高三数学第二轮复习教案 第5讲 解析几何问
更新时间:2024-04-28 02:44:01 阅读量: 综合文库 文档下载
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高三数学第二轮复习教案
第5讲 解析几何问题的题型与方法(二)
五、注意事项
1.(1) 直线的斜率是一个非常重要的概念,斜率k反映了直线相对于x轴的倾斜程度。当斜率k存在时,直线方程通常用点斜式或斜截式表示,当斜率不存在时,直线方程为x=a(a∈R)。因此,利用直线的点斜式或斜截式方程解题时,斜率k存在与否,要分别考虑。
(2) 直线的截距式是两点式的特例,a、b分别是直线在x轴、y轴上的截距,因为a≠0,b≠0,所以当直线平行于x轴、平行于y轴或直线经过原点,不能用截距式求出它的方程,而应选择其它形式求解。
(3)求解直线方程的最后结果,如无特别强调,都应写成一般式。
(4)当直线l1或l2的斜率不存在时,可以通过画图容易判定两条直线是否平行与垂直
(5)在处理有关圆的问题,除了合理选择圆的方程,还要注意圆的对称性等几何性质的运用,这样可以简化计算。
2.(1)用待定系数法求椭圆的标准方程时,要分清焦点在x轴上还是y轴上,还是两种都存在。 (2)注意椭圆定义、性质的运用,熟练地进行a、b、c、e间的互求,并能根据所给的方程画出椭圆。
(3)求双曲线的标准方程 应注意两个问题:(1) 正确判断焦点的位置;(2) 设出标准方程后,运用待定系数法求解。
bx2y2x2y2(4)双曲线2?2?1的渐近线方程为y??x或表示为2?2?0。若已知双曲线的渐近
aabab线方程是y??mx,即mx?ny?0,那么双曲线的方程具有以下形式: nm2x2?n2y2?k,其中k是一个不为零的常数。
x2y2y2x2222(5)双曲线的标准方程有两个2?2?1和2?2?1(a>0,b>0)。这里b?c?a,
abab其中|F1F2|=2c。要注意这里的a、b、c及它们之间的关系与椭圆中的异同。
(6)求抛物线的标准方程,要线根据题设判断抛物线的标准方程的类型,再求抛物线的标准方程,
要线根据题设判断抛物线的标准方程的类型,再由条件确定参数p的值。同时,应明确抛物线的标准方程、焦点坐标、准线方程三者相依并存,知道其中抛物线的标准方程、焦点坐标、准线方程三者相依并存,知道其中一个,就可以求出其他两个。
六、范例分析
例1、求与直线3x+4y+12=0平行,且与坐标轴构成的三角形面积是24的直线l的方程。
分析:满足两个条件才能确定一条直线。一般地,求直线方程有两个解法,即用其中一个条件列出含待定系数的方程,再用另一个条件求出此参数。
解法一:先用“平行”这个条件设出l 的方程为3x+4y+m=0①再用“面积”条件去求m,∵直线l交x轴于A(?m,0),交y轴于B(0,?m)由1??m??m?24,得m??24,代入①得所求直线的方程为:
234343x?4y?24?0
解法二:先用面积这个条件列出l的方程,设l在x轴上截距离a,在y轴上截距b,则有ab?24,因为l的倾角为钝角,所以a、b同号,|ab|=ab,l的截距式为?12xy?1,即48x+a2y-48a=0②又该直a48a线与3x+4y+2=0平行,∴
48?a2??48a,∴a??8代入②得所求直线l 的方程为3x?4y?24?0 342说明:与直线Ax+By+C=0平行的直线可写成Ax+By+C1=0的形式;与Ax+By+C=0垂直的直线的方
程可表示为Bx-Ay+C2=0的形式。
例2、若直线mx+y+2=0与线段AB有交点,其中A(-2,3),B(3,2),求实数m的取值范围。
解:直线mx+y+2=0过一定点C(0,-2),直线mx+y+2=0实际上表示的是过定点(0,-2)的直线系,因为直线与线段AB有交点,则直线只能落在∠ABC的内部,设BC、CA这两条直线的斜率分别为k1、k2,则由斜率的定义可知,直线mx+y+2=0的斜率k应满足k≥k1或k≤k2,∵A(-2,3) B(3,2)
∴k1? k2?? ∴-m≥
43524或-m≤?5 即m≤?4或m≥5 3232说明:此例是典型的运用数形结合的思想来解题的问题,这里要清楚直线mx+y+2=0的斜率-m应
