抽象代数
更新时间:2023-11-30 02:51:01 阅读量: 教育文库 文档下载
抽象代数
1 证明任一群中,指数为2的子群一定是正规的。
证明:设G是任一群,H是G的一个指数为2的子群
知H?G,且[G:H]?2
于是H存在2个不同的左(右)陪集
又eH?He?H,故H既是左陪集又是右陪集
由[G:H]?2知?a?G使aH?eH??且Ha?He?? 故G/H?H?aH?H?Ha 故aH?Ha
?x?G且x?e有xH?aH,Hx?Ha,故xH?Hx,当x?e时eH?He?H 综上H?G
TH:群G的子群的2个左陪集要么相等要么没有公共元
2 利用拉格朗日定理(有限群G的阶被它的每个子群的阶整除)证明所有阶为p2的群(p为素数)是交换群。
证明:对任意p阶群G,它的中心Z(G)?e,则Z(G)?1
r2假设G?p为非交换群,则G?Z(G)??i?q?1pni
rp?Z(G)?2?i?q?12pni,故Z(G)能被p整除,从而Z(G)?p或p2
rZ(G)?p时,p?p??i?q?1prni,矛盾
Z(G)?p时,p22?p?2?i?q?1pni知G?Z(G)
故G是交换群
4 与群G的中心化子C(a)?{x?Gxa?ax}一样,考虑在动力系统理论中遇到的反中心
D(a)?x?Gxa?a??1x,一般来说,D(a)不是群
2?证明:(1) D(a)是一个群当且仅当a?e且D(a)?C(a) (2)集合E(a)?C(a)?D(a)总是一个群 证明: (1)必要性
当D(a)是一个群,则有e?D(a),所以ea?ae,即a?e
?12?1两边同时左乘a2有a2xa?a2a?1x,即xa?ax,故D(a)?C(a) ?x?D(a),xa?ax,
?1?1?y?C(a),ya?ay,两边同时左乘一个a右乘一个a有ay?ya,故C(a)?D(a)
故C(a)?D(a) 充分性
单位元,由a2?e有ea?a?1e,即e?D(a)
逆元,?x?D(a),则有xa?a?1x,两边同时取逆,x?1a?a?1x?1,即x?1?D(a) 封闭性,?x,y?D(a),则有a?1xy?xay?xyaaxy?xya,从而xy?C(a)?D(a)
?1,两边同时左乘一个a右乘一个a有
综上,D(a)为一个群
(2)当D(a)??,E(a)?C(a)为一个群 当D(a)??,
单位元,e?C(a)?E(a)
逆元,?x?D(a),xa?a?1x从而x?1a?a?1x?1,即x?1?D(a)
?y?C(a),ya?ay,从而yaay?1?1?1?a?1y?1,两边同时左乘一个a右乘一个a有
?1?ya,则y?1?1?C(a),从而对?u?E(a),有u?E(a)
封闭性,x,y?C(a),axy?xay?xya,则xy?C(a)
x,y?D(a),axy?xa?1y?xya,则xy?C(a)
?1x?D(a),y?C(a),则axy?xay?xya?1,则xy?D(a)?E(a)
各种情况都说明对?x,y?E(a)都有xy?E(a) 综上,E(a)总是一个群
5 假设H和K是群G的子群,证明HK?H?K?H?K,进一步证明集合HK为子群的充要条件是HK?KH
证明:(1)设M?H?K,则M?G且M?H,所以M?H
?H:M??m,则H关于M的左陪集分解H?c1M?c2M???cmM
其中,i?j时ciM?cjM 又MK?K
?HK?c1K?c2K???cmK
假设i?j,ciK?cjK?? 那么?k1,k2?K,使得cik1?cjk2
则cjci?k2k1?M?ciM?cjM与假设矛盾 故i?j,ciK?cjK??且ciK?K ?HK?mK??H:M?K?HH?KK
?1?1即HK?H?K?H?K (2)必要性
由于H,K是G的子群,故H,K满足
HH?H,且H?1?H,KK?K,K?(HK)?1?1?K
(HK)?1?K?1H?1?KH
又HK也是子群,故HK?KH 充分性
若HK?KH,则(HK)?1?HK
HKHK?HHKK?HK
故HK为群
6 写出阶为72的所有不同构的交换群
72?2?3
32相应的72阶初等因子为?2,2,2,3,3?,?2,2,3,3?,?2,3,3?,?2,2,2,3232?,?2,22,32?,?23,32?
从而对应的不变因子为?2,6,6?,?6,12?,?3,24?,?2,2,18?,?2,36?,?72? 从而构成的阶为72的不同构群为
Z2?Z6?Z6 Z6?Z12 Z3?Z24 Z2?Z2?Z18 Z2?Z36 Z72
7 群Z12?Z72与Z18?Z48同构吗
判断两个群是否同构,只需看他们的初等因子是否相同
Z12?Z72?Z3?Z4?Z8?Z9,初等因子为?3,4,8,9?
