2020年山东省聊城市阳谷县中考物理一模试卷

2020年山东省聊城市阳谷县中考物理一模试卷

一、单选题（本大题共10小题，共20.0分）

1.物理老师自制了“探究真空是否可以传声”的简易装置如图所示，实验时将正在发声的音乐卡芯固定在拔罐器

内，用抽气枪逐步抽出罐内空气。关于该实验下列说法正确的是()

A. 音乐卡芯发出的声音不是由振动产生的

B. 音乐卡芯发出的声音尖锐刺耳，说明其声音响度大

C. 抽气时听到的声音越来越小是由于音调变低的缘故

D. 由实验可推理出声音不能在真空中传播

2.关于热现象，下列说法正确的是()

A. 秋天的早晨，大雾逐渐散去是液化现象

B. 急刹车时车胎表面温度升高，这是由于热传递造成的

C. 质量相同的水和煤油在相同的炉子上加热相同时间后，水比煤油温度升高得多

D. 两种燃料热值之比为2：1，质量之比为1：4，它们完全燃烧放出的热量之比为1：2

3.在探究凸透镜成像规律时，某次实验光屏上接收到清晰的像时各实验装置的位置如图所示，则以下判断正确的

是()

A. 该成像规律可应用于投影仪

B. 此凸透镜的焦距可能是18.0cm

C. 若在蜡烛和凸透镜间放一近视镜，光屏适当向右移动可以光屏上得到清晰的像

D. 若换上焦距小一些的凸透镜，光屏适当向右移动可在光屏上得到清晰的像

4.遵义市校园足球联赛的开展，极大地丰富了校园文化生活，赛事中，关于力与运动的说法正确的是()

A. 足球在草坪上静止不动时，受到重力、支持力和摩擦力的作用

B. 前锋队员将飞来的足球顶向球门，说明力能改变物体的运动状态

C. 踢出的足球继续向前滚动是因为足球受到惯性的作用

D. 静止在地面上的守门员对地面的压力和地面对他的支持力是一对平衡力

5.如图所示，底面积不同的平底圆柱形容器A和B分别盛有甲、乙两种液体，两液面相平

且甲的质量大于乙的质量。则液体对各自容器底部的压强p A、p B，压力F A、F B的关系是

()

A. p A<p B，F A=F B

B. p A<p B，F A>F B

C. p A>p B，F A>F B

D. p A>p B，F A=F B

6.下列关于能量转化的说法，正确的是()

A. 图中，风力发电将空气的动能转化为电能

B. 图中，拉开的弹弓将石子弹出的过程，弹性势能增大

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C. 图中，“神舟五号”载人飞船成功返航，返回舱在减速着陆过程中机械能守恒

D. 图中，水平路面上疾驰的汽车，将重力势能转化为动能

7.关于家庭电路，下列说法正确的是()

A. 甲图中，若保险丝熔断，则一定是短路引起的

B. 甲图中，灯泡与开关的连接符合安全用电原则

C. 甲图中，两孔插座的连接不符合安全用电原则

D. 乙图中，电能表所在电路的总功率不能超过 2200W

8.如图是一个自动体重测试仪的工作原理图，有关它的说法正确的是()

A. 体重越大，体重显示表的示数越小

B. 体重测试仪电路由于缺少开关，始终处于通路

C. 体重显示表是用电流表改装成的

D. 体重测试仪所测体重越大，电路总功率越小

9.下列四幅图对应的说法正确的是()

A. 如图：改变电流方向并对调N、S极，导体棒摆动方向随之改变

B. 如图：只要导体棒在磁场中运动，就一定会产生感应电流

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C. 如图：通电导线周围存在磁场，将小磁针移走，磁场消失

D. 如图：电流一定时，电磁铁磁性的强弱与线圈的匝数有关

10.能源、信息和材料是现代社会发展的三大支柱，关于它们下列说法中正确的是()

A. 超导体材料可以用来制作电饭锅中的电热丝

B. 手机是利用电磁波来传递信息的

C. 太阳能、风能、天然气都是可再生能源

D. 大亚湾核电站利用的是核聚变释放的能量

二、多选题（本大题共3小题，共9.0分）

11.如图所示，是小菲在物理学习中记录的一些图象，以下说法正确的是()

A. 晶体凝固的过程可用图甲来反映

B. 由图乙可知，R甲>R乙

C. 由图丙可知该物体的密度为2×103kg/m3

D. 由图丁可知物体的速度是10m/s

12.关于下列四幅图的描述，正确的是()

A. 甲图说明了流体压强与流速的关系，两张纸中间流速大压强小，纸向中间靠拢

B. 乙图是自制气压计，当从山底拿到山顶时，玻璃管中的水柱会上升

C. 丙图中金属棒ab只要在磁场中左右运动，电路中就会产生感应电流

D. 根据丁图中光的传播路径，虚框内应是凸透镜，近视眼就是利用凸透镜进行矫正的

13.如图甲所示，小灯泡L与滑动变阻器R串联在电压为4.5V的电路中，闭合开关S移动滑片P，得到小灯泡的I?U

图象如图乙所示。当小灯泡的功率为0.75W时，下列说法正确的是()

A. 电流表的示数为0.2A

B. 滑动变阻器接入电路的电阻为15Ω

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C. 电路消耗的总功率是1.35W

D. 10s内电流对滑动变阻器做功是6J

三、填空题（本大题共6小题，共12.0分）

14.如图所示，是电影《流浪地球》中的一幅场景。地球自西向东自转，为了使地球刹

车，地球发动机的喷射方向就偏向东方，这是利用了物体间力的作用是______的。

最终，地球在发动机的作用下停止了自转，说明力可以改变物体的______。

15.诗句“大漠孤烟直，长河落日圆”给我们展现了一幅美

丽的画卷。其实诗人观察到的落日并非太阳的实际位置

(如图所示)，而是太阳光经过不均匀的大气层发生了

______所成的像，太阳实际在图中______(选填“甲”或

“乙”)的位置。

16.如图为一辆正在匀速行驶喷射水雾的环保车，它的动能______(选填“增大”、“减小”或“不变”)，水雾喷

出后一会儿就消失了，其中发生的物态变化是______，此过程需要______热。

17.如图所示的装置可以用来研究液体压强与流速的关系。当阀门K关闭时，A、B两竖

直细玻璃管中的液面关系是______；打开阀门K，待水流稳定后，A、B两玻璃管中

的液面关系是______。(均选填“A管高”“B管高”或“相平的”)

