高等数学基础例题讲解
更新时间:2023-08-28 08:26:01 阅读量: 教育文库 文档下载
一些基本典型例题的讲解,极具代表性哦。
第1章 函数的极限与连续
lim
例1.求
x 0
xx.
x 0
解:当x 0时,
lim
xx
lim lim1 1
x 0x 0xx,
当x 0时,
x 0
lim
xx
lim lim( 1) 1xx 0 xx 0
,
lim
由极限定义可知,
x 0
x
x不存在(如图).
sinmx
例2.求x 0x(m是非零常数).
解:令mx u,显然当x 0时u 0,于是
sinmxsinmxsinulim limm mlim mx 0x 0u 0xmxu.
2
lim(1 )x
x. 例3.求x
xt
2,当x 时,有t , 解:令
lim
22 211
lim(1 ) lim[(1 )t]2 [lim(1 )t]2 e2
t t xtt原式x
x
x2 x
lim
x例4.求x 0.
解:
21 x 0x 02
x 0ax 1lim
例5.求x 0x.
x
解:令a 1 t,则x loga(1 t),x 0时t 0,于是
ax 1ttlim lim lim lnax 0t 0log(1 t)t 0xa
lna
第2章 一元函数微分及其应用
解:f(x) 2x为初等函数,在其定义域
3
例1.讨论函数f(x) 2x在x 0处的可导性与连续性.
( , )上连续,
所以在x 0处连续.又
f(0 h) f(0)f
(0) lim
h 0h 0h
一些基本典型例题的讲解,极具代表性哦。
h 0
f (0)不存在.所以函数f(x) 2x在x 0处连续,但不可导.事实上,曲线
f(x) 23x在(0,0)点的切线斜率趋于无穷大,在原点处具有垂直于x轴的切线x 0(如
图).
例2.求y sinx的各阶导数. 解:
y cosx sin(x
2,
)
y cos(x
2
) sin[(x
2
)
] sin(x 2 )
22,
y cos(x 2 ) sin[(x 2 ) ] sin(x 3 )
2222,
…….
y(n) sin(x n )2, (sinx)(n) sin(x n )
2. 所以:
y
例3
.求
解:此函数直接求导比较复杂,先取对数再求导可简化运算. 此函数的定义域为[ 2, 1) ( 1, ) 当x 1时,y 0,函数式两边取对数得:
x)4(x 1)5
的导数.
1
ln(x 2) 4ln(3 x) 5ln(x 1)2 y 1111 4 52x 2x 3x 1 因此上式两边对x求导,得 y
lny
y
整理后得,
x 2(3 x)4145[ ]2(x 2)x 3x 1 (x 1)5
当 2 x 1时可得同样结论.
11
例4.x 1lnxx 1.
lim
解:这是“ ”型,通分即可化为“0”型.
11
11x 1 lnxxlim lim limx 1lnxx 1x 1x 1(x 1)lnxx 1
lnx
x
x 111
lim lim x 1xlnx x 1x 1lnx 1 12.
例5.求内接于半径为R的球内的圆柱体的最大体积.
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2
解:设圆柱的底半径为r,高为h则体积v rh,而
h
r2 ()
2 R2
2
故问题
v(h) h(R2 h2/4) (R2h h3/4)(0 h 2R),
转化为求函数v(h)的最大值.
由
去).
根据实际问题,圆柱体的体积不能超过球的体积,因而是有最大值的,而最大值显然不
h h 处取得.即当,能在端点h 0,h 2R处取得,故只在唯一驻点
3h v (h) (R2 h2) 0
(负值不合题意舍4得驻点
r
Rvmax R3
3时圆柱体的体积最大,最大体积.
第3章 一元函数的积分学
例1.
1x a
2
2
dx
(a 0).
解:当x a时,设x asect(
0 t
2),dx asecttantdt代入有:
原式
asecttantdt
.
为将变量t还原为x,借助如图的直角三角形(或利用三角
sectdt ln(sect tant) C
xsect tant a恒等式)有,从而:
ln(x C.
当x a时,令x u,则u,由上,我们有:
ln(u C1 ln( x C1
ln( x C.
综合以上结论得,
lnx C
.
sinx
dx 1 sinx cosx例2.求. xtan t
sinx2tdxdt2 (t 1)(t 1) 解:1 sinx cosx
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1t 11
2)dt ln|1 t| ln|1 t2| arctant ct 1t 12 xxx ln|sin cos| c222.
