机械能守恒定律有：

=mgh，解得h=，即小

球上升到高度为时速度为零，所以小球能够上升的最大高度为．故A正确．

B、设小球恰好能运动到与圆心等高处时在最低点的速度为v，则根据机械能守恒定律得：mgR=确．

C、设小球恰好运动到圆轨道最高点时在最低点的速度为v1，在最高点的速度为v2． 则在最高点，有mg=

，解得v=

．故如果v0=

，则小球能够上升的最大高度为R．故B正

从最低点到最高点的过程中，根据机械能守恒定律得：2mgR+解得 v1=所以v0＜根据D、当v0=故选：AB

=

时，小球不能上升到圆轨道的最高点，会脱离轨道，在最高点的速度不为零．=mgh+mv′2，知最大高度 h＜

．故C错误．

时，由上分析知，上升的最大高度为2R．故D错误．

6．如图所示，将质量为2m的重物悬挂在轻绳的一端，轻绳的另一端系一质量为m的小环，小环套在竖直固定的光滑直杆上，光滑定滑轮与直杆的距离为d．现将小环从与定滑轮等高的A处由静止释放，当小环沿直杆下滑距离也为d时（图中B处），重力加速度为g．下列说法正确的是（ ）

A．小环刚释放时轻绳中的张力可能小于2mg B．小环达到B处时，重物上升的高度为（

﹣1）d

C．小环在B处的速度与重物上升的速度大小之比等于D．小环在B处的速度与重物上升的速度大小之比等于

【考点】机械能守恒定律；物体的弹性和弹力；运动的合成和分解．

【分析】本题A的关键是由小环加速下落可知重物加速上升，再根据牛顿第二定律即可求解；题B的关键是明确重物上升的高度应等于绳子缩短的长度；题C和D的关键是明确小环在沿绳子的方向速度与重物速度相等，然后将小环的速度沿绳子与垂直于绳子方向正交分解即可．

【解答】解：A、由题意，小环释放时向下加速运动，则重物将加速上升，对重物，由牛顿第二定律可知绳中的张力一定大于重力2mg，故A错误； B、小环到达B处时，重物上升的高度应为绳子缩短的长度，即 h=故B正确；

CD、根据题意，小环与重物沿绳子方向的速度大小相等，将小环A的速度沿绳子方向与垂直于绳子方向正交分解应满足：

v环cos45°=v物，即得，小环在B处的速度与重物上升的速度大小之比误，D正确； 故选：BD

=

，故C错

d﹣d=（

﹣1）d，

7．mB=2kg．A、如图所示，物体A放在物体B上，物体B放在光滑的水平面上，已知mA=6kg，B间动摩擦因数μ=0.2．A物上系一细线，细线能承受的最大拉力是20N，水平向右拉细线，

2下述中正确的是（g=10m/s）（ ）

A．当拉力0＜F＜12N时，A静止不动 B．当拉力F＞12N时，A相对B滑动 C．当拉力F=16N时，B受A摩擦力等于4N

D．在绳可以承受的范围内，无论拉力F多大，A相对B始终静止 【考点】牛顿第二定律；摩擦力的判断与计算．

【分析】隔离对B分析，求出B的最大加速度，再对整体分析，求出发生相对滑动所需的最大拉力．

【解答】解：A、假设绳子不断裂，则当绳子拉力增大到某一值时B物体会开始滑动，此时A、B之间达到最大静摩擦力．以B为研究对象，最大静摩擦力产生加速度，由牛顿第二定律得： μmAg=mBa a=μg=6m/s2

以整体为研究对象，由牛顿第二定律得 F=（mA+mB）a=（6+2）×6N=48N

即当绳子拉力达到48牛时两物体才开始相对滑动．所以A、B错误． C、当拉力为16N时，由F=（mA+mB）a′解得a′=2m/s2， f=mBa′=2×2N=4N，故C、D正确． 故选：CD

8．B为测速仪，A为汽车，测速仪安装有超声波发射和接收装置，如图所示，两者相距335m．某时刻B发出超声波，同时A由静止开始做匀加速直线运动．当B接收到反射回来的超声波信号时A、B相距355m，已知超声波传播速度为340m/s，则下列说法正确的是（ ）