为倾角的正切,而当倾角在(0°,90°)或(90°,180°)内,角的正切函数都是单调递增的,因此当直线在∠ACB内部变化时,k应大于或等于kBC,或者k小于或等于kAC,当A、B两点的坐标变化时,也要能求出m的范围。
例3、已知x、y满足约束条件
x?1???x?3y??4 ?3x?5y?30?求目标函数z=2x-y的最大值和最小值。
解:根据x、y满足的约束条件作出可行域,即如图所示的阴影部分(包括边界)。
作直线l0:2x-y=0,再作一组平行于l0的直线l:2x-y=t,t∈R。
可知,当l在l0的右下方时,直线l上的点(x,y)满足2x-y>0,即t>0,而且直线l往右平移时,t随之增大。当直线l平移至l1的位置时,直线经过可行域上的点B,此时所对应的t最大;当l在l0的左上方时,直线l上的点(x,y)满足2x-y<0,即t<0,而且直线l往左平移时,t随之减小。当直线l平移至l2的位置时,直线经过可行域上的点C,此时所对应的t最小。
由 ??x?3y?4?0 解得点B的坐标为(5,3);
3x?5y?30?0?x?1?27 解得点C的坐标为(1,)。
5?3x?5y?30?02717=?。 55由 ?所以,z最大值=235-3=7;z最小值=231-
例4、某运输公司有10辆载重量为6吨的A型卡车与载重量为8吨的B型卡车,有11名驾驶员。
在建筑某段高速公路中,该公司承包了每天至少搬运480吨沥青的任务。已知每辆卡车每天往返的次数为A型卡车8次,B型卡车7次;每辆卡车每天的成本费A型车350元,B型车400元。问每天派出A型车与B型车各多少辆,公司所花的成本费最低,最低为多少?
解:设每天派出A型车与B型车各x、y辆,并设公司每天的成本为z元。由题意,得
x?10?y?5???x?y?11x,y∈N, ???48x?56y?60且z=350x+400y。
?x?10y?5??即 ?x?y?11 x,y∈N,
???6x?7y?55作出可行域,作直线l0:350x+400y=0,即7x+8y=0。
作出一组平行直线:7x+8y=t中(t为参数)经过可行域内的点和原点距离最近的直线,此直线经过6x+7y=60和y=5的交点A((
25,5),由于点A的坐标不都是整数,而x,y∈N,所以可行域内的点A625,5)不是最优解。 6为求出最优解,必须进行定量分析。 因为,73
25+835≈69.2,所以经过可行域内的整点(横坐标和纵坐标都是整数的点)且与原点6最小的直线是7x+8y=10,在可行域内满足该方程的整数解只有x=10,y=0,所以(10,0)是最优解,即当l通过B点时,z=350310+40030=3500元为最小。
答:每天派出A型车10辆不派B型车,公司所化的成本费最低为3500元。
例5、已知点T是半圆O的直径AB上一点,AB=2、OT=(t0 (1)写出直线A?B?的方程; (2)计算出点P、Q的坐标; (3)证明:由点P发出的光线,经AB反射后,反射光线通过点Q。 ‘解: (1) 显然A'?1,1?t?,B 于是 直线A?B?的方程为y??tx?1; ??1,1?t?,?x2?y2?1,2t1?t2,); (2)由方程组? 解出 P(0,1)、Q(221?t1?t?y??tx?1,1?t2?021?t211?t。 ???22ttt(1?t)?t1?t2(3)kPT?1?01??, kQT0?tt由直线PT的斜率和直线QT的斜率互为相反数知,由点P发出的光线经点T反射,反射光线通过 点Q。 说明:需要注意的是,Q点的坐标本质上是三角中的万能公式,有趣吗? 例6、设P是圆M:(x-5)2+(y-5)2=1上的动点,它关于A(9,0)的对称点为Q,把P绕原点依逆时针方向旋转90°到点S,求|SQ|的最值。 解:设P(x,y),则Q(18-x,-y),记P点对应的复数为x+yi,则S点对应的复数为: (x+yi)2i=-y+xi,即S(-y,x) ∴|SQ|?(18?x?y)2?(?y?x)2 ?182?x2?y2?36x?36y?2xy?x2?y2?2xy?2?x2?y2?18x?18y?81?81?2?(x?9)2?(y?9)222其中(x?9)?