西南交通大学出版社郭运瑞高等数数第一章答案
更新时间:2023-03-20 07:10:01 阅读量: 实用文档 文档下载
西南交通大学出版社郭运瑞高等数数第一章答案
1.用定义验证极限 (1) limn
1 n2n
n
0
证明:
1 n2
1 1 1 0 2,对 0,欲使 2 0 ,只需 n n n n
故对 0,取 N max
1 ,1 当 n N时,有
批注[U1]:注意不能写 N
1
1 n2故
n
0 批注[U2]:证明书写中必需有这一
limn
1 n2
n
段。
0
(2) limn
n2 a 2 1 nn2 a 2 1 n n
证明:
a2 n2 a 2 n
a2,对 0,欲使 n
n2 a 2 1 ,只 n
需
a 2 a2 a2 ,即 n 。故对 0,取 N max ,1 当 n N时,有 n n2 a 2 1 n
故
n2 a 2 lim 1 n n
批注[U3]:注意事项同上
西南交通大学出版社郭运瑞高等数数第一章答案
2
由由3 又所以n对 又xn 4n解 (1)(2)n解
西南交通大学出版社郭运瑞高等数数第一章答案
5
西南交通大学出版社郭运瑞高等数数第一章答案
1(1)
x x0 0
limf x 对 0,存在(2)limf x x
对 0,存在(3)
x
limf x 对 M 0,存在2(1)limcosx x x0
证明:cosx cos有当
x x0 22故当x x0 cosx cosx0 故对 0,x(2) x 证明:当a 0当x x0 当a 00 综上所述x
西南交通大学出版社郭运瑞高等数数第一章答案
3 若
x
limf x limf x A,证明limf x A
x
x
证明 :对 0, 由由
x
limf x A,存在X1 0,当x X1时有f x A , limf x A,存在X2 0,当x X2时有f x A ,
x
故对 0,取X max X1,X2 ,当x X时有
f
x
,所以
limf x A
x
4 求极限 (1)lim
1 cos2x
x 0xsinx
1 cos2x2sin2xsinx解 法一 lim lim 2lim 2;
x 0x 0xsinxx 0xsinxx
法二 已知 1 cos2x(2)limnsin
n
1
2x 2 2x2,sinx21 cos2x2x2
x,故lim lim2 2
x 0x 0xxsinx
x
n
xsix
解 limns xl x
n n n
n
tanx sinx
(3) lim
x 0x解 法一 lim
sinx 1 cosx tanx sinx
limlim
x 0x 0x 0x3x3cosx
2
sinx2sin2
x3cosx
x
x sin 11sinx 1 limlimlim
2x 0cosxx 0xx 0 2
2
法二 lisinx 1 cox stanx sixn
li 3x 0x 0xx3cosx
12
x,sinx2
x,故
已知 1 cosx
西南交通大学出版社郭运瑞高等数数第一章答案
1 x x2 1 sin x 1 cos x tan x sin x 1 lim lim lim lim 23 x 0 x 0 x 0 cos x x 0 x3 x3 cos x x 2以下做法是错误的
limx 0
tan x tan x sin x sin x lim 3 lim 3 3 x 0 x x 0 x x x x x x lim 3 lim 3 lim 3 0 x 0 x x 0 x x 0 x
批注[U11]:错误步骤 limx 0
tan x与 x3
limx 0
(4) lim(1 x) tanx 1
sin x不存在,故不能分开。 x3
2
x
批注[U12]:
limx 0
解令 u 1 x,则 lim(1 x) tanx 1
2
x lim u tanu 0
2
1 u lim u cot u 0
2
x x3
不存在,故不能
u
求和。
u cos u 2 2 2 lim 2 limcos u lim u u 0 u 0 sin u u 0 2 sin u 2 2(5) lim 1
x
1 x
kx
kx 1 x 1 解法一 lim 1 lim 1 x x x x
k
e k 1
lim kx ln 1 kx ln 1 1 1 1 x x 法二 lim 1 lim e x e,由 ln(1 ) ,可得 x x x x x
