（试卷合集）温州市九年级数学上学期期末试卷10套合集含答案

九年级数学上学期期末考试试题

一、选择题（共10道小题，每小题3分，共30分）下列各题均有四个选项，其中只有一个是符合题意的． 1．下列图形中，既是中心对称图形又是轴对称图形的是（ ）

A． B． C． D．

2．如图，在⊙O中，∠BOC=80°，则∠A等于（ ）

A．50° B．20° C．30° D．40°

3．将二次函数表达式y=x2

﹣2x+3用配方法配成顶点式正确的是（ ） A．y=（x﹣1）2

+2 B．y=（x+1）2

+4 C．y=（x﹣1）2

﹣2

D．y=（x+2）2

﹣2

4．如图，几何体是由一些正方体组合而成的立体图形，则这个几何体的左视图是（ ）

A． B． C． D．

5．如图，在由边长为1的小正方形组成的格中，点A、B、C都在小正方形的顶点上，则tan∠CAB的值为（

A．1 B． C． D．

6．如图，反比例函数y=在第二象限的图象上有一点A，过点A作AB⊥x轴于B，且S△AOB=2，则k的值为（ ） ）

A．﹣4 B．2 C．﹣2 D．4

7．已知一个扇形的半径是2，圆心角是60°，则这个扇形的面积是（ ） A．

B．π C．

D．2π

8．在平面直角坐标系中，以点（3，2）为圆心，2为半径的圆与坐标轴的位置关系为（ ） A．与x轴相离、与y轴相切 B．与x轴、y轴都相离 C．与x轴相切、与y轴相离 D．与x轴、y轴都相切

9．已知点A（2，y1）、B（m，y2）是反比例函数y=（k＞0）的图象上的两点，且y1＜y2．满足条件的m值可以是（ ） A．﹣6 B．﹣1 C．1

D．3

10．如图，点A，B，C，D，E为⊙O的五等分点，动点M从圆心O出发，沿线段OA→劣弧AC→线段CO的路线做匀速运动，设运动的时间为t，∠DME的度数为y，则下列图象中表示y与t之间函数关系最恰当的是（ ）

A． B． C． D．

二、填空题（共6道小题，每小题3分，共18分） 11．已知sinA=

，则锐角A的度数是 ．

12．如图，四边形ABCD内接于⊙O，E为DC延长线上一点，∠A=70°，则∠BCE的度数为 ．

13．将抛物线y=2x2向上平移2个单位长度，再向右平移3个单位长度后，得到的抛物线的表达式为 ．

14．如图，圆O的直径AB垂直于弦CD，垂足是E，∠A=22.5°，OC=4，CD的长为 ．

15．《九章算术》是中国古代数学最重要的著作，包括246个数学问题，分为九章．在第九章“勾股”中记载了这样一个问题：“今有勾八步，股十五步，问勾中容圆径几何？”这个问题可以述为：如图所示，在Rt△ABC中，∠C=90°，勾为AC长8步，股为BC长步，问△ABC的内切圆⊙O直径是多少步？”根据题意可得⊙O的直径为 步．

16．如图，Rt△ABC中，已知∠C=90°，∠B=55°，点D在边BC上，BD=2CD．把线段BD 绕着点D逆时针旋转α（0＜α＜180）度后，如果点B恰好落在Rt△ABC的边上，那么α= ．

三、解答题（共6道小题，每小题5分，共30分） 17．计算：2sin30°﹣4sin45°?cos45°+tan60°．

18．一个不透明的口袋里装有分别标有汉字“书”、“香”、“昌”、“平”的四个小球，除汉字不同之外， 小球没有任何区别，每次摸球前先搅拌均匀．

（1）若从中任取一个球，球上的汉字刚好是“书”的概率为多少？

（2）从中任取一球，不放回，再从中任取一球，请用树状图或列表的方法，求取出的两个球上的汉字能组成“昌平”的概率．

2

描15

19．如图，在Rt△ABC中，∠ACB=90°，CD⊥AB于D，如果AC=2

，且tan∠ACD=2．求AB的长．

20．一个二次函数图象上部分点的横坐标x，纵坐标y的对应值如表：

x y … … ﹣5 ﹣ ﹣4 0 ﹣3 ﹣2 4 ﹣1 0 4 1 m 2 0 … … （1）求这个二次函数的表达式； （2）求m的值．

21．如图，△ABC内接于⊙O，若⊙O的半径为6，∠B=60°，求AC的长．

22．一个圆形零件的部分碎片如图所示．请你利用尺规作图找到圆心O．（要求：不写作法，保留作图痕迹）

四、解答题（共4道小题，每小题5分，共20分）

23．昌平区南环路大桥位于南环路东段，该桥设计新颖独特，悬索和全钢结构桥体轻盈、通透，恰好与东沙河湿地生态恢复工程及龙山、蟒山等人文、自然景观相呼应；首创的两主塔间和无上横梁的设计，使大桥整体有一种开放、升腾的气势，预示昌平区社会经济的蓬勃发展，绚丽的夜景照明设计更是光耀水天，使得南环路大桥不仅是昌平新城的交通枢纽，更是一座名副其实的景观大桥，今后也将成为北京的一个新的旅游景点，成为昌平地区标志性建筑． 某中学九年级数学兴趣小组进行了测量它高度的社会实践活动．如图，他们在B点测得顶端D的仰角∠DBA=30°，向前走了50米到达C点后，在C点测得顶端D的仰角∠DCA=45°，点A、C、B在同一直线上．求南环大桥的高度AD．（结果保留整数，参考数据：