18.如图所示，物体A在水平桌面上，绳重及摩擦不计，动滑轮重

力为2N.当B物体重力为8N时，它恰好能匀速下降。

(1)以上装置中属于动滑轮的是______(填字母)。

(2)物体A所受的摩擦力为______N。

(3)若用一个水平向左的力F拉物体A，使其向左匀速运动，

则这个力F大小应为______N。

19.小明的妈妈是一个手机控，她一有时间总是抱着手机不停地刷屏。有一次她连续刷屏2个小时，使手机温度明

显升高。手机温度升高是因为电流的______效应；如果手机工作时的总电阻是12欧姆，工作电流为250mA，那么，她刷屏2个小时，手机一共能产生______J的热量。用充电器给手机电池充电时，电池和充电器都会明显发热，但连接手机和充电器的导线却无明显发热，是因为它们的______不同。

四、作图题（本大题共2小题，共4.0分）

20.如图所示，用杠杆将物体A吊起，O点是支点，请画出拉力F1的力臂L1和物体A

所受的重力G的示意图。

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21.如图所示，请在图中标出电源的“+”、“?”极，并用箭头标出磁感线的方向。

五、实验探究题（本大题共4小题，共24.0分）

22.如图是探究“光的反射规律”的实验装置。平面镜平放在水平桌面上，白色硬纸板垂直立在平镜面上，纸板能

绕ON轴翻转，上面安装一支激光笔。

(1)为了使光线能在纸板上显示出来，方便实验研究，采取的操作是______。

A.向纸板喷烟

B.使光束垂直纸板射到O点

C.使光束紧贴纸板射到O点

(2)图中反射角是______度。

(3)以ON为轴旋转纸板B，观察纸板B上能否出现反射光，操作的意图是______。

(4)若将图中的纸板(连同激光笔)绕EF向后倾斜，此时反射光束______。

A.仍在纸板上呈现

B.被纸板挡住

C.在纸板前方

23.在研究影响滑动摩擦力大小的因素实验中

(1)晓利按课本上实验方案测量摩擦力时，发现要保持木块匀速运动很困难，改用如图所示装置，在用力将本

板向右拉出的过程中，弹簧测力计______(选填“A”或“B“)的示数反映了木块与木板间的滑动摩擦力大小。

实验中，______(选填“一定”或“不一定”)要匀速拉动长木板。

(2)实验记录的部分数据如下表，要研究滑动摩擦力与接触面的粗糙程度的关系，应选用第①组和第______组

数据；比较第③组和第④组数据，可以看出滑动摩擦力的大小与木板所受拉力的大小______(选填“有关”或)

实验序号木块质量m(g)接触面粗糙程度

弹簧测力计的F A示

数(N)

弹簧测力计的F B示

数(N)

①200木板面 2.00.40

②200棉布面 2.00.70

③300木板面 2.00.60

④300木板面 2.40.60

(3)根据你在本实验中的收获，请写出一种避免汽车在冰雪路面上行驶时出现打滑现象的一种具体做法：______。

24.在“探究杠杆平衡条件”的实验中。

(1)让杠杆在水平位置平衡的目的是______。

(2)杠杆平衡后，小英同学在图甲所示的A位置挂上两个钩码，可在B位置挂上______个钩码，使杠杆在水平

位置平衡。

(3)取下B位置的钩码，改用弹簧测力计拉杠杆的C点，当弹簧测力计由位置1转至位置2的过程中，杠杆在

水平位置始终保持平衡(如图乙)，测力计示数如何变化：______。

(4)探究完杠杆平衡条件后，小英同学发现日常生活中有很多的杠杆：

a在农村老家她发现一种“舂米对”的古代简单机械，它的实质是一种杠杆，其示意图如图丙所示。使用这个装置时，人在A端用力把它踩下后立即松脚，B端就会立即下落，打在石臼内的谷物上，从而把谷物打碎。用力将它踩下去的过程中，动力是______(它的重力/脚踩的力)。

b回到家里，发现家里的两种墙壁开关也是杠杆如图丁，其按钮可绕面板内的轴转动。根据你的生活经验，你认为______(填“1”或“2”)较易损坏，这是因为按动这种开关的______较小，按动需要的力较大。

25.在“测量小灯泡的电功率”的实验中，电源电压6V恒定不变，小灯泡的额定电压为2.5V(电阻约为10Ω)。

(1)请用笔画线代替导线，将图甲的电路连接完整(要求滑片向左移动时灯泡变亮)。

(2)闭合开关前，应将滑片移到______端(选填“A”或“B”)。

(3)连接完实验电路，检查无误后，闭合开关，发现小灯泡不亮，电流表示数为零、电压表示数很大。出现这

种现象的原因可能是______。

A.小灯泡短路

B.小灯泡断路

C.变阻器短路

D.变阻器断路

(4)实验中当移动滑片P到某一点时，电压表示数如图乙所示，若小明想测量小灯泡的额定功率，应将图甲中

滑片P向______(选填“A”或“B”)端移动，使电压表的示数为2.5V。

(5)现有规格为“10Ω2A”、“20Ω1A”和“50Ω0.2A”的三个滑动变阻器，为了实验的顺利进行，小明应在其

中选择______接入电路。

(6)小明利用图甲装置______(选填“能”或“不能“)做“探究通过定值电阻的电流与电压的关系”的实验。

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六、计算题（本大题共3小题，共24.0分）

26.我国首款大型水陆两栖飞机“鲲龙”AG600如图所示，该飞机蓄满水后总质量53.5t。为检测飞机性能，先后进

行了模拟灭火和水面滑行测试。在灭火测试中：飞机盘悬在火场上方150m处，将所蓄水分次投下，每次投水200kg，用时20s到达地面。在水面滑行测试中：飞机在水平面上以10m/s的速度沿直线匀速滑行了60s，若飞

