2016年福建省福州十六中中考物理模拟试卷

2016年福建省福州十六中中考物理模拟试卷

一、选择题（共32分，均为单选题，每小题2分）

1．（2分）下面四个实验现象中，能够说明分子间存在引力的是（ ）

A．

用绸布摩擦过玻璃棒吸引小纸屑

B．

抽离玻璃板，一段时间后两瓶内气体颜色变均匀

C．

用力才能把与水面接触的玻璃板拉离水面

D．

倒置装满水的玻璃杯后纸片不掉下

2．（2分）王老师用同样的力吹一根吸管，并将它不断剪短，他在研究声音的（ ） A．响度与吸管长短的关系 B．音调与吸管材料的关系 C．音调与吸管长短的关系 D．音色与吸管材料的关系

3．（2分）如图是丰子恺的一幅漫画，画中配诗“临水种桃知有意，一株当作两株看”．其中呈现的光学现象是（ ）

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A．光的直线传播 B．光的反射 C．光的折射 D．光的色散

4．（2分）下列估测最接近生活实际的是（ ） A．一名中学生的身高约160mm B．福州11月份的平均气温约30℃ C．家用电扇功率约800W

D．中学生跑完50m所用的时间约7s

5．（2分）戴着眼镜喝开水时，镜面变得模糊不清，过了一段时间，镜面又变得清晰起来．镜面上发生的这两种现象的物态变化是（ ） A．只有汽化

B．只有液化

C．先汽化，后液化 D．先液化，后汽化

6．（2分）如图所示的实验装置中能够说明电磁感应现象的是（ ）

A． B． C．

D．

7．（2分）在班上开展“生活处处有物理”的观察实践活动中，小明观察了厨房设备．在他所观察到的现象和对现象的解释中，正确的是（ ） A．打开醋瓶能闻到酸味是因为分子在不停地做无规则运动

B．用高压锅煮食物容易熟，是因为锅内气体压强越大，液体沸点越低 C．不慎滴入几滴水到锅内热油中会发出“吱吱”声，这是发生了升华现象 D．用煤气炉煲汤，在沸腾时调大火焰能提高汤的温度 8．（2分）下列做法中，符合安全用电要求的是（ ） A．小明妈妈经常边看电视边用湿抹布清洁电视机

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B．正在洗菜的小明发现电水壶中的水开了，立即去拔电源插头 C．不断开开关，直接更换不亮的电灯泡

D．发现家用电器或电线着火时，先切断电源再灭火

9．（2分）某市利用如图所示的“坐位体前屈测试仪”对初中毕业生进行了身体柔韧性测试．测试者向前推动滑块，滑块被推动的距离越大，仪器的示数就越大．某同学设计了四种电路（如图所示）模拟测试，并要求电路中滑动变阻器的滑片向左滑动时，电表示数减小．其中符合要求的电路是（ ）

A． B． C． D．

10．（2分）图象法是研究物理规律的好方法，下列叙述中与图象不相符 的是（ ）

A．电阻一定时，电流与电压的关系 B．物体所受重力大小与物体质量的关系 C．物体吸收的热量与比热容的关系

D．浸在水中的物体受到的浮力与排开的水的体积的关系

11．（2分）小红同学在一支铅笔的下端粘上一块橡皮泥，将它分别置于甲、乙两杯液体中观察到静止时的情形如图所示，下列说法正确的是（ ）

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A．铅笔在甲杯液体中受到的浮力较大 B．铅笔在乙杯液体中受到的浮力较大 C．甲杯液体的密度较大 D．乙杯液体的密度较大

12．（2分）相等的拉力F，沿不同的方向拉同一物体运动相同的路程s，则下列判断正确的是（ ）

A．甲图中的拉力F做功最快 B．甲图中的拉力F做功最少 C．丙图中的拉力做功最多

D．甲、乙、丙三种情况拉力F做功不相等

13．（2分）如图所示，电源电压不变，R1为定值电阻，R2为滑动变阻器．当开关闭合后，滑片P向右移时，下列说法中正确的是（ ）

A．C．

的示数变大 B．和

的比值变大

的示数变大 D．

的示数变大

14．（2分）在平整地面上有一层厚度均匀的积雪，小明用力向下踩，形成了一个下凹的脚印，如图所示．脚印下的雪由于受外力挤压可近似看成冰层，利用冰的密度，只要测量下列哪组物理量，就可以估测出积雪的密度？（ ）

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A．积雪的厚度和脚印的深度 C．冰层的厚度和脚印的面积

B．积雪的厚度和脚印的面积 D．脚印的深度和脚印的面积

15．（2分）如图所示的电路中，R为滑动变阻器，R0为定值电阻，电源电压为8V恒定不变．（不计温度对电阻的影响），在滑片P滑动过程中，电压表与电流表的示数变化如图乙所示，则根据图象信息可知，下列错误的是（ ）

A．R0阻值是5Ω

B．电路的最小总功率是0.8W C．电路的最大总功率是12.8W D．滑动变阻器的最大阻值是35Ω

16．（2分）为了将放置在水平地面上重为100N的物体提升一定高度，设置了图1所示的滑轮组装置．当用图乙所示随时间变化的竖直向下的拉力F拉绳时，物体的速度v和物体上升的高度h随时间变化的关系分别如图丙和丁所示．（不计绳重和绳与轮之间的摩擦）下列计算结果正确的是（ ）