≈1.41，

≈1.73，

≈2.45）

24．在平面直角坐标系xOy中，反比例函数y=的图象过点A（6，1）． （1）求反比例函数的表达式；

（2）过点A的直线与反比例函数y=图象的另一个交点为B，与y轴交于点P，若AP=3PB，求点B的坐标．

25．如图，以Rt△ABC的AC边为直径作⊙O交斜边AB于点E，连接EO并延长交BC的延长线于点D，点F为BC的中点，连接EF和AD．

（1）求证：EF是⊙O的切线；

（2）若⊙O的半径为2，∠EAC=60°，求AD的长．

26．有这样一个问题：探究函数y=

的图象与性质．

小文根据学习函数的经验，对函数y=下面是小文的探究过程，请补充完整： （1）函数y=

的图象与性质进行了探究．

的自变量x的取值范围是 ；

（2）表是y与x的几组对应值． x … ﹣3 ﹣2 ﹣1 0 0 ﹣ ﹣ 2 2 3 m 4 … … y … ﹣ ﹣ ﹣ 则m的值为 ；

（3）如图，在平面直角坐标系xOy中，描出了以上表中各对对应值为坐标的点．根据描出的点，画出该函数的图象；

（4）结合函数的图象，写出该函数的性质（一条即可）： ．

五、解答题（共3道小题，第27，28小题各7分，第29小题8分，共22分）

27．如图，方格纸中的每个小方格都是边长为1个单位的正方形，在建立平面直角坐标系后， △ABC的顶点均在格点上，点B的坐标为（1，0）． （1）在图1中画出△ABC关于x轴对称的△A1B1C1；

（2）在图1中画出将△ABC绕原点O按逆时针方向旋转90°所得的△A2B2C2；

（3）在图2中，以点O为位似中心，将△ABC放大，使放大后的△A3B3C3与△ABC的对应边 的比为2：1（画出一种即可）．直接写出点A的对应点A3的坐标．

28．在平面直角坐标系xOy中，抛物线y=﹣2x2+bx+c经过点A（0，2），B（3，﹣4）． （1）求抛物线的表达式及对称轴；

（2）设点B关于原点的对称点为C，点D是抛物线对称轴上一动点，记抛物线在A，B之间的部分为图象G（包含A，B两点）．若直线CD与图象G有公共点，结合函数图象，求点D纵坐标t的取值范围．

29．如图1，在△ABC中，∠ACB=90°，点P为△ABC内一点．

（1）连接PB，PC，将△BCP沿射线CA方向平移，得到△DAE，点B，C，P的对应点分别为点D，A，E，连接CE． ①依题意，请在图2中补全图形； ②如果BP⊥CE，BP=3，AB=6，求CE的长．

（2）如图3，连接PA，PB，PC，求PA+PB+PC的最小值．

小慧的作法是：以点A为旋转中心，将△ABP顺时针旋转60°得到△AMN，那么就将PA+PB+PC的值转化为CP+PM+MN的值，连接CN，当点P落在CN上时，此题可解．

请你参考小慧的思路，在图3中证明PA+PB+PC=CP+PM+MN． 并直接写出当AC=BC=4时，PA+PB+PC的最小值．

数学试题答案

一、选择题（共10道小题，每小题3分，共30分）下列各题均有四个选项，其中只有一个是符合题意的． 1．【考点】中心对称图形；轴对称图形．

【分析】根据轴对称图形与中心对称图形的概念求解．

【解答】解：A、不是中心对称图形，是轴对称图形，故此选项错误； B、是中心对称图形，也是轴对称图形，故此选项正确； C、不是中心对称图形，是轴对称图形，故此选项错误； D、不是中心对称图形，也不是轴对称图形，故此选项错误； 故选：B．

2．【考点】圆周角定理．

【分析】因为⊙O是△ABC外接圆，AB是直径，∠ACB=90°，∠A+∠B=90°，又因为∠BOC=80°，OB=OC，所以∠B=∠BCO=50°，所以∠A=40°．

【解答】解：∵⊙O是△ABC外接圆，AB是直径， ∴∠ACB=90°， ∴∠A+∠B=90°， ∵OB=OC， ∴∠B=∠BCO， ∵∠BOC=80°， ∴∠B=∠BCO=50° ∴∠A=40°． 故选D．

3．【考点】二次函数的三种形式．

【分析】利用配方法把一般式化为顶点式即可． 【解答】解：y=x2﹣2x+3=（x﹣1）2+2． 故选A．

4．【考点】简单组合体的三视图．

【分析】根据从左边看得到的图形是左视图，可得答案．

【解答】解：从左边看第一层是两个正方形，第二层是左边一个正方形， 故选：D．

5．【考点】锐角三角函数的定义．

【分析】根据正切是对边比邻边，可得答案．

【解答】解：如图，

tan∠CAB=故选：C．

=，

6．【考点】反比例函数系数k的几何意义．

【分析】先根据反比例函数图象所在的象限判断出k的符号，再根据S△AOB=2求出k的值即可． 【解答】解：∵反比例函数的图象在二、四象限， ∴k＜0， ∵S△AOB=2， ∴|k|=4，

∴k=﹣4，即可得双曲线的表达式为：y=﹣， 故选A．

7．【考点】扇形面积的计算．

【分析】把已知数据代入扇形的面积公式S=【解答】解：扇形的面积=故选：A．

8．【考点】直线与圆的位置关系；坐标与图形性质．

【分析】本题应将该点的横纵坐标分别与半径对比，大于半径时，则坐标轴与该圆相离；若等于半径时，则坐标轴与该圆相切．

【解答】解：∵是以点（2，3）为圆心，2为半径的圆， 则有2=2，3＞2，

∴这个圆与x轴相切，与y轴相离． 故选C．

=

，

，计算即可．

9．【考点】反比例函数图象上点的坐标特征． 【分析】根据反比例函数的性质解答即可． 【解答】解：∵k＞0，

∴在每个象限内，y随x的增大而减小， 由题意得，0＜m＜2， 故选：C．

10．【考点】动点问题的函数图象． 【分析】根据题意，分M在OA、段，分析选项可得答案．

【解答】解：根据题意，分3个阶段；

①P在OA之间，∠DME逐渐减小，到A点时，为36°， ②P在

之间，∠DME保持36°，大小不变，

、CO之间3个阶段，分别分析变化的趋势，又由点P作匀速运动，故①③都是线

③P在CO之间，∠DME逐渐增大，到O点时，为72°； 又由点P作匀速运动，故①③都是线段； 分析可得：B符合3个阶段的描述； 故选B．

二、填空题（共6道小题，每小题3分，共18分） 11．【考点】特殊角的三角函数值．

【分析】根据特殊角三角函数值，可得答案． 【解答】解：由sinA=∠A=60°， 故答案为：60°．

12．【考点】圆内接四边形的性质．

【分析】直接根据圆内接四边形的性质即可得出结论． 【解答】解：∵四边形ABCD内接于⊙O， ∴∠A+∠BCD=180°，∠A=70°， ∵∠BCE+∠BCD=180°， ∴∠BCE=○A=70°． 故答案为：70°．

