高三数学理科二轮复习同步练习 2-3-22三角函数、平面向量、立体几何、概率与统计型解答题
更新时间:2024-02-03 21:25:01 阅读量: 教育文库 文档下载
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三角函数、平面向量、立体几何、概率与统计型解答题
班级_______ 姓名_______ 时间:45分钟 分值:50分 总得分________
?1π?
1.(12分)已知函数f(x)=2sin?3x-6?,x∈R.
???5π?
(1)求f?4?的值;
??
?π??π?106????(2)设α,β∈0,2,f3α+2=,f(3β+2π)=,求cos(α+β)
5????13
的值.
分析:本题考查运用三角公式化简求值.(1)f(x)的解析式已给出,
?5π??π?106
求f?4?即可;(2)先化简f?3α+2?=,f(3β+2π)=,再结合α,β∈
5????13?π?
?0,?求cosα与sinβ,代入即得cos(α+β)的值.
2??
?1π?解:(1)∵f(x)=2sin?3x-6?,
???5π??5ππ?π
∴f?4?=2sin?12-6?=2sin=2.
4????
?π??π?106
(2)∵α,β∈?0,2?,f?3α+2?=,f(3β+2π)=,
5????13?π?61053
∴2sinα=,2sin?β+2?=,即sinα=,cosβ=,
13135??5
124
∴cosα=,sinβ=,
135
1235416
∴cos(α+β)=cosαcosβ-sinαsinβ=×-×=.
13513565
2.(12分)(2011·重庆卷)如图,在四面体ABCD中,平面ABC⊥
平面ACD,AB⊥BC,AD=CD,∠CAD=30°.
(1)若AD=2,AB=2BC,求四面体ABCD的体积;
(2)若二面角C-AB-D为60°,求异面直线AD与BC所成角的余弦值.
分析:本小题主要考查面面垂直的性质、四面体的体积计算公式、二面角的意义与异面直线所成的角的意义及求法.在具体处理过程中,可围绕线面垂直的性质定理去考虑,从而添加相关的辅助线,由此求得相关几何体的体积;在求异面直线所成的角的过程中,注意根据异面直线所成角的意义,考虑平移其中一条或两条直线,从而将问题转化为求两条相交直线的夹角问题.也可考虑通过建立坐标系的方式解决相关问题.
解:(1)如图所示,设F为AC中点,连接FD,由于AD=CD,所以DF⊥AC.又由平面ABC⊥平面ACD,知DF⊥平面ABC,即DF是四面体ABCD
的面ABC上的高,且DF=ADsin30°=1,AF=ADcos30°=3.
在Rt△ABC中,因AC=2AF=23,AB=2BC,由勾股定理易215415知BC=,AB=. 55
1114152154故四面体ABCD的体积V=·S△ABC·DF=×××=.
332555
(2)解法一:如图所示,设G,H分别与边CD,BD的中点,则FG∥AD,GH∥BC,从而∠FGH是异面直线AD与BC所成的角或其补角.
设E为边AB的中点,则EF∥BC,由AB⊥BC,知EF⊥AB.又由(1)知DF⊥平面ABC,故由三垂线定理知DE⊥AB.所以∠DEF为二面角C-AB-D的平面角.由题设知 ∠DEF=60°.
a设AD=a,则DF=AD·sin∠CAD=. 2
3a3
在Rt△DEF中,EF=DF·cot∠DEF=·=a,
23613
从而GH=BC=EF=a.
26
因Rt△ADE≌△BDE,故BD=AD=a, 1a
从而,在Rt△BDF中,FH=BD=. 22
1a
又FG=AD=,从而在△FGH中,因FG=FH,由余弦定理得
22FG2+GH2-FH2GH3
cos∠FGH===. 2FG·GH2FG6因此,异面直线AD与BC所成3
角的余弦值为.
6
解法二:如图所示,过F作FM⊥AC,交AB于M,已知AD=CD,平面ABC⊥平面ACD,易知FC,FD,FM两两垂直.以F为原点,
射线FM,FC,FD分别为x轴,y轴,z轴的正半轴,建立空间直角坐标系F-xyz.
不妨设AD=2,由CD=AD,∠CAD=30°,易知点A,C,D的→
坐标分别为A(0,-3,0),C(0,3,0),D(0,0,1),则AD=(0,3,1).
显然向量k=(0,0,1)是平面ABC的一个法向量.
已知二面角C-AB-D为60°,故可取平面ABD的一个单位法向1量n=(l,m,n),使得〈n,k〉=60°,从而n=. 2
→3由n⊥AD,有3m+n=0,从而m=-.
66
由l2+m2+n2=1,得l=±.
3
→→→6
设点B的坐标为B(x,y,0),由AB⊥BC,n⊥AB,取l=,有
3
22x+y=3,?
?63x-?y+?36
3?=0,
?
解之得,?73
y=?9
46x=,
9
??x=0,或?(舍去). ?y=-3?
