江苏省苏州市工业园区星湾学校2017届九年级调研物理试卷(解析版)

2016-2017学年江苏省苏州市工业园区星湾学校九年级（上）调

研物理试卷（12月份）

一、选择题：

1．下列四位科学家中，用其名字命名功率单位的是（ ）

A．瓦特 B．焦耳 C．牛顿

D．欧姆

2．如图所示，下列工具在使用中属于费力杠杆的是（ ）

A．剪刀 B．起子

C．镊子 D．

钢丝钳

3．如图所示实验或事例，属于内能转化为机械能的是（ ）

A．由滑梯上滑下臀部会有灼热感B．搓手取暖

C．钻木取火D．水蒸气将软木塞冲出

4．小明同学准备有：①铅笔芯、②金属刀片、③塑料三角尺、④塑料笔袋、⑤橡皮等物品，以备考试之需，其中属于绝缘体的有（ ） A．①③⑤ B．②④⑤ C．③④⑤ D．①②④

5．把两条材料相同、长度相等、横截面积不等的电阻丝并联在电路中，下列说法正确的是（ ）

A．通过粗电阻丝的电流较大 B．通过细电阻丝的电流较大 C．加在粗电阻丝两端的电压较大 D．加在细电阻丝两端的电压较大

6．两个相同的灯泡串联在一起接在某一电源上，每个灯泡两端的电压均为U1，若把这两个灯泡并联起来接在原来的电源上，每个灯泡两端的电压为U2，则（ ） A．U1：U2=1：1 B．U1：U2=2：1 C．U1：U2=1：2 D．U1：U2=1：4

7．如图所示的电路中，电源电压不变，当开关S闭合时，电流表的示数为0.8安；开关S断开后，电流表的示数改变了0.5安，则R1与R2的阻值之比为（ ）

A．13：5 B．3：5 C．5：3 D．5：13

8．如图所示电路中，电源电压保持不变，闭合开关S后，将滑动变阻器R2的滑片P向右移动，在此过程中（ ）

A．电流表A示数变大，电压表V2示数变小 B．电流表A示数变大，电压表V1示数变小 C．电压表V1示数变小，电压表V2示数变大 D．电压表V1示数不变，电压表V2示数变大

9．在图所示的电路中，电源电压保持不变．当电键S由断开到闭合，电压表V1的示数始

终等于V2的示数．若电路中只有一处故障，且只发生在电阻R或灯泡L处，则可能是（ ）

A．灯泡L发光，电阻R断路 B．灯泡L不发光，电阻R断路

C．灯泡L发光，电阻R短路 D．灯泡L不发光，电阻R短路 10．小明在医院看到一种输液警报器（如图甲），当管内药液流完时，电铃发声，报警器内部有一可变电阻，当输液管内有液体时，电阻大，无液体时，电阻小，电路如图乙所示，则当闭合开关报警器工作时，分析正确的是（ ）

A．输完药液时，电流表示数变小 B．输完药液时，电压表示数变小

C．输完药液时，电铃响的原因是其两端电压变大，电铃正常工作 D．未输完药液时，电铃不响是因为没有电流通过

11．家用电吹风由电动机和电热丝等组成．为了保证电吹风的安全使用，要求：电动机不工

作时，电热丝不能发热；电热丝不发热时，电动机仍能工作．下列电路中符合要求的是（ ）

A． B．

C．D．

12．如图1所示电路，电源电压保持不变，当闭合开关S，调节滑动变阻器阻值从最大变化

到最小，两个电阻的“U﹣I”关系图象如图2所示．则下列判断正确的是（ ）

A．电源电压为10V

B．定值电阻R1的阻值为20Ω

C．滑动变阻器R2的阻值变化范围为0～10Ω D．变阻器滑片在中点时，电流表示数为0.3A

二、填空题：

13．一般情况下，对人体的安全电压应不高于 V；家庭电路中，电灯与控制它的开关之间是 （选填“串联”或“并联”）；电饭锅是家庭常用的用电器，从能量转化的角度看，电饭锅工作时把 能转化为 能．

14．某种金属温度升高时，电阻变大．右图为该金属的电阻随时间变化的图象，则t2时刻的温度比tl时刻 （选填“高”或“低，）．当其温度降得足够低时，它的电阻将变为 ，这种现象叫做： 现象．

15．重800N的木箱A，小李同学想把它搬到高为6m、长为10m的斜面上，如图所示，他站在斜面上，沿斜面向上用600N的拉力使木箱速度匀速从斜面底端到达斜面顶端，斜面的机械效率是 ．木箱在匀速运动时受到的摩擦力是 N．

16．有一电阻为30Ω的电灯，在正常工作时它两端的电压为12V．要把电灯接在36V的电路上，需要给它 联一个 Ω的电阻．

17．两只定值电阻，甲标有“10Ω 1A”，乙标有“15Ω 0.6A”，把它们并联在同一电路中，电路两端允许加的最大电压是 V；干路中允许通过的最大电流为 A．

18．“辽宁舰”服役，圆了中国航母梦．如图为航母上简化的蒸汽弹射装置，能带动舰载机在两秒钟内达到起飞速度．

（1）牵引索与蒸汽活塞连接的两个滑轮为 （选填“定滑轮”或“动滑轮”）．

（2）气缸内蒸汽体积膨胀，对外做功，内能 ，同时推动活塞，使舰载机获得巨大的牵引力．

19．神州十一号飞船于2016年10月17日发射成功，并于10月19日凌晨，神州十一号飞船与天宫二号自动交会对接成功．飞船在升空过程中，它的机械能 （选填“增大”、“减小”或“不变”）．本次火箭燃料是偏二甲肼，其热值是4.25×107J/kg，现在火箭中加入偏二甲肼1500kg，如果燃烧其中一半，剩余偏二甲肼的热值 J/kg．完全燃烧1500kg偏二甲肼所放出的热量为 J．

20．如图所示的电路中，电源电压恒定不变，已知R1=3R2，当S1闭合、S2断开时，电压表和电流表示数分别U1和I1；当S1断开、S2闭合时，电压表和电流表示数分别U2和I2，则U1：U2= ，I1：I2= ．