Z18?Z48?Z2?Z9?Z3?Z16,初等因子为?2,9,3,16?
故不同构
8 假设?和?是n阶循环群aan?e的两个不可约复表示,证明
1?1,?????(a)?(a)??0,??? nk?0?n?1kk2?ij证明:令复表示?j:G?C,a??,且?kkjj?en
由于?和?是n阶循环群的两个不可约复表示
?a????k2?ijkj(a)?ekn
?a1????kk2?ilkl(a)?ekkn故
2?ijkn2?ilkn?1??(ank?0)?(a)?1n?1?enk?0en?1n?12?ik(j?l)n?enk?0??10e2?i(j?l)xdx1??2?i(j?l)?1??e?0?2?i(j?l)?j?lj?l
故原题得证
9 证明素数次扩张F?P没有真子域
证明:假设素数次F?P扩张域有真子域P 那么F?K?P 故?F:P???F:K??K:P? 这与?F:P?是素数矛盾 故假设不成立 10 求扩张Q(令x?4p,q)的本原元素,其中p和q是素数 q,则x?p?q?22p?222pq?x??p?q???2?4pq
2?x?2x(p?q)?(p?q)?4pq?x?2x(p?q)?(p?q)?0 ?本元元素的极小多项式f?x?2x(p?q)?(p?q)
42242其根?(1)?p?p?q
q ?(2)???p?p?q q
?(3)?? ?(4)11 R是有1的交换环,I是理想,则有 (1)I是素理想?R/I是整环 (2)I是极大理想?R/I是域
证明:R/I??r?Ir?R?,I?R故R/I??0?
?x,y?R,(x?I)(y?I)?xy?I?yx?I?(y?I)(x?I),且(1?I)(y?I)?y?I,
故R/I是有单位元的交换环 (1)充分性
假设R/I中有零因子
那么存在两个非零元a?I,b?I使得(a?I)(b?I)?0 故ab?I?0 知ab?I
又I是素理想,故a?I或b?I,与a?I,b?I非零矛盾 故R/I无零因子 所以R/I是整环 必要性
令(a?I)(b?I)?0,即ab?I?0,ab?I 由于R/I是整环
知a?I?0或b?I?0,即a?I或b?I 即由ab?I可以得到a?I或b?I 所以I是素理想 (2)充分性
令N?{m?axm?I,x?R}因此N是一元多项式环 N是R的理想,且I?N 又I是极大理想 故N?R
所以1?N,1?m?ax
?1???m?ax???ax???a??x?,所以?a?可逆
故R/I是域 必要性
令N是R的理想,且I?N,则只需要证明N?R即可 由I?N知?a?N/I且?a???0? 又R/I是域
所以?x?R满足?a??x??1,因此1?ax?I?N 又N是R的理想,于是ax?N,从而1?N,N?R
12 R[x]/x2?1?C
证明:定义映射?:R[x]?C,f(x)?f(i)
则R[x]/x2?1??f(x)?x2?1??f(x)?ax?b?ax?b
x?x?1?1??1可知
22??????x?1?0,x?i
2所以R[x]/x2?1?{ai?b}
f13 v???w是模同态,v,w是群G的子模,证明
(1)kerf是v的子模 (2)Imf是w的子模 证明:
(1)?v1,v2?kerf
k1v1?k2v2?kerf?f?k1v1?k2v2??k1f(v1)?k2f(v2)?0
?v1?kerf,?g?G,则有f(gv1)?gf(v1)?g?0?0,即gv1?kerf知
Gkerf?kerf
故kerf是v的子模
(2)?w1,w2?Imf,对?v1,v2?v有w1?f(v1),w2?f(v2) 则k1w1?k2w2?k1f?v1??k2f?v2??f?k1v1?k2v2??Imf
?g?G,gw1?gf?v1??f?gv1?,从而gw1?Imf
故GImf?Imf 所以Imf是w的子模
12 R[x]/x2?1?C
证明:定义映射?:R[x]?C,f(x)?f(i)
则R[x]/x2?1??f(x)?x2?1??f(x)?ax?b?ax?b
x?x?1?1??1可知
22??????x?1?0,x?i
2所以R[x]/x2?1?{ai?b}
f13 v???w是模同态,v,w是群G的子模,证明
(1)kerf是v的子模 (2)Imf是w的子模 证明:
(1)?v1,v2?kerf
k1v1?k2v2?kerf?f?k1v1?k2v2??k1f(v1)?k2f(v2)?0
?v1?kerf,?g?G,则有f(gv1)?gf(v1)?g?0?0,即gv1?kerf知
Gkerf?kerf
故kerf是v的子模
(2)?w1,w2?Imf,对?v1,v2?v有w1?f(v1),w2?f(v2) 则k1w1?k2w2?k1f?v1??k2f?v2??f?k1v1?k2v2??Imf
?g?G,gw1?gf?v1??f?gv1?,从而gw1?Imf
故GImf?Imf 所以Imf是w的子模
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