A．经2s，B接收到返回的超声波

B．超声波追上A车时，A车前进了10m C．A车加速度的大小为10m/s2 D．A车加速度的大小为5m/s2

【考点】匀速直线运动及其公式、图像．

【分析】在超声波来回运动的时间里，汽车运行的位移为20m．根据匀变速运动的位移时间公式可求出汽车在超声波单程运行时间里的位移，结合超声波的速度，即可知道超声波单程运行的时间，从而知道汽车运行的时间，根据x=【解答】解：设汽车的加速度为a，运动的时间为t，有来回的时间为t，则单程的时间为

，求出汽车的加速度大小．

，超声波

，因为初速度为零的匀加速直线运动，在相等时间内

时间内的位移为x′=5m，知超声波追

的位移之比为1：3，在t时间内的位移为20m，则

上汽车时，超声波的位移x=5+335m=340m，A车的位移为5m．故B错误． 根据根据故选：AC．

二、非选择题：包括必考题和选考题两部分（一）必考题

9．一个同学在研究小球自由落体运动时，用频闪照相连续记录下小车的位置如图所示，已知闪光周期为

s，测得x1=7.68cm，x3=12.00cm，通过计算可得小球运动的加速度是 9.72

知，解得B接收到返回的超声波的时间t=2s，故A正确．

得，加速度a=10m/s．故C正确，D错误．

2

m/s2，图中x2是 9.84 cm．（结果保留3位有效数字）

【考点】测定匀变速直线运动的加速度．

2

【分析】在匀变速直线运动中，在连续相等的时间间隔内位移差值为一个恒量，即：△x=aT．

【解答】解：小球做自由落体运动，在连续相等的时间间隔内位移差值为一个恒量，故： x2﹣x1=2gT2 x3﹣x2=2gT2

解得：g==

=9.72m/s2

x2==cm=9.84cm

故答案为：9.72，9.84．

10．某同学设计了如图所示的装置来探究加速度与力的关系，弹簧测力计固定在一合适的木板上，桌面的右边缘固定一支表面光滑的铅笔以代替定滑轮，细绳的两端分别与弹簧测力计的挂钩和矿泉水瓶连接．在桌面上画出两条平行线MN、PQ，并测出间距d．开始时将木板置于MN处，现缓慢向瓶中加水，直到木板刚刚开始运动为止，记下弹簧测力计的示数F0，以此表示滑动摩擦力的大小．将木板放回原处并按住，继续向瓶中加水后，记下弹簧测力计的示数F1，然后释放木板，并用停表记下木板运动到PQ处的时间t． （1）木板的加速度可以用d、t表示为a=

．；为了减小测量加速度的偶然误差可以

采用的方法是（一种即可） 保持F1不变，重复实验多次测量求平均值 ．

（2）改变瓶中水的质量重复实验，确定加速度a与弹簧测力计示数F1的关系．下列图象能表示该同学实验结果的是 C ．

（3）用加水的办法改变拉力的大小与挂钩的方法相比，它的优点是 BC ． a．可以改变滑动摩擦力的大小 b．可以更方便地获取多组实验数据 c．可以比较精确地测出摩擦力的大小 d．可以获得更大的加速度以提高实验精度．

【考点】探究加速度与物体质量、物体受力的关系． 【分析】根据运动学公式求出加速度． 知道减小误差的常用方法是多次测量取平均值．

知道当水的质量远远小于木板的质量时，水的重力近似等于绳子的拉力． 【解答】解：（1）根据匀变速直线运动公式得：a=

为了减小测量加速度的偶然误差可以采用的方法是保持F1不变，重复实验多次测量，求平均值．

（2）根据牛顿第二定律可得F1﹣F0=ma，解得a=

﹣

，当F1＞F0时，木板才产生加速

度．此实验要求水的质量必须远远小于木板质量，当矿泉水的质量逐渐增大到一定量后，图象将向下弯曲，只有图象C符合该同学的实验结果．故选C． （3）A、不可以改变滑动摩擦力的大小，故A错误．

B．缓慢向瓶中加水，可以更方便地获取多组实验数据，故B正确．

C．缓慢向瓶中加水，直到木板刚刚开始运动，可以比较精确地测出摩擦力的大小，故C正确．

D．并没有获得很大的加速度，可以获取多组实验数据以提高实验精度．故D错误． 故选：BC． 故答案为：（1）（2）C， （3）BC．

11．交通规则规定：黄灯亮时车头已经越过停车线的车辆可以继续前行，车头未越过停车线的若继续前行则视为闯黄灯，属于交通违章行为，现有一汽车正沿着平直马路匀速行驶，当车快要到十字路口时，司机看到黄灯闪烁，3秒黄灯提示后将再转为红灯．