21．小明在实验室设计如图所示的电路测量电阻R的阻值．已知R0=20Ω，S1、S2都闭合时，电压表示数为6V，只闭合S1时，电压表示数接近6V，电路可能出现的故障是 ．小明检查电路排除故障后，只闭合S1时，电压表示数为2V，则R的阻值为 ．

22．如图所示是自动测定油箱内油量的原理图，O为杠杆支点，油量表是由量程为0～0.6A

R0阻值为10Ω，Rx是规格为“20Ω 1A”的滑动变阻器．的电流表改装而成的，电源电压为3V，当

Rx的滑片处于最上端时，电路中的电流是 A，此时油量表标示为0；当油面上升时，电路中的电阻将 ，电流将 （以上两空选填“增大”或“减小”）．

23．如图甲所示的电路中，电源电压保持不变，R0为定值电阻，R为滑动变阻器．闭合开关S后，在移动滑片P的过程中，电流表的示数I与R的阻值关系如图乙所示，电压表的示数U与R的阻值关系如图丙所示，则R0的阻值为 Ω，电源电压为 V．

三、解答题：

24．如图，请画出撬石块时动力F的力臂L．

25．通过图滑轮组向上提升重物，请画出最省力的绕绳方法．

26．如图示电路中有两个小灯，请在图中圆圈内，分别填入电灯、电流表或电压表的符号．要求开关断开时两灯均不发光；开关闭合时两灯均能发光，且两电表的示数均不为零．

27．如图所示的电路，R0=4Ω，电源电压为6V，当闭合开关S2，断开开关S1、S3时，电流表A示数为0.5A，求： ①RX的阻值．

②断开开关S2，闭合开关S1、S3时，电流表A的示数．

28．在如图所示的电路中，电源电压保持不变．电路中滑动变阻器上标有“20Ω 1A”字样，电流表的量程为0～0.6安，电压表的量程为0～3伏，电阻R1的阻值为4欧．当滑片在滑动变阻器的最右端a点时，闭合开关S，电压表的示数为2伏，求： （1）通过电阻R1的电流． （2）电源电压．

（3）为了保证电路能正常工作及各电表不致损坏，滑动变阻器的取值范围．

29．如图1所示，甲、乙、丙三图中的装置完全相同，燃料的质量都是10g，烧杯内的液体质量和初温也相同．

（1）下列说法正确的是

A．比较不同液体的比热容，可以选择甲、丙两图 B．比较不同液体的比热容，可以选择乙、丙两图 C．比较不同燃料的热值，可以选择乙、丙两图 D．比较不同燃料的热值，可以选择甲、丙两图

（2）为了研究不同物质的吸热能力，利用其中两幅图进行实验，根据记录的数据做出了两种液体的温度随时间变化的图象，如图2所示：

①不同物质吸热的多少是通过 来反映的（选填“温度计示数”或“加热时间”）； ②由图可以看出， 液体的温度升高得较慢， 液体的比热容较大；

③如果已知B液体的比热容是1.8×103J/（kg?℃），则A液体的比热容是 J/（kg?℃）．

30．在“伏安法测定值电阻”的实验中，小明同学所用电源电压恒定不变，但电源电压未知，滑动变阻器标有“20Ω 1.5A”的字样，电压表和电流表的量程合适，他已连接了部分电路，如图甲所示．请你接着完成下列问题：

（1）用笔画线代替导线，将图甲中的电路连接完整．

（2）当电压表的示数为2.4V时，电流表的示数如图乙所示，则其示数为 A，电阻丝的电阻为 Ω．

（3）进行了上步计算后，小明认为实验完成了，小亮则认为仅这样就得出电阻的阻值不够可靠．原因是 ．

（4）小芳连接电路后，闭合开关，移动滑动变阻器的过程中发现，电流表的示数变大时，电压表的示数反而减小，电流表的示数变小时，电压表的示数反而增大．经检查所有器材均完好．你认为出现上述实验现象的原因是 ．

（5）小芳正准备继续实验，发现电压表已损坏．她利用余下的电流表和滑动变阻器完成对Rx的再一次测量．请你在如图丙画出设计的电路图，并完善下列步骤． ①按照电路图连接好电路；

②调节滑动变阻器的滑片，使接入电路的阻值为 时，读出电流表的示数I1； ③再调节滑动变阻器的滑片，使接入电路的阻值为 时，读出电流表的示数I2； ④根据已知条件和测量结果，写出定值电阻的表达式：Rx= Ω．

31．小敏用如图甲所示的电路图，研究通过导体的电流与导体电阻的关系，电源电压恒为6V．改变电阻R的阻值，调节滑动变阻器滑片，保持R两端的电压不变，记下相应的4次实验的电流和电阻值，描绘在乙图．

（1）实验过程，移动变阻器滑片时，眼睛应注视 （选填序号）；

A．变阻器滑片 B．电压表示数 C．电流表示数 （2）在丙图，用笔线代替导线，将电压表正确连入电路； （3）实验，他所选择的变阻器是 （选填序号）；

A．10Ω 05A B．20Ω 1A C．50Ω 2A （4）分析图乙的数据，可得实验结论： ． （5）乙图阴影部分面积表示的科学量是 ．

32．如图甲乙丙所示，在“研究物体动能与哪些因素有关”的实验中，将A、B、C三个小球先后从同一装置的ha、hb、hc高处滚下（ma=mb＜mc，ha=hc＞hb），推动木块运动一段距离后静止．

（1）实验中小球的动能是由 转化而来，通过 来判断小球动能的大小． （2）选择甲和丙图探究可以得出的实验结论是 ．

（3）实验过程中，发现木块移动的距离较短而不易进行观察和比较，你有什么办法进行实验改进？ ．

（4）某物理兴趣小组借助速度传感器和其他仪器进一步得出了两组数据，如表所示： 表一（小球撞击时的速度v=8cm/s） 序号 小球质量m/g 小球动能E/103J 1 100 32 2 200 64 3 300 96 4 400 128 表二（小球质量m=100g） 序号 小球速度v/cm?s﹣1 小球动能E/103J 1 8 32 2 16 128 3 24 288