A．0s～1s内，地面对物体的支持力是10N B．1s～2s内，拉力F做的功是187.5J C．2s～3s内，拉力F的功率是100W D．2s～3s内，滑轮组的机械效率是62.5%

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针如图甲所示，这时应通过向 （选填“左”或“右”）调节，使天平平衡． （2）小明进行了下列实验操作： A．用天平测出空烧杯的质量mo=20g；

B．用天平测出烧杯和剩余盐水的总质量m1=29g；

C．将待测盐水倒入烧杯中，用天平测出烧杯和盐水的总质量m2，右盘所加砝码和游码位置如图乙所示，天平平衡，m2= g；

D．将烧杯中盐水的一部分倒入量筒，测出这部分盐水体积V，量筒中液面位置如图丙所示；

小明同学的操作中有一个步骤是没有必要的，请你帮他找出来，并帮他把必要的步骤正确排序．不必要的步骤是 ；正确操作步骤顺序为 （填字母代号）

32．（7分）在“测量小灯泡电功率”的实验中，小灯泡的额定电压为2.5伏，电阻大约为10欧，电源电压为6伏．

（1）图甲中已有部分电路连好，请用笔画线代替导线将电路连接完整． （2）小明正确连接电路后，闭合开关，发现无论怎样调节滑动变阻器灯泡都不亮．若电流表没有示数，电压表有示数且接近电源电压，可以判断故障原因是 ．

（3）故障排除后重新闭合开关，移动滑动变阻器滑片P到某一位置时，电压表的示数如图乙所示，为 V，若要测量小灯泡的额定功率，应将图甲中滑片P向 （填“A”或“B”）端移动，使电压表的示数为2.5伏；

（4）小金同学移动滑片P，记下多组对应的电压表和电流表的示数，并绘制成图丙所示的图象．可计算出小灯泡的额定功率是 瓦．该图象不是直线，主要原因是 ．

33．（2分）小东的爸爸买了一个玉制实心小工艺品，小东想知道它的密度是多少，于是他用一个弹簧测力计、一根细线和一盆清水，通过实验测量并计算出小

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工艺品的密度，水的密度ρ水为已知．请你帮助小东完成下列要求： （1）写出实验步骤 ①用细线把工艺品系住；

②用弹簧测力计测出工艺品在空气中的重力G1； ③ ；

（2）写出工艺品密度ρ的表达式（用实验所测物理量表示）ρ= ．

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2016年福建省福州十六中中考物理模拟试卷

参考答案与试题解析

一、选择题（共32分，均为单选题，每小题2分）

1．（2分）下面四个实验现象中，能够说明分子间存在引力的是（ ）

A．

用绸布摩擦过玻璃棒吸引小纸屑

B．

抽离玻璃板，一段时间后两瓶内气体颜色变均匀

C．

用力才能把与水面接触的玻璃板拉离水面

D．

倒置装满水的玻璃杯后纸片不掉下 【分析】（1）带电体可以吸引轻小物体；

（2）扩散现象是分子不停地做无规则运动的结果； （3）分子间存在着相互作用的引力； （4）覆杯实验证明了大气压强的存在．

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【解答】解：A、用绸布摩擦过玻璃棒带上了电荷，可以吸引小纸屑，不能说明分子间存在引力，故A错误；

B、抽离玻璃板，一段时间后两瓶内气体颜色变均匀，说明分子在不停地做无规则的运动，不能说明分子间存在引力，故B错误；

C、图中用力才能把与水面接触的玻璃板拉离水面，说明分子间存在着相互作用的引力，故C正确；

D、倒置装满水的玻璃杯后纸片不掉下，可以证明大气压强的存在，不能说明分子间存在引力，故D错误． 故选C．

【点评】本题考查了学生对分子动理论的认识．分子动理论的内容是：物质都是由分子组成的；分子之间存在空隙，并且分子在永不停息地做无规则运动；分子之间存在着相互作用的引力和斥力．

2．（2分）王老师用同样的力吹一根吸管，并将它不断剪短，他在研究声音的（ ） A．响度与吸管长短的关系 B．音调与吸管材料的关系 C．音调与吸管长短的关系 D．音色与吸管材料的关系

【分析】声音是由物体的振动产生的，管乐器都是靠空气柱的振动发出声音的，空气柱越短，声音的音调越高．

【解答】解：吹吸管时发出的声音是靠吸管内空气柱的振动产生的，不断的剪短，空气柱越短，空气柱振动频率越高，发出声音的音调越高，所以是探究音调和吸管长短的关系． 故选C．

【点评】解答本题关键知道：音调是由发声体的振动频率决定，管乐器是靠空气柱的振动发出声音的，空气柱越长越难以振动，振动频率越低，音调越低．

3．（2分）如图是丰子恺的一幅漫画，画中配诗“临水种桃知有意，一株当作两株看”．其中呈现的光学现象是（ ）

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A．光的直线传播 B．光的反射 C．光的折射 D．光的色散