(y?9)可以看作是点P到定点B(9,-9)的距离,共最大值为|MB|?r?253?1 最小值为|MB|?r?253?1,则|SQ|的最大值为2106? 2,|SQ|的最小值为2106?2 例7、 已知⊙M:x2?(y?2)2?1,Q是x轴上的动点,QA,QB分别切⊙M于A,B两点,(1)如果|AB|?42,求直线MQ的方程; 3(2)求动弦AB的中点P的轨迹方程。 解:(1)由|AB|?42,可得 3|MP|?|MA|2?(|AB|22221)?12?()?, 233由射影定理,得|MB|2?|MP|?|MQ|,得|MQ|?3, 在Rt△MOQ中, |OQ|?|MQ|2?|MO|2?32?22?5, 故a?5或a??5, 所以直线AB方程是 2x?5y?25?0或2x?5y?25?0; (2)连接MB,MQ,设P(x,y),Q(a,0),由 点M,P,Q在一直线上,得 2y?2?,(*)由射影定理得|MB|2?|MP|?|MQ|, ?ax即 x2?(y?2)2?a2?4?1,(**) 把(*)及(**)消去a, 2并注意到y?2,可得x?(y?)?7421(y?2). 16说明:适时应用平面几何知识,这是快速解答本题的要害所在。 例8、直线l过抛物线y2?2px(p?0)的焦点,且与抛物线相交于A(x1,y1)和B(x2,y2)两点。(1)求证:4x1x2?p2; (2)求证:对于抛物线的任意给定的一条弦CD,直线l不是CD的垂直平分线。 解: (1)易求得抛物线的焦点F(P,0)。 2 2若l⊥x轴,则l的方程为x?P,显然x1x2?P。 24若 2l不垂直于x 轴,可设y?k(x?P),代入抛物线方程整理得 22PP2P2。 x?P(1?2)x??0,则x1x2?44k综上可知 4x1x2?p2。 2222(2)设C(c,c),D(d,d)且c?d,则CD的垂直平分线l?的方程为y?c?d??c?d(x?c?d) 2p2p22p4p22假设l?过F,则0?c?d??c?d(p?c?d)整理得 22p24p(c?d)(2p2?c2?d2)?0 ?p?0 ?2p2?c2?d2?0,?c?d?0。 这时l?的方程为y=0,从而l?与抛物线y2?2px只相交于原点。 而l与抛物线有两个不同的交点,因此l?与l不重合,l不是CD的垂直平分线。 说明:此题是课本题的深化,课本是高考试题的生长点,复习要重视课本。 x2y2??1,能否在此椭圆位于y轴左侧的部分上找到一点M,使它到左准线的例9、已知椭圆43距离为它到两焦点F1、F2距离的等比中项,若能找到,求出该点的坐标,若不能找到,请说明理由。 解:假设存在满足条件的点,设M(x1,y1)a2=4,b2=3,∴a=2,b?3,c=1,∴e?1, 2|MF1|?|MF2|?(a?ex1)(a?ex1)?a2?e2x1?4?212x1,点M到椭圆左准线的距离 4a2d?x1??x1?4,∴ cr1r2?d, ? 4?12x1?(x1?4)2,∴5x12?32x1?48?0,∴4x1??4或x1??12,这与x1∈[-2,0)相矛盾,∴满足条件的点M不存在。 52, 3例10、已知椭圆中心在原点,焦点在y轴上,焦距为4,离心率为(Ⅰ)求椭圆方程; (Ⅱ)设椭圆在y轴正半轴上的焦点为M,又点A和点B在椭圆上,且M分有向线段AB所成的比为2,求线段AB所在直线的方程。 c2y2x2解:(Ⅰ)设椭圆方程为2?2?1 由2c=4得c=2 又? a3ab y2x2故a=3, b?a?c?5∴所求的椭圆方程为??1 95222(Ⅱ)若k 不存在,则AMMB?2,若k 存在,则设直线AB的方程为:y=kx+2 又设A(x1,y1)B(x2,y2) ?y?kx?2?由?x2 得 (9?5k2)x2?20kx?25?0 y2?1??9?5x1?x2??20k?25?x?x??② ① 129?5K29?5K2∵点M坐标为M(0,2) ∴AM?(?x1,2?y1)MB?(x2,y2?2) 由AMMB?2得AM?2MB∴(?x1,2?y1)?2(x2,y2?2) 20k2522x??④ ? ③ 29?5k29?5k2∴x1??2x2代入①、②得x2?