4 32 根据表一数据，试写出小球动能与其质量关系式 ； 表二中漏填一个数据，漏填的数据为 ．

2016-2017学年江苏省苏州市工业园区星湾学校九年级

（上）调研物理试卷（12月份）

参考答案与试题解析

一、选择题：

1．下列四位科学家中，用其名字命名功率单位的是（ ）

A．瓦特 B．焦耳 C．牛顿

D．欧姆

【考点】物理常识．

【分析】认识图片展示的物理学家，根据对物理量及单位的对应关系确定符合题意的选项．

【解答】解：

A、图片中的科学家是瓦特，它的名字被命名为功率的单位．符合题意；

B、图片中的科学家是焦耳，它的名字被命名为功和能量的单位．不符合题意； C、图片中的科学家是牛顿，它的名字被命名为力的单位．不符合题意； D、图片中的科学家是欧姆，它的名字被命名为电阻的单位．不符合题意． 故选A．

2．如图所示，下列工具在使用中属于费力杠杆的是（ ）

A．

剪刀 B．

起子 C．

镊子 D．

钢丝钳

【考点】杠杆的分类．

【分析】联系生活经验，要判断杠杆是省力杠杆还是费力杠杆，可依据杠杆的动力臂和阻力

臂大小关系，若动力臂大于阻力臂，则是省力杠杆，若动力臂小于阻力臂，则是费力杠杆．

【解答】解：A、题目中的剪刀在使用时动力臂大于阻力臂，是省力杠杆，不符合题意； B、起子在使用时动力臂大于阻力臂，是省力杠杆，不符合题意； C、镊子在使用时动力臂小于阻力臂，是费力杠杆，符合题意；

D、钢丝钳在使用时动力臂大于阻力臂，是省力杠杆，不符合题意； 故选C．

3．如图所示实验或事例，属于内能转化为机械能的是（ ）

A．

由滑梯上滑下臀部会有灼热感

B．

搓手取暖

C．

钻木取火

D．

水蒸气将软木塞冲出

【考点】做功改变物体内能．

【分析】在一定的条件下，各种能量都可以相互转化．内能转化为机械能就是利用内能来做功的过程．

分析清楚图示物理情景即可正确解题．

【解答】解：A、由滑梯上滑下，臀部会有灼热感，机械能转化为内能，不符合题意，故A错误；

B、C、搓手取暖，钻木取火，都是机械能转化为内能，不符合题意，故B、C错误；

D、水蒸气顶开软木塞，是利用水蒸气的内能来做功，把内能转化为机械能，符合题意，故D正确； 故选D．

4．小明同学准备有：①铅笔芯、②金属刀片、③塑料三角尺、④塑料笔袋、⑤橡皮等物品，以备考试之需，其中属于绝缘体的有（ ） A．①③⑤ B．②④⑤ C．③④⑤ D．①②④ 【考点】绝缘体．

【分析】不容易导电的物体叫绝缘体，常见的绝缘体包括：玻璃、陶瓷、橡胶、塑料等． 【解答】解：铅笔芯、金属刀片、塑料三角尺、塑料笔袋、橡皮这六种物质中属于绝缘体的是：塑料三角尺、塑料笔袋和橡皮； 故选C．

5．把两条材料相同、长度相等、横截面积不等的电阻丝并联在电路中，下列说法正确的是（ ）

A．通过粗电阻丝的电流较大 B．通过细电阻丝的电流较大 C．加在粗电阻丝两端的电压较大 D．加在细电阻丝两端的电压较大

【考点】欧姆定律；影响电阻大小的因素；电阻的并联．

【分析】由题意可知两电阻丝的阻值的大小关系，由并联电路的特点可得出两电阻两端的电压关系，则由欧姆定律可得出通电两电阻的电流关系．

【解答】解：两电阻的材料相同，长度相同，则横截面积较大的电阻丝电阻较小； 而电阻并联在电路中，则两电阻两端的电压相等，故C、D错误；

则由欧姆定律可知，粗电阻丝中通过的电流较大，故A正确，B错误． 故选A．

6．两个相同的灯泡串联在一起接在某一电源上，每个灯泡两端的电压均为U1，若把这两个灯泡并联起来接在原来的电源上，每个灯泡两端的电压为U2，则（ ） A．U1：U2=1：1 B．U1：U2=2：1 C．U1：U2=1：2 D．U1：U2=1：4 【考点】并联电路的电压规律．

【分析】由串联电路的电压规律可求出电源的电压；则当两电阻并联在电源两端时，可由并联电路的电压规律得出灯泡两端的电压，则可求得两电压的比值．

【解答】解：两电阻串联时，电源电压等于两灯泡两端的电压之和，即U=2U1； 而当两电阻并联时，灯泡两端的电压等于总电压，即U2=U=2U1； 则U1：U2=U：U=1：2．

故选C．

7．如图所示的电路中，电源电压不变，当开关S闭合时，电流表的示数为0.8安；开关S断开后，电流表的示数改变了0.5安，则R1与R2的阻值之比为（ ）

A．13：5 B．3：5 C．5：3 D．5：13

【考点】欧姆定律的应用；并联电路的电流规律；并联电路的电压规律．

【分析】当开关S闭合时，两电阻并联，电流表测量总电流；开关S断开后，电路中只有电阻R1，电流表测量通过电阻R1的电流；

电流表减小的示数就是通过电阻R2的电流，根据公式R=求出R1与R2的阻值之比． 【解答】解：电流表减小的示数就是通过电阻R2的电流I2=0.5A； 通过电阻R1的电流I1=I﹣I2=0.8A﹣0.5A=0.3A；

因为电阻两端的电压相等，所以R1与R2的阻值之比

====．

故选C．

8．如图所示电路中，电源电压保持不变，闭合开关S后，将滑动变阻器R2的滑片P向右移动，在此过程中（ ）

A．电流表A示数变大，电压表V2示数变小 B．电流表A示数变大，电压表V1示数变小 C．电压表V1示数变小，电压表V2示数变大 D．电压表V1示数不变，电压表V2示数变大

【考点】欧姆定律的应用；电流表的使用；电压表的使用．

【分析】由电路分析可知滑动变阻器和R1串联在电路中，电压表V1测R1两端电压，电压表V2测R2两端的电压，电流表测总电流；根据滑动变阻器的滑动可知接入电阻的变化，然后根据欧姆定律可知电路中电流的变化；再由欧姆定律可分析出R1两端的电压变化，由串联电路的特点可求得R2两端的电压变化．

