【全国市级联考word】安徽省黄山市2022届高三第二次模拟考试数学

【全国市级联考word】安徽省黄山市2017届高三第二次模拟考试数

学（文）试题

一、选择题

1.已知的取值范围是，执行下面的程序框图，则输出的的概率为（）

A． B． C． D．

【答案】B

【解析】该程序框图表示的是分段函数，由可得，，由几何概型概率公式可得，的概率为，故选B.

2.已知满足约束条件,若目标函数的最大值为，则

（）

A．有最小值

B．有最大值

C．有最小值

D．有最大值

【答案】A

【解析】

直线，过上的定点，画出表示的可行域，如图，由图知过时，最大值为，所以

，故选A.

【方法点晴】本题主要考查可行域、含参数目标函数最优解和均值不等式求最值，属于难题.

含参变量的线性规划问题是近年来高考命题的热点，由于参数的引入，提高了思维的技巧、

增加了解题的难度，此类问题的存在增加了探索问题的动态性和开放性，此类问题一般从目

标函数的结论入手，对目标函数变化过程进行详细分析，对变化过程中的相关量的准确定位，是求最优解的关键.

3.已知集合，则（）

A． B． C． D．

【答案】B

【解析】由题得：，所以：，故

点睛：本题要熟练理解补集的含义，然后再根据交集的定义便可求解

4.复数，若，则实数的值是（）

A． B． C． D．

【答案】D

【解析】由题可得复数是实数，故，得，又，所以实部

要为负数，故选D

点睛：要知道复数是不能比较大小的，如果复数能比较大小，只能说明这个复数是一个实数，所以要求虚部为零

5.在我国明代数学家吴敬所著的《九章算术比类大全》中，有一道数学名题叫“宝塔装灯”，

内容为“远望巍巍塔七层，红灯点点倍加增；共灯三百八十一，请问顶层几盏灯？” (加增的

顺序为从塔顶到塔底). 答案应为（）

A． B． C． D．

【答案】D

【解析】设顶层有盏灯，根据题意得：

故选D.

点睛：这一个等比数列的实际运用，认真审题然后分析列式即可

6.已知函数，其中，从中随机抽取个，则它在

上是减函数的概率为（）

A． B． C． D．

【答案】B

【解析】共有四种等可能基本事件即取，计事件A为在上是减函数，由条件知是开口向上的函数，对称轴是，事件A共有三种等可能基本事件，所以

点睛：几何概型要读懂题意找到符合条件的基本事件，然后根据几何概型的计算公式求解即可.

7.在中，，给出满足条件，就能得到动点的轨迹方程

下表给出了一些条件及方程：

①周长为

②面积为

③中，

则满足条件①，②，③的轨迹方程依次为（）

A. B. C. D.

【答案】A

【解析】①周长为,则,根据椭圆定义：点A的轨迹方程为椭圆，②

面积为，则点A到直线BC的距离为定值5,所以点A的轨迹方程为抛物线, ③中，,则点A在以BC为直径的圆上，所以点A的轨迹方程是.

点睛：本题要熟悉椭圆、抛物线、圆的方程的定义，根据定义进行推理即可.

8.一个几何体的三视图如图所示，则该几何体的体积为（）

A． B． C． D．

【答案】C

【解析】由三视图复原几何体可得：它是一个侧放的四棱锥，它的底面是直角梯形，一条侧棱的长垂直于底面，高为2，这个几何体的体积：.故选C.

点睛：根据几何体求体积，主要熟悉椎体的计算公式即可.

9.若圆上只有一点到双曲线的一条渐近线的距离为，则该双曲线离心率为（）

A． B． C． D．

【答案】A

【解析】由圆上只有一点到双曲线的一条渐近线的距离为可得：圆心到一条渐近线的距离为2，取一条渐近线：，圆心为，所以：

点睛：根据题意分析出圆上怎样才能是只有一个点到渐近线的距离是1，可得只有当圆心到渐近线距离为2时才满足要求，便可列出等式求解.