，得

13．【考点】二次函数图象与几何变换．

【分析】根据平移的规律：左加右减，上加下减可得函数解析式．

【解答】解：将抛物线y=2x向上平移2个单位长度，再向右平移3个单位长度后，得到的抛物线的表达式为y=2（x﹣3）+2，

故答案为：y=2（x﹣3）2+2．

14．【考点】垂径定理；等腰直角三角形；圆周角定理．

【分析】根据圆周角定理得∠BOC=2∠A=45°，由于⊙O的直径AB垂直于弦CD，根据垂径定理得CE=DE，且可判断△OCE为等腰直角三角形，所以CE=【解答】解：∵∠A=22.5°， ∴∠BOC=2∠A=45°， ∵⊙O的直径AB垂直于弦CD， ∴CE=DE，△OCE为等腰直角三角形， ∴CE=

OC=2

， ． ．

OC=2

，然后利用CD=2CE进行计算．

2

2

∴CD=2CE=4故答案为4

15．【考点】三角形的内切圆与内心．

【分析】根据勾股定理求出斜边AB，根据直角三角形的内接圆的半径等于两直角边的和与斜边的差的一半计算即可． 【解答】解：∵∠C=90°，AC=8步，BC=15步， ∴AB=

=17步，

∴△ABC的内切圆⊙O直径=8+15﹣17=6步， 故答案为：6．

16．【考点】旋转的性质．

【分析】设旋转后点B的对应点为B′，当B′在线段AB上时，连接B′D，由旋转的性质可得BD=B′D，利用等腰三角形的性质结合三角形内角和定理可求得∠BDB′；当点B′在线段AC上时，连接B′D，在Rt△B′CD中可求得∠CDB′，则可求得旋转角，可求得答案． 【解答】解：

设旋转后点B的对应点为B′，

①当B′在线段AB上时，连接B′D，如图1，

由旋转性质可得BD=B′D， ∴∠DB′B=∠B=55°，

∴α=∠BDB′=180°﹣55°﹣55°=70°； ②当点B′在线段AC上时，连接B′D，如图2，

由旋转性质可得BD=B′D， ∵BD=2CD， ∴B′D=2CD， ∴sin∠CB′D=∴∠CB′D=30°，

∴∠BDB′=90°+30°=120°； 综上可知旋转角α为70°或120°， 故答案为：70°或120°．

三、解答题（共6道小题，每小题5分，共30分） 17．【考点】实数的运算；特殊角的三角函数值． 【分析】直接利用特殊角的三角函数值代入求出答案． 【解答】解：2sin30°﹣4sin45°?cos45°+tan60° =2×﹣4×=1﹣2+3 =2．

18．【考点】列表法与树状图法．

×

+（

）2

2

=，

【分析】（1）直接利用概率公式求解；

（2）画树状图展示所有12种等可能的结果数，再找出取出的两个球上的汉字能组成“昌平”的结果数，然后根据概率公式求解．

【解答】解：（1）从中任取一个球，球上的汉字刚好是“书”的概率=； （2）画树状图为：

共有12种等可能的结果数，其中取出的两个球上的汉字能组成“昌平”的结果数为2， 所以取出的两个球上的汉字能组成“昌平”的概率═

19．【考点】解直角三角形． 【分析】首先根据AC=2

，tan∠ACD=2求得BC的长，然后利用勾股定理求得AB的长即可．

=．

【解答】解：在Rt△ABC中， ∵∠ACB=90°，CD⊥AB， ∴∠B=∠ACD， ∵tan∠ACD=2， ∴tan∠B=∴

，

，

由勾股定理得AB=5．

20．【考点】待定系数法求二次函数解析式． 【分析】（1）待定系数法求解可得；

（2）将x=1代入解析式求得y的值，即可得答案．

【解答】解：（1）设这个二次函数的表达式为y=a（x﹣h）2+k． 依题意可知，顶点（﹣1，）， ∴

∵（0，4）， ∴∴

．

． ．

∴这个二次函数的表达式为

（2）当x=1时，y=﹣×4+=， 即

21．【考点】圆周角定理．

．

．

【分析】如图，作直径AD，连接CD．利用圆周角定理得到△ACD是含30度角的直角三角形，由该三角形的性质和勾股定理求得AC的长度即可．

【解答】解：如图，作直径AD，连接CD． ∴∠ACD=90°． ∵∠B=60°， ∴∠D=∠B=60°． ∵⊙O的半径为6， ∴AD=12．

在Rt△ACD中，∠CAD=30°， ∴CD=6． ∴AC=

．

22．【考点】作图—应用与设计作图；垂径定理的应用．

【分析】作弦AB，AC，再作出线段AB，AC的垂直平分线相交于点O，则O点即为所求． 【解答】解：如图，点O即为所求．

四、解答题（共4道小题，每小题5分，共20分） 23．【考点】解直角三角形的应用-仰角俯角问题．

【分析】由题意推知△ACD是等腰直角三角形，故设AC=AD=x，在Rt△ABD中，利用含30度角的直角三角形的性质（或者解该直角三角形）得到关于x的方程，通过解方程求得x的值即可． 【解答】解：由题意知，在Rt△ACD中，∠CAD=90°，∠DCA=45°， ∴AC=AD． 设AC=AD=x， 在Rt△ABD中，

∵∠BAD=90°，∠DBA=30°， ∴BD=2AD=2x， ∴AB=∴BC=∵BC=50， ∴

∴x≈68.3． ∴x=68．

∴南环大桥的高度AD约为68米．

．

．

．

24．【考点】反比例函数与一次函数的交点问题．

【分析】（1）由点A的坐标利用反比例函数图象上点的坐标特征即可求出m值，从而得出反比例函数表达式； （2）过A点作AM⊥y轴于点M，AM=6，作BN⊥y轴于点N，则AM∥BN，由平行线的性质结合AP=3PB即可求出BN的长度，从而得出点B的横坐标，再利用反比例函数图象上点的坐标特征即可求出点B的坐标． 【解答】解：（1）反比例函数∴m=6×1=6，