【解答】解：滑动变阻器和R1串联在电路中电流表测电路电流，电压表V1测R1的电压，电压表V2测滑动变阻器的电压，滑动变阻器滑片向右移动，接入电路的电阻变小，根据欧姆定律可知电流变大，R1的电压变大，滑动变阻器的电压变小．即电流表A示数变大，电压表V1示数变大，总电压不变，则电压表V2示数变小所以B，C，D错误，A正确． 故选A．

9．在图所示的电路中，电源电压保持不变．当电键S由断开到闭合，电压表V1的示数始

终等于V2的示数．若电路中只有一处故障，且只发生在电阻R或灯泡L处，则可能是（ ）

A．灯泡L发光，电阻R断路 B．灯泡L不发光，电阻R断路

C．灯泡L发光，电阻R短路 D．灯泡L不发光，电阻R短路 【考点】电流表、电压表在判断电路故障中的应用．

【分析】先分析电路的连接方式，即电阻和灯泡串联连接，电压表V1测量灯泡两端电压，电压表V2测量电源电压；故障可能是R断路或L短路，据选项逐一分析，并选出符合要求的选项．

【解答】解：AB、如果电阻R断路，灯泡不会发光，电压表V1的示数等于电源电压，电压表V1的示数为零，故AB不合题意；

CD、若R短路，电路为灯泡的基本电路，因此灯泡发光；开关断开时，电压表示数均为零；开关闭合后，电压表V1和电压表V2都测量电源电压，即电压表V1的示数始终等于V2的示数，故C选项符合题意． 故选C．

10．小明在医院看到一种输液警报器（如图甲），当管内药液流完时，电铃发声，报警器内部有一可变电阻，当输液管内有液体时，电阻大，无液体时，电阻小，电路如图乙所示，则当闭合开关报警器工作时，分析正确的是（ ）

A．输完药液时，电流表示数变小 B．输完药液时，电压表示数变小

C．输完药液时，电铃响的原因是其两端电压变大，电铃正常工作 D．未输完药液时，电铃不响是因为没有电流通过 【考点】欧姆定律的应用．

【分析】输液管内有液体时，电阻大，无液体时电阻小，根据欧姆定律判断电路中的电流大小和电铃两端的电压示数变化．

【解答】解：由题意知，当输完药液时，警报器内的电阻较小，未输完药液时，警报器内的电阻较大；

A、由I=可知，当输完药液时，警报器内的电阻较小，电路中的电流较大，电流表的示数变大，故A错误；

B、由A知，输完药液时，电路中的电流变大，所以电铃两端的电压变大，故B错误；

C、输完药液时，电铃两端的电压变大，所以电铃可以正常工作而发声，故C正确；

D、未输完药液时，电阻较大，电流较小，电铃不响，并不是因为没有电流，而是因为电流较小造成，故D错误． 故选C．

11．家用电吹风由电动机和电热丝等组成．为了保证电吹风的安全使用，要求：电动机不工

作时，电热丝不能发热；电热丝不发热时，电动机仍能工作．下列电路中符合要求的是（ ）

A． B．

C． D．

【考点】串、并联电路的设计．

【分析】串联电路中各用电器同时工作，因此电动机和电热丝为并联电路；又因为电动机不工作时，电热丝不能发热；电热丝不发热时，电动机仍能工作，因此电路中有总开关控制，电热也有相应的开关控制．

【解答】解：A、电热丝和电动机串联，而电动机不能够独立工作，故A选项不合题意； B、电动机和电热丝并联连接，电路中只有一个总开关控制，开关闭合，电热丝和电动机同时工作，而电动机无法独立工作，故B选项不合题意；

C、电动机和电热丝并联连接，S1控制整个电路，S2控制电动机；S1闭合，S2断开，只有电热丝工作，而电动机不工作；故C选项不合题意；

D、电动机和电热丝并联连接，S1控制整个电路，S2控制电热丝；S1闭合，S2断开，只有电动机工作，电热丝不工作；S1闭合，S2闭合，电动机和电热丝同时工作；S1断开，电动机和电热丝都不工作，故D选项符合要求． 故选 D．

12．如图1所示电路，电源电压保持不变，当闭合开关S，调节滑动变阻器阻值从最大变化到最小，两个电阻的“U﹣I”关系图象如图2所示．则下列判断正确的是（ ）

A．电源电压为10V

B．定值电阻R1的阻值为20Ω

C．滑动变阻器R2的阻值变化范围为0～10Ω D．变阻器滑片在中点时，电流表示数为0.3A

【考点】欧姆定律的应用；串联电路的电流规律；串联电路的电压规律；滑动变阻器的使用．

【分析】从“U﹣I”关系图象可以看出，甲为滑动变阻器的关系图象，因为最后电压变为0，此时滑动变阻器的电阻为0；乙为电阻R1的图象，当滑动变阻器的阻值最大时，两电阻串联，电流相等，从图象可以看出，电流相等时为I=0.3A，滑动变阻器两端的电压为3V，电阻R1的电压为3V，电源电压为两电压之和，根据欧姆定律可求电阻R1的电阻和滑动变阻器的最大阻值，

当滑片在中点时，滑动变阻器接入电路电阻为滑动变阻器总阻值的一半，和电阻R1串联，根据欧姆定律求出此时电路的电流．

【解答】解：当滑动变阻器的阻值最大时，两电阻串联，干路电流最小：I=0.2A，电阻R1的电压U1=2V，滑动变阻器两端的电压U2=4V； 所以电源电压U=U1+U2=2V+4V=6V，故A错误． 定值电阻R1的阻值为R1=滑动变阻器的阻值最大为R2=

==

=10Ω，故B错误．

=20Ω，

所以滑动变阻器R2的阻值变化范围为0～20Ω，故C错误．

变阻器滑片在中点时，滑动变阻器接入电路的电阻为10Ω，此时R1、R2的阻值相同，分得的电压相同，从图上看，此时电流表的示数为I=0.3A． 故选D．

二、填空题：

13．一般情况下，对人体的安全电压应不高于 36 V；家庭电路中，电灯与控制它的开关之间是 串联 （选填“串联”或“并联”）；电饭锅是家庭常用的用电器，从能量转化的角度看，电饭锅工作时把 电 能转化为 内 能．