（1）若车在黄灯开始闪烁时刹车，要使车在黄灯闪烁的时间内停下来且刹车距离不得大于18m，则车刹车前的行驶速度不能超过多少？

（2）若车正以v0=15m/s的速度驶向路口，司机看到黄灯闪烁紧急刹车，已知车紧急刹车时产生的加速度大小为a=5m/s，若司机看到黄灯闪烁时车头距警戒线L=30m，要避免闯红灯，他的反应时间△t不能超过多少？

【考点】匀变速直线运动规律的综合运用；匀变速直线运动的位移与时间的关系． 【分析】（1）匀减速直线运动，末速度为零，

求得；

2

，保持F1不变，重复实验多次测量求平均值，

（2）先求减速的位移，知道了匀速的位移即反应时间内的位移，速度已知，由这两个条件可求的反应时间．

【解答】解：（1）最大速度为v则有

解得

（2）匀减速的位移

反应时间内的位移x2=L﹣x1=30﹣22.5=7.5m

答：（1）车刹车前的行驶速度不能超过12m/s； （2）他的反应时间△t不能超过0.5s．

12．如图所示，物块A、木板B的质量均为m=10kg，不计A的大小，B板长L=3m．开始时A、B均静止．现给A以某一水平初速度从B的最左端开始运动．已知A与B、B与地

2之间的动摩擦因数分别为μ1=0.3和μ2=0.1，g取10m/s．

（1）若物块A刚好没有从B上滑下来，则A的初速度多大？

（2）若把木板B放在光滑水平面上，让A仍以（1）问的初速度从B的最左端开始运动，则A能否与B脱离？最终A和B的速度各是多大？

【考点】牛顿第二定律；匀变速直线运动的速度与时间的关系；匀变速直线运动的速度与位移的关系．

【分析】（1）若物块A刚好没有从B上滑下来，临界情况是A滑到B最右端时和B速度相同，根据牛顿第二定律结合运动学公式求出A的初速度．

（2）根据牛顿第二定律求出A、B的加速度，求出A、B速度相等时，两者的位移，从而得出相对位移，与木板的长度比较，判断是否脱离，若未脱离，两者具有相同的速度．

2【解答】解：（1）A在B上向右匀减速，加速度大小a1=μ1g=3 m/s，

木板B向右匀加速 a2=

=1m/s2，

由题意，A刚好没有从B上滑下来，则A滑到B最右端时和B速度相同，设为v，得

时间关系

位移关系

解得m/s；

2

（2）木板B放在光滑面上，A滑上B后加速度大小仍为a1=μ1g=3 m/s，

B向右匀加速的加速度

=3m/s2，

设A、B达到相同速度v'时A没有脱离B，由时间关系

解得 m/s

A的位移m

B的位移m

由sA﹣sB=2m可知A没有与B脱离 最终A和B的速度相等，大小为

m/s

m/s．

答：（1）若物块A刚好没有从B上滑下来，则A的初速度为（2）A没有与B脱离，最终A和B的速度相等，大小为

（二）选考题[物理--选修3-4]

m/s．

13．在均质弹性绳中有一振源S，它以5Hz的频率上下做简谐运动，振幅为5cm，形成的波沿绳向左、右两边传播．从振源开始振动计时，t时刻的波形如图所示，质点P右边的绳还未振动，S左边的波形没有画出，则下列说法正确的是（ ）

A．该波的波速为60cm/s B．波源S开始振动的方向向下

C．图中的质点Q在t时刻处在波谷

D．在0至1.0s时间内质点P运动的路程为70cm E．波源S在2.15s时位移是5cm

【考点】波长、频率和波速的关系；横波的图象．

【分析】由图读出波长，结合频率求出波速．根据P点开始振动的方向判断波源S开始振动方向，根据对称性判质点Q在t时刻所处位置，根据一个周期内振动运动的路程为4A求出在t=0至t=1.0s时间内质点P运动的路程．根据时间与周期的关系求波源S在2.15s时位移．