kx
1
lim kx 1 lim 1 e x x e k x
x
kx
1
(6) lim
x 2 x x 1
x
1 1 x 1 1 x 2 解法一 lim lim 1 lim x x 1 x x 1 x 1 1 x 1x x
x 1
e
lim x ln 1 x ln 1 x 2 x 1 e x x 1 ,由 ln(1 )法二 lim lim e x x 1 x x 1
x
x 2
1
1可得 x 1
x 2 x 1 lim e e x x 1 xx
西南交通大学出版社郭运瑞高等数数第一章答案
(7)x 0
解 法一
x
x
2sin2
x
x x
2
lim sinx 2
x 0 lim x 0 2 x 12
法二x
x , 由1 cosx
1x
2
,1 122
2
,可得
x 0
x 12 limx
1
x 0x 2
x 2
2
)
xlim
解 lim
xlim
x
xlim
1
5 证明 与 为等价无穷小充要条件是 o
证明 与 为等价无穷小 lim
1 1 ,其中lim 0,即 ,其中lim 0;注意到lim
lim 0,即 o ,所以
与 为等价无穷小 o
(8
西南交通大学出版社郭运瑞高等数数第一章答案
6 利用等价无穷小极限 (1)lim
sinxn
x 0
sinx
n m解 lim
sinxn
x 0
limxn 0 sinx
m
x 0x
m 1n m
n m
(2) lim
tanx sinx
x 0sinx
12
解 limtanx sinxx 0sin3x lim1 cosxxx 0sin2xcosx lxi 0xlxi 10cosx 12
sinx x2sin
1
(3) lim
x 01 cosxln(1 x)
sinx x2s11
解 lsinx x2sin
xi 01 cosxln (1x lim1)x 01 cosxlimx 0ln(1 x)
sinx x2sin
1 lim1
x 01 cosxlim
x 0
x
lim
1 sinx
1 x 01 cosx limx 0x limx 0xsinx
12 1 0 12 注意 由于x 0时 11
x ,故不能有sin1
x
x
,从而lim1x 0xsinx 1(4
)x 12
解
xx limx 0 1
x 2
x
(5)limax 1
x 0x
解 limax 1x 0x limxlnax 0x
lna
西南交通大学出版社郭运瑞高等数数第一章答案
(6
)x 1
1
u解 令u x
1,则
x 1 u 0 lim1u 0u 2
1(7)lim(cosx
x 0
x 2sinx)
1
1
lim1
解 lim(cosxx 0x
ln(cosx 2sinx)x 0
x 2sinx)
limx
ln(cosx 2sinx)x 0
e
e
e
lim1
x 0x
ln(1 cosx 2sinx 1)lim
cosx 2sinx 1 e
x 0x
1
x2
limcosx 1 e
x 0x
lim2sinx
x 0x e
lim2x
x 0x limx 0x
e2
ax bx cx1
(8)lim(x 03
)x
xx
x11ax bx cxlim1ax bx cx
解 lim(
a b c
x
xln(3
)x 0
3
) limx 0e
e
x 0xln(3
)
x
x
x
ax bx cx 3
lim1a b c 3
e
x 0xln(1 3
) e
lim
1x 0x
e
3limax 1 limbx 1cx 1
x 0xx 0x limx 0x
1 3 limxlnaxlnbxlnc e
x 0x
limx 0x lim
x 0x
(9)lim
sinx sina
x ax a
2sin
x ax a
x a解 limsinx sina
cos
sinx ax a
lim
x ax a 2lim
x ax alimcosx ax a2
x a
2limx ax alimcosx a
x a2
cosa
西南交通大学出版社郭运瑞高等数数第一章答案
7 计算下列极限 (1) lim
sinx
x x
sinx1
0,故lim 0
x x xx
注意当x ,无sinxx。
解 sinx有界,lim
ln(1 xm)
(2) lim,其中m,n为自然数
x ln(1 xn)
11