【考点】家庭电路工作电压、零线火线的辨别方法；电功的实质． 【分析】（1）对人体的安全电压是指不高于36V的电压； （2）为了有效的控制用电器，开关与用电器是串联；

（3）从能量转化的角度分析，消耗了什么形式的能，进而产生了什么形式的能． 【解答】解：一般情况下，对人体的安全电压应不高于36V； 家庭电路中，开关可以控制电灯，所以它们之间是串联；

电饭锅是家庭常用的用电器，从能量转化的角度看，电饭锅工作时消耗电能，产生内能，所以是把电能转化为内能的过程． 故答案为：36；串联；电；内．

14．某种金属温度升高时，电阻变大．右图为该金属的电阻随时间变化的图象，则t2时刻的温度比tl时刻 低 （选填“高”或“低，）．当其温度降得足够低时，它的电阻将变为 0 ，这种现象叫做： 超导 现象．

【考点】超导现象．

【分析】把处于超导状态的导体称之为“超导体”．超导体的直流电阻率在一定的低温下突然消失，被称作零电阻效应．

【解答】解：由电阻随时间变化的图象可知：t2时刻的电阻比tl时刻的电阻小，根据某种金属温度升高时电阻变大的特点可知：t2时刻的温度比tl时刻低．

因为某种金属温度升高时电阻变大，所以温度降低时电阻减小，且当其温度降得足够低时，它的电阻将变为0，这种现象叫做超导现象． 故答案为：低；0；超导．

15．重800N的木箱A，小李同学想把它搬到高为6m、长为10m的斜面上，如图所示，他站在斜面上，沿斜面向上用600N的拉力使木箱速度匀速从斜面底端到达斜面顶端，斜面的机械效率是 80% ．木箱在匀速运动时受到的摩擦力是 120 N．

【考点】机械效率的计算；斜面的机械效率． 【分析】（1）知道物体的重力和提升的高度，利用W=Gh求有用功；知道拉力和斜面长，利用W=Fs求总功，再利用效率公式求斜面的机械效率；

（2）而有用功加上额外功（克服摩擦做功）等于总功，据此求出额外功，再利用公式W额=fs求摩擦力大小． 【解答】解：

（1）物重G=800N，斜面高h=6m；拉力F=600N，斜面长s=10m； 做的有用功为：W有用=Gh=800N×6m=4800J， 总功W总=Fs=600N×10m=6000J， 斜面的机械效率： η=

=

×100%=80%；

（2）额外功为：W额=W总﹣W有用=6000J﹣4800J=1200J， 因为W额=fs，

所以，摩擦力的大小：f=

=

=120N．

故答案为：80%；120．

16．有一电阻为30Ω的电灯，在正常工作时它两端的电压为12V．要把电灯接在36V的电路上，需要给它 串 联一个 60 Ω的电阻．

【考点】欧姆定律的应用．

【分析】电源电压大于灯泡额定电压，要使灯泡正常发光，应串联一个分压电阻； 已知电压与电阻，由欧姆定律可以求出电灯正常工作时的电流；

由串联电路特点求出灯泡正常发光时，串联电阻两端的电压，然后由欧姆定律求出串联电阻的阻值．

【解答】解：电源电压大于灯泡额定电压，要使灯泡正常发光，应串联一个分压电阻； 灯泡正常发光时的电流I=

=

=0.4A，

灯泡正常发光时，串联电阻的电压： UR=U﹣UL=36V﹣12V=24V， ∵I=，

∴串联电阻阻值R=

=

=60Ω；

故答案为：串；60．

17．两只定值电阻，甲标有“10Ω 1A”，乙标有“15Ω 0.6A”，把它们并联在同一电路中，电路两端允许加的最大电压是 9 V；干路中允许通过的最大电流为 1.5 A． 【考点】欧姆定律的应用．

【分析】根据欧姆定律求出两电阻两端允许所加的最大电压，根据并联电路的电压特点可知，两电阻并联时，并联电路两端允许加的最大电压为较小的一个，然后由欧姆定律求出通过两电阻的电流，再根据并联电路的电流特点求出干路的最大电流．

【解答】解：由I=可得，两定值电阻两端允许所加的最大电压分别为： U甲=I甲R甲=1A×10Ω=10V，U乙=I乙R乙=0.6A×15Ω=9V， 因并联电路中各支路两端的电压相等，

所以，两电阻并联在同一电路中时，电路中的最大电压U=U乙=9V， 此时通过乙的电流为0.6A，通过甲的电流I甲′=

=

=0.9A，

因并联电路中干路电流等于各支路电流之和， 所以，干路最大电流：

I=I甲′+I乙=0.9A+0.6A=1.5A． 故答案为：9；1.5．

18．“辽宁舰”服役，圆了中国航母梦．如图为航母上简化的蒸汽弹射装置，能带动舰载机在两秒钟内达到起飞速度．

（1）牵引索与蒸汽活塞连接的两个滑轮为 定滑轮 （选填“定滑轮”或“动滑轮”）．

（2）气缸内蒸汽体积膨胀，对外做功，内能 减小 ，同时推动活塞，使舰载机获得巨大的牵引力．

【考点】定滑轮及其工作特点；做功改变物体内能． 【分析】（1）知道定滑轮是轴的位置固定不动的滑轮，动滑轮是轴的位置随被拉物体一起运动的滑轮．

（2）物体对外界做功，物体的内能减小，温度降低． 【解答】解：（1）定滑轮是轴的位置固定不动的滑轮，由图可知，牵引索与蒸汽活塞连接的两个滑轮为定滑轮；

（2）气缸内蒸汽体积膨胀，对外做功，内能减小，同时推动活塞，使舰载机获得巨大的牵引力． 故答案为：（1）定滑轮；（2）减小．

19．神州十一号飞船于2016年10月17日发射成功，并于10月19日凌晨，神州十一号飞船与天宫二号自动交会对接成功．飞船在升空过程中，它的机械能 增大 （选填“增大”、“减小”或“不变”）．本次火箭燃料是偏二甲肼，其热值是4.25×107J/kg，现在火箭中加入偏二甲肼1500kg，如果燃烧其中一半，剩余偏二甲肼的热值 4.25×107 J/kg．完全燃烧1500kg偏二甲肼所放出的热量为 6.375×1010 J． 【考点】动能和势能的大小变化；燃料的热值． 【分析】（1）机械能包括动能和势能，物体动能和势能的变化会引起机械能的变化；动能与质量和速度有关，质量越大、速度越大则动能越大；重力势能与质量和高度有关，质量越大、高度越大则重力势能越大．