∴反比例函数的表达式为

．

的图象过点A（6，1），

（2）过A点作AM⊥y轴于点M，AM=6，作BN⊥y轴于点N，则AM∥BN，如图所示． ∵AM∥BN，AP=3PB，

∴∵AM=6， ∴BN=2，

，

∴B点横坐标为2或﹣2，

∴B点坐标为（2，3）或（﹣2，﹣3）．

25．【考点】切线的判定．

【分析】（1）连接FO，由F为BC的中点，AO=CO，得到OF∥AB，由于AC是⊙O的直径，得出CE⊥AE，根据OF∥AB，得出OF⊥CE，于是得到OF所在直线垂直平分CE，推出FC=FE，OE=OC，再由∠ACB=90°，即可得到结论． （2）证出△AOE是等边三角形，得到∠EOA=60°，再由直角三角形的性质即可得到结果． 【解答】（1）证明：连接CE，如图所示： ∵AC为⊙O的直径， ∴∠AEC=90°． ∴∠BEC=90°． ∵点F为BC的中点， ∴EF=BF=CF． ∴∠FEC=∠FCE． ∵OE=OC， ∴∠OEC=∠OCE．

∵∠FCE+∠OCE=∠ACB=90°， ∴∠FEC+∠OEC=∠OEF=90°． ∴EF是⊙O的切线．

（2）解：∵OA=OE，∠EAC=60°， ∴△AOE是等边三角形． ∴∠AOE=60°． ∴∠COD=∠AOE=60°．

∵⊙O的半径为2， ∴OA=OC=2

在Rt△OCD中，∵∠OCD=90°，∠COD=60°， ∴∠ODC=30°． ∴OD=2OC=4， ∴CD=

．

．

在Rt△ACD中，∵∠ACD=90°，AC=4，CD=∴AD=

=

．

26．【考点】二次函数的性质；二次函数的图象． 【分析】（1）由分式有意义的条件可求得答案； （2）把x=3代入函数解析式可求得答案； （3）利用描点法可画出函数图象； （4）结合函数图象可得出答案． 【解答】解：

（1）由题意可知2x﹣2≠0，解得x≠1， 故答案为：x≠1； （2）当x=3时，m=

=，

故答案为：；

（3）利用描点法可画出函数图象，如图：

（4）由函数图象可知：图象有两个分支，关于点（1，1）中心对称， 故答案为：图象有两个分支，关于点（1，1）中心对称．

五、解答题（共3道小题，第27，28小题各7分，第29小题8分，共22分） 27．【考点】作图-位似变换；作图-轴对称变换；作图-旋转变换．

【分析】（1）利用关于x轴对称的点的坐标特征写出A1、B1、C1的坐标，然后描点即可； （2）利用格特点和旋转的性质画出点A、B、C的对应点A2、B2、C2，从而得到△A2B2C2； （3）把点A、B、C的横纵坐标都乘以﹣2得到A3、B3、C3的坐标，然后描点即可． 【解答】解：（1）如图1，△A1B1C1为所作； （2）如图1，△A2B2C2为所作；

（3）如图2，△A3B3C3△ABC为所作，此时点A的对应点A3的坐标是（﹣4，﹣4）．

28．【考点】待定系数法求二次函数解析式；二次函数的性质．

【分析】（1）利用待定系数法即可求得二次函数的解析式，进而利用公式求得对称轴解析式； （2）求得C的坐标以及二次函数的最大值，求得CB与对称轴的交点即可确定t的范围． 【解答】解：（1）抛物线y=﹣2x2+bx+c经过点A（0，2），B（3，﹣4），代入得

解得：

，

2

∴抛物线的表达式为y=﹣2x+4x+2， 对称轴为直线x=1；

（2）由题意得 C（﹣3，4），二次函数y=﹣2x+4x+2的最大值为4． 由函数图象得出D纵坐标最大值为4．

因为点B与点C关于原点对称，所以设直线BC的表达式为y=kx， 将点B或点C 与的坐标代入得，∴直线BC的表达式为当 x=1时，∴t的范围为

．

．

．

．

2

29．【考点】几何变换综合题；线段的性质：两点之间线段最短；全等三角形的判定与性质；等边三角形的判定与性质；等腰直角三角形；矩形的判定与性质．

【分析】（1）①连接PB，PC，将△BCP沿射线CA方向平移，得到△DAE，点B，C，P的对应点分别为点D，A，E，连接CE，据此画图即可；②连接BD、CD，构造矩形ACBD和Rt△CDE，根据矩形的对角线相等以及勾股定理进行计算，即可求得CE的长；

（2）以点A为旋转中心，将△ABP顺时针旋转60°得到△AMN，连接BN．根据△PAM、△ABN都是等边三角形，可得PA+PB+PC=CP+PM+MN，最后根据当C、P、M、N四点共线时，由CA=CB，NA=NB可得CN垂直平分AB，进而求得PA+PB+PC的最小值．

【解答】解：（1）①补全图形如图所示；

②如图，连接BD、CD

∵△BCP沿射线CA方向平移，得到△DAE， ∴BC∥AD且BC=AD， ∵∠ACB=90°， ∴四边形BCAD是矩形， ∴CD=AB=6， ∵BP=3， ∴DE=BP=3，

