《计算机网络(第四版)》(谢希仁)部分习题参考答案
更新时间:2023-03-11 22:34:01 阅读量: 教育文库 文档下载
《计算机网络(第四版)》(谢希仁)部分习题参考题解
1-10 解:电路交换所需时间T1 = s+x/b+kd,分组交换所需时间T2 = x/b+d+(k-1)(p/b+d) 根据题意应有T2 < T1,即x/b+d+(k-1)(p/b+d)< s+x/b+kd 移项后得 (k-1)p/b< s
1-11 解:总时延D = k(p+h)/b+(x/p-1)(p+h)/b = [(k-1)p+hx/p+x+kh-h]/b 令D(p)′=(k-1)-hx/(bp)= 0,解得p =[hx/(k-1)]
2-17 解:接收码元与站A的码元内积= +8/8 = +1,故A发送了1
接收码元与站B的码元内积= -8/8 = -1,故B发送了0 接收码元与站C的码元内积= 0/8 = 0,故C未发送 接收码元与站D的码元内积= +8/8 = +1,故D发送了1
3-06 解:忽略帧控制信息的影响并假定信道无差错(p=0),已知对于停止等待协议有: λ
tT≈tf+2tp,tf = Lf/C,其中max = (1-p)/tT,
C为信道容量(b/s),Lf为帧长度(bits)。
2
1/2
则由式(3-8)和题意得 ρmax =λmax tI = (1-p) tIf/ tT = tf / tT≥0.5
即 tf /( tf+2tp ) ≥0.5 →tf≥2tp →Lf/C≥2tp →Lf≥2tp C 代入数值得 Lf≥160(bits)
3-15 解:忽略帧控制信息的影响,忽略确认帧长及其处理时间;假定信道无差错(p=0) 且发送站始终有数据发送;取卫星信道时延(上行+下行)tp = 0.25 (S);因为tT
是可以连续发送帧的最小周期,故取tT为观察时间。由已知条件可计算出: 帧发送时间tf = Lf/C = 2000/106 = 0.002(S),tT = tf +2 tp= 0.502(S)
取λ表示帧到达率(帧/S),则在tT内的帧到达率λ(tT) = n/ tT (n为tT内实际到达的帧数),且由式(3-11)和式(3-12)知λ(tT)max≈1/ tf = C/ Lf =500(帧/S),对应nmax= tTλ(tT)max= 251(帧)
由式(3-13)知归一化吞吐量(即信道利用率)ρ=λtf =(n tf)/ tT,代入数值后得ρ= n/251
(1)WT =1 → n =1 →λ(tT)≈2<λ(tT)max →ρ= 1/251 (2)WT =7 → n =7 →λ(tT)≈14<λ(tT)max →ρ= 7/251 (3)WT =127 → n =127 →λ(tT)≈254<λ(tT)max →ρ= 127/251 (4)WT=255 > nmax→ ρ= 1
1
4-8 解:端到端传播时延τ=5×10-6×4=0.02(ms)
帧发送时间T0=1000/(5×106)= 0.2(ms) a=τ/ T0=0.02/0.2=0.1
由式(4-26)知Smax=1/(1+4.44a) =1/1.444≈0.69
由式(4-24)S= T0/TAV ,求出成功发送一帧所需时间TAV =0.2/0.69≈0.29(ms) 则系统平均最大帧发送速率= 1/ TAV ≈ 3450(帧/S) 每个站平均最大帧发送速率=3450/100 = 34.5(帧/S)
4-9 解:(1)τ= 5×10-6×1= 0.005(ms),a =τ/ T0=0.005/0.2 = 0.025
Smax=1/(1+4.44a)≈0.9,每个站平均最大帧发送速率=44.5(帧/S)
(2)T0=1000/(10×106)= 0.1(ms),a =0.02/0.1= 0.2,Smax=1/(1+4.44a)≈0.53
每个站平均最大帧发送速率= 53(帧/S)
(3)T0=10000/(5×106)=2(ms),a=0.02/2 = 0.01,Smax=1/(1+4.44a)≈0.958
每个站平均最大帧发送速率= 4.8(帧/S)
4-4 解:以太网使用的是截断式二进制指数退避算法,其退避等待时间
t=R×(2τ),R=[0,1,┄,2K-1],K=Min[n,10],n≤16为本帧已冲突次数。 当n=1时,R=[0,1],重传失败概率为2-1
当n=2时,R=[0,1,2,3],重传失败概率为2-2 当n=3时,R=[0,1, ┄,7],重传失败概率为2-3
一个站成功发送数据之前的重传次数为:
-2
-3
-2
I = (1-2-1)+2×(1-2)×2-1+3×(1-2)×2-1×2+4×(1-2-4)×2-1×2-2×2-3+┄┄ ≈0.5+0.75+0.327+0.06 = 1.637
4-10 解:用C表示信道传输速率(1Gb/s)、L表示电缆长度(1公里)、V表示信号在电
缆中传播速度(200000 km/s)、τ表示电缆的端到端延迟,则 τ=L/V=1/(2×10)=5×10(s)