mlnx ln( 1)1)ln(1 x)解lim lim lim
x ln(1 xn)x x nnlnx ln(n 1)lnx(n 1)
xx
1ln(m 1m )
m lim
x ln(n 1)nn lnx
m
lnxm(
ln(1 xm)xm
注意lim limn
x ln(1 xn)x x
arctanxarctanx
及lim
x x 0xx
arctanx1
0; 解 arctanx有界,且lim 0,故lim
x x xx
arctanxuulim lim lim 1 x 0u 0tanuu 0ux
§3 连续函数与间断点
(3)lim
1. 指出下列函数的间断点及类型
x2 1
(1)y 2
x 3x 2
x2 1
解 y 是初等函数,故在其定义域都连续,对于x 2,1函数无定义,但在它
x 3x 2
们某个去心邻域有定义,故x 2,1是函数间断点。且
x2 1x 1x2 1x 1lim lim 2,lim lim x 1x 3x 2x 1x 2x 2x 3x 2x 2x 2
故x 1是第一类间断点的可去间断点;x 2是第二类间断点的无穷间断点;
西南交通大学出版社郭运瑞高等数数第一章答案
1 x2n
(2)y lim
n 1 x2n
解 当x 1时,limx
n
2n
,故lim
1 xn 1 x2n
1 12n lim 1 n 1x2n
1 x2n
当x 1时,lim 0
n 1 x2n
1 x2n
当x 1时,limx 0,,故lim 1
n n 1 x2n
2n
1 0
所以y 1
0 1
间断点。
x 1
x 1
1 x 1,故不难知道函数仅有间断点x 1,且是第一类间断点的跳跃x 1x 1
1 x 0 xsin
2 确定 , 使f x 在x 0处连续。 x
x 0
解 当 0时,limx
11
有界,故limxsin 0
x 0x 0xx
111
当 0时,f x sin,yn x 0 ,取xn
x2n 2n 2
0,且sin
则limxn 0,limyn 0,但limf xn 1 0 limf yn ,
n
n n n
故当 0时,limf x 不存在;
x 0
当 0时,取xn ,则limxn 0,limf xn lim 2n
n n n 2 2n 2
1
故当 0时,limf x 不存在;
x 0
,
综上所述 0时,且 0时函数在在x 0处连续。
西南交通大学出版社郭运瑞高等数数第一章答案
3设 x,y R,f x 满足方程f x y f x f y ,且f x 在x 0处连续,证
f x 处处连续。
证明 由 f 0 0 f 0 f 0 ,可得f 0 0,又f x 在x 0处连续,故
limf x f 0 0
x 0
f x f x 对 x R,limf x x lim x 0 x 0
limf x limf x f x 0 f x
x 0
x 0
故f x 处处连续。
nn 1
4 证明(1)x x
x 1在 0,1 内至少有一个根 n 2 。
证明 令f(x) xn xn 1
x 1,显然f(x)在 0,1 上连续,且 f(0)f(1) n 1 0,
由零点定理可知 0,1 ,使得f( ) 0,即方程在 0,1 内至少有一个根 (2)x sinx k k 0 至少有一个正根
证明 令f(x) x sinx k,显然f(x)在 0,k 2 上连续,且
f(0)f(1) k 2 sin k 2 0
由零点定理可知 0,k 2 ,使得f( ) 0,即方程至少有一个正根
(3)f x 在 a,b 上连续,且f a a, f b b,则方程f x x在 a,b 内有一个根。
证明 令g(x) f x x,显然g(x)在在 a,b 上连续,且
g(a)g(b) f a a f b b 0
由零点定理可知 a,b ,使得f( ) 0,即方程f x x在 a,b 内有一个根。
32
(4)证明x x 4x 1 0三个根都是实根。
32
证明 令f(x) x x 4x 1,f(x)在实数轴连续,且
f( 3) 29,f( 2) 5,f(1) 1,f(3) 25
西南交通大学出版社郭运瑞高等数数第一章答案
函数在
3, 5若f x 在 证明 f x m
2n(n 1)6.若f x 证明 因为
x故当x Xf x 取M
max即f x 在 a1:法一:又lim
x 0
6xsinx
故lim 1 3xx 0