由③、④ 得 2(20k225132)?k? ∴ k??9?5k29?5k233∴线段AB所在直线的方程为:y??3x?2。 3说明:有向线段所成的比,线段的定比分点等概念,本身就是解析几何研究的一类重要问题。向量概念的引入,使这类问题的解决显得简洁而流畅。求解这类问题可以用定比分点公式,也可以直接用有向线段的比解题。 另外,向量的长度,点的平移等与解析几何都有着千丝万缕的联系,向量与解析几何的结合,为解决这些问题开辟了新的解题途径。 x2y2例11、已知直线l与椭圆2?2?1(a?b?0)有且仅有一个交点Q,且与x轴、y轴分别交于R、 abS,求以线段SR为对角线的矩形ORPS的一个顶点P的轨迹方程. 解:从直线l所处的位置,设出直线l的方程, 由已知,直线l不过椭圆的四个顶点,所以设直线l的方程为y?kx?m(k?0). 代入椭圆方程b2x2?a2y2?a2b2, 得 b2x2?a2(k2x2?2kmx?m2)?a2b2. 化简后,得关于x的一元二次方程 (a2k2?b2)x2?2ka2mx?a2m2?a2b2?0. 于是其判别式??(2ka2m)2?4(a2k2?b2)(a2m2?a2b2)?4a2b2(a2k2?b2?m2). 由已知,得△=0.即a2k2?b2?m2. ① 在直线方程y?kx?m中,分别令y=0,x=0,求得R(?m,0),S(0,m). kym??x??,k??,??令顶点P的坐标为(x,y), 由已知,得?k解得?x ???y?m.?m?y22代入①式并整理,得 a?b?1, 即为所求顶点P的轨迹方程. x2y222说明:方程a?b?1形似椭圆的标准方程,你能画出它的图形吗? x2y2x2y2233例12、已知双曲线2?2?1的离心率e?,过A(a,0),B(0,?b)的直线到原点的距离是.32ab(1)求双曲线的方程; (2)已知直线y?kx?5(k?0)交双曲线于不同的点C,D且C,D都在以B为圆心的圆上,求k的值。 ababd???c23xy解:∵(1)22?,原点到直线AB:??1的距离ca?baba3?b?1,a?3.2故所求双曲线方程为 x?y2?1. 3. 2。 3(2)把y?kx?5代入x2?3y2?3中消去y,整理得 (1?3k2)x2?30kx?78?0。 设C(x1,y1),D(x2,y2),CD的中点是E(x0,y0),则 x0?kBEx1?x215k5??y?kx?5?,0021?3k21?3k2 y?11?0??.x0k?x0?ky0?k?0, 15k5k2??k?0,又k?0,?k?7 即221?3k1?3k故所求k=±7。 说明:为了求出k的值,需要通过消元,想法设法建构k的方程。 例13、过点P(?3, 0)作直线l与椭圆3x2+4y2=12相交于A、B两点,O为坐标原点,求△OAB面积的最大值及此时直线倾斜角的正切值。 分析:若直接用点斜式设l的方程为y?0?k(x?3),则要求l的斜率一定要存在,但在这里l的斜率有可能不存在,因此要讨论斜率不存在的情形,为了避免讨论,我们可以设直线l的方程为 x?my?3,这样就包含了斜率不存在时的情形了,从而简化了运算。 解:设A(x1,y1),B(x2,y2),l:x?my?3 S?AOB?11|OP|?|y1|?|OP|?|y2|?3(|y1|?|y2|)?3(y1?y2) 22把x?my?3代入椭圆方程得:3(m2y2?23my?3)?4y2?12?0,即 (3m2?4)y2?63my?3?0,y1?y2?363myy??, 123m2?43m2?4108m2121|y1?y2|???144x2?48 2222(3m?4)3m?43m?449m2?343?3m2?143?3m2?1 ???2223m?43m?4(3m?1)?343m3m2?1?33m2?143?2 23??∴S?336?2?3,此时3m2?1? m?? 2233m?1令直线的倾角为?,则tg???36 ??266。 2即△OAB面积的最大值为3,此时直线倾斜角的正切值为? ??例14、(2003年江苏高考题)已知常数a?0,向量c?(0,a),i?(1,0). ????经过原点O以c??i为方向向量的直线与经过定点A(0,a)以i?2?c为方向向量的直线相交于 点P,其中??R.