10.已知，则的大小关系是（）

A． B． C． D．

【答案】C

【解析】由题得：，而，所以

而，又，所以c最小，又

，

又，所以，故选C

点睛：本题较难，主要是对对数和指数的运算的考察，在比较大小时，先判定各数的符号，然后可以借助中间值0或1进行比较，也可以作差或作商进行比较

11.函数与的图象上存在关于轴对称的点，则实数的取值范围是（）

A．

B．

C．

D．

【答案】C

【解析】去特殊值法：当时，函数与的图象上存在关于

轴对称的点，则，当=，得有解即可，令：，显然为递增函数，当，所以必然有解，所以成立.

当且时，，而显然为增函数，所以有最大值在0处取得为0，而，所以不存在有解，所以不成立，综合的只能选择C

点睛：特殊值法，当遇到比较麻烦难解的题型时，我们可以根据备选答案信息进行对答案验证，从而得出选项.此做法比较适用于选择题

12.将函数的图象向左平移个单位，得函数的图象(如图) ，点分别是函数图象上轴两侧相邻的最高点和最低点，设，则的值为（）

A． B． C． D．

【答案】D

【解析】将函数的图象向左平移个单位，得函数得，由图可知：,中，利用余弦定理可得：

,,所以：=

点睛：根据平移规则求出，然后根据三角想余弦定理可求出，再根据三角和差公式进行求解即可，要注意计算的准确性.

二、解答题

1.中，角所对的边分别为，向量，且的值为

.

（1）求的大小；

（2）若，求的面积.

【答案】(1);(2).

【解析】试题分析：(1)由,可得，从而可得结果；（2）在中，由，得，又由正弦定理，解得，故的长为.

试题解析：(1),

.

(2),由得，

.

2.选修4-4：坐标系与参数方程

已知曲线的极坐标方程为，过点的直线交曲线于两点.

（1）将曲线的极坐标方程的化为普通方程；

（2）求的取值范围.

【答案】(1) ;(2) .

【解析】试题分析：（1）由直接将极坐标方程化为直角坐标方程即可；（2）由题意知，直线的参数方程为为参数），代入椭圆方程得

，利用根与系数的关系及直线参数方程的几何意义可得

，由三角函数有界性即可得出结果.

试题解析：

(1)由得，得曲线的普通方程为.

(2)由题意知，直线的参数方程为为参数），将代入得

，设对应的参数分别为，则

，的取值范围为.

3.选修4-5：不等式选讲

已知函数.

（1）解不等式；

（2）若存在实数，使不等式能成立，求实数的最小值.

【答案】（1）或;（2）.

【解析】试题分析：（1）由题意不等式可化为，分三种情况讨论，

分别求解不等式组，然后求并集；（2）等式等价于只

需即可得结果.

试题解析：（1）由题意不等式可化为，当时，

，

解得，即；当时，，解得，即；当时，，解得，即，综上所述，不等式的解集为

或.

（2）由不等式可得，

，故实数的最小值是.

4.如图，四棱锥中，底面是矩形，平面底面，且是边长为

的等边三角形，在上，且面.

（1）求证:是的中点；

（2）求多面体的体积.

【答案】(1)见解析; (2) .

【解析】(1)证明：连交于，连是矩形，是中点.又面，且是面与面的交线，是的中点.

(2)取中点，连.则，由面底面，得面，

，

.

点睛：（1）根据线面平行的结论可得，从而得到M是中点，（2）求体积最主要的思维就是先解决几何体的高，然后根据体积公式求解即可，当然对于不规则的解题则要借助于补形的思想利用规则几何体的体积减或加来解决问题.

5.全世界越来越关注环境保护问题，某监测站点于2016年8月某日起连续天监测空气质量指数，数据统计如下：

空气质量指数

（1）根据所给统计表和频率分布直方图中的信息求出的值，并完成頻率分布直方图：

（2）由頻率分布直方图，求该组数据的平均数与中位数；

（3）在空气质量指数分别为和的监测数据中，用分层抽样的方法抽取天，从中任意选取天，求事件“两天空气都为良”发生的概率.

【答案】(1)见解析;(2)平均数，中位数.(3).

【解析】(1),

.

(2)平均数，中位数.

(3)在空气质量指数为和的监测天数中分别抽取天和天，在所抽収的天中，将空气质量指数为的天分别记为；将空气质量指数为的天记为，从中任取天的基本事件分别为：共种，其中

事件“两天空气都为良”包含的基本事件为共种，所以事件“两天都为良”发生的概率是.

