高中数学竞赛辅导讲座-数列(一)
更新时间:2024-06-18 08:00:01 阅读量: 综合文库 文档下载
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高中数学竞赛辅导讲座---数列
一、学习目标
数列是高中数学的重要内容之一,也是高考及高中数学联赛考查的重点。而且往往还以解答题的形式出现,所以我们在复习时应给予重视。近几年的数列试题不仅考查数列的概念、等差数列和等比数列的基础知识、基本技能和基本思想方法,而且有效地考查了学生的各种能力。 二、知识要点
(一)、数列的基础知识
1.数列{an}的通项an与前n项的和Sn的关系
它包括两个方面的问题:一是已知Sn求an,二是已知an求Sn; 1.1 已知Sn求an
(n?1)?S1对于这类问题,可以用公式an=?.
S?S(n?2)n?1?n
1.2 已知an求Sn
这类问题实际上就是数列求和的问题。数列求和一般有三种方法:颠倒相加法、
错位相减法和通项分解法。
?a?a2.递推数列:?1,解决这类问题时一般都要与两类特殊数列相联
a?f(a)n?n?1系,设法转化为等差数列与等比数列的有关问题,然后解决。
(二)、等差数列与等比数列
1.定义:数列{an}为等差数列?an+1-an=d?an+1-an=an-an-1;
数列{bn}为等比数列?bn?1?q?bn?1?bn。
anbnbn?12.通项公式与前n项和公式:
数列{an}为等差数列,则通项公式
1(共16页)
an=a1+(n-1)d, 前n项和
Sn=
n(a1?an)n(n?1)d=na1?.
22(q?1)?na1?数列{an}为等比数列,则通项公式an=a1qn-1, 前n项和Sn=?a1(1?qn).
(q?1)?1?q?3.性质:
每连续m项的和若m+n=p+q, 则am+an=ap+aq 仍组成等差数列,即 Sm,S2m-Sm,S3m-S2m组成等差数列 每连续m项的和若m+n=p+q, 则aman=apaq 仍组成等比数列,即 Sm,S2m-Sm,S3m-S2m组成等比数列 (4)函数的思想:等差数列可以看作是一个一次函数型的函数;等比数列可以看作是一个指数函数型的函数。可以利用函数的思想、观点和方法分析解决有关数列的问题。
(三).等差数列与等比数列数列问题的综合性和灵活性如何表现? 数列问题的综合性主要表现在
1.数列中各相关量的关系较为复杂、隐蔽.
2.同一问题中出现有若干个相关数列,既有等差或等比数列,也有非等差,非等比的数列,需相互联系,相互转换. 数列问题的灵活性表现在:
1.需灵活应用递推公式,通项公式,求和公式,寻求已知与所求的关系,减少中
2(共16页)
等差数列 等比数列 间量计算.
2.需灵活选用辅助数列,处理相关数列的关系. 三、例题赏析
例1 已知(b-c)logm x+(c-a)logm y+(a-b)logm z=0 ①
(1) 若a、b、c依次成等差数列,且公差不为0,求证x、y、z成等比数列; (2) 若x、y、z依次成等比数列,且公比不为1,求证a、b、c成等差数列. 分析 判断三个数成等差数列或等比数列的充要条件,一是定义,二是中项公式. 证明:(1)∵ a、b、c依次成等差数列 ∴ b-c=-d,c-a=2d,
a-b=-d(d≠0)代入① 得 -d(logm x-2 logm y + logm z)=0 ∵d≠0 ∴logmx?2logmy?logmz=logm y2=xz,可知x、y、z 成等比数列. (2)∵ x、y、z 依次成等比数列
yzz==q , =q2 (q?1)∴ 两边取对数,得 yxxxzy2= 0 ,,
logm z-logm y=logm y-logm x=logm qlogm z-logm x=2 logm q ① 式可变为
a(logm z-logmy)-b(logm z-logmx)+ c(logm y-logmx)=0 即 logm q(a-2b + c)=0 ∵ logm q≠0
∴ 2b=a+c,可知a、b、c成等差数列.
例2 数列{an}的 前 n 项 和Sn=a · 2n + b(n?N),则{an}为等比数列的充要条件是________.
分析 应从转化出数列{an}的通项公式入手. 解:a1=S1=2a + b 当n≥2时,
3(共16页)
an=Sn-Sn-1=(a ·2n + b)-(a ·2n-1+b)=a · 2n-1
由此可知:当a≠0时, a2 , a3 … ,an , … 是公比为2的等比数列. ∴{an}为等比数列的充要条件是
a≠0,且2a+b=a·20,即a≠0,且a + b=0.