机发动机牵引力的总功率始终保持2.5×106W.(ρ水=1.0×103kg/m3,g=10N/kg)

求

(1)飞机蓄满水静止在水面上时排开水的体积；

(2)每次投下的水在下落过程中重力做功的平均功率；

(3)飞机在水面沿直线匀速滑行时，飞机所受的牵引力。

27.如图所示，有一斜面长L为10m，高h为6m，现用F为360N的力沿斜面把重物G为500N

的物体从底端匀速拉到顶端．物体受到斜面的摩擦力用f表示，求：

(1)斜面机械效率η．

(2)推导物体受到斜面摩擦力f的表达式．

28.随州的冬季不像北方有集中供暖，所以本地居民常选用一些小型电暖器越冬。如图甲电暖器有“高温、中温、

低温”三挡，铭牌见下表(“中温”挡功率空出)，其电路原理如图乙，S是自我保护开关，当电暖器倾倒时S

自动断开，切断电源保证安全。当S 、S1闭合，S2断开时电暖器为“低温”挡。(R1>R2)

XX牌电暖器

额定电压220V

额定功率低温挡440W 中温档

高温挡1600W

频率50Hz

求：1的阻值；

(2)“中温”挡正常工作时电路中的电流；

(3)若室内空气质量为50kg，用该电暖器的“高温”挡正常工作10min，放出热量的50%被室内空气吸收，那么可使室内气温升高多少？(假设空气的比热容为1.1×103J/(kg?℃))

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答案和解析

1.【答案】D

【解析】解：A、声音都是由物体的振动产生，故A错误；

B、声音尖锐刺耳，说明声音的音调高，故B错误；

C、抽气时听到的声音越来越小是由于响度变小的缘故，故C错误；

D、将正在发声的音乐卡芯固定在拔罐器内，用抽气机抽去空气，声音由大变小，由此我们可以得出声音在真空中无法传播。但现有的抽气设备总是很难将玻璃罩内抽成真空状态，即实验无法达到绝对的真空。在这种情况下，我们是在实验基础上加科学的推理得出的结论。故D正确。