∵BP⊥CE，BP∥DE， ∴DE⊥CE， ∴在Rt△DCE中，CE=

（2）证明：如图所示，以点A为旋转中心，将△ABP顺时针旋转60°得到△AMN，连接BN．

=

=

=

；

由旋转可得，△AMN≌△ABP，

∴MN=BP，PA=AM，∠PAM=60°=∠BAN，AB=AN， ∴△PAM、△ABN都是等边三角形， ∴PA=PM，

∴PA+PB+PC=CP+PM+MN， 当AC=BC=4时，AB=4

，

当C、P、M、N四点共线时，由CA=CB，NA=NB可得CN垂直平分AB， ∴AQ=AB=2

=CQ，NQ=

AQ=2

，

．

∴此时CN=CP+PM+MN=PA+PB+PC=

九年级数学上学期期末考试试题

一、选择题（本大题共8小题，每小题3分，共24分） 1．实数﹣6的倒数是（ ） A．﹣ B．

C．﹣6 D．6

2．明天数学课要学“勾股定理”．小敏在“百度”搜索引擎中输入“勾股定理”，能搜索到与之相关的结果个数 约为12 500 000，这个数用科学记数法表示为（ ）

A．1.25×105 B．1.25×106 C．1.25×107 D．1.25×108

3．如图是由5个大小相同的小立方体组成的立体图形，这个立体图形的俯视图是（ ）

A． B． C． D．

4．不等式﹣3x﹣6≥0的解集是（ ） A．x≤2 B．x≤﹣2

C．x≥2 D．x≥﹣2

5．计算：m6?m3的结果（ ） A．m18 B．m9 C．m3 D．m2

6．如图，在Rt△ABC中，∠ACB=90°，∠B=60°，BC=2．将△ABC绕点C顺时针旋转得到△A′B′C，连结AB′．若A、B′、A′在同一条直线上，则AA′的长为（ ）

A．6 B． C． D．3

7．AB是⊙O的直径，AC是⊙O的切线， 如图，连接OC交⊙O于点D，连接BD，∠C=40°．则∠ABD的度数是（ ）

A．30° B．25° C．20° D．15°

8．如图，在平面直角坐标系中，矩形ABCD的边平行于坐标轴，对角线BD经过坐标原点，点C在函数y=（k＞0，x＞0）的图象上．若点A的坐标为（﹣3，﹣3），则k的值为（ ）

A．3

B．6 C．9 D．12

二、填空题（本大题共6小题，每小题3分，共18分） 9．分解因式：4x2﹣2xy= ．

10．一元二次方程2x2+bx+1=0有两个相等的实数根，则b= ．

11．如图，在∠AOB的两边OA、OB上分别截取OM、ON，使OM=ON；再分别以点M、N圆心，以大于MN长为半径作圆弧，两弧交于点E，过点E作EC⊥OA于点C．若EC=2，则点E到直线OB的距离是 ．

12．如图，在平面直角坐标系中，直线y=﹣x+3与x轴、y轴交于点A、B．直线CD与y轴交于点C（0，﹣6），与x轴相交于点D，与直线AB相交于点E．若△AOB≌△COD，则点E的坐标为 ．

13．如图，AB是⊙O的直径，点C在⊙O上，且点D在上．若∠AOC=134°，则∠BDC的大小为 度．

14．如图，在平面直角坐标系中，点A、B的坐标分别为（﹣5，0）、（﹣2，0）．点P在抛物线y=﹣2x2+4x+8上，设点P的横坐标为m．当0≤m≤3时，△PAB的面积S的取值范围是 ．

三、解答题（共10小题，满分78分）

15．先化简，再求值：（x﹣2）2﹣x（x﹣2）﹣2，其中x=．

16．一个不透明的口袋中有三个小球，上面分别标有数字2，3，4，每个小球除数字不同外其他都相同，先从袋中随机摸出1个小球，记下数字后放回；再从袋中随机摸出一个小球．用画树状图（或列表）的方法，求两次摸出小球上的数字之和为偶数的概率．

17．某服装厂“双十一”前接到一份加工4500件服装的订单，应客户要求，需提前供货．该服装厂决定提高工作效率，实际每天加工的件数是原计划的1.5倍，结果提前10天完工．求原计划每天加工服装的件数． 18．如图，在矩形ABCD中，点E、F在边AD上，BE=CF，求证：AF=DE．

19．某市对市民开展了有关雾霾的调查问卷，调查内容是“你认为哪种治理雾霾措施最有效”，有以下四个选项（每份调查问卷必须且只答一个选项）： A．绿化造林； B．汽车限行；

C．禁止城市周边燃烧秸秆； D．使用环保能源．

调查过程随机抽取了部分市民进行调查，并将调查结果绘制了如图所示的条形统计图和扇形统计图．

请根据图中的信息回答下列问题：

（1）求这次被调查的市民人数． （2）求统计图中D所对应的百分比．

（3）估计该市240000名市民中认同“汽车限行”的人数．

20．如图，某学校建有一座周恩来总理的雕塑，雕塑由塑像（CD）与底座（CF）组成，小林站在距离雕塑（DF）2.7米的A处，利用照相机自B点看塑像头顶D的仰角为46°，看塑像底部C的仰角为30°，求塑像CD的高度．（结果精=0.7193，cos46°=0.6947，tan46°=1.036，确到0.1米）【参考数据：sin46°

=1.732】

21．甲、乙两车分别从A、B两地同时出发相向而行，并以各自的速度匀速行驶，甲车到达B地后，停留一段时间，然后按原路原速度返回A地；乙车到达A地立即停止行驶．甲、乙两车和A地的距离y（千米）与甲车出发时间x（时）的函数图象如图所示． （1）求甲、乙两车的速度． （2）甲车的停留时间是 小时．

（3）求甲车从B地返回到A地的过程中，y与x之间的函数关系式． （4）当两车相距100千米时，x的值为 ．

22．感知：如图①，在四边形ABCD中，AB∥CD，∠B=90°，点P在BC边上，当∠APD=90°时，易证△ABP∽△PCD，从而得到BP?PC=AB?CD（不需证明）

探究：如图②，在四边形ABCD中，点P在BC边上，当∠B=∠C=∠APD时，结论BP?PC=AB?CD仍成立吗？请说明理由？

拓展：如图③，在△ABC中，点P是BC的中点，点D、E分别在边AB、AC上．若∠B=∠C=∠DPE=45°，BC=4CE=3，则DE的长为 ．

，

23．如图①，在三角形ABC中，∠ACB=90°，AC=6，BC=8，点D为边BC的中点，射线DE⊥BC交AB于点E．点P从点D出发，沿射线DE以每秒1个单位长度的速度运动．以PD为斜边，在射线DE的右侧作等腰直角△DPQ．设点P的运动时间为t（秒）．