幀的最小长度=2×τ×C=2×5×10×10=10000(bits)
5-05 解:(a) 一个分组一次平均经过链路段数= p+2p(1-p)+3(1-p)2 = p2-3p+3 ,其中第一项
为只通过了第一段链路的概率,第二项为只通过了二段链路的概率,第三项为 通过了三段链路的概率,或=1+(1-p)+(1-p)2,即向每段链路发送成功的概率和。 (b) 分组一次发送成功的概率(1-p)2 = P,则每个分组的平均传送次数 K= P+2P(1-P)+3 P(1- P)2+ ┄┄ = 1/P = 1/(1-p)2 (c) 平均经过链路段数= (p2-3p+3) /(1-p)2
6-08 解:(2)最后一字节为11111000,故主机数= 6
(3)其子网掩码总长度相同,但可用的子网数不同。
-6
9
5
-6
2
6-13 解:IP数据报是LAN帧的数据。原数据报的长度= 3200+160 = 3360 bit ,对其分片
时必须将IP首部复制到每一分片中。如将原数据报分成三个分片,则总数据长 度= 3200+160×3 = 3680 bit ,分成三个1200 bit的分片不够分,故需分成四个分 片,则数据总长度= 3200+160×4 = 3840 bit 。
6-15 解:路由表中从上到下4个子网对应的主机地址范围依次为: 1―126,129―254,1―
126,1―62;故下一站依次为:接口0,R2,R4,R3,R4 。
6-16 解:应分成三个分片。
原数据处据报减去20字节的首部后数据字节为3980个,首部必须复制到每 一分片中,分片中的数据字节数目应为8的整数倍。因此,三个分片的数据长 度依次为:1480字节,1480字节,1020字节。
片偏移值以8字节为单位计算,依次为:0,1480/8 = 185,2960/8 = 370 。 MF标志依次为:1,1,0 。
7-10 解:假定信道无差错且窗口中的全部字节为一个报文段,取n表示信道在时间T(T=
n/C +τ)内发送的总比特数,S表示信道的比特吞吐量(b/s),τ表示信道的往返 时延,则有:n = S(n /C+τ ) ,其中T为观察周期。
本题中n = 64×1024×8 = 219(bit),τ=0.02(S),n /C可忽略,则 吞吐量S = 219/0.02 = 26214400 (b/s) ≈ 26.2 Mb/s
7-11 解:单程端到端时延= 250×2+3×1500/150000+5×960/48000 = 630 ms 7-12 解:单程端到端时延= 250×2+3×1500/150000+150+4×960/48000 = 760 ms 7-27 解:使用8-10题的结论,因n/C=(65535×8/109)<<τ=0.02,可以忽略,所以
S≈65535×8/(2×0.01)≈26.2 Mb/s 信道利用率= S/C = 2.62%
7-28 解:报文段在网络中的寿命必须保证其所用序号不会重复,则有:
S×30≤(28-1)×128×8,而Smax=(28-1)×128×8/30 ≈ 8704Kb/s
7-29 解:与上题类似,但现在是按字节使用序号且S = 75 Tb/s,取寿命为T,则有:
75×1012×T≤(264-1)×8,而Tmax≈22(天)
7-30 解: 由8-10题的结论n = S(n /C+τ )可得n = Sτ/(1-S/C)
将τ=0.128×2 = 0.256 ms ,S=120 Kb/s代入得 n = (256×120)/(1-120/256)≈7245 B
7-31 解:取数据发送速率为C b/s,按题意有:1024×8/C = 2×20/(200×103),即
C = 1024×8×200×103/2×20 = 40.96 Mb/s
3
8-13 解:用base64编码需将数据分成6bit的组,3072字节的数据共分得6bit组数为
N=3072×8/6=4096,以上每一组正好对应一个base64编码的字符,则应插入的 CR和LF字符总个数={[4096]min+1}×2=104。 由上,共发送字节数为4096+104 = 4200 (个)。
9-11 解:(1)n=p×q=7×11=77,Φ(n)=(p-1)×(q-1)=60
从[0,59]中选取与60互素的数e,有e=7,11,13,17,19,23,31,┄ (2)n=p×q=13×31=403,Φ(n)=(p-1)×(q-1)=360 取e=7 ,由ed=1 mod Φ(n)得d=103
(3)若p=5,q=11,则n=pq=55,Φ(n)=(p-1)×(q-1)=40 由ed=1 mod Φ(n)得e×27=1 mod 40,即e=3
加密算式为Y=X3 mod 55,对明文1,2,3,4,5,6,7,8,9,10加密
后的密文为1,8,27,9,15,51,13,17,14,10
4
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