故选：D。

(1)声音是由物体的振动产生；

(2)三个特征：音调、响度和音色。音调指声音的高低；响度指声音的大小；音色指声音的音质好坏。

(3)在探究真空是否能传声的实验中，采取了实验推理法，即通过不断抽气来减少介质(空气)，再根据声音的大小变化来分析得出结论。

本题主要考查学生对声音的产生、传播条件、以及影响音调和响度的因素的了解和掌握，真空不能传声实验，采用了理想法的研究思路。

2.【答案】D

【解析】解：A、大雾逐渐散去是液体小水滴变成了气态水蒸气的过程，属于汽化现象，故A错误

B、刹车时，刹车片对车轮摩擦，通过做功的方式增大了物体的内能，使温度升高，故B错误；

C、已知m水=m油，c水>c油，在相同的炉子上加热相同的时间，说明，Q水=Q油，由热量公式Q=cm△t得，△t=Q

cm 可知，水升高的温度低，故C错误；

D、由题知，两种燃料的热值之比q1：q2=2：1，质量之比m1：m2=1：4，

由Q放=mq得，这两种燃料完全燃烧放出的热量之比：Q1：Q2=m1q1：m2q2=2×1：1×4=1：2，故D正确。故选：D。

(1)物质由气态变为液态叫液化，由液态变为气态叫汽化；

(2)刹车时，刹车片和车轮摩擦，产生热量，使温度升高；

(3)比较水和煤油谁温度升高的多，首先要熟练热量公式，根据题意，代入变形后的公式即可得出；

(4)知道两种燃料的燃烧值和质量之比，利用燃料完全燃烧放热公式Q放=mq求这两种燃料完全燃烧放出的热量之比。

本题主要考查了学生对吸热公式Q=cm△t和燃料完全放热公式Q放=mq的掌握和运用，在求比值时，要细心，防止因颠倒而出错！

3.【答案】C

【解析】解：A、根据图象，u>v，故u>2f，成倒立、缩小的实像，2f>v>f，照相机就是利用此原理，故A 错误；

B、根据A中判断可得，u=40cm>2f，2f>v=18cm>f，解得，9cm<f<18cm，凸透镜的焦距不可能是18.0cm，故B错误；

C、近视镜是凹透镜，凹透镜对光线有发散作用，若在蜡烛和凸透镜间放一近视镜，光线要延迟成像，光屏适当向

右移动可以在光屏上得到清晰的像，故C正确；

D、若换上焦距小一些的凸透镜，相当于物距变大，根据物远像近像变小，所以光屏适当向左移动可在光屏上得到清晰的像，故D错误；

故选：C。

从图上读出物距，比较物距和焦距关系，判断成像情况。

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u>2f，成倒立、缩小的实像，2f>v>f。

u=2f，成倒立、等大的实像，v=2f

2f>u>f，成倒立、放大的实像，v>2f。

u<f，成正立、放大的虚像。

本题考查凸透镜成像规律实验，关键是将课本知识内容记忆清楚，仔细分析即可。

4.【答案】B

【解析】解：

A、足球在草坪上静止不动时，足球没有发生相对运动、也没有相对运动的趋势，所以足球不受摩擦力作用，只受到重力和支持力的作用，故A错误；

B、前锋队员将飞来的足球顶向球门，球的运动方向发生改变，说明力能改变物体的运动状态，故B正确；

C、惯性是物体保持原来运动状态不变的性质，惯性不是力，踢出的足球继续向前滚动是因为足球具有惯性，故C 错误；

D、静止在地面上的守门员对地面的压力和地面对他的支持力，这两个力作用在两个物体上，不是一对平衡力，而是一对相互作用力，故D错误。

故选：B。

(1)一对平衡力必须同时符合四个条件，即大小相等、方向相反、作用在同一直线上、作用在同一物体上，缺一不可；

(2)力既能改变物体的运动状态，也能是物体发生形变；

(3)惯性是物体保持原来运动状态不变的性质，惯性不是力。

本题考查了平衡力的辨别、力的作用效果、惯性现象等，有一定综合性，但难度不大。

5.【答案】C

【解析】

【解答】

由图知，容器底面积S甲<S乙，

AB、∵V=S?，液面相平、h相同，

∴V

甲<V

乙

，

∵ρ=m

V

，m甲>m乙，

∴两液体的密度关系：ρ甲>ρ乙；

∵p=ρg?，

∴p A>p B；故AB错误；

CD、∵对于圆柱形容器，液体对容器底部的压力F=G=mg，且m甲>m乙，

∴液体对各自容器底部的压力：F A>F B，故C正确，D错误。

故选：C。

【分析】

(1)由图知，两液面相平，甲的体积小于乙的体积，又知道甲的质量大于乙的质量，根据密度公式可以得知两液体的密度关系，根据压强公式p=ρg?得出p A、p B的大小关系；

(2)对于圆柱形容器，液体对容器底部的压力等于液体自身的重力，即可得出液体对各自容器底部的压力F A、F B的关系。

本题主要考查学生对密度公式、压力和液体压强公式的掌握和运用，用好圆柱形容器液体对容器底的压力与液体重的关系(相等)是本题的关键。

6.【答案】A

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【解析】解：

A、风力发电是将机械能转化为电能，故A正确；

B、拉开的弹弓发生了弹性形变，具有弹性势能，当放开石子时，弹弓的弹性形变程度变小，所以弹性势能变小，故B错误；

C、当飞船减速着陆时，飞船的质量不变，速度减小，动能减小；质量不变，高度越来越小，重力势能越来越小，机械能减小，故C错误；

D、汽车在水平路面上匀速行驶的过程中，质量不变，速度和高度也不变，则汽车的动能和重力势能都不变，故D 错误。

故选：A。

(1)风力发电机可以将风能转化为电能；

(2)影响动能的因素是物体的质量和物体运动的速度；影响重力势能的因素是物体的质量和物体被举高的高度；影响弹性势能的因素是物体的弹性形变程度的变化。

本题主要考查学生对能量的转化的理解和掌握，属于常见题型，是一道基础性题目。

7.【答案】C

【解析】A、保险丝熔断，可能是短路引起的，也可能是总功率过大引起的，故A说法错误。

B、甲图中，开关接在零线和灯泡之间，这样开关也能控制灯泡，但是在断开开关时没有切断火线，接触灯泡时容易发生触电事故，不符合安全用电原则，故B说法错误。

C、甲图中，插座的左孔接地线，右孔接火线，不符合于两孔插座“左零右火”接法，不符合安全用电原则，故C 说法正确。

D、电能表上标有10(40)A，10A指标定电流，40A是允许通过的最大电流，

则电能表所在电路的最大总功率P=UI=220V×40A=8800W，故D说法错误。

故选：C。

(1)保险丝熔断是因为电流过大，电流过大是短路或总功率过大。

(2)火线首先过开关进灯泡顶端的金属点是最安全的。

(3)对于两孔插座左零右火。

(4)根据电能表上标的电压和电流进行计算。

(1)掌握家庭电路中安全用电原则，珍爱生命。

(2)根据电能表的参数能计算允许通过的最大功率，还能计算用电器的功率等。

8.【答案】C

【解析】解：

AC、由电路图可知，体重显示表串联在电路中，所以体重显示表是用电流表改装成的，故C正确；

当测试仪所测体重越大时，滑动变阻器接入电路的电阻变小，根据I=U

可知，电路中的电流变大，即体重显示表的

R

示数越大，故A错误；

B、由图可知，当自动体重测试仪不工作时，滑片位于绝缘体的位置，电路断路，故B错误；

D、当测试的体重越大时，变阻器接入电路中的电阻会变小，电路总电阻变小，即电路中的电流变大，而电源电压不变，由P=UI可知，电路消耗的电功率变大，故D错误。

故选：C。

(1)根据电表的正确使用，即电流表串联在电路中，电压表并联在电路中判断体重显示表；当测试仪所测体重越大时，滑动变阻器接入电路的电阻越小，根据欧姆定律可知电路中电流的变化；

(2)当自动体重测试仪的上方无物体时，滑片位于绝缘体的位置，电路断路；

(3)当测试的体重过大时，R2接入电路中的电阻过小，电路中的电流过大，根据P=UI可知电路消耗功率的变化。解决本题的关键是欧姆定律、电功公式的应用以及滑动变阻器的正确使用，并会将理论知识应用到实际生活当中，真正体会从物理走向生活的理念。

9.【答案】D

第11页，共19页

【解析】解：

A、通电导体在磁场中受到力的作用，其受力的方向与磁场方向和电流方向有关，改变电流方向并对调N，S极时，导体棒的摆动方向不变，故A错误；

B、导体棒在磁场中运动，若没有切割磁感线，就不会产生感应电流，故B错误；

C、通电导线周围存在磁场，将小磁针移走，磁场仍存在，故C错误；

D、由图可知，两个电磁铁串联，通过的电流是相同的，左边电磁铁的线圈匝数多，吸引大头针的个数多，说明其磁性强，所以能得出结论：电流一定时，电磁铁磁性的强弱与线圈的匝数有关，故D正确。

