现代控制理论第5章答案
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现代控制理论第五章习题答案
5-1已知系统状态方程为:
1 11 0
011 x 0 ux 101 1
试设计一状态反馈阵使闭环系统极点配置为-1,-2,-3。 解:依题意有:
1 11 0
A 011 ,b 0
101 1
系统 (A,b,C)的特征多项式为: 0
M b
Ab
011
3, 系统能控。 rankMA2b 012
112
I A ( 1)3 ( 1) 1 3 3 2 2 1
则将系统写成能控标准I型,则有
010 0
。 001x 0 ux
1 23 1
引入状态反馈后,系统的状态方程为:x (A bK)x bu,其中K为1 3矩阵,设K k0k1k2 ,则系统
K
(A,bK,C)的特征多项式为:
f( ) det[ I (A bK)] 3 ( 3 k2) 2 (2 k1) (1 k0)
根据给定的极点值,得到期望特征多项式为:
f*( ) ( 1)( 2)( 3) 3 6 2 11 6
比较f( )与f*( )各对应项系数,可解得:k0 5k1 9k2 9,则有:K -5-9-9 。 5-3有系统:
21 0
xx u 0 1 1 y 10 x
(1) 画出模拟结构图。
(2) 若动态性能不满足要求,可否任意配置极点? (3) 若指定极点为-3,-3,求状态反馈阵。 解(1)系统模拟结构图如下:
(2)系统采用状态反馈任意配置极点的充要条件是系统
(A,b,C)完全能控。
对于系统 M b (3)系统
(A,b,C)有:
01 rankM 2,系统能控,故若系统动态性能不满足要求,可任意配置极点。 Ab
1 1
(A,b,C)的特征多项式为:
I A ( 2)( 1) 2 3 2
则将系统写成能控标准I型,则有x
01 0 。
x 2 3 1 u
引入状态反馈后,系统的状态方程为:x (A bK)x bu,设K k0k1 ,则系统为:
K
(A,bK,C)的特征多项式
f( ) det[ I (A bK)] 2 (3 k1) (2 k0)
根据给定的极点值,得到期望特征多项式为:
f*( ) ( 3)2 2 6 9
比较
f( )与f*( )各对应项系数,可解得:k0 7k1 3,K 7 3 。
(s 1)(s 2)
(s 1)(s 2)(s 3)
5-4设系统传递函数为
试问能否利用状态反馈将传递函数变成
s 1 (s 2)(s 3)
若有可能,试求出状态反馈K,并画出系统结构图。
2
(s 1)(s 2)s s 2解:W(s) 3
(s 1)(s 2)(s 3)s 2s2 5s 6
由于传递函数无零极点对消,因此系统为能控且能观。 能控标准I型为
01 00x 65y 21
令K k0
0 0
1 x 0 u 2 1 1 x
k1k2 为状态反馈阵,则闭环系统的特征多项式为
f( ) det[ I (A bK] 3 (2-k2) 2 ( 5-k1) ( 6 k0 )
由于状态反馈不改变系统的零点,根据题意,配置极点应为-2,-2,-3,得期望特征多项式为
f*( ) ( 2)( 3)( 2) 3 7 2 16 12
比较f( ) 与
f*( ) 的对应项系数,可得
k0 18 k1 21 k2 5
即K 18 21 5 系统结构图如下:
题5-4 系统模拟结构图
5-5使判断下列系统通过状态反馈能否镇定。 (1)
1 2 2 2
,b 0 A 0 11
10 1 1
解:系统的能控阵为:
M b
Ab
2 40
rankM 3,系统能控。 Ab 0 01
11 5
2
由定理5.2.1可知,采用状态反馈对系统
(A,b,C)任意配置极点的充要条件是 0 (A,b,C)完全能控。又由
于rankM 3,系统
0 (A,b,C)能控,可以采用状态反馈将系统的极点配置在根平面的左侧,使闭环系统镇定。 5-7设计一个前馈补偿器,使系统
1 s 1
W(s)
1 s(s 1)
解耦,且解耦后的极点为 1, 1, 2, 2。 解:W(s) W0(s)Wd(s)
1
s 2
1 s
Wd(s) W0(s)-1W(s)
-1 1
1ss 2 W0(s)-1
-11 -s(s 1)s(s 1)(s 2) s(s 1)s 1
-1 1
-s s 2 ss 2 -(s 2)s(s 2) s(s 2)
1 -1
s 1s 1 s(s 1)s 1
Wd(s) W0(s) 1W(s)
s 2 (s 2)
s 1 s 2 (s 1)2
(s 2) (s 1)3
5-10已知系统:
1 s
(s 1)2 s(s 2) s 1 0
s
2 (s 2)
s (s 1)(s 2)
0
1 (s 2)2
01 0
xx u 00 1 y 10 x
试设计一个状态观测器,使观测器的极点为-r,-2r(r>0)。
c 10 满秩,系统能观,可构造观测器。
01 cA
1 01 2,所以有系统特征多项式为det I A det a 0,a 0,L 10 0 10
解:因为N
01 10 01 01
T 1 LN T 10
10 01 10
00 1 y 0,1 于是 T 1 T 1bu 10 0 u
引入反馈阵
,使得观测器特征多项式:
1
2
f det I
1
det
1 2 2 2 1
根据期望极点得期望特征式: f* r 比较
22
2r 3r 2r
f 与f* 各项系数得: 2 3r,1 2r2
2r2 01 2r2 3r ,反变换到x状态下G 2r2 3r10 3r
即
观测器方程为:
A Gc x bu Gyx 3r 2 2r
1 0 3r
u 2 yx0 1 2r
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