西南交通大学出版社郭运瑞高等数数第一章答案
法二:lim 1 3x x 0
x
2
sinx
lime
x 0
2
ln 1 3x sinx
lime
x 0
6xsinx
e
x 0sinx
lim
6x
e6
x 2a 2lim 8,则a x
x a
xx
3a 3a x 2a
lim1 lim1 1型 法一:lim
x a3a
3a
xx a
x
x a x x a x x a
e3a 8 a 2
x 2a xxln x 2a 3a
3a
法二:lim x a xln 1 x xx x a limx
e lim a x
e limx ex a
e
lim
3a
x x a
x
e3a 8 a 2
3sinx x2cos
13:3sinx x2cos
1
lim
x 01 cosxln(1 x) lim1x 01 cosxlimx 0ln(1 x)
3sinx x2cos
1
1 1x2cos 2limx 0
x
1 2 lim3sinx x 0x lim
x 0x
1 2 3limsinxx 0x lim1 1
3x 0xcosx 2
3 0 2 (注limxc1
有界函数乘无穷小;同理limxsin1x
x
x 0x
0,sin
1sin
1
lim
x 0 1,因为limx 0不是00
型) xx4
:
2
2
x 0 x 21
1
x
x
2 x2x
而不是
西南交通大学出版社郭运瑞高等数数第一章答案
x 0
14 5:lim x 0 1
x2 1 xtanx
tanx xxlim 0x2tanx xlimtanx xsec2x 1 0x3 xlim 03x2 tan2x
xlim 03x2 xlimx2 03x2 13
n
6:设常数a 1
2,则limln n 2na 1 n n(1 2a)
1
nnn(1 2a)
limln
n(1 2a)
n
n n 2na 1 n(1 2a) limln n 1 1 n(1 2a) limln n
1 1 n(1 2a)
1 lne
1 2a
1
1 2a
7:法一: 11
型 1limx 0
cosx ln(1 x)
lim 1 ln(1 x)
x 0cosx 1
cosx 11
lim 1 cosx 1 cosx 1
ln(1 x2)
12
x 0
e
(lim
cosx 1
1
2x 0ln(1 x)
lim
2
xx 0
x 12
ln 1 cosx 1
法二:11
lncosxlimln(1 x)
x 0
cosx limlncosxln(1 x)
x 0
e
limln(1 x)
x 0
e
limln(1 x2)
x 0
e
cosx 1
1 limln(1 x2)
x 0
e
lim
cosx 1
e
x 0ln(1 x)
x2 e
limx 0x2
12
18 若x 0时 1 ax2
4
1与sin2x是等价无穷小,则a
1 ax2 14
1 a
4
x2,sin2x
x2
11 ax
2
4
1与sin2x是等价无穷小 lim
1 ax
124
1
x 0
sin2x
1
西南交通大学出版社郭运瑞高等数数第一章答案
又lim
x 0
1 ax
124
1
sinx
a x21
aa24 lim (因为 1 ax 1 x2,sin2x
x 0x44
12
x,ln(1 x)2
x2)
a 4
x2xln(1 x)
lim 2(因为1 cosx9:lim
x 01 cosxx 02
x2
x)
二计算题
xn 1 x1 10,xn 1 ,证明数列 x
n 的极限存在,并求limn
证明:10 x1 x2,设xn xn
1
故xn 1xn,即 xn 是单调递减的。显然 xn 有下界0,
xn
a,由极限保号性知道a 0。 故数列 xn 的极限存在,不妨设lim
n
由xn 1
a a 3
1
x2 esinx 2:求limx 0 x x1 e
解:注意到lime ,lime 0,故有
x 0
x 0
1
x1x
111
xx2 esinx 2 esinx 2 exsinx lim lim lim lim444 x 0 x 0 x 0 x 0 xxxxx
1 ex 1 e 1 e
2 lim
x 0
4
x
1
3x
1 0 0 1 1 0 1 14ex
111
xxx
2 e sinx lim 2 e sinx lim2 e limsinx lim x 0 x 0 x 0 x 0 xxxxxx