故选：D。

利用下列知识分析判断：

(1)通电导体在磁场中受到力的作用，受力方向与磁场方向和电流方向有关，当其中一个方向变化时，受力方向变化，但当两个方向同时变化时，受力方向不变；

(2)闭合电路的部分导体，在磁场中切割磁感线运动，在导体中将产生电流，叫电磁感应；

(3)通电导线的周围存在磁场，但磁场看不见、摸不着，可以通过小磁针的偏转说明磁场的存在；

(4)电磁铁磁性的强弱与电流大小、线圈的匝数有关，电流越大、线圈匝数越多，电磁铁的磁性越强。

本题考查了电与磁之间的三个联系(通电导体的周围存在磁场、通电导体在磁场中受力和电磁感应现象)，要求平时学习时注意区分三个相关实验的原理和应用。

10.【答案】B

【解析】解：A、超导体电阻为零，电流流过超导体时，超导体不能发热，超导体不能用来制作电饭锅中的电热丝，故A错误；

B、手机是利用电磁波来传递信息的，故B正确；

C、天然气不能在短时间内形成，天然气是不可再生能源，故C错误；

D、大亚湾核电站利用的是核裂变释放的能量，故D错误；

故选：B。

利用下列知识分析判断：

(1)超导体电阻为零，电流流过超导体时，超导体不能发热，超导体不能用来制作电饭锅中的电热丝；

(2)手机是利用电磁波来传递信息的；

(3)能在短时间内形成的能源属于可再生能源，不能在短时间内形成的能源属于不可再生能源；

(4)现在的核电站是利用核裂变释放的能量发电的。

本题考查了超导体的性质、手机信息的传递、能源的分类、核电站的工作原理，涉及的知识点较多，是一道学科综合题，但难度不大，是一道基础题。

11.【答案】AC

【解析】解：A、物体温度降低到一定温度，不断放热，温度保持不变，符合晶体凝固特点，是晶体凝固的图象，故A正确；

B、由I?U图象可知，电压U相等时，I甲>I乙，由I=U

R 的变形式R=U

I

可知，R甲<R乙.故B错误；

C、由图可知，该物体体积为30cm3时，质量为60g，物质密度：ρ=m

V =60g

30cm3

=2g/cm3=2×103kg/m3，故C

正确；

D、丁图中是s?t图象，可知路程s不随时间变化，说明物体处于静止状态，故D错误。

故选：AC。

(1)掌握晶体的熔化特点，并掌握晶体熔化的图象，知道晶体在熔化过程中吸热，但温度保持不变；

(2)由I?U图象找出甲、乙电阻两端的电压与通过电流之间的关系，然后根据欧姆定律判断电阻大小；

(3)密度是表示单位体积的某种物质的质量；

(4)速度是指物体单位时间通过的路程。

本题考查对图象的分析能力，对于坐标图象，首先要认清横坐标与纵坐标所表示的物理量，再结合相关知识进行分析。

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12.【答案】AB

【解析】解：A、图甲中，向两张纸的中间吹气，两张纸向中间靠拢，是因为中间的空气流速大，压强小，故A正确；

B、图乙中，把气压计从山底拿到山顶的过程中，瓶内气体压强p不变，而大气压p0变小，所以h应变大，玻璃管中水柱升高，故B正确；

C、图丙中，若开关不闭合，尽管金属棒ab在磁场中左右运动，电路中也不会产生感应电流，故C错误；

D、图丁中的折射光线比入射光线向主光轴靠拢，所以虚框内是有会聚作用的凸透镜，但近视眼应该用凹透镜矫正，故D错误。

故选：AB。

(1)流体压强与流速的关系：流速越大，压强越小；流速越小，压强越大。

(2))大气压随高度的增加而减小；

(3)产生感应电流的条件是闭合电路的部分导体在磁场中做切割磁感线运动。

(4)近视眼应佩戴合适的凹透镜进行矫正。

此题考查流体压强和流速的关系、大气压与高度的关系、透镜及其应用和电磁感应现象，是一道力学和电学综合实验题，但总体难度不大，掌握基础知识即可正确解题。

13.【答案】CD

【解析】解：由电路图可知，小灯泡L与滑动变阻器R串联，电流表测电路中的电流，

由图乙可知，当灯泡两端的电压U L=2.5V、通过的电流I L=0.3A时，

小灯泡的功率P L=U L I L=2.5V×0.3A=0.75W，则电流表的示数为0.3A，故A错误；

因串联电路中总电压等于各分电压之和，

所以，滑动变阻器两端的电压：

U R=U?U L=4.5V?2.5V=2V，

因串联电路中各处的电流相等，

所以，由I=U

R

可得，滑动变阻器接入电路的电阻：

R=U R

I R =U R

I L

=2V

0.3A

≈6.67Ω，故B错误；

电路消耗的总功率：

P=UI=UI L=4.5V×0.3A=1.35W，故C正确；

10s内电流对滑动变阻器做功：

W R=U R I R t=U R I L t=2V×0.3A×10s=6J，故D正确。

故选：CD。

由电路图可知，小灯泡L与滑动变阻器R串联，电流表测电路中的电流，根据图乙读出小灯泡的功率为0.75W时其两端的电压和通过的电流，根据串联电路的电压特点求出滑动变阻器两端的电压，根据串联电路的电流特点和欧姆定律求出滑动变阻器接入电路的电阻，利用P=UI求出电路消耗的总功率，利用W=UIt求出10s内电流对滑动变阻器做的功。

本题考查了串联电路的特点和欧姆定律、电功率公式、电功公式的应用，从图象中获取有用的信息是关键。14.【答案】相互运动状态

【解析】解：

地球自转方向为自西向东，那么为了使地球刹车，地球发动机喷射的“火焰”应偏向东方，从而获得一个向西的反作用力，这是利用了物体间的作用是相互的；

地球在发动机的作用下停止了自转，地球由运动变为静止，运动状态发生了变化，说明力可以改变物体的运动状态。故答案为：相互；运动状态。

(1)力是物体对物体的作用，物体间力的作用是相互的；

(2)力可以改变物体的运动状态。

本题考查了力作用的相互相互性和力的作用效果，知识点较简单，要记住。

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15.【答案】折射；乙

【解析】

【分析】

本题主要考查了光的折射现象在生活中的应用，属光学基础题。

当光从一种介质斜射入另一种介质时，传播方向发生偏折，这种现象叫做光的折射。

【解答】

太阳落山时，太阳的实际位置在地平线下面，但太阳光经过不均匀的大气层时发生了折射，通过折射我们看见了太阳的虚像(即观察到的落日)，此时，太阳的实际位置在图中的乙位置。