【分析】当光照射到物体界面上时，有一部分光被反射回来，例如：平面镜成像、水中倒影等；

【解答】解：诗句“临水种桃知有意，一株当作两株看”中的“一株当作两株看”是桃树在水中成像，是平面镜成像，属于光的反射现象． 故选B．

【点评】此题通过古诗考查学生的物理知识，需要学生在平时学习和生活中多对相关的光现象进行思考，体现了学科的整合性．

4．（2分）下列估测最接近生活实际的是（ ） A．一名中学生的身高约160mm B．福州11月份的平均气温约30℃ C．家用电扇功率约800W

D．中学生跑完50m所用的时间约7s

【分析】首先对题目中涉及的物理量有个初步的了解，对于选项中的单位，可根据需要进行相应的换算或转换，排除与生活实际相差较远的选项，找出符合生活实际的答案． 【解答】解：

A、成年人的身高在170cm左右，中学生的身高略小于成年人，在160cm=1600m左右．故A不符合实际；

B、福州11月份气温就很低了，最高气温不超过30℃，平均气温更不可能达到30℃．故B不符合实际；

C、据实际情况可知，家用电扇的额定功率为50W左右．故C不符合实际； D、中学生50m跑的时间一般在7s左右．故D符合实际． 故选D．

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【点评】对日常生活中的速度、质量、长度、温度等进行准确的估测，是要求初中学生掌握的一种基本能力，平时注意观察，结合所学知识多加思考，逐渐培养这方面的能力．

5．（2分）戴着眼镜喝开水时，镜面变得模糊不清，过了一段时间，镜面又变得清晰起来．镜面上发生的这两种现象的物态变化是（ ） A．只有汽化

B．只有液化

C．先汽化，后液化 D．先液化，后汽化

【分析】液化是指气体变为液体的现象；汽化是指液体变为气体的现象；液化和汽化是两个相反的过程，汽化吸热，液化放热．

【解答】解：开水的温度高，蒸发快，戴着眼镜喝开水时，有许多水蒸气遇到冷的镜子液化形成小水滴，附着在镜片上，使镜片模糊，过了一段时间后，小水滴又蒸发变为水蒸气，所以又变得清晰起来． 故选：D．

【点评】本题主要考查学生对生活中的物态变化的了解和掌握，体现了由物理走向生活的理念．

6．（2分）如图所示的实验装置中能够说明电磁感应现象的是（ ）

A． B． C．

D．

【分析】闭合电路的一部分导体在磁场中做切割磁感线运动时，导体中就会产生电流，该现象就称为电磁感应现象．

【解答】解：A、该电路中有电源，即通电后，磁场中的金属棒会受力运动，故是利用通电导线在磁场中受力的作用的原理工作的，故该选项错误

B、在该闭合电路中没有电源，当ab做切割磁感线运动时，电路中会产生感应电

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流，故这就是电磁感应现象，即该选项正确；

C、该实验是著名的奥斯特实验，该实验说明了通电导线周围存在着磁场，故该选项错误；

D、该装置是用来研究电磁铁磁性强弱影响因素的实验装置，故不符合题意 故选B．

【点评】本题涉及的内容有电流的磁效应、电动机的原理和发电机的原理．注意电磁感应和通电导体在磁场中受力运动的装置的不同，前者外部没有电源，后者外部有电源．

7．（2分）在班上开展“生活处处有物理”的观察实践活动中，小明观察了厨房设备．在他所观察到的现象和对现象的解释中，正确的是（ ） A．打开醋瓶能闻到酸味是因为分子在不停地做无规则运动

B．用高压锅煮食物容易熟，是因为锅内气体压强越大，液体沸点越低 C．不慎滴入几滴水到锅内热油中会发出“吱吱”声，这是发生了升华现象 D．用煤气炉煲汤，在沸腾时调大火焰能提高汤的温度

【分析】（1）构成物质的分子总在做永不停息的无规则运动，生活中的扩散现象就说明了分子的运动；

（2）液体的沸点与液面上方的气压有关，气压越高，沸点就越高．

（3）在一定条件下，物体的三种状态﹣﹣固态、液态、气态之间会发生相互转化，这就是物态变化；由液态变为气态叫汽化，汽化有两种方式：蒸发和沸腾； （4）液体沸腾时，吸收热量，但是温度保持不变．

【解答】解：A、打开醋瓶能闻到酸味是分子的无规则运动产生扩散的结果；A正确；

B、用高压锅煮食物容易熟，是因为液体的沸点随气压增大而升高；故B错误； C、不慎滴入几滴水到锅内热油中会发出“吱吱”声，是水发生剧烈汽化现象时所发出的一种声音；故C错；

D、用煤气炉煲汤，在汤沸腾后，达到沸点，其温度不再改变．故D错误． 故选A．

【点评】此题考查了热学的多个知识点，运用分子运动论知识、汽化现象、液体

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沸腾的特点以及气压与沸点的关系等知识可做出选择．

8．（2分）下列做法中，符合安全用电要求的是（ ） A．小明妈妈经常边看电视边用湿抹布清洁电视机

B．正在洗菜的小明发现电水壶中的水开了，立即去拔电源插头 C．不断开开关，直接更换不亮的电灯泡

D．发现家用电器或电线着火时，先切断电源再灭火

【分析】（1）安全用电的原则：不接触低压带电体，不靠近高压带电体； （2）发现有人触电或电引起的火灾，首先切断电源，再实行救援措施． 【解答】解：A、水属于电的良导体，用湿抹布擦拭带电的电视机，容易引起触电事故．故A错误；