例3 设等差数列{an}的前n项和为Sn,若S7=56,Sn=420,an-3=34,则n=________. 分析 将题设的三个数据,利用等差数列的通项公式及前n项和公式, 布列出三个关于a1,公差d,项数n的方程,并求解,会使过程复杂化,应设法直接布列关于n的方程
解:∵ S7=a1+ a2+ a3+ a4+ a5+ a6+ a7=7a4 ∴ 由S7=56,可得a4=8 又a1+ an=a4+ an-3=8+34=42. ∴ 由 Sn=420,解得n=20.
例4.等差数列中,a3+a7-a10=8,a11-a4=4,求S13 解:由求和公式S13?13(a1?a13)?13a7 2知问题转化为求a7由条件得:a7=12
例5.各项均为实数的等比数列{an}的前n项之和为Sn,若S10=10,S30=70,求S40。 解 记b1=S10,b2=S20-S10,b3=S30-S20,b4=S40-S30.设q是{an}的公比,则b1,b2,b3,b4构成以r=q10为公比的等比数列。于是70=S30=b1+b2+b3=b1(1+r+r2) =10(1+r+r2) 即r2+r-6=0. 解得r=2 或 r=-3由于r=q10>0 ,
1?240?10(240?1) 所以r=2故 S40?10(1?2?2???2)?10?1?2239例4 (2000年全国)设{an}是首项为1的正项数列,且(n+1)an+12-nan2+an+1an=0,(n=1,2,3,…),则它的通项公式是an= . 分析:(1)作为填空题,不需要解题步骤,所以可以采用不完全归纳法。
1111令n=1,得:2a22+a2-1=0,解得,a2=.令n=2, 得:3a32+a3-=0, 解得,a3=.
22234(共16页)
11同理,a4=由此猜想:an=.
4n(2)由(n+1)an+12-nan2+an+1an=0,得:[(n+1)an+1-nan](an+1+an)=0, 所以(n+1)an+1=nan,
1这说明数列是常数数列,故nan=1,an=.
n也可以由(n+1)an+1=nan,得:
an?1n,所以 ?ann?1an?anan?1an?1n?211????2?a1??????1?。 an?1an?2a1nn?12n例5 在等差数列{an}中,已知a1>0,Sn是它的前n项的和.已知S3=S11,求Sn的最大值。
分析:和例8一样,也是未知数的个数多于方程的个数,所以须考虑等差数列的性质。
解:由已知:S3=S11,故3a1?3d?11a1?55d,得:d??2a1?0.而因为S3=S11,13得a4+a5+a6+…+a10+a11=0.由于a4+a11=a5+a10=a6+a9=a7+a8,所以a7+a8=0。
故a7>0,a8<0,所以 S7最大。
评说:(1)本题也可以利用函数的思想来解,即把Sn表示成某一变量的函数(比如n),然后再求这个函数的最大值。
(2)本题还可以利用方程与不等式的思想来解,即Sn最大当且仅当an>0同时
an+1<0,解这个不等式组即可。
例7已知等差数列{an}的前n项的和为Sn,令bn=
n11,且b4=,S6-S3=15,
10Sn求数列{bn}的通项公式和lim?bi的值。
n??i?1 分析:欲求bn,需先求Sn,而Sn是数列{an}的前n项的和,所以应首先求出an。
因为数列{an}是等差数列,故只要能找到关于a1与d的两个方程即可。
解:设数列的首项为a1,公差为d.由已知得:
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则第一部分各数之和3am>1+a+…+am-13第二部分之和 四、学生练习
1.设{an}是等比数列,首项a1>1,公比q>1,求证:数列{
}是递减数列
2.确定最大的实数z,使得x+y+z=5,xy+yz+zx=3,并且x与y也是实数 3.将奇数{2n-1}按照第n组含有n个数的规则分组: 1, 3,5 7,9,11, 13,15,17,19 …………………
(1)求第8组中的所有奇数
(2)求1993属于第几组中的第几号数 (3)求第100组中所有奇数的和 (4)求前100组的全体奇数的总和
4.设{an}与{bn}分别是等差数列和等比数列,且a1=b1>0,a2=b2>0试比较an和bn的大小
5.设S={1,2,3,…,n},A为至少含有两项的公差为正的等差数列,其每一项均在S中,且添加S中的其它元素于A以后,均不能构成与A有相同公差的等差数列,求这种数列A的个数(只有两项的数列也看成等差数列)
6.数列{an}的前n项之和为Sn,若S1=1且Sn1=Sn+(5n+1)an,n=1,2,…,|a|11,求Sn
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