点睛：频率分布直方图要注意每个小矩形的面积才代表频率，而频率分布直方图的中位数求法则是找面积和为0.5的地方的数，平均数则是取每组组距的中间值乘以对应组的频率，然后求和即可，对于古典概型，只要将题意理解清楚将基本事件一一列出来，找出符合条件的基本事件根据古典概型的计算公式即可求出概率

6.设分别是椭圆的左、右焦点，过作倾斜角为的直线交椭圆

于两点，到直线的距离为，连接椭圆的四个顶点得到的菱形面积为.（1）求椭圆的方程；

（2）设过点的直线被椭圆和圆所截得的弦长分别为，当最大时，求直线的方程.

【答案】(1);(2)或.

【解析】(1)设坐标为，坐标为，则直线的方程为，即

；又，

椭圆的方程为.

(2)易知直线的斜率不为，可设直线的方程为，则圆心到直线的距离为

，

所以，

得，

，

（当且仅当，即时，等号成立），

所以直线方程为或.

点睛：对于圆锥曲线的题型，在做题时首先要题中的几何关系理解清楚，最好可以画出草图

帮助自己理解，然后根据几何关系建立等式求解，对于第二问在求解范围及最值问题时首先

要明确表达式，然后根据基本不等式或者函数求最值方法来求解范围问题.

7.已知函数.

（1）若时，讨论函数的单调性；

（2）若，过作切线，已知切线的斜率为，求证：

.

【答案】(1)见解析;(2) 见解析.

【解析】(1) 由已知得：. ①若，当

或时，；当时，，所以的单调递增区间为；

单调递减区间为. ②若，故的单调递减区间为；③若，当或时，；当时，；所以的单调递增区间为；单调递减区间为.

综上，当时，单调递增区间为；单调递减区间为，.

当时，的单调递减区间为；当时，单调递增区间为；单调递减区间为,.

(2),设切点，斜率为

①所以切线方程为，将代入得：

②由① 知代入②得：

，令,则恒成立，

在单增，且，，令，则，则

在递减，且.

点睛：熟悉求导的公式及运算法则，分类讨论以确定导数的正负来确定函数的单调性对于不等式的证明问题要住以分离参数的方法应用，不等式问题的证明要学会转化为恒成立问题求最值的方法来解决问题.

三、填空题

1.已知抛物线，点，点在抛物线上，当点到抛物线准线的距离与点到点的距离之和最小时，延长交抛物线于点，则的面积为__________．

【答案】

【解析】由题可知：当点到抛物线准线的距离与点到点的距离之和最小时，根据抛物线性质抛物线上一点到准线的距离等于到焦点的距离，所以当三点共线时达到最小值，由，可得，联立抛物线方程可得：，设点,故，原点到直线的距离为

，所以的面积为

点睛：本题主要运用抛物线的性质，根据性质可得出三点共线时和最小，然后根据抛物线焦点弦长公式和点到直线距离公式便可求得三角想面积.

2.已知两个等高的几何体在所有等高处的水平截面的面积相等，则这两个几何体的体积相等. 椭球体是椭圆绕其轴旋转所成的旋转体.如图（1）将底面直径皆为，高皆为的椭半球体及已被挖去了圆锥体的圆柱体放置于同一平面上. 以平行于平面的平面于距平面任意高处可横截得到及两截面，可以证明总成立.则短轴长为，长轴为的椭球

体的体积为__________．

【答案】

【解析】根据题意可得：椭半球体的体积等于圆柱截去圆锥所剩下部分的体积，所以椭半球体体积为，故椭球体的体积为

点睛：主要读懂题目所描述的新的定义，然后根据定义及几何关系建立等式从而求解.

3.对正整数，设曲线在处的切线与轴交点的纵坐标为，则数列的前项和等于__________．

【答案】

【解析】,所以在处的切线的斜率为，所以切线方程为：

，令故，=，所以数列的前项和为等比数列求和

点睛：本题考察导数的意义切线方程的求法，然后根据题意可知数列为以公比为3的等比数列，在利用等比求和公式得出结论

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