B、正在洗菜的小明的手上有水，水是电的良导体，用湿手去拔电源插头时，容易引起触电事故．故B错误；

C、不断开开关，直接更换不亮的电灯泡，由于灯泡上带电，容易引起触电事故．故C错误；

D、发现家用电器或电线着火时，首先要切断电源再去灭火．正确． 故选D．

【点评】本题考查的是日常生活中的一些安全用电常识，要掌握安全用电的原则：不接触低压带电体，不靠近高压带电体．值得注意的是：本来不带电的物体带了电；本来不导电的物体导电了．

9．（2分）某市利用如图所示的“坐位体前屈测试仪”对初中毕业生进行了身体柔韧性测试．测试者向前推动滑块，滑块被推动的距离越大，仪器的示数就越大．某同学设计了四种电路（如图所示）模拟测试，并要求电路中滑动变阻器的滑片向左滑动时，电表示数减小．其中符合要求的电路是（ ）

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A． B． C． D．

【分析】先识别电路，然后判断滑动变阻器接入电路的阻值的变化，再根据欧姆定律判断电压表或电流表示数的变化． 【解答】解：

A、电路为并联电路，电流表测量定值电阻的电流，电流表的示数不变，故A错误；

B、电路为并联电路，电流表测量通过滑动变阻器的电流，当滑片向左滑动时，滑动变阻器接入电路的阻值减小，两端电压一定，由I=知，电流表的示数变大，故B错误；

C、电路为串联电路，电压表测量定值电阻两端电压，当滑片向左滑动时，滑动变阻器接入电路的阻值减小，两端电压减小；电源电压一定，所以定值电阻两端电压增大，电压表示数增大，故C错误．

D、电路为串联电路，电压表测量变阻器两端的电压，当滑片向左滑动时，滑动变阻器接入电路的电阻减小，串联电路起分压作用，所以变阻器分得的电压变小，电压表的示数变小，故D正确． 故选D．

【点评】本题考查滑动变阻器的使用，明确电表的测量对象是解题的基础，熟练应用欧姆定律、串联分压原理来分析电路中电流、电压的变化是解题的关键．

10．（2分）图象法是研究物理规律的好方法，下列叙述中与图象不相符 的是（ ）

A．电阻一定时，电流与电压的关系 B．物体所受重力大小与物体质量的关系

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C．物体吸收的热量与比热容的关系

D．浸在水中的物体受到的浮力与排开的水的体积的关系

【分析】该图象为正比例函数图象，然后对各选项进行逐一分析，找出符合正比例关系的实验．

【解答】解：A、当电阻一定时，电流与电压成正比，因此与该图象符合； B、物体所受的重力与物体的质量成正比，因此与图象符合；

C、物体吸收热量的多少和物质的比热容、物体的质量，以及温度的变化值有关．故物体吸收的热量与比热容不成正比，故与该图象不符合

D、浸在水中的物体受到的浮力与排开的水的体积的体积成正比，因此与图象符合； 故选C

【点评】用图象来表示一些物理规律，这在物理学习中是有很重要的地位的，在考试中也越来越多地出现了，关键要熟练掌握所学知识．

11．（2分）小红同学在一支铅笔的下端粘上一块橡皮泥，将它分别置于甲、乙两杯液体中观察到静止时的情形如图所示，下列说法正确的是（ ）

A．铅笔在甲杯液体中受到的浮力较大 B．铅笔在乙杯液体中受到的浮力较大 C．甲杯液体的密度较大 D．乙杯液体的密度较大

【分析】铅笔在甲乙两种液体中都漂浮，所受浮力都等于铅笔重，受浮力相等，再结合阿基米德原理分析即可

【解答】解：因为都是漂浮，铅笔所受浮力都等于铅笔重（浮力相等），所以A和B都错；

∵F浮=ρ液V排g∴ρ液=

，

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∴当F浮相同时，V排大的液体密度小，由图知甲V排的大，所以甲杯液体的密度较小，乙杯液体的密度较大，故C错，D正确． 故选D．

【点评】一、漂浮条件：F浮=G物；二、下端带橡皮泥的铅笔就是简易液体密度计，浸入体积大的液体密度小，浸入体积小的液体密度大．

12．（2分）相等的拉力F，沿不同的方向拉同一物体运动相同的路程s，则下列判断正确的是（ ）

A．甲图中的拉力F做功最快 B．甲图中的拉力F做功最少 C．丙图中的拉力做功最多

D．甲、乙、丙三种情况拉力F做功不相等

【分析】功的大小是物体所受的力与在力的方向上通过距离的乘积，因为在甲、乙、丙三种情况下受力相同，并且在力的方向上通过的距离也相等，由此可得三种情况下拉力做功的多少；由不同表面的粗糙程度判断物体运动速度，可得物体运动的时间，从而比较做功的快慢． 【解答】解：

由题知：F甲=F乙=F丙；s甲=s乙=s丙；

由功的计算公式可以看出：W甲=W乙=W丙，即三种情况下拉力F做功相等，故BCD错误；

由图甲水平面光滑，乙水平面粗糙，丙斜面粗糙且物体在F作用下向上运动，所以甲中物体拉动时速度最快，时间最少，由P=可知甲图中拉力F做功最快．故A正确． 故选A．

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【点评】本题考查做功和做功快慢的比较，牢记功和功率的计算公式，并且会灵活应用．