【解答】解：A、波的频率 f=5Hz，由图知该波的波长为 λ=8cm=0.08m，则波速 v=λf=0.08×5=0.4m/s=40cm/s，故A错误；

B、波源S的振动传到P点时的振动方向向下，则波源S的起振方向向下，故B正确； C、由对称性知x=﹣6cm处质点Q在t时刻处于波峰，故C错误；

D、该波的周期为 T==0.2s．在t=0至t=1.0s时间内，即经过的时间△t=1s=5T，而S的振动传到质点用时1.5T，P在0至1.0s时间内质点P只振动了3.5T，P运动的路程为 s=3.5×4A=3.5×4×5cm=70cm，故D正确．

E、t=2.15s=10T，波源S经过周期处在波峰，位移为5cm，故E正确． 故选：BDE

14．半径为R的半圆柱形玻璃砖的截面如图所示，O为圆心，光线Ⅰ沿半径方向从a点射入玻璃砖后，恰好在O点发生全反射，另一条光线Ⅱ平行于光线Ⅰ从最高点b射入玻璃砖后，在底边MN上的d点射出．若测得Od=，则该玻璃砖的折射率为多少？

【考点】折射率及其测定． 【分析】根据折射率的定义公式n=可．

和全反射临界角公式sinC=列式后联立求解即

【解答】解：设光线Ⅱ的入射角和折射角分别为i和r，在△bOd中， bd=sinr=

=

=

R，

由折射定律有n=即sini=

n

又因为光线Ⅰ与光线Ⅱ平行，且在O点恰好发生全反射，有： sini=， 所以

n=，

从而得到： n=

≈2.03

答：该玻璃砖的折射率为2.03．

[物理--选修3-5]

15．下列说法正确的是（ ）

A．对于任何一种金属多存在一个“最大波长”，入射光的波长必须小于这个波长，才能产生光电效应

B．235U的半衰期约为7亿年，随地球环境的变化，半衰期可能变短 C．原子核内部某个质子转变为中子时，放出β射线

D．在α、β、γ这三种射线中，γ射线的穿透能力最强，α射线的电离能力最强

E．氢原子的核外电子由较高能级跃迁到较低能级时，要释放一定频率的光子，同时电子的动能增加，电势能减小

【考点】光电效应；X射线、α射线、β射线、γ射线及其特性．

【分析】氢原子的核外电子由较高能级跃迁到较低能级时，电子的动能增大，电势能减小；半衰期不受环境与化合态的影响；对于任何一种金属都存在一个“极限波长”，入射光的波长必须小于此波长，才能产生光电效应；β衰变实质是原子核内的一个中子变为一个质子，而放出一个电子，γ射线的穿透能力最强，α射线的电离能力最强．

【解答】解：A、对于任何一种金属都有不同的逸出功，所以存在一个“极限波长”，入射光的波长必须小于此波长，才能产生光电效应．故A正确； B、元素的半衰期与环境及化合态无关．故B错误；

C、β衰变实质是原子核内的一个中子变为一个质子，而放出一个电子．故C错误； D、在α、β、γ这三种射线中，γ射线的穿透能力最强，α射线的电离能力最强，故D正确． E、氢原子的核外电子绕原子核运动时，库仑力提供向心力，得：

=

，当氢原子

的核外电子由较高能级跃迁到较低能级时，半径减小，速度增大，动能增大．同时半径减小的过程中，电子与质子之间的库仑力做正功，电势能减小，故E正确； 故选：ADE．

16．如图所示，一质量为1kg的物块静止在水平地面上，它与地面的动摩擦因数为0.2，一质量为10g的子弹以水平速度500m/s射入物块后水平穿出，物块继续滑行1m距离停下．求：子弹射穿物块过程中系统损失的机械能．（g取10m/s）

【考点】动量守恒定律；机械能守恒定律．

【分析】由动能定理求出子弹射穿物块过程中物块的速度，子弹射穿物块的过程系统动量守恒，应用动量守恒定律与能量守恒定律可以求出损失的机械能． 【解答】解：设子弹射穿物块后的速度为v1，物块的速度为v2，

2对物块应用动能定理：﹣μMgx=0﹣Mv2，

2

子弹射穿物块的过程系统动量守恒，以向右为正方向， 由动量守恒定律得：mv0=mv1+Mv2， 对系统，由能量守恒定律得： mv02=mv12+Mv22+Q， 代入数据解得：Q=798J；

答：子弹射穿物块过程中系统损失的机械能为798J．

2016年10月10日

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