（2）燃料的热值是燃料的特性，不会随着质量的改变而改变．已知完全燃烧1500kg偏二甲肼，根据燃料的热值可利用公式Q=mq计算燃料完全燃烧放出的热量． 【解答】解：（1）神舟十一号载人飞船升空过程中，质量不变，速度增大，动能增大；高度增大，重力势能增大，机械能=动能+势能，所以机械能增大．

（2）因为燃料的热值是燃料的属性，不会随着质量的改变而改变，

所以，燃料偏二甲肼质量变少后，剩余偏二甲肼的热值不变，仍为4.25×107J/kg． 从题可知，燃烧偏二甲肼的质量为：m=1500kg，而偏二甲肼的热值q=4.25×107J/kg， 所以完全燃烧放出的热量为：Q=mq=1500kg×4.25×107J/kg=6.375×1010J． 故答案为：4.25×107；6.375×1010．

20．如图所示的电路中，电源电压恒定不变，已知R1=3R2，当S1闭合、S2断开时，电压表和电流表示数分别U1和I1；当S1断开、S2闭合时，电压表和电流表示数分别U2和I2，则U1：U2= 1：1 ，I1：I2= 4：3 ．

【考点】电路的动态分析；欧姆定律的应用．

【分析】当S1闭合、S2断开时，两电阻并联，电压表测电源的电压，电流表测干路电流； 当S1断开、S2闭合时，两电阻仍然并联，电压表测电源的电压，电流表测通过R2支路的电流；

根据电源的电压不变判断电压表示数的变化，根据并联电路的电压特点和欧姆定律表示出各支路的电流，根据并联电路的电流特点判断电流表示数的比值． 【解答】解：当S1闭合、S2断开时，等效电路图如图1所示； 当S1断开、S2闭合时，等效电路图如图2所示．

∵电源的电压不变，且两种情况下电压表测电源的电压， ∴两次电压表的示数不变，即U1：U2=1：1； ∵两电阻并联， ∴I1=I1：I2=

+

=：

+

=

，I2=

，

=4：3．

故答案为：1：1；4：3．

21．小明在实验室设计如图所示的电路测量电阻R的阻值．已知R0=20Ω，S1、S2都闭合时，电压表示数为6V，只闭合S1时，电压表示数接近6V，电路可能出现的故障是 R断路 ．小明检查电路排除故障后，只闭合S1时，电压表示数为2V，则R的阻值为 10Ω ．

【考点】电流表、电压表在判断电路故障中的应用；欧姆定律的变形公式． 【分析】（1）故障包括短路和断路，然后结合电路特点和电压表无示数判断故障所在； （2）先根据串联电路特点求出R0两端电压，然后利用欧姆定律求出电路电流，最后根据欧姆定律的变形公式求出R的阻值． 【解答】解：（1）S1、S2都闭合时，为R的基本电路，电压表示数等于电源电压6V； 若只闭合S1时，如果R0短路，只有R在电路里，电压表测电源电压，示数是6V；

如果R断路，电压表通过R0接在电源两极上，电压表示数接近电源电压6V，因此故障为R断路；

（2）R0两端电压：U0=6V﹣2V=4V， 电路中的电流：I=

=

=0.2A，

R的阻值：R===10Ω．

故答案为：R断路；10Ω．

22．如图所示是自动测定油箱内油量的原理图，O为杠杆支点，油量表是由量程为0～0.6A

R0阻值为10Ω，Rx是规格为“20Ω 1A”的滑动变阻器．的电流表改装而成的，电源电压为3V，当

Rx的滑片处于最上端时，电路中的电流是 0.1 A，此时油量表标示为0；当油面上升时，电路中的电阻将 减小 ，电流将 增大 （以上两空选填“增大”或“减小”）．

【考点】欧姆定律的应用． 【分析】自动测定油箱内油量的装置主要是利用了浮力和电学知识，油箱中的浮标会随着油量上下浮动，控制接入电路中的电阻变化，从而导致电流表的示数变化，所以我们可以通过观察电流表的示数判断油量的多少．

当Rx的滑片处于最上端时，滑动变阻器接入电路的阻值最大；然后根据电源电压和串联电路电阻的特点求出电路的总电阻，再利用欧姆定律即可求出电路中的电流．

【解答】解：当油面上升时，滑动变阻器接入电路中的电阻变小，使电路中总电阻减小，电流增大，即电流表（油量表）示数增大；

当RX的滑片处于最上端时，滑动变阻器接入电路的阻值为零，故电路中的电流为： I=

=

=0.1A．

故答案为：0.1；减小；增大．

23．如图甲所示的电路中，电源电压保持不变，R0为定值电阻，R为滑动变阻器．闭合开关S后，在移动滑片P的过程中，电流表的示数I与R的阻值关系如图乙所示，电压表的示数U与R的阻值关系如图丙所示，则R0的阻值为 10 Ω，电源电压为 12 V．

【考点】欧姆定律的应用．

R与R0串联，【分析】由电路图可知，电压表测R0两端的电压，电流表测电路中的电流．由

图乙可知，滑动变阻器接入电路中的阻值为20Ω时电路中的电流，根据电阻的串联和欧姆定律表示出电源的电压，根据图丙可知滑动变阻器接入电路中的电阻为30Ω时电压表的示数，根据串联电路的电流特点和欧姆定律表示出电路中的电流，根据电阻的串联和欧姆定律