6
易知l=-与坐标系的建立方式不合,舍去.
3→?4673?
因此点B的坐标为?,,0?.所以CB
9?9?
→→
→→?46?AD·CB23
=?=,-,0?.从而cos〈AD,CB〉=
9→→?9?
|AD||CB|
?23?
?3×?-93??
=-. 6?46?2?23?2
?+?-?3+1× ?99????
故异面直线AD与BC所成的角的余弦值为
3
. 6
3.(13分)(2011·浙江卷)如图,在三棱锥P-ABC中,AB=AC,D为BC的中点,PO⊥平面ABC,垂足O落在线段AD上.已知BC=8,PO=4,AO=3,OD=2.
(1)证明:AP⊥BC;
(2)在线段AP上是否存在点M,使得二面角A-MC-B为直二面角?若存在,求出AM的长;若不存在,请说明理由.
分析:此题主要考查了线线位置关系和二面角的求解,对(1)问线线垂直的证明易入手,利用线面垂直即可进行证明;对(2)问可采用空间直角坐标向量法进行处理;解题时对(2)问要注意恰当建立坐标系,恰当设参数,从而有效快速求解.
解:方法一:(1)如图,以O为原点,以射线OP为z轴的正半轴,建立空间直角坐标系O-xyz.
则O(0,0,0),A(0,-3,0),B(4,2,0),C(-4,2,0),P(0,0,4), →→→→→AP=(0,3,4),BC=(-8,0,0),由此可得AP·BC=0,所以AP⊥→
BC,即AP⊥BC.
→→→
(2)设PM=λPA,λ≠1,则PM=λ(0,-3,-4). →→→→→BM=BP+PM=BP+λPA=
(-4,-2,4)+λ(0,-3,-4)=(-4,-2-3λ,4-4λ), →→
AC=(-4,5,0),BC=(-8,0,0). 设平面BMC的法向量n1=(x1,y1,z1), 平面APC的法向量n2=(x2,y2,z2). →??BM·n1=0,由?→??BC·n1=0,
??-4x1-?2+3λ?y1+?4-4λ?z1=0,得? ?-8x1=0,?
x1=0,??即?2+3λ
z1=y1,?4-4λ?→??AP·n2=0,由?→??AC·n2=0,5??x2=4y2,得?
3
?z=-y,?242
?2+3λ?
?. 可取n1=?0,1,4-4λ??
??3y2+4z2=0,即? ?-4x+5y=0,?22
可取n2=(5,4,-3).
2+3λ
由n1·n2=0,得4-3·=0,
4-4λ2
解得λ=,故AM=3.
5
综上所述,存在点M符合题意,AM=3.
方法二:(1)由AB=AC,D是BC的中点,得AD⊥BC. 又PO⊥平面ABC,得PO⊥BC.
因为PO∩AD=O,所以BC⊥平面PAD, 故BC⊥PA.
(2)如图,在平面PAB内作BM⊥PA于M,连接CM.
由(1)中知PA⊥BC,得AP⊥平面BMC.
又AP?平面APC,所以平面BMC⊥平面APC.
在Rt△ADB中,AB2=AD2+BD2
=41,得AB=41.
在Rt△POD中,PD2=PO2+OD2, 在Rt△PDB中,PB2=PD2+BD2, 所以PB2=PO2+OD2+DB2=36,得PB=6. 在Rt△POA中,PA2=AO2+OP2=25,得PA=5. PA2+PB2-AB21
又cos∠BPA==,
2PA·PB3
从而PM=PBcos∠BPA=2,所以AM=PA-PM=3. 综上所述,存在点M符合题意,AM=3.
4.(13分)学校游园活动有这样一个游戏项目:甲箱子里装有3个白球,2个黑球,乙箱子里装有1个白球,2个黑球, 这些球除颜色外完全相同,每次游戏从这两个箱子里各随机摸出2个球,若摸出的白球不少于2个,则获奖.(每次游戏结束后将球放回原箱).
(1)求在1次游戏中;
(ⅰ)摸出3个白球的概率; (ⅱ)获奖的概率;
(2)求在2次游戏中获奖次数X的分布列及数学期望E(X). 解:(1)(ⅰ)设“在1次游戏中摸出i个白球”为事件Ai=(i=0,1,2,3),则
1
C213C2P(A3)=2·2=.
C5C35
(ⅱ)设“在1次游戏中获奖”为事件B,则B=A2∪A3.又P(A2)=
211
C2C113C23C2C22·2+2·2=. C5C3C5C32
117且A2,A3互斥,所以P(B)=P(A2)+P(A3)=+=.
2510(2)由题意可知X的所有可能取值为0,1,2.
?7?9
P(X=0)=?1-10?=.
100??
2
P(X=1)=C12
7?217?
?1-?=. 10?10?50
2
?7?49
P(X=2)=?10?=. 100??
所以X的分布列是
X P 0 9 1001 21 502 49 100921497X的数学期望E(X)=0×+1×+2×=. 100501005
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