故答案为：折射；乙。

16.【答案】减小；汽化；吸

【解析】解：水平路面上匀速行驶的洒水车正在洒水，速度不变，质量减小，所以动能减小，则机械能减小；

水雾喷出后一会儿就消失了，是由于水吸热后汽化变为水蒸气了。

故答案为：减小；汽化；吸。

根据影响动能和势能的因素判断其变化，得出机械能的变化；

由液态变为气态的过程为汽化。

本题考查了机械能的大小判断及汽化现象，关键掌握影响动能、势能大小的因素及六种物态变化。

17.【答案】相平的B管高

【解析】解：

(1)当阀门K关闭时，A、B两竖直细玻璃管构成一个连通器，根据连通器的原理，所以A、B两竖直细玻璃管中液面是相平的。

(2)打开阀门K，B管底部比A管底部横截面积大，水流速小；根据流体压强与流速的关系，所以B管底部水的压强大，所以B管把水柱压的比较高。

故答案为：相平的；B管高。

上端开口，底部连通的容器叫连通器。如果连通器中只有一种液体，在液体不流动时，各容器中液面高度总是相同的。

当阀门打开时，比较A和B两管底部水的流动速度，根据流体流速大、压强小，判断压强大小，由压强大小判断液面高度。

掌握流体压强跟流速的关系，能用流体压强知识解释有关的现象。比较C和D两管底部水的流动速度是解决本题的关键。

18.【答案】(1)M；(2)5；(3)10

【解析】解：

(1)N滑轮的轴的位置固定不动，为定滑轮；M滑轮随物体一起运动，为动滑轮。

(2)当A向右做匀速直线运动，A受力平衡，水平方向上受到水平向右的拉力和向左的摩擦力为一对平衡力，

f=F

拉=1

2

(G B+G

动

)=1

2

(8N+2N)=5N。

(3)当A向左做匀速直线运动处于平衡状态，水平方向上受到水平向左的拉力等于向右的摩擦力加上B对A的拉力；滑动摩擦力的大小跟压力大小和接触面的粗糙程度有关，压力不变，接触面的粗糙程度不变，摩擦力不变，所以向右的摩擦力为：f=5N。

B对A的拉力不变，F拉=5N，

A做匀速直线运动，受到平衡力的作用，A受到的水平向左的拉力为：F=f+F拉=5N+5N=10N；

故答案为：(1)M；(2)5；(3)10。

(1)轴的位置固定不动的滑轮叫定滑轮；随物体一起运动的滑轮叫动滑轮；

(2)如图，B物体恰能匀速下降，说明物体A在水平方向上向右做匀速直线运动，根据二力平衡的条件和定、动滑轮

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的工作特点可知，物体A所受的拉力等于B物体重力、动滑轮重之和的二分之一；

(3)用一个水平向左的力拉物体A使其向左匀速运动，A受到的摩擦力不变，A受到向右的拉力不变，A水平方向上受到平衡力的作用，据此求A受到向左的拉力大小。

本题通过物体B匀速下降，求出物体B对A的拉力和物体A和水平面的摩擦力，然后物体A拉着物体B匀速上升，摩擦力不变，物体B对A的拉力不变，根据物体A匀速直线运动受到平衡力的作用，求出拉力F.利用好摩擦力不变、B对A的拉力不变是本题的关键。

19.【答案】热 5.4×103电阻

【解析】解：(1)手机使用时温度明显升高是因为电流的热效应，使电流通过导体时产生了热量；

(2)手机产生的热量：Q=I2Rt=(0.25A)2×12Ω×2×3600s=5.4×103J。

(3)由公式Q=I2Rt可知，用充电器给手机电池充电时，电流和通电时间相同，导线的电阻很小，所以电池和充电器都会明显发热，但连接手机和充电器的导线却无明显发热。

故答案为：热；5.4×103；电阻。

电流通过导体时会产生热量，这就是电流的热效应；利用焦耳定律的公式Q=I2Rt可计算其产生的热量，并分析电器发热而导线不热的原因。

本题考查了电热相关的原理、焦耳定律公式的应用等，是我们应该熟知的。

20.【答案】解：重物的重心在物体的几何重心，重力的方向是竖直向下的，从作用点起沿竖直向下的方向，画一条带箭头的线段。

O点是杠杆的支点，从支点向拉力F1作用线做垂线，即是力臂L1.如图：

【解析】①要画重力的示意图首先要找力的作用点，即重心，从力的作用点起沿重力的方向画一条带箭头的线段。若知道重力的大小在线段的末尾标上力的大小。

②力臂的画法是：从支点向力的作用线做垂线。

本题主要考查学生对重力的示意图，以及力臂的画法的了解和掌握，是一道中档题，也是中招的热点。

21.【答案】解：

图中标注通电螺线管左端为N极，则右端为S极，在磁铁外部，磁感线方向由N极指向S极，由安培定则可知，正面电流方向向上，电流由右端流入，则电源右端为正极，故作图如下：

【解析】根据螺线管的绕向和标注的磁极，利用安培定则可以确定螺线管中电流方向，从而可以得到电源的正负极；根据螺线管的NS极，利用磁感线的特点，可以确定磁感线的方向。

安培定则共涉及三个方向：电流方向；线圈绕向；磁场方向。告诉其中的两个可以确定第三个。

22.【答案】C40 探究反射光线、入射光线和法线是否在同一平面内 C

【解析】解：

(1)此实验中为了使光线能在纸板上显示出来，应该采取的操作是使光束贴着纸板射到O点，即选项C的说法符合题意；

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(2)由图知，入射光线与法线的夹角为40°，则入射角为40°，所以反射角等于入射角也等于40°；