1 e1 e1 e
2 0
1 1 1 0
11
xx
2 esinx2 esinx 1 lim 故lim 44
x 0 x x x 0 xx
1 e1 e
西南交通大学出版社郭运瑞高等数数第一章答案
1
x2 esinx 1 所以lim x 0 x x1 e
xn 3设0 x1 3,
xn 1 xn 的极限存在,并求lim
n
证明:
xn 1
32
xn 3 xn 3
22
即当n 2时xn ,故 xn 有界。 当n 2时,
xn 1
xn
n
1 故当n 2时即 xn 是单调递增的。
xn a,由极限保号性知道a 0。
故数列 xn 的极限存在,不妨设limn
由xn 1
a a 。 4: 已知0 x1 ,xn 1 sinxn,
xn存在并求出 (1) 证明limn
32
(2) 计算lim
x
n x n
1xn
证明:(1)显然0 xn 。且当n 2时0 xn 1,故当n 2时xn 1 sinxn xn
xn a,由极限保即 xn 单调递减。故数列 xn 的极限存在,不妨设lim
n
号性知道1 a 0。由xn 1 sinxn得a sina a 0
sinx x
(2) lim lim n n
xn xn lime
n
1 sinxn xn
xnxn
sinxn xn
1xn1xn
lime
n
1sinxnlnxnxn
lime
n
sinxn xn1
ln(1 )xnxn
lime
n
xn
cosx 1lim
x 03x2
1 x2limx 03x2
e计算limx 0
sinx xx lime
x 0
cosx 13x e e
e。
16
西南交通大学出版社郭运瑞高等数数第一章答案
1 xn 1 6
由函数极限和数列极限的关系得lim e n
xn
12xn
正在阅读:
疫情防控期间复学筹备情况汇报2021年08-16
西华师范大学2008级信号与系统期末考试题A - 图文06-27
小学高年级古诗文情景阅读填空题及答案08-19
楚雄民间工艺品发展现状及存在问题研究10-18
生字填拼音表格(A4)08-27
51CTO下载-系统集成项目管理工程师2012系难点以及案例分析09-07
阿博留学全面介绍邓恩中学12-26
- 教学能力大赛决赛获奖-教学实施报告-(完整图文版)
- 互联网+数据中心行业分析报告
- 2017上海杨浦区高三一模数学试题及答案
- 招商部差旅接待管理制度(4-25)
- 学生游玩安全注意事项
- 学生信息管理系统(文档模板供参考)
- 叉车门架有限元分析及系统设计
- 2014帮助残疾人志愿者服务情况记录
- 叶绿体中色素的提取和分离实验
- 中国食物成分表2020年最新权威完整改进版
- 推动国土资源领域生态文明建设
- 给水管道冲洗和消毒记录
- 计算机软件专业自我评价
- 高中数学必修1-5知识点归纳
- 2018-2022年中国第五代移动通信技术(5G)产业深度分析及发展前景研究报告发展趋势(目录)
- 生产车间巡查制度
- 2018版中国光热发电行业深度研究报告目录
- (通用)2019年中考数学总复习 第一章 第四节 数的开方与二次根式课件
- 2017_2018学年高中语文第二单元第4课说数课件粤教版
- 上市新药Lumateperone(卢美哌隆)合成检索总结报告
- 数数
- 交通大学
- 西南
- 高等
- 出版社
- 答案
- 郭运
- 第2章 单片机基础
- 东湖高新区北片五校2013-2014学年度上学期期中联考思品试卷
- 第三章 危险源辨识、控制与评价
- 全世界冰咖啡总类大搜罗
- 计算机软件开发合同模板
- 常用树种习性及园林用途
- 孕妇关注点相对应知识点Microsoft+Word+文档
- 2009年的石油炼制的考卷
- 高职院校《高等数学》教学精细化浅析
- 单片机重点作业题答案整理
- 《杜甫的文化意义》(下) 莫砺锋
- CNN Student News Oct. 27, 2014
- 高中高考物理光学题库(高中物理易错题分析完整系列之13)
- 内脏系统药物药理-1
- 物流企业服务创新研究
- 2013年八年级数学下《数据的分析》知识点复习
- 2013三级福建省建造师考试市政实务必过技巧
- 浅谈小学英语课堂教学中多媒体的运用
- B04130 企业组织系统-工作分析系统
- TCPIP论文 实践操作