13．（2分）如图所示，电源电压不变，R1为定值电阻，R2为滑动变阻器．当开关闭合后，滑片P向右移时，下列说法中正确的是（ ）

A．C．

的示数变大 B．和

的比值变大

的示数变大 D．

的示数变大

【分析】由电路图可知，R1与R2串联，电压表V1测R1两端的电压，电压表V2测R2两端的电压，电流表测电路中的电流，根据滑片的移动可知接入电路中电阻的变化，根据欧姆定律可知电路中电流的变化和R1两端的电压变化，根据串联电路的电压特点可知R2两端的电压变化，根据欧姆定律结合R1的阻值可知电压表V1与电流表A示数的比值变化．

【解答】解：由电路图可知，R1与R2串联，电压表V1测R1两端的电压，电压表V2测R2两端的电压，电流表测电路中的电流，

当开关闭合后，滑片P向右移时，接入电路中的电阻变大，电路中的总电阻变大， 由I=可知，电路中的电流变小，即电流表A的示数变小，故D错误； 由U=IR可知，R1两端的电压变小，即电压表V1的示数变小，故A错误； 因串联电路中总电压等于各分电压之和，

所以，R2两端的电压变大，即电压表V2的示数变大，故B正确；

由R=可知，电压表V1与电流表A示数的比值等于定值电阻R1的阻值，则V1与A的比值不变，故C错误． 故选B．

【点评】本题考查了电路的动态分析，涉及到串联电路的特点和欧姆定律的应用，分清电路的连接方式和电表所测的电路元件是关键．

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14．（2分）在平整地面上有一层厚度均匀的积雪，小明用力向下踩，形成了一个下凹的脚印，如图所示．脚印下的雪由于受外力挤压可近似看成冰层，利用冰的密度，只要测量下列哪组物理量，就可以估测出积雪的密度？（ ）

A．积雪的厚度和脚印的深度 C．冰层的厚度和脚印的面积

B．积雪的厚度和脚印的面积 D．脚印的深度和脚印的面积

【分析】本题的关键点是“脚印下的雪由于受外力挤压可近似看成冰层”，联系点是脚下的积雪被挤压变成冰层质量相等，根据公式m=ρV=ρSh列出关系式求解出积雪的密度．

【解答】解：设脚印的面积为S，积雪的厚度为h，脚印的深度为h1，冰的密度为ρ冰，

脚印下积雪的质量为m雪=ρ雪V雪=ρ雪Sh，

被挤压变为冰后的质量为m冰=ρ冰V冰=ρ冰S（h﹣h1）， 根据m雪=m冰得：ρ雪Sh=ρ冰S（h﹣h1）， 所以得：ρ雪=故选A．

【点评】本题中容易测量的物理量是积雪的深度和脚印的深度，与体积有关的脚印的面积不容易测而且在等式两边消去，以后解题利用这种技巧点，建立适当的物理模型．

15．（2分）如图所示的电路中，R为滑动变阻器，R0为定值电阻，电源电压为8V恒定不变．（不计温度对电阻的影响），在滑片P滑动过程中，电压表与电流表的示数变化如图乙所示，则根据图象信息可知，下列错误的是（ ）

ρ冰．

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A．R0阻值是5Ω

B．电路的最小总功率是0.8W C．电路的最大总功率是12.8W D．滑动变阻器的最大阻值是35Ω

【分析】由电路图可知，R0和R串联，电压表测R两端的电压，电流表测电路中的电流．

（1）当滑动变阻器接入电路中的电阻最大时，电路中的电流最小，电压表的示数最大，根据图象读出电表示数，利用欧姆定律求出滑动变阻器的最大阻值，根据串联电路的电压特点和欧姆定律表示出电源的电压；

（2）当滑动变阻器的接入电路中的电阻为0时，电路为R0的简单电路，电路中的电流最大，根据图象读出电路中的电流，利用欧姆定律表示出电源的电压，根据电源的电压不变得出等式即可求出R0的阻值，进一步求出电源的电压，利用P=UI求出电路的最大、最小功率．

【解答】解：由电路图可知，R0和R串联，电压表测R两端的电压，电流表测电路中的电流．

（1）当滑动变阻器接入电路中的电阻最大时，电路中的电流最小，电压表的示数最大，

由乙图可知，电路中的最小电流I小=0.2A，R两端的电压UR大=7V， 由I=可得，滑动变阻器的最大阻值： R大=

=

=35Ω，故D正确；

因串联电路中总电压等于各分电压之和， 所以，电源的电压：

U=U0+UR大=I小R0+UR大=0.2A×R0+7V；

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（2）当滑动变阻器的接入电路中的电阻为0时，电路为R0的简单电路，电路中的电流最大，

由乙图可知，电路中的最大电流I大=1.6A， 则电源的电压： U=I大R0=1.6A×R0， 因电源的电压不变，

所以，0.2A×R0+7V=1.6A×R0， 解得：R0=5Ω，故A正确；

则电源的电压U=I大R0=1.6A×5Ω=8V， 电路的最大总功率：

P大=UI大=8V×1.6A=12.8W，故C正确； 电路的最小总功率：

P小=UI小=8V×0.2A=1.6W，故B错误． 故选B．

【点评】本题考查了串联电路的特点和欧姆定律、电功率公式的应用，关键是根据图象读出有用的信息．

16．（2分）为了将放置在水平地面上重为100N的物体提升一定高度，设置了图1所示的滑轮组装置．当用图乙所示随时间变化的竖直向下的拉力F拉绳时，物体的速度v和物体上升的高度h随时间变化的关系分别如图丙和丁所示．（不计绳重和绳与轮之间的摩擦）下列计算结果正确的是（ ）