(3)以ON为轴旋转纸板B，观察纸板B上能否出现反射光，这样做是为了探究反射光线、入射光线和法线是否在同一平面内；

(4)在图中，若将纸板(连同激光笔)绕向EF后倾斜，而法线始终垂直于平面镜，则反射光线、入射光线、法线所在的平面也垂直于平面镜，所以可知反射光束在纸板前方，故应选C。

故答案为：(1)C；(2)40；(3)探究反射光线、入射光线和法线是否在同一平面内；(4)C。

(1)实验中为了使光线能在纸板上显示出来，要使激光紧贴纸板面入射；

(2)根据入射角的定义、反射角与入射角相等的关系判断反射角的大小；

(3)为了探究反射光线、入射光线与法线是否在同一平面内，应以ON为轴旋转纸板B，观察纸板B上能否出现反射光线；

(4)光的反射定律：反射光线、入射光线、法线在同一平面内，反射光线和入射光线分居在法线的两侧；反射角等于入射角。

实验题是中考中必不可少的题目，要加强实验教学，引导学生从实验中分析现象，归纳总结规律。培养学生观察、分析、概括能力。

23.【答案】B不一定②无关在路面上撒盐加速雪的熔化

【解析】解：(1)分析木块与木板间的滑动摩擦力大小，因图中木块处于静止状态，受到的测力计拉力与木板对其的摩擦力为平衡力，大小相等，故弹簧测力计B的示数反映了木块与木板间的滑动摩擦力大小；由于木块处于静止状态，故可以不需要匀速拉动长木板；

(2)实验部分数据如下表，要研究滑动摩擦力与接触面粗糙程度的关系，要控制接触面压力相同，故应选用第①组和第②组数据；

比较第①组和第④组数据，压力和接触面粗糙程度相同，而拉力不同但测力计示数相同，即滑动摩擦力大小相同，故可以看出滑动摩擦力的大小与木板所受拉力的大小无关。

(3)汽车在冰雪路面上行驶时出现打滑现象，是由于冰雪路面较为光滑，地面与车轮之间的摩擦力较小，所以要避免打滑现象，应增大路面和车轮之间的摩擦力，可以在路面上撒盐加速雪的熔化。

故答案为：(1)B；不一定；(2)②；无关；(3)在路面上撒盐加速雪的熔化。

(1)根据二力平衡的条件分析。

(2)影响滑动摩擦力大小因素有两个：压力大小和接触面的粗糙程度，研究与其中一个因素的关系时，要控制另外一个因素不变，根据图中现象得出结论。

(3)汽车在冰雪路面上行驶时出现打滑现象，是由于冰雪路面较为光滑，地面与车轮之间的摩擦力较小，所以要避免打滑现象，应采取措施增大路面和车轮之间的摩擦力。

本题探究滑动摩擦力的大小与哪些因素有关，考查实验原理及控制变量法的运用，体现了对过程和方法的考查。24.【答案】方便测出力臂大小 3 先变小后变大脚踩的力 1 力臂

【解析】解：(1)力臂等于支点到力的作用线的垂直距离，当杠杆在水平位置平衡时，力的方向与杠杆垂直，力臂可以从杠杆标尺刻度上直接读出来，便于测量力臂；

(2)设杠杆上的一个小格长为L，每个钩码重为G，根据杠杆平衡条件F1L1=F2L2知道，2G×3L=F2×2L

解得F2=3G，即在B处挂3个钩码。

(3)由图知道，OC为最长力臂，当弹簧测力计由位置1转至位置2的过程中，动力臂先变长后变短，而杠杆在水平位置始终保持平衡，由杠杆平衡条件知道，测力计示数将先变小后变大。

(4)a：用力踩下这个装置的时候，脚踩的力使得杠杆转动，而装置自身的重力阻碍了杠杆的转动；所以，在这个过程中，动力是：脚踩的力；阻力是：杠杆自身的重力。

b：家庭电路常用的两种墙壁开关，其按钮可绕面板内某轴转动，1较易损坏，这是因为按动这种开关的力臂较小，按动需要的力较大。

故答案为：(1)方便测出力臂大小；(2)3；(3)先变小后变大；(4)a：脚踩的力；b：1；力臂。

(1)调节杠杆在水平位置平衡，杠杆的重心通过支点，消除杠杆自重对杠杆平衡的影响，便于测量力臂；

(2)(3)根据杠杆的平衡条件分析解答；

(4)a、要分清题目所要求的两个过程，注意：动力是使杠杆转动的力，而阻力是阻碍杠杆转动的力，然后再进行判断。

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b、在物理学中规定硬棒绕着转动的固定点叫做支点；使杠杆转动的力叫做动力；阻碍杠杆转动的力叫做阻力，动力臂大于阻力臂的杠杆叫省力杠杆，动力臂小于阻力臂的杠杆费力杠杆。