（1）用含t的代数式表示线段EP的长． （2）求点Q落在边AC上时t的值．

（3）当点Q在△ABC内部时，设△PDQ和△ABC重叠部分图形的面积为S（平方单位），求S与t之间的函数关系式．

24．如图，在平面直角坐标系中，点A是抛物线y=﹣x2+4x与x轴正半轴的交点，点B在抛物线上，其横坐标为2，直线AB与y轴交于点C．点M、P在线段AC上（不含端点），点Q在抛物线上，且MQ平行于x轴，PQ平行于y轴．设点P横坐标为m．

（1）求直线AB所对应的函数表达式． （2）用含m的代数式表示线段PQ的长．

（3）以PQ、QM为邻边作矩形PQMN，求矩形PQMN的周长为9时m的值．

期末数学试卷参考答案与试题解析

一、选择题（本大题共8小题，每小题3分，共24分） 1．实数﹣6的倒数是（ ） A．﹣ B．

C．﹣6 D．6

【考点】实数的性质．

【分析】根据乘积为1的两个数互为倒数，可得答案． 【解答】解：﹣6的倒数是﹣， 故选：A．

2．明天数学课要学“勾股定理”．小敏在“百度”搜索引擎中输入“勾股定理”，能搜索到与之相关的结果个数 约为12 500 000，这个数用科学记数法表示为（ ）

A．1.25×105 B．1.25×106 C．1.25×107 D．1.25×108 【考点】科学记数法—表示较大的数．

【分析】根据用科学记数法表示数的方法进行解答即可． 【解答】解：∵12 500 000共有8位数， ∴n=8﹣1=7，

∴12 500 000用科学记数法表示为：1.25×107． 故选C．

3．如图是由5个大小相同的小立方体组成的立体图形，这个立体图形的俯视图是（ ）

A． B． C． D．

【考点】简单组合体的三视图．

【分析】根据从上边看得到的图形是俯视图，

【解答】解：从上边看第一列是一个小正方形，第二列是一个小正方形，第三列是两个小正方形， 故选：D．

4．不等式﹣3x﹣6≥0的解集是（ ） A．x≤2 B．x≤﹣2

C．x≥2 D．x≥﹣2

【考点】解一元一次不等式． 【分析】移项，系数化成1即可． 【解答】解：﹣3x﹣6≥0， ﹣3x≥6， x≤﹣2， 故选B．

5．计算：m6?m3的结果（ ） A．m18 B．m9 C．m3 D．m2 【考点】同底数幂的乘法．

【分析】根据同底数幂的乘法法则：同底数幂相乘，底数不变，指数相加，进行计算即可． 【解答】解：m6?m3=m9． 故选：B．

6．如图，在Rt△ABC中，∠ACB=90°，∠B=60°，BC=2．将△ABC绕点C顺时针旋转得到△A′B′C，连结AB′．若A、B′、A′在同一条直线上，则AA′的长为（ ）

A．6 B． C． D．3

【考点】旋转的性质．

【分析】根据直角三角形的性质，可得AB的长，根据旋转的性质，可得A′B′的长，B′C的长，∠A′、∠A′B′C′，根据邻补角的定义，可得∠AB′C的度数，根据等腰三角形的判定，可得AB′，根据线段的和差，可得答案． 【解答】解：由在Rt△ABC中，∠ACB=90°，∠B=60°，BC=2，得 AB=4，∠BAC=30°． 由旋转的性质，得

A′B′=AB=4，∠A′=∠BAC=30°，∠A′B′C=∠B=60°，AC=A′C． 由等腰三角形的性质，得 ∠CAB′=∠A′=30°．

由邻补角的定义，得

∠AB′C=180°﹣∠A′B′C=120°． 由三角形的内角和定理，得

∠ACB′=180°﹣∠AB′C﹣∠B′AC=30°． ∴∠B′AC=∠B′CA=30°， AB′=B′C=BC=2． A′A=A′B′+AB′=4+2=6， 故选：A．

7．AB是⊙O的直径，AC是⊙O的切线， 如图，连接OC交⊙O于点D，连接BD，∠C=40°．则∠ABD的度数是（ ）

A．30° B．25° C．20° D．15°

【考点】切线的性质；三角形内角和定理；三角形的外角性质；等腰三角形的性质．

【分析】根据切线的性质求出∠OAC，结合∠C=40°求出∠AOC，根据等腰三角形性质求出∠B=∠BDO，根据三角形外角性质求出即可．

【解答】解：∵AC是⊙O的切线， ∴∠OAC=90°， ∵∠C=40°， ∴∠AOC=50°， ∵OB=OD， ∴∠ABD=∠BDO， ∵∠ABD+∠BDO=∠AOC， ∴∠ABD=25°， 故选：B．

8．如图，在平面直角坐标系中，矩形ABCD的边平行于坐标轴，对角线BD经过坐标原点，点C在函数y=（k＞0，x＞0）的图象上．若点A的坐标为（﹣3，﹣3），则k的值为（ ）

A．3 B．6 C．9 D．12

【考点】反比例函数图象上点的坐标特征；矩形的性质．

【分析】先利用矩形的性质得到矩形AEOF的面积等于矩形OMCN的面积，则根据反比例函数图象上点的坐标特征得到k的值．

【解答】解：设C（x，y），

如图，∵矩形ABCD的对角线BD经过坐标原点，矩形的边分别平行于坐标轴， ∴矩形AEOF的面积等于矩形OMCN的面积， ∴xy=k=﹣3×（﹣3）， 即k=9， 故选D．

二、填空题（本大题共6小题，每小题3分，共18分） 9．分解因式：4x2﹣2xy= 2x（2x﹣y） ． 【考点】因式分解-提公因式法． 【分析】直接提取公因式2x即可． 【解答】解：4x2﹣2xy=2x（2x﹣y）， 故答案为：2x（2x﹣y）．

10．一元二次方程2x2+bx+1=0有两个相等的实数根，则b= ±2【考点】根的判别式．

【分析】根据方程有两个相等的实数根结合根的判别式即可得出关于b的一元二次方程，解之即可得出结论． 【解答】解：∵方程2x2+bx+1=0有两个相等的实数根， ∴△=b2﹣2×4×1=b2﹣8=0， 解得：b=±2