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A．0s～1s内，地面对物体的支持力是10N B．1s～2s内，拉力F做的功是187.5J C．2s～3s内，拉力F的功率是100W D．2s～3s内，滑轮组的机械效率是62.5%

【分析】由滑轮组的结构可以看出，承担物重的绳子股数n=3，则拉力F移动的距离s=3h．

（1）已知滑轮组绳子的段数n和拉力F拉，物体静止，设滑轮组对物体的拉力F′，其关系为F拉=（F′+G动）；

地面对物体的支持力等于物体对地面的压力，等于物体的重力G减去整个滑轮组对物体的拉力F′；

（2）由F﹣t图象得出在2～3s内的拉力F，由v﹣t图象得出重物上升的速度，求出拉力F的作用点下降的速度，利用P=Fv求拉力做功功率，知道拉力F和物重G大小，以及S与h的关系，利用效率求滑轮组的机械效率．

（3）由F﹣t图象得出在1～2s内的拉力F，由h﹣t图象得出重物上升的高度，求出拉力F的作用点下降的距离，利用W=Fs求此时拉力做功． 【解答】解：

（1）由图乙可知，在0～1s内，拉力F=30N．取动滑轮和重物为研究对象，受到向下的重力G和G动，向上的支持力F支，及三根绳子向上的拉力F′作用，处于静止状态；

地面对重物的支持力F支=G﹣F′=G﹣3F拉+G动=100N﹣3×30N+G动=G动+10N；故A错误；

（2）由图可知在2～3s内，重物做匀速运动，v3=2.50m/s，拉力F3=40N， 因为从动滑轮上直接引出的绳子股数（承担物重的绳子股数）n=3， 所以拉力F的作用点下降的速度v3′=3v3=3×2.50m/s=7.5m/s， 拉力做功功率（总功率）：

P总=F3V3′=40N×7.5m/s=300W，故C错误； 滑轮组的机械效率： η=

×100%=

×100%=

×100%≈83.33%，故D错误；

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（3）在1～2s内，拉力F2=50N，重物上升高度h2=1.25m 拉力F的作用点下降的距离s2=3h2=3×1.25m=3.75m， 拉力做的功：

W=F2S2=50N×3.75m=187.5J；故B正确． 故选：B．

【点评】本题是一道力学综合题，涉及到功、功率、机械效率、压强的计算，能从题目提供的图中得出每秒内的相关信息是本题的关键．

二、填空、作图题（共16分，每空1分，21题3分）

17．（4分）我国去年12月发射的暗物质粒子探测卫星“悟空”正在太阳同步轨道上飞行，从它的观测数据获得的首批科研成果预计将在今年下半年发布． （1）以地球为参照物，则“悟空”探测卫星是 运动 的；

（2）当太阳光照射“悟空”探测卫星的太阳能帆板时，帆板把光能转化为 电 能，为卫星上的电器设备提供能源．地面控制站与探测卫星之间是通过 电磁波 来传递信息的；

（3）如果探测卫星受到的所有外力突然同时消失，它将 匀速直线运动 ．

【分析】（1）如果物体相对于参照物的位置不断变化，物体是运动的，如果物体相对于参照物的位置不变，物体是静止的；

（2）太阳能电池板能把光能转化为电能，“天宫一号”与地面间通过电磁波传递信息；

（3）根据牛顿第一定律分析．

【解答】解：（1）以地球为参照物，则“悟空”探测卫星与地面有位置的变化，故是运动的；

（2）太阳能帆板把光能转化为电能；地面控制站与探测卫星之间是通过电磁波来传递信息；

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（3）由牛顿第一定律可知，探测卫星受到的所有外力突然同时消失，则它将做匀速直线运动．

故答案为：（1）运动；（2）电；电磁波；（3）匀速直线运动．

【点评】本题考查了根据参照物判断探测卫星组合体的运动状态、能量的转化方向、信息的传递途径、透镜成像规律的应用等问题，涉及的知识点较多，是一道学科综合题．

18．（3分）图甲是一种电热暖手宝，其主要参数如图乙所示．袋内通常用水来当吸热或放热的物质，因为水的 比热容 较大；使用前要先给其通电加热，如果在额定电压下加热10min，暖手宝内水的温度由原来的5℃上升至65℃，指示灯熄灭，则此过程中水吸收的热量是 2.52×105 J，电热暖手宝的发热效率为 84% ．（C水=4.2×103J/（kg?℃）