试问:是否存在两个定点E、F,使得|PE|+|PF|为定值。若存在,求出E、F的坐标;若不存在,说明理由。 ??????解:∵i=(1,0),c=(0,a), ∴c+λi=(λ,a),i-2λc=(1,-2λa)。 因此,直线OP和AP的方程分别为 ?y?ax 和 y?a??2?ax。 消去参数λ,得点P(x,y)的坐标满足方程y(y?a)??2a2x2。 a(y?)2整理得 x2?1.??① ?1a()2822因为a?0,所以得: (i)当a?2时,方程①是圆方程,故不存在合乎题意的定点E和F; 2(ii)当0?a?2时,方程①表示椭圆,焦点E(11?a2,a)和F(?11?a2,a)为合乎题意的两个 2222222定点; (iii)当a?2时,方程①也表示椭圆,焦点E(0,1(a?a2?1))和F(0,1(a?a2?1))为合乎题 22222意的两个定点。 说明:由于向量可以用一条有向线段来表示,有向线段的方向可以决定解析几何中直线的斜率,故直线的方向向量与解析几何中的直线有着天然的联系。求解此类问题的关键是:根据直线的方向向量得出直线方程,再转化为解析几何问题解决。 x2y2例15、已知椭圆2?2?1(a?b?0)的长、短轴端点分别为A、B,从此椭圆上一点M向x轴 ab作垂线,恰好通过椭圆的左焦点F1,向量AB与OM是共线向量。 (1)求椭圆的离心率e; (2)设Q是椭圆上任意一点,F1、F2分别是左、右焦点,求∠F1QF2 的取值范围; 解:(1)∵F1(?c,0),则xM??c,yMb2b2?,∴kOM??。 aac ∵kABbb2b2??,OM与AB是共线向量,∴???,∴b=c,故e?。 aaca2FQ?r1,F2Q?r2,?F1QF2??,1(2)设 ?r1?r2?2a,F1F2?2c, r12?r22?4c2(r1?r2)2?2r1r2?4c2a2a2cos?????1??1?0 r?r2r1r22r1r2r1r2(12)22当且仅当r1?r2时,cosθ=0,∴θ?[0,?2]。 说明:由于共线向量与解析几何中平行线、三点共线等具有异曲同工的作用,因此,解析几何中与平行线、三点共线等相关的问题均可在向量共线的新情景下设计问题。求解此类问题的关键是:正确理解向量共线与解析几何中平行、三点共线等的关系,把有关向量的问题转化为解析几何问题。 x2y22例16、一条斜率为1的直线l与离心率为的椭圆C:2?2?1(a?b?0)交于P、Q, 2ab两点,直线l与Y轴交于点R,且OP?OQ??3,PR?3RQ,求直线l和椭圆C的方程。 解:? 椭圆离心率为 c2222,??,a?2b a22x2y2所以椭圆方程为2?2?1,设l方程为:y?x?m,P(x1,y1),Q(x2,y2) 2bb?x2y2??1?222由?2b2b2消去y得3x?4mx?2m?2b?0 ?y?x?m???16m2?4?3(2m2?2b2)?8(?m2?3b2)?0?3b2?m2?(*) 42x1?x2??m??(1) x1x2?(m2?b2)??(2) 33OP?OQ??3 所以x1x2?y1y2??3 而y1y2?(x1?m)(x2?m)?x1x2?m(x1?x2)?m 所以2x1x2?m(x1?x2)?m??3 2222424(m?b2)?m2?m2??3 33所以3m?4b??9??(3)又R(0,m),PR?3RQ,(?x1,m?y1)?3(x2,y2?m) 从而 22(2)(4)得3m?b??(5) ?x1?3x2??(4) 由(1) 2由(3)(5)解得b?3,m??1 适合(*), xy2所以所求直线l方程为:y?x?1或y?x?1;椭圆C的方程为??1 63说明:向量数量积的坐标表示,构建起向量与解析几何的密切关系,使向量与解析几何融为一体。 求此类问题的关键是:利用向量数量积的坐标表示,沟通向量与解析几何的联系。体现了向量的工具性。 例17、已知椭圆C的中心在原点,焦点F1、F2在x轴上,点P为椭圆上的一个动点,且∠F1PF2的最大值为90°,直线l过左焦点F1与椭圆交于A、B两点,△ABF2的面积最大值为12. (1)求椭圆C的离心率; (2)求椭圆C的方程. 