1
dxp 1x例3.讨论积分的收敛性. 1
dx lnx 11p 1x解:当时,,发散;当p 1时, (
11 p11 p 1b1 limx lim(b 1)dxb 1 pb 1 pp 1xpdx blim 1x1;
111 pdx limb 0 1xp
p 1,广义积分收敛; 当p 1时,有b ,所以1dxlimb p 1p 1b x当时,有,从而是发散的.
2
例4.求曲线y x 0和x y 2围成的图形的面积.
1 p
b
选x为积分变量,把面积分成两部分
1
4
1
y2 x 0
解:由 x y 2得交点( 1, 1),( 4,2) A ( x 2))dx
2
2
92.
另解:选y为积分变量,积分区间[ 1,2],
图3-14
A ( y ( y 2))dy ( y2 y 2)dy
1
1
2
11
( y3 y2 2y)
32
显然选y为积分变量计算较简单.
例5.计算曲线x arctant,
2
1
92.
y
1
ln(1 t2)2从t 0到t 1的弧长.
解:
s
4
ln(1.
1
t tanu
40
secudu ln|secu tanu|
第4章 常微分方程
dyx y
例1.求齐次方程dxx y的通解.
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y
dy
dyx yyydydudx 1 u x u
dx,x,解:原方程变形为设x,则dx代入方程dxx y有:
du1 u2du1 u
u x x
dx1 u dx1 u,
1
分离变量积分有:
1 u112
du dxarctanu ln(1 u) ln|x| c1
1 u2 x 2,
即:x(1 u) e
2
2
2arctanu c
222arctanu c
x y e(这里c 2c1),
所以,原方程的通解为x y e
22
y
2 c
x
.
dy2 y (x 1)3
例2.求解微分方程dxx 1.
dy2 y 0dxx 1解:对应齐次方程为:,分离变量后积分,可得其通解为:
y c(x 1)2;
dy2 y (x 1)32
设y c(x)(x 1),代入方程dxx 1有:
2
c (x)(x 1)2 2c(x)(x 1) c(x)(x 1)2 (x 1)3
x 1
1
c(x) (x 1)2 c
2解得:c (x) x 1 , 1
y [(x 1)2 c](x 1)2
2所以原方程的通解为:. dyx xsinx ydx例3.求微分方程的通解.
dy1
y sinx
解法一:原方程化为:dxx,对应齐次方程为:
dy1 y dxx0,
cy
x; 分离变量积分得对应齐次方程的通解为:
c(x)dy1y y sinx
x,代入方程dxx设有:
c (x)x c(x) 11c(x)
sinx2
xxx
解得:c (x) xsin(x) c(x) xcosx sinx c,
所以原方程的通解为:
解法二:直接利用一阶线性非齐次微分方程的通解公式求解,有:
y
xcosx sinx c
x.
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dxP(x)dx P(x)dx dx
y ( Q(x)e dx c) e ( sinxexdx c) ex
11
1
( xcosx sinx c)x
x
y xe例4.求的通解.
解:连续积分三次得:
y xexdx xdex xex exdx xex ex c1
,
y [(x 1)ex c1]dx (x 1)dex c1dx (x 1)ex exdx c1x
(x 2)ex c1x c2,
y (x 3)ex
1
c1x2 c2x c32.
x2
一般将通解写成:y (x 3)e c1x c2x c3.
例5.求微分方程xy y 的通解.
解:这是一个不显含y的二阶微分方程,令y p(x),则y p (x),代入原方程得:
dpdx
xp p,这是一个可分离变量方程,分离变量:px,
cc
积分得:ln|p| ln|x| c p ex y c1x(这里c1 e),
所以原方程的通解为:
y c1xdx
1
c1x2 c222,一般写成:y c1x c2.
c1x
y ce2故原方程的通解为:.
第5章 空间解析几何
例1.设点A(1,0, 1),
值;(2)点B的坐标.
解:(1)由cos
2
AB 10
00
,AB的方向角 60, 45,求:(1) 的
cos2 cos2 1有
cos2 1 cos2600 cos2450
1
4,
所以
cos
1
6000
1202或;
(2)设B(x,y,z),有
x 1 10cos600 0
x6 y 0 10cos45
z 1 10cos
,y z 4(或 6),则B
点的坐标为
或 6).
例2.证明三角形的三条高线交于一点.
PA a,PB b,PC c,B ba ,BC c b,CA a c,
有A
证明:如图,设 ABC在边AC,BC上的高交于点P,且令
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再由PA BC,PB CA有a (c b) 0,b (a c) 0,
两式相加有a c b c 0 (a b) c 0 BA PC 0,
从而有PC AB,所以, ABC的三条高线交于一点.
例3.平面过三个定点P(a,0,0),Q(0,b,0),R(0,0,c)(a,b,c均不为零),求该平面的方程.