．

．

故答案为：±2

．

11．如图，在∠AOB的两边OA、OB上分别截取OM、ON，使OM=ON；再分别以点M、N圆心，以大于MN长为半径作圆弧，两弧交于点E，过点E作EC⊥OA于点C．若EC=2，则点E到直线OB的距离是 2 ．

【考点】作图—基本作图；点到直线的距离．

【分析】直接利用角平分线的作法得出点E在∠AOB的平分线上，进而利用角平分线的性质得出答案．

【解答】解：∵在∠AOB的两边OA、OB上分别截取OM、ON，使OM=ON；再分别以点M、N圆心，以大于MN长为半径作圆弧，两弧交于点E， ∴E点在∠AOB的平分线上， ∵过点E作EC⊥OA于点C，EC=2， ∴点E到直线OB的距离是：2． 故答案为：2．

12．如图，在平面直角坐标系中，直线y=﹣x+3与x轴、y轴交于点A、B．直线CD与y轴交于点C（0，﹣6），与x轴相交于点D，与直线AB相交于点E．若△AOB≌△COD，则点E的坐标为 （

，） ．

【考点】两条直线相交或平行问题；全等三角形的性质．

【分析】令x=0可求出点B的坐标，从而得出OB=3，由△AOB≌△COD即可得出OD=OB=3，结合点D的位置即可得出点D的坐标，根据点C、D的坐标利用待定系数法即可求出直线CD的解析式，联立直线AB、CD的解析式成方程组，解之即可得出交点E的坐标． 【解答】解：当x=0时，y=﹣x+3=3， ∴点B的坐标为（0，3）， ∴OB=3．

∵△AOB≌△COD，

∴OD=OB=3，

∴点D的坐标为（3，0）．

设直线CD的解析式为y=kx+b（k≠0）， 将（0，﹣6）、（3，0）代入y=kx+b，

，解得：

，

∴直线CD的解析式为y=2x﹣6． 联立直线AB、CD的解析式成方程组，

，解得：，

∴点E的坐标为（故答案为：（

，）．

，）．

13．如图，AB是⊙O的直径，点C在⊙O上，且点D在上．若∠AOC=134°，则∠BDC的大小为 23 度．

【考点】圆周角定理．

【分析】可先求得∠BOC，再利用圆周角定理可求得∠BDC． 【解答】解：

∵AB是⊙O的直径，且∠AOC=134°， =46°∴∠BOC=180°﹣134°， ∴∠BDC=∠BOC=23°， 故答案为：23．

214．如图，在平面直角坐标系中，点A、B的坐标分别为（﹣5，0）、（﹣2，0）．点P在抛物线y=﹣2x+4x+8上，设

点P的横坐标为m．当0≤m≤3时，△PAB的面积S的取值范围是 3≤S≤15 ．

【考点】二次函数图象上点的坐标特征．

【分析】根据坐标先求AB的长，所以△PAB的面积S的大小取决于P的纵坐标的大小，因此只要讨论当0≤m≤3时，P的纵坐标的最大值和最小值即可，根据顶点坐标D（1，4），由对称性可知：x=1时，P的纵坐标最大，此时△PAB的面积S最大；当x=3时，P的纵坐标最小，此时△PAB的面积S最小． 【解答】解：∵点A、B的坐标分别为（﹣5，0）、（﹣2，0）， ∴AB=3，

y=﹣2x2+4x+8=﹣2（x﹣1）2+10， ∴顶点D（1，10），

由图象得：当0≤x≤1时，y随x的增大而增大， 当1≤x≤3时，y随x的增大而减小， ∴当x=3时，即m=3，P的纵坐标最小， y=﹣2（3﹣1）2+10=2，

此时S△PAB=×2AB=×2×3=3， 当x=1时，即m=1，P的纵坐标最大是10， 此时S△PAB=×10AB=×10×3=15，

∴当0≤m≤3时，△PAB的面积S的取值范围是3≤S≤15； 故答案为：3≤S≤15．

三、解答题（共10小题，满分78分）

15．先化简，再求值：（x﹣2）2﹣x（x﹣2）﹣2，其中x=． 【考点】整式的混合运算—化简求值．

【分析】原式利用完全平方公式，单项式乘以多项式法则计算，去括号合并得到最简结果，把x的值代入计算即可求出值．

【解答】解：原式=x2﹣4x+4﹣x2+2x﹣2=﹣2x+2， 当x=时，原式=﹣+2=．

16．一个不透明的口袋中有三个小球，上面分别标有数字2，3，4，每个小球除数字不同外其他都相同，先从袋中随

机摸出1个小球，记下数字后放回；再从袋中随机摸出一个小球．用画树状图（或列表）的方法，求两次摸出小球上的数字之和为偶数的概率．

【考点】列表法与树状图法．

【分析】利用列表法展示所有9种等可能的结果数，再找出两次摸出小球上的数字之和为偶数的结果数，然后根据概率公式求解．

【解答】解：列表如下：

2 3 4 2 4 5 6 3 5 6 7 4 6 7 8 共有9种等可能的结果数，其中两次摸出小球上的数字之和为偶数的结果数为5， 所以两次摸出小球上的数字之和为偶数的概率=．

17．某服装厂“双十一”前接到一份加工4500件服装的订单，应客户要求，需提前供货．该服装厂决定提高工作效率，实际每天加工的件数是原计划的1.5倍，结果提前10天完工．求原计划每天加工服装的件数． 【考点】分式方程的应用．

【分析】设原计划每天加工x件衣服，则实际每天加工1.5x件服装，以时间做为等量关系可列方程求解． 【解答】解：设原计划每天加工服装x件

﹣解得x=150，

经检验x=150是原方程的解且符合题意 答：原计划每天加工服装150件．

18．如图，在矩形ABCD中，点E、F在边AD上，BE=CF，求证：AF=DE．

=10，

【考点】矩形的性质；全等三角形的判定与性质．

【分析】根据矩形的性质和全等三角形的对应边相等，求解即可． 【解答】证明：∵四边形ABCD是矩形， ∴∠A=∠D=90°，AB=DC，

在Rt△ABE和Rt△DCF中，∴Rt△ABE≌Rt△DCF（HL） ∴AF=DE．

，

19．某市对市民开展了有关雾霾的调查问卷，调查内容是“你认为哪种治理雾霾措施最有效”，有以下四个选项（每份调查问卷必须且只答一个选项）： A．绿化造林； B．汽车限行；