表示出电源的电压，利用电源的电压不变得出方程，解方程求出R0的阻值，进一步求出电源的电压．

【解答】解：由电路图可知，R与R0串联，电压表测R0两端的电压，电流表测电路中的电流．

由图乙可知，滑动变阻器接入电路中的阻值R1=20Ω时，电路中的电流I1=0.4A， 因串联电路中总电阻等于各分电阻之和， 所以，由I=可得，电源的电压： U=I1（R0+R1）=0.4A×（R0+20Ω），

由图丙可知，滑动变阻器接入电路中的电阻R2=30Ω时，电压表的示数U0=3V， 因串联电路中各处的电流相等， 所以，电路中的电流： I2=

=

，

电源的电压： U=I2（R0+R2）=

×（R0+30Ω），

因电源的电压不变， 所以，0.4A×（R0+20Ω）=

×（R0+30Ω），

整理可得：0.4R02+5Ω×R0﹣90Ω=0，

解得：R0=10Ω，R0=﹣22.5Ω舍去，

电源的电压U=I1（R0+R1）=0.4A×（10Ω+20Ω）=12V． 故答案为：10；12．

三、解答题：

24．如图，请画出撬石块时动力F的力臂L．

【考点】力臂的画法．

【分析】力臂是从支点到力的作用线的距离，由支点向力的作用线做垂线，垂线段的长度即为力臂．

【解答】解：如图撬石块时，杠杆的支点在O点，由支点O向F的作用线做垂线，垂线段的长度为动力F的力臂L．如下图所示：

25．通过图滑轮组向上提升重物，请画出最省力的绕绳方法．

【考点】滑轮组的设计与组装． 【分析】滑轮组最省力问题：

（1）最省力时绳子段数n与滑轮个数n'的关系是：n=n'+1；

（2）若n为偶数，绳子固定端在定滑轮上；若n为奇数，绳子固定端在动滑轮上；即：“奇动偶定”．

【解答】解：由图知：滑轮个数n'=2，所以绳子段数n=3，

根据“奇动偶定”的方法，绳子从定滑轮开始绕，每个滑轮只能绕一次，如图所示：

26．如图示电路中有两个小灯，请在图中圆圈内，分别填入电灯、电流表或电压表的符号．要求开关断开时两灯均不发光；开关闭合时两灯均能发光，且两电表的示数均不为零．

【考点】电流表的使用；电压表的使用．

【分析】根据电流表在电路中起导线作用，电压表在电路中相当于开路状态去分析，即可画出正确的电路图．

【解答】解：电流表测电路中一个小灯的电流，则两灯并联，且电流表和一个灯泡串联在同一支路；

所以，上面两个〇内应填电流表和电灯；下面的〇与左边的电灯并联，应填电压表；如图所示：

答案见上图．

27．如图所示的电路，R0=4Ω，电源电压为6V，当闭合开关S2，断开开关S1、S3时，电流表A示数为0.5A，求： ①RX的阻值．

②断开开关S2，闭合开关S1、S3时，电流表A的示数．

【考点】欧姆定律的应用；串联电路的电流规律；并联电路的电流规律；串联电路和并联电路的辨别．

【分析】电路中，当闭合开关S2，断开开关S1、S3时，电路由R0、RX串联而成；根据欧姆定律和串联的电阻特点可求；

当断开开关S2，闭合开关S1、S3时，电路由R0、RX并联而成，可根据欧姆定律和并联的电流特点求得．

【解答】解：①当闭合开关S2，断开开关S1、S3时，电路由R0、RX串联而成；电流表A示数为串联电路中的电流； 则：R串==

=12Ω，

∴RX=R串﹣R0=12Ω﹣4Ω=8Ω； 答：RX阻值为8Ω．

②当断开开关S2，闭合开关S1、S3时，R0、RX并联连接，电流表A测量干路电流； 则I0′= IX′=

==

=1.5A， =0.75A，

∴I并=I0′+IX′=1.5A+0.75A=2.25A；

答：断开开关S2，闭合开关S1、S3时，电流表A的示数为2.25A．

28．在如图所示的电路中，电源电压保持不变．电路中滑动变阻器上标有“20Ω 1A”字样，电流表的量程为0～0.6安，电压表的量程为0～3伏，电阻R1的阻值为4欧．当滑片在滑动变阻器的最右端a点时，闭合开关S，电压表的示数为2伏，求： （1）通过电阻R1的电流． （2）电源电压．

（3）为了保证电路能正常工作及各电表不致损坏，滑动变阻器的取值范围．

【考点】欧姆定律的应用；电阻的串联． 【分析】（1）电阻R1和滑动变阻器串联在电路中，电压表测电阻R1的电压根据欧姆定律可计算通过电阻R1的电流；

（2）当滑片在滑动变阻器的最右端a点时，滑动变阻器接入电路的电阻为最大电阻．根据串联电阻的规律结合欧姆定律可计算电源电压；

（3）变阻器连入电路中的阻值越大，根据串联电阻的规律，总电阻越大，电流表示数越小，电压表示数也越小，所以，根据电路中允许通过的最大电流求出变阻器连入电路中的最小阻值即可．

【解答】解：（1）电压表的示数为2伏，即R1两端的电压为2V，根据欧姆定律，通过电阻R1的电流I1=

=

=0.5A；

（2）根据串联电阻的规律，总电阻为R=R1+R2，

根据欧姆定律，电源电压U=I1（R1+R2）=0.5A×（4Ω+20Ω）=12V； （3）电流表的量程为0～0.6安，按要求：I≤0.6A，

当I=0.6A，电压表示数U1=IR1=0.6A×4Ω=2.4V，电压表示数不会超出3V，即为电路允许通过的最大电流，根据串联电压电压的规律，变阻器两端的电压U滑=U﹣U1，为了保证电路能正常工作及各电表不致损坏，变阻器连入电路中的最小阻值R2′=