解:如图,设所求平面方程为:Ax By Cz D 0,由所求平面过三点P(a,0,0),
Q(0,b,0),R(0,0,c)有:
DaAa D 0
D
Bb D 0 B
b Cc D 0 DC
c,代入所设平面方程得:
DDDxyz x y z D 0 1abc abc.
A
x 1y 1z
2 1,求过点P(2,1,3)并且与直线L垂例4.已知点P(2,1,3)和直线L:3
直相交的直线方程.
x 1y 1z
2 1垂直的平面方程为:解法一:过点P(2,1,3)且与直线L:3
3(x 2) 2(y 1) (z 3) 0,即3x 2y z 5 0,
x 1 3t
y 1 2t z t
N(x,y,z)L再设直线与此平面的交点为,则将直线 代入上面的平面方程得:
3( 1 2t 2) 2(1 2t 1) ( t 3) 0解得
126246
NP , , {2, 1,4}
7777.
取所求直线的方向向量s {2, 1,4},则所求直线方程为
x 2y 1z 3
2 14.
t
32133
N(,, )
7,从而有交点777,所以
解法二:设垂足为P0(x0,y0,z0),其在直线L上对应的参数为t0,则:
PP0 s PP0 s 0 3(3t0 3) 2(2t0) ( 1)( t0 3) 0,
x0 1 3t0
y0 1 2t0
z t0 00 3t0 3,2t0, t0 3 ,由 ,PP
12624321336
P0(,, )P0P {, , {2, 1,4}t0
777,所以 77777,从而有垂足解得.
x 2y 1z 3
14.
取垂线的方向向量s {2, 1,4},则所求垂直相交的直线方程为2
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从此例我们也顺便得到了点P到直线L的距离为:
|P0P| 222
例5.设圆柱面x y R上有一质点,它一方面绕z轴以等角速度 旋转,另一
方面同时以等速度v0平行于z轴的正方向移动,开始时(t 0),质点在A(R,0,0)处,求质点运动的方程.
解:如图,设时间t时,质点在点M(x,y,z),M 是M(x,y,z)在xoy平面上的投影,则 AOM t,
x OM cos Rcos t,
y OM sin Rsin t,
z MM v0t. 所以质点运动的方程为
x Rcos t
y Rsin t z vt
0 .
此方程称为螺旋线的参数方程.
第6章 多元函数微分学
x2y
lim
(x,y) (0,0)x4 y2
例1.求.
解:当(x,y)沿直线y kx趋于(0,0)时有:
x2yx2yx2 kxlim lim 0(x,y) (0,0)x4 y2x 0x4 y2 lim4
x 0x (kx)2y kx
但仍不能说函数f(x,y)在(0,0)存在极限.
实际上,当(x,y)沿曲线y x趋于(0,0)时有:
2
x2yx2 x21
lim4 lim x 0x y2x 0x4 (x2)222
y x
.
x2y
lim
(x,y) (0,0)x4 y2
所以不存在.
x2y2
f(x,y) 2 2
ab在点(x,y)处沿其梯度方向的方向导数. 例2.求函数
2x 2y
gradf 2i 2j
ab,其方向余弦 解:
xy
cos cos
x2y2x2y222
a b
a4b4,a4b4
所以,函数在点(x,y)沿其梯度方向的方向导数为
一些基本典型例题的讲解,极具代表性哦。
f l4242 . 22
z lnx y例3.设,求其二阶偏导数. zx zy 2 222
解: xx y, yx y,
2z(x2 y2) x 2xy2 x2 2z2xy
x2(x2 y2)2(x2 y2)2, x yx2 y2, 2z2xy 2zx2 y2
2 2
22
y xx y, y(x y2)2.
z z
2uu xyv x yz esinv例4.设,,,求 x, y
解:由公式(1)得:
z z u z v
uu
x u x v x esinv y ecosv 1
eu(ysinv cosv) exy[ysin(x y2) cos(x y2)] z z u z v
y u y v y eusinv x eucosv 2y
eu(xsinv 2ycosv) exy[xsin(x y2) 2ycos(x y2)]
3
例5.要修建一容积为50m的长方体水池,问其长、宽、高怎样选取才能使用料最省? 解:设水池的长、宽、高分别为x,y,z,表面积为S,则有xyz 50.
11
xy 100( )
xy (x 0,y 0) 从而:S xy 2yz 2xz
根据实际情况,水池表面积的最小值一定存在,并在函数定义域D内取得,现在函数S在D
内只有唯一驻点,故可判断当长和宽等于m时,水池的表面积最小.