【分析】（1）水的比热容大：相同质量的水和其它物质比较，吸收或放出相同的热量，水的温度升高或降低的少；升高或降低相同的温度，水吸收或放出的热量多；

（2）知道水的质量、温度的变化，根据热量的计算公式Q吸=cm△t计算出水吸收的热量；再根据W=Pt计算出消耗的电能，根据η=发热效率． 【解答】解：

（1）因为水的比热容较大，降低相同的温度，水放出的热量多，所以电热水袋里面一般用水作储能物质；

（2）温度从5℃升高到65℃，此过程中水吸收的热量是

Q吸=cm△t=4.2×103J/（kg?℃）×1kg×（65℃﹣5℃）=2.52×105J； 消耗的电能：

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就可以求出电热水袋的

W=Pt=500W×10×60s=3×105J， 则该电热水袋的发热效率η=

=

=84%．

故答案为：比热容；2.52×105；84%．

【点评】本题由电热水袋入手考查相关的物理知识，尤其是最后一问求发热袋的效率是解题的难点，关键是对公式的灵活运用．

19．（4分）“漂移”是一种高难度的汽车表演项目．有一种“漂移”方法如下：当汽车在水平地面上行驶时，车对地面的压力和地面对车的支持力 不是 （填“是”或“不是”）一对平衡力，此时突然刹车，但汽车仍要向前运动，这是由于汽车具有 惯性 ．同时转动方向盘，汽车急转弯，这是摩擦力改变了汽车的 运动状态 ．该过程中车胎温度升高，这主要是通过 做功 的方式改变了车胎的内能． 【分析】（1）一对平衡力必须大小相等、方向相反、作用在一条直线上、作用在同一物体上．一对相互作用力作用在不同的物体上； （2）一切物体都有保持原来运动状态不变的性质，叫惯性； （3）力的作用效果有改变物体的形状，改变物体的运动状态； （4）做功和热传递都可以改变物体的内能．

【解答】解：（1）当汽车在水平地面上行驶时，车对地面的压力和地面对车的支持力不是作用在同一物体上，不是一对平衡力；

（2）此时突然刹车，但汽车仍要向前运动，这是由于汽车具有惯性，仍要保持原来的运动状态；

（3）同时转动方向盘，汽车急转弯，这是摩擦力改变了汽车的运动状态． （4）该过程中车胎温度升高，这主要是摩擦生热现象，是通过做功的方式改变了车胎的内能．

故答案为：不是；惯性；运动状态；做功．

【点评】本题主要考查了平衡力的辨别，惯性的应用，力的作用效果，改变物体内能的方式等，有一定综合性，但难度不大．

20．（2分）如图所示电路，当开关S闭合，甲、乙两表是电压表时，两表示数

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之比U甲：U乙=3：2，则R1：R2= 1：2 ；当开关S断开，甲、乙两表是电流表时，R1与R2的功率之比P1：P2= 2：1 ．

【分析】（1）当开关S闭合，甲、乙两表是电压表时，R1与R2串联，电压表甲测电源的电压，电压表乙测R2两端的电压，根据串联电路的电压特点求出两电阻两端的电压之比，根据串联电路的电流特点和欧姆定律求出两电阻的阻值之比； （2）当开关S断开，甲、乙两表是电流表时，R1与R2并联，根据并联电路的电压特点和P=UI=【解答】解：

（1）当开关S闭合，甲、乙两表是电压表时，R1与R2串联，电压表甲测电源的电压，电压表乙测R2两端的电压，

因串联电路中总电压等于各分电压之和，且U甲：U乙=3：2， 所以，R1、R2两端的电压之比：

=

=

=，

求出R1与R2的功率之比．

因串联电路中各处的电流相等，

所以，由I=可得，两电阻的阻值之比：

===；

（2）当开关S断开，甲、乙两表是电流表时，R1与R2并联， 因并联电路中各支路两端的电压相等， 所以，由P=UI=

可得，R1与R2的功率之比：

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===．

故答案为：1：2； 2：1．

【点评】本题考查了串联电路的特点和并联电路的特点以及欧姆定律、电功率公式的灵活运用，关键是开关闭合与断开、不同电表时电路串并联的辨别以及电表所测电路元件的判断．

21．（3分）请按下列要求作图．

（1）如图甲所示，重为6牛的小球静止在水中，请画出小球受到的浮力的示意图．

（2）完成图乙中的光路图，标出入射角度．

（3）在图丙中标出通电螺线管的N、S极和磁感线方向．

【分析】（1）知道小球悬浮中水中，则小球受到竖直向下的重力和竖直向上的浮力是一对平衡力，则F浮=G=5N，过小球的重心表示出浮力的方向和大小即可． （2）要解决此题，需要掌握光的反射定律的内容：反射光线与入射光线、法线在同一平面上；反射光线和入射光线分居在法线的两侧；反射角等于入射角． （3）根据电源的正负极可知电流的方向，根据安培定则判断出螺线管的NS极，在磁体外部，磁感线的方向是从N极指向S极． 【解答】解：

（1）因为小球悬浮水中，所以F浮=G=6N，过小球的球心做竖直向上、大小为6N的浮力，

（2）先过入射点垂直平面镜作出法线，已知反射光线与镜面的夹角为30°，则反射角为90°﹣30°=60°，再根据反射光线和入射光线分居在法线的两侧，反射角等于入射角在法线的右侧画出入射光线，

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（3）已知电源的右端为正极、左端是负极，根据安培定则，伸出右手握住螺线管使大拇指指示通电螺线管的N极，四指弯曲所指的方向为电流的方向，则螺线管的左端为N极，在磁体外部，磁感线的方向是从N极指向S极，如图所示：

【点评】（1）知道悬浮的物体受平衡力的作用，并且知道浮力的方向总是竖直向上的，会用力的示意图表示出力的三要素．

（2）主要考查了光的反射定律的应用，首先要熟记光的反射定律的内容，并要注意入射角与反射角的概念．

（3）磁极间的相互作用规律与安培定则相结合是电磁学方面的常见题型，一般有两个思路：①由小磁针的指向判断通电螺线管的磁极，进而判断电流的方向或绕线；②根据右手定则判断出通电螺线管磁极，进而判断出小磁针的指向．