本题考查探究杠杆平衡条件的实验，关键是将实验操作原则及结论掌握清楚，仔细分析即可。

25.【答案】B B A20Ω1A不能

【解析】解：(1)滑动变阻器要采取“一上一下”的连接方式，滑片向左移动时灯泡变亮，电流增大，电阻减小，接左下接线柱，如图所示：

(2)为了保护电路，闭合开关前，应将滑动变阻器的滑片移到阻值最大处，即B端；

(3)闭合开关，移动滑片，发现小灯泡始终不亮，且电压表有示数，电流表无示数，说明电压表的两个接线柱分别能接到电源两极上，故灯泡断路，故B符合题意；

(4)灯在额定电压下正常发光，图中电压选用小量程，分度值为0.1V，示数为1.1V，小于灯的额定电压2.5V，应增大灯的电压，

根据串联电路电压的规律，应减小变阻器的电压，由分压原理，应减小变阻器连入电路中的电阻大小，故滑片向A 端移动，直到电压表示数为2.5V；

(5)实验中，要测出额电功率，要保持小灯泡两端的电压为额定电压(小灯泡的电阻约为10Ω)，

电路中的电流为I=U L

R L

=2.5V

10Ω

=0.25A，

则滑动变阻器的电阻为：R

滑=

U

滑

I

=U?U L

I

=6V?2.5V

0.25A

=14Ω>10Ω，应该选择“20Ω1A”的变阻器；

(6)要探究电流与电压的关系，需保持电阻不变，而灯丝随温度的升高而增大，不是定值，不能探究电流与电压的关系。

故答案为：(1)见上图；(2)B；(3)B；(4)A；(5)20Ω1A；(6)不能。

(1)在“测量小灯泡的电功率”实验中，滑动变阻器采取一上一下的连接方式，滑片向左移动时灯泡变亮，电流变大，电阻减小；

(2)为了保护电路，闭合开关前，应将滑动变阻器的滑片移到阻值最大处；

(3)当电压表有示数而电流表无示数时，是电压表并联处开路了；

(4)灯在额定电压下正常发光，根据图中电压表小量程读数，比较电压表示数与额定电压的大小，根据串联电路电压的规律及分压原理确滑片移动的方向；

(5)测量小灯泡的电功率实验中，要测出额定电压下时的额电功率，根据串联电路特点及欧姆定律通过计算，确定变阻器的规格；

(6)灯丝随温度的升高而增大。

本题考查了电路连接、注意事项、电路故障分析、电压表读数以及滑动变阻器的选择，是实验的常考内容，要掌握；分析电路故障时，考虑问题要全面，考虑到各种可能的故障原因，然后综合分析得出结论。

26.【答案】解：(1)因为AG600蓄满水后静止在水面上，

所以飞机受到的浮力：F浮=G=mg=53.5×103kg×10N/kg=5.35×105N，

由F浮=ρ水gV排可得，排开水的体积：

V 排=

F

浮

ρ

水

g

= 5.35×105N

1×103kg/m3×10N/kg

=53.5m3；

(2)每次投下的水在下落过程中重力做功：

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W=G?=m

水

g?=200kg×10N/kg×150m=3×105J，重力做功的平均功率：

P=W

t =3×105J

20s

=1.5×104W；

(3)飞机发动机牵引力的总功率始终保持2.5×106W，

因为P=W

t =Fs

t

=Fv，

所以，飞机在水面沿直线匀速滑行时，飞机所受的牵引力：

F=P

总

v

=2.5×106W

10m/s

=2.5×105N。

答：(1)飞机蓄满水静止在水面上时排开水的体积为53.5m3；

(2)每次投下的水在下落过程中重力做功的平均功率为1.5×104W；

(3)飞机在水面沿直线匀速滑行时，飞机所受的牵引力为2.5×105N。

【解析】(1)AG600蓄满水后静止在某湖面上时，浮力等于其总重力，根据G=mg求出，然后根据F浮=ρ水gV排求解其排开水的体积。

(2)利用W=G?计算每次投下的水在下落过程中重力做功，然后利用P=W

t

计算功率；

(3)利用P=W

t =Fs

t

=Fv计算飞机所受的牵引力。

此题考查功和功率的计算、阿基米德原理，综合性较强，关键是相关公式的灵活运用，同时要利用好物体漂浮条件。

27.【答案】解：

(1)斜面的有用功为W有=G?=500N×6m=3000J，

斜面的总功为W总=FL=360N×10m=3600J，

斜面的机械效率为η=W

有

W

总

=3000J

3600J

×100%≈83.3%；

(2)额外功为W额=W总?W有，根据W=Fs可得，

摩擦力为f=W额

L =

W

总

?W

有

L

=FL?G?

L

=F?G?

L

．

答：

(1)斜面的机械效率为83.3%；

(2)摩擦力f=F?G?

L

．

【解析】(1)已知物重和斜面高度，可以得到有用功；已知拉力和斜面长度，可以得到总功；已知有用功和总功，

利用公式η=W

有

W

总

得到机械效率；

(2)已知有用功和总功，可以得到额外功；已知额外功和斜面长度，利用公式f=W额

L

得到摩擦力．

此题考查的是斜面机械效率计算公式的应用，此题给我们的启发是：物体沿斜面匀速直线运动时，拉力不等于摩擦力．

28.【答案】解：(1)闭合开关S1，R1单独接入电路，R1>R2，根据P=U2

R

可知电暖气处于低温；

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R1的阻值：R1=U 2

P

低温=(220V)2

440W

=110Ω；

(2)闭合S1为“低温”挡，R1单独接入电路；单独闭合S2为“中温”挡，“高温”挡为S1、S2同时闭合，R1、R2并联。

P

中温=P

高温

?P

低温

=1600W?440W=1160W；

根据P=UI可得，“中温档”正常工作时的电流：

I2=P

中温

U

=1160V

220V

≈5.27A；

(3)因为P=W

t

，

所以电暖器的“高温”档正常工作10min，放出的热量：

W=P

高温

t=1600W×10×60s=9.6×105J；

空气吸收的热量：

Q

吸

=ηW=50%×9.6×105J=4.8×105J，

由Q吸=cm△t可得，房间空气升高的温度：

△t=

Q

吸

c

空气

m

空气

= 4.8×105J

50kg×1.1×103J/(kg?℃)

≈8.73℃。

答：

(1)R1的电阻是11Ω；

(2)电暖器“中温”档正常工作时的电流是5.27A；

(3)可使此房间的空气温度升高8.73℃。

【解析】(1)电暖器在低温档时，由R=U2

P

可求R1的阻值；

(2)高温档与低温档功率之差是中温档功率；已知中温档功率和电源电压，可以得到中温档正常工作时的电流；

(3)根据W=P高t可求产生的热量，根据Q吸=ηW可得空气吸收的热量，根据Q吸=cm△t可得房间的空气温度升高多少℃。

本题考查了热量公式、效率公式和电功率公式的灵活应用，关键是不同档位时电路连接方式的判断，属于常见题目。

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