100
S y 0x2 x
Sy x 100 0
3 y2 x y
第7章 多元函数积分学
xyd 例1.计算,其中D是由直线y 1,x 2及y x所围成的闭区域.
D
解法一:如图,积分区域D可看成x 型区域,则
2x212xxyd dxxydy [xy]1dx 1112D
11xx93
(x x)dx ( ) 2 124218
2
42
2
解法二:积分区域D亦可看成y 型区域,则
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22211222xyd =dyxydx [xy]ydy (4y y3)dy 1y1221D
1x492
=(2y )=2418
xe
例2.计算
2
2
y
2
d
,其中
D
D (x,y)x2 y2 a2,a 0
解:在极坐标系下,积分区域
(r, )0 2 ,0 r a D可表示为D
2
x
e
所以
2
y2
D
d e rrdrd
D
r2
2 0
d e
a
12
rdr 2 ( e r)
2
a
(1 e a)
2
22
z x y例3.求抛物面在平面z 1下面那部分的面积.
22 2xzy 2yzxoyx y 1x 解:如图,在面上的投影区域为,因为,,所以
S
Dxy
fx2 fy2dxdy
Dxy
2 0
d
6
1)
x2y2
2 12
b例4.设曲线L为椭圆a在第一象限的那段弧,求
.
L
xyds
解:L
的方程为
y
0 x a),
ds ,
Lxyds
22
ab(a ab b)ba 2 3(a b)a0
a
xyzdS 例5.计算,其中
22
z x y为曲面被z 1割下的有限部分.
Dxy {(x,y)x2 y2 1}xoy解: 在面上的投影区域,
dS ,所以
xyzdS
xy(x
Dxy
2
y2
一些基本典型例题的讲解,极具代表性哦。
20
4 d
sin cos r0
1
0
2 2sin2 d r0
1
第8章 级数
1
2p
(an bn c)n 1例1.判断级数(a 0,p 0)的收敛性
11/(an2 bn c)p
lim 1 2pn 1/(an2)p
解:由于,所以原级数与n 1(an)具有相同的敛散性,而
11
2p
apn 1(an)
1 2pn 1n,可知
11
p 2p
(an bn c)n 12当时,收敛;
11
0 p 2p
2时,n 1(an bn c)发散. 当
( )n
s ,s 0
例2.讨论级数n 1n()的敛散性.
n 1sun 1 nlim lim n
sn un (n 1) ,利用比值判别法 n解:
( )n
s
则 当0 1时,n 1n绝对收敛.
( )n s
1当时,n 1n发散.
( 1)n1( )n ( 1)n
ss ssnnn 1n 1nn 1n 1当时,n 1,是一个p级数
当s 1时,绝对收敛.
当0 s 1时,n 1
( 1)n( 1)n
sns是发散的,但利用莱布尼兹定理可判断 n 1n收敛.
( )n
s
所以n 1n为
绝对收敛级数 0 1 发散级数 1
绝对收敛级数 1,s 1 条件收敛级数 1,0 s 1
( 1)n s
所以n 1n条件收敛.
一些基本典型例题的讲解,极具代表性哦。
xn
( 1) n的收敛半径和收敛域. 例3.求级数n 1
1( 1)n 1
a 1R limn limn an 1n 1( 1)n
n 1解: ;
n 1
当x 1时,n 1
( 1)
n 1
xn 1 ( 1)n 1nn 1n收敛;
xn1 nn 1n发散;
当x 1时,n 1
( 1)
n 1
n 1
xn
( 1) n的收敛半径R 1,收敛域为( 1,1]. 所以,级数n 1
nn
nx n
例4.求幂级数n 1的和函数,并求级数n 12的和.
解:可求得级数的收敛区间为( 1,1);先求n 1
设
nx
n 1
的和函数.
S1(x) nxn 1
n 1
,则
x 0
x0
S1(x)dx
nx
n 1
n 1
dx
n 1
x0
nxn 1dx
x x2 xn
x
1 x
,
x ( 1,1)
1x x
S1(x) S(x) xS(x) 12
(1 x)2,x ( 1,1) 1 x (1 x)所以上式两边求导得
1
n S(1) 2 n11n 12x (1 )2
2时,2当
12
例5.将x 3x 2展开成x 1的幂级数.
1111
11121 x 131 x 1 2
23 解:x 3x 2x 1x 2
1 1 x 1nnx 1n ( 1)() ( 1)n()2n 023n 03
11
( 1)n(n 1 n 1)(x 1)n
23n 0
x 1x 1
1 1
要使上式成立,应有2,3即 1 x 3.
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