三、简答题（本题3分）

22．（3分）如图所示，在两个完全相同的物体上方铺放一张白纸，两物体间隙中间用吹风机水平吹风，白纸会下凹，简述白纸下凹的原理．

【分析】根据流体压强与流速的关系，可解释当水平吹风时，白纸向下凹的原因． 【解答】答：当吹风机从白纸下方吹风时，白纸下方空气流速快，压强小，白纸上方空气流速慢，压强大，形成一向下的压力差，故白纸下凹．

【点评】熟知流体压强与流速的关系：流速越大的位置压强越小，是解答此题的关键．

四、计算题（23题6分，24题5分，25题7分，共18分）

23．（6分）如图所示，一辆小汽车质量为1.2t，发动机的功率为60kW，停在水

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平地面上时，四轮与地面的总接触面积为1000cm2．当它在水平公路上以20m/s的速度匀速行驶1440m时，求：

（1）汽车停在水平地面上时，对水平地面的压强多大？（g=10N/kg） （2）汽车行驶这段距离用了多长时间？发动机提供的牵引力多大？

【分析】（1）汽车停在水平地面上时，对水平地面的压力和自身的重力相等，根据F=G=mg求出其大小，利用p=求出对水平地面的压强；

（2）知道汽车行驶这段距离的速度，根据t=求出行驶的时间，根据P==求出发动机提供的牵引力．

【解答】解：（1）汽车停在水平地面上时，对水平地面的压力： F=G=mg=1.2×103kg×10N/kg=1.2×104N， 对水平地面的压强： p==

=1.2×105Pa；

=Fv

（2）由v=可得，汽车行驶这段距离用的时间： t==由P==F′==

=72s，

=Fv可得，发动机提供的牵引力：

=3000N．

答：（1）汽车停在水平地面上时，对水平地面的压强为1.2×105Pa； （2）汽车行驶这段距离用了72s，发动机提供的牵引力为3000N．

【点评】本题考查了压强、时间、牵引力的计算，灵活的运用公式及其变形式是关键，计算过程要注意单位的换算．

24．（5分）如图，电源电压恒为12V，小灯泡的规格为“12V 6W”，滑动变阻器的最大阻值为24Ω．（忽略温度对灯丝的影响）求： （1）小灯泡正常发光时的电流．

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（2）小灯泡发光最暗时的电功率．

【分析】（1）灯泡正常发光时的功率和额定功率相等，根据P=UI求出小灯泡正常发光时的电流；

（2）根据欧姆定律求出灯泡的电阻，当滑动变阻器接入电路中的电阻最大时，小灯泡发光最暗，根据电阻的串联和欧姆定律求出电路中的电流，利用P=I2R求出小灯泡发光最暗时的电功率．

【解答】解：（1）由P=UI可得，小灯泡正常发光时的电流： IL=

=

=0.5A；

（2）由I=可得，小灯泡的电阻： RL=

=

=24Ω，

当滑动变阻器接入电路中的电阻最大时，小灯泡发光最暗， 因串联电路中总电阻等于各分电阻之和， 所以，电路中的电流： I=

=

=0.25A，

小灯泡发光最暗时的电功率： PL′=I2RL=（0.25A）2×24Ω=1.5W．

答：（1）小灯泡正常发光时的电流为0.5A； （2）小灯泡发光最暗时的电功率为1.5W．

【点评】本题考查了串联电路的特点和欧姆定律、电功率公式的应用，要注意灯泡正常发光时的功率和额定功率相等．

25．（7分）如图是某款有加热和保温功能的电热饮水机电路原理图，机内有温控开关S0．该饮水机的部分参数已知：额定电压为220V，加热时的总功率为880W，保温时的功率为40W，R1、R2为加热电阻丝．（假设它们的阻值不变）求：（计算

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结果若不能整除，保留一位小数）

（1）当S和S0闭合时，饮水机处在什么状态？此时电路的总电流是多大？ （2）在加热状态下，电阻丝R1的阻值为多少？

（3）傍晚用电高峰期，若实际电压只有200V时，饮水机加热的实际总功率是多大？

【分析】（1）当S和S0闭合时；分析电路电阻的变化，根据P=大小可知电热饮水机处于哪种工作状态；

分析电路功率

由铭牌可知电热饮水机的额定电压和额定加热功率，根据I=可求在加热状态下的总电流．

（2）饮水机保温时电路为R2的简单电路，根据欧姆定律求出R2的阻值；饮水机加热时两电阻并联，根据P=的阻值；

（3）知道加热时的电压，根据P=

求出此时该饮水机在加热状态的实际功率． 求出电路中的总电阻，利用电阻的并联求出R1

【解答】解：（1）当开关S、S0闭合时，两电阻并联，电路中的总电阻最小，由P=

可知，电热饮水机处于加热状态，

=

=4A；

此时电路的总电流I=

（2）饮水机保温时电路为R2的简单电路， 由P=R2=

可得，电阻R2的阻值： =

=1210Ω，

饮水机加热时两电阻并联，由P==55Ω

可得，电路中的总电阻：R==

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