=16Ω，所以，滑动变阻器连入电阻范围为16Ω～20Ω．

答：（1）通过电阻R1的电为0.5A； （2）电源电压为12V；

（3）为了保证电路能正常工作及各电表不致损坏，滑动变阻器的取值范围应为16～20欧．

29．如图1所示，甲、乙、丙三图中的装置完全相同，燃料的质量都是10g，烧杯内的液体质量和初温也相同．

（1）下列说法正确的是 A

A．比较不同液体的比热容，可以选择甲、丙两图 B．比较不同液体的比热容，可以选择乙、丙两图

C．比较不同燃料的热值，可以选择乙、丙两图 D．比较不同燃料的热值，可以选择甲、丙两图

（2）为了研究不同物质的吸热能力，利用其中两幅图进行实验，根据记录的数据做出了两种液体的温度随时间变化的图象，如图2所示：

①不同物质吸热的多少是通过 加热时间 来反映的（选填“温度计示数”或“加热时间”）； ②由图可以看出， b 液体的温度升高得较慢， b 液体的比热容较大； ③如果已知B液体的比热容是1.8×103J/（kg?℃），则A液体的比热容是 0.9×103 J/（kg?℃）．

【考点】燃料的热值；探究比热容的实验． 【分析】（1）①燃料的热值大小不能直接测量，需要通过液体吸收热量的多少来体现燃料燃烧放出热量的多少，而液体吸收热量的多少跟液体的质量和升高的温度有关，因此为了比较热值大小要用不同的燃料，加热同一种液体，让液体的质量相同，通过温度计的示数高低得出吸热多少，进而判断热值大小；

②为了比较两种液体的比热容，需要燃烧相同的燃料，加热不同的液体，让液体的质量相同，温度计的示数变化相同时，通过比较加热时间比较吸热多少，进而判断两种比热容的大小关系；

（2）①物质吸收热量的多少可以通过加热时间来反应；

②升高相同的温度，我们可以在纵轴上取一相同的温度，做横轴的平行线，看谁的加热时间长，谁的比热容就大，加热时间越短，吸热能力越弱；

③根据Q吸=cm△t可知在质量和吸收热量相同时，比热容和温度的变化值成反比，据此求出乙的比热容． 【解答】解：

（1）AB、为了比较不同液体的比热容，需要燃烧相同的燃料，加热不同的液体，让液体的质量和温度的变化相同，

通过比较加热时间，进而判断两种液体比热容的大小关系，应选择甲和丙两图进行实验，故A正确，B错误；

CD、为了比较不同燃料的热值要用不同的燃料，应加热同一种液体，让液体的质量相同， 通过温度计的示数高低得出吸热多少，进而判断热值大小，应选择甲和乙两图进行实验，故CD错误；

（2）①不同物质吸热的多少是通过加热时间来反映的；

a和b升高相同的温度，a需要的是时间是10min，②由图示图象可知，如温度都升到60℃，

b需要的时间是20min，

b需要更长的加热时间，这也就说明了b的吸热能力强一些，a的吸热能力弱，所以Bb液体的比热容较大；

③根据Q吸=cm△t可知，在质量和吸收热量一定时，温度的变化值和比热容成反比． 我们可以用相同的燃料1加热时间10min，a和b吸收的热量就是相同的，

a的温度变化值△t甲=80℃﹣20℃=60℃，b的温度变化值△t乙=50℃﹣20℃=30℃， 据Q吸=cm△t得，a液体吸收的热量：Qa吸=cam△ta， b液体吸收的热量：Qb吸=cbm△tb， 则cam△ta=cbm△tb， 所以a的比热容： ca=

=

=0.9×103J/（kg?℃）．

故答案为：（1）A；（2）①加热时间；②b；b；③0.9×103．

30．在“伏安法测定值电阻”的实验中，小明同学所用电源电压恒定不变，但电源电压未知，滑动变阻器标有“20Ω 1.5A”的字样，电压表和电流表的量程合适，他已连接了部分电路，如图甲所示．请你接着完成下列问题：

（1）用笔画线代替导线，将图甲中的电路连接完整．

（2）当电压表的示数为2.4V时，电流表的示数如图乙所示，则其示数为 0.24 A，电阻丝的电阻为 10 Ω．

（3）进行了上步计算后，小明认为实验完成了，小亮则认为仅这样就得出电阻的阻值不够可靠．原因是 读数存在误差 ．

（4）小芳连接电路后，闭合开关，移动滑动变阻器的过程中发现，电流表的示数变大时，电压表的示数反而减小，电流表的示数变小时，电压表的示数反而增大．经检查所有器材均完好．你认为出现上述实验现象的原因是 电压表并联在滑动变阻器两端 ．

（5）小芳正准备继续实验，发现电压表已损坏．她利用余下的电流表和滑动变阻器完成对Rx的再一次测量．请你在如图丙画出设计的电路图，并完善下列步骤． ①按照电路图连接好电路；

②调节滑动变阻器的滑片，使接入电路的阻值为 0 时，读出电流表的示数I1；

③再调节滑动变阻器的滑片，使接入电路的阻值为 20Ω 时，读出电流表的示数I2； ④根据已知条件和测量结果，写出定值电阻的表达式：Rx=

Ω．

【考点】伏安法测电阻的探究实验；实物的电路连接；电流表的读数方法；滑动变阻器的使用；欧姆定律的应用；电路图设计． 【分析】（1）电源电压未知，无法确定定值电阻两端的电压，电压表选择大量程，电压表与定值电阻并联．

滑动变阻器有4个接线柱，选择一上一下接线柱串联在电路中．

（2）电流表读数：确定使用的量程，确定每一个大格和每一个小格各代表多少． 知道电压和电流，根据R=计算电阻．

（3）定值电阻的阻值不变，为了使测量结果更准确，要进行多次实验，求电阻的平均值． （4）电流表串联在电路中，

电流表示数增大，灯泡电流增大，灯泡电压增大，电源电压不变，滑动变阻器电压减小． 电流表示数减小，灯泡电流减小，灯泡电压减小，电源电压不变，滑动变阻器电压增大．可以判断故障原因．

（5）电压表损坏，可以移动滑片，使滑动变阻器接入电路的阻值最大和最小，电路处于两种状态，找电源电压相等，列等式求解．

【解答】解：（1）定值电阻RX的两端电压未知，电压表选择0～15V量程，电压表与定值电阻并联．

滑动变阻器已经选定了下面接线柱，任意选择上面一个接线柱串联在电路中．如图．

（2）电流表选择0～0.6A量程，每一个大格代表0.2A，每一个小格代表0.02A，电流为0.24A，R==

=10Ω．

（3）定值电阻的阻值不