C．禁止城市周边燃烧秸秆； D．使用环保能源．

调查过程随机抽取了部分市民进行调查，并将调查结果绘制了如图所示的条形统计图和扇形统计图．

请根据图中的信息回答下列问题： （1）求这次被调查的市民人数． （2）求统计图中D所对应的百分比．

（3）估计该市240000名市民中认同“汽车限行”的人数． 【考点】条形统计图；用样本估计总体；扇形统计图．

【分析】（1）利用“C．禁止城市周边燃烧秸秆”的人数及其占被调查人数的百分比可得被调查的人数； （2）用“D．使用环保能源”的人数除以被调查的人数即可得； （3）用“B．汽车限行”占被调查人数的比例乘以总人数可得答案． 【解答】解：（1）∵60÷30%=200（人）， ∴这次被调查的市民有200人；

（2）∵40÷200=20%， ∴D的百分比为20%；

（3）240000×÷200=96000（人），

答：估计该市240000名市民中认同“汽车限行”的人数大约为96000人．

20．如图，某学校建有一座周恩来总理的雕塑，雕塑由塑像（CD）与底座（CF）组成，小林站在距离雕塑（DF）2.7米的A处，利用照相机自B点看塑像头顶D的仰角为46°，看塑像底部C的仰角为30°，求塑像CD的高度．（结果精=0.7193，cos46°=0.6947，tan46°=1.036，确到0.1米）【参考数据：sin46°

=1.732】

【考点】解直角三角形的应用-仰角俯角问题．

【分析】首先分析图形：根据题意构造两个直角三角形△DEB、△CEB，再利用其公共边BE求得DE、CE，再根据CD=DE﹣CE计算即可求出答案． 【解答】解：由题意BE=AF=2.7米， 在Rt△CBE和Rt△DBE中， ∵DE=BE?tan46°，CE=BE?tan30°

∴DC=BE?tan46°﹣BE?tan30°=2.7×1.036﹣2.7×∴DC的长约为1.2米．

21．甲、乙两车分别从A、B两地同时出发相向而行，并以各自的速度匀速行驶，甲车到达B地后，停留一段时间，然后按原路原速度返回A地；乙车到达A地立即停止行驶．甲、乙两车和A地的距离y（千米）与甲车出发时间x（时）的函数图象如图所示． （1）求甲、乙两车的速度． （2）甲车的停留时间是 2 小时．

（3）求甲车从B地返回到A地的过程中，y与x之间的函数关系式． （4）当两车相距100千米时，x的值为

，7 ． ≈1.2米

【考点】一次函数的应用．

【分析】（1）根据函数图象可以分别求得甲、乙两车的速度； （2）根据函数图象可以求得甲车停留的时间；

（3）根据函数图象可以求得甲车从B地返回到A地的过程中，y与x之间的函数关系式； （4）根据函数图象可以求得甲车各段的函数解析式，从而可以求得两车相距100千米时的x的值． 【解答】解：（1）由图可得，

甲车的速度：300÷（8﹣5）=100（千米/小时）， 乙车的速度：÷2=50（千米/小时），

即甲车的速度是100千米/时，乙车的速度是50千米/时； （2）由图可得，

甲车的停留时间是：5﹣（8﹣5）=2（小时）， 故答案为：2；

（3）设甲车从B地返回到A地的过程中，y与x之间的函数关系式为y=kx+b． 将（5，300），（8，0）代入可得，

，

解得，

，

即甲车从B地返回到A地的过程中，y与x之间的函数关系式是y=﹣100x+800（5≤x≤8）； （4）设甲车从A到B地对应的解析式为y=ax， 则300=3a，得a=100， ∴y=100x（0≤x≤3），

设乙车从B地到A地对应的函数解析式为y=mx+n， 则

，得

，

∴乙车从B地到A地对应的函数解析式为y=﹣50x+300， 则|﹣50x+300﹣100x|=100， 解得，x1=，x2=，

将y=100代入y=﹣100x+800，得x=7， 故答案为：

22．感知：如图①，在四边形ABCD中，AB∥CD，∠B=90°，点P在BC边上，当∠APD=90°时，易证△ABP∽△PCD，从而得到BP?PC=AB?CD（不需证明）

，7．

探究：如图②，在四边形ABCD中，点P在BC边上，当∠B=∠C=∠APD时，结论BP?PC=AB?CD仍成立吗？请说明理由？

拓展：如图③，在△ABC中，点P是BC的中点，点D、E分别在边AB、AC上．若∠B=∠C=∠DPE=45°，BC=4CE=3，则DE的长为 ．

，

【考点】相似形综合题．

【分析】探究：通过相似三角形△ABP∽△PCD的对应边成比例来证得BP?PC=AB?CD；

拓展：利用相似三角形△BDP∽△CPE得出比例式求出BD，三角形内角和定理证得AC⊥BC且AC=BC；然后在直角△ABC中由勾股定理求得AC=BC=4；最后利用在直角△ADE中利用勾股定理来求DE的长度． 【解答】解：探究，成立，

∵∠APC=∠BAP+∠B，∠APC=∠APD+∠CPD， ∴∠BAP+∠B=∠APD+∠CPD． ∵∠B=∠APD， ∴∠BAP=∠CPD． ∵∠B=∠C， ∴△ABP∽△PCD， ∴

拓展：同理可得△BDP∽△CPE， ∴

=

， =

，即BP?PC=AB?CD；

∵点P是边BC的中点， ∴BP=CP=2∵CE=3， ∴

=

， ，

∴BD=， ∵∠B=∠C=45°，

∴∠A=180°﹣∠B﹣∠C=90°， 即AC⊥BC且AC=BC=4，

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