解法一:(1)设| PF1 |=r1,| PF2 |=r2,| F1F2 |=2c,对?PF1F2, 由余弦定理,得 r11?r22?4c2(r1?r2)2?2r1r2?4c24a2?4c24a2?4c2cos?F1PF2????1??1 r?r2r1r22r1r22r1r22(12)22?1?2e2?0, 解出 e?2. 22(2)考虑直线l的斜率的存在性,可分两种情况: i) 当k存在时,设l的方程为y?k(x?c)??????① x2y2椭圆方程为2?2?1,A(x1,y1),B(x2,y2) ab由e?2. 得 a2?2c2,b2?c2。 2于是椭圆方程可转化为 x2+2y2—2c2=0??????② 将①代入②,消去y得 x2?2k2(x?c)2?2c2?0, 整理为x的一元二次方程,得 则x1、x2是上述方程的两根.且 (1?2k2)x2?4ck2x?2c2(k2?1)?0。 22c1?k2, |x2?x1|?1?2k222c(1?k2), |AB|?1?k|x2?x1|?1?2k22AB边上的高h?|F1F2|sin?BF1F2?2c?|k|1?k2, 11?k2|k|S?22c()2c 2221?2k1?k1?k2|k|k2?k4122?22c?22c?2c2. 22411?2k1?4k?4k4?4k?k2?22c2ii) 当k不存在时,把直线x??c代入椭圆方程得 y??21c,AB?2c,S?2c?2c2 22由①②知S的最大值为2c2 由题意得2c2=12 所以c2?62?b2 a2?122 故当△ABF2面积最大时椭圆的方程为: x2y2??1. 12262解法二:设过左焦点的直线方程为:x?my?c????① 22椭圆的方程为:x?y?1,A(x1,y1),B(x2,y2) 22ab由e?2得:2a?2c2,b2?c2,于是椭圆方程可化为:x2?2y2?2c2?0??② .2把①代入②并整理得:(m2?2)y2?2mcy?c2?0 于是y1,y2是上述方程的两根。 AB??1?m2?x1?x2?2??y1?y2?24m2c2?4c2(m2?2)m2?2?1?m2y1?y2 22c(1?m2), ?m2?2AB边上的高h?2c1?m2, 2从而S?1|AB|h?1?22c(1?m)?22c1?m222m?2?22c21?m2 (m?2)2?22c2m2?1?11?2m?12?2c2. 当且仅当m=0取等号,即Smax?2c2. 由题意知2c2?12, 于是 b2?c2?62,a2?122。 故当△ABF2面积最大时椭圆的方程为: x2122?y262?1. 例18、(2002年天津高考题)已知两点M(-1,0),N(1,0)且点P使MP?MN,PM?PN,NM?NP成公差小于零的等差数列, (Ⅰ)点P的轨迹是什么曲线? (Ⅱ)若点P坐标为(x0,y0),?为PM与PN的夹角,求tanθ。 解:(Ⅰ)记P(x,y),由M(-1,0)N(1,0)得 PM??MP?(?1?x,?y) PN??NP?(?1?x,?y) MN??NM?(2,0) 所以 MP?MN?2(1?x) PM?PN?x2?y2?1 NM?NP?2(1?x) 于是,MP?MN,PM?PN,NM?NP是公差小于零的等差数列等价于 1?22?x?y?1?[2(1?x)?2(1?x)]2? 即 ?2(1?x)?2(1?x)?0??x2?y2?3 ?x?0?所以,点P的轨迹是以原点为圆心,3为半径的右半圆。 (Ⅱ)点P的坐标为(x0,y0)。PM?PN?x0?y0?1?2。 22?????????222PMPN?(1?x0)2?y0?(1?x0)2?y0?(4?2x0)?(4?2x0)?24?x0?????????PM?PN1所以cos??????. 因为 0 说明:在引入向量的坐标表示后,可以使向量运算代数化,这样就可以将“形”和“数”紧密地结 合在一起。向量的夹角问题融入解析几何问题中,也就显得十分自然。求解这类问题的关键是:先把向量用坐标表示,再用解析几何知识结合向量的夹角公式使问题获解;也可以把两向量夹角问题转化为两直线所成角的问题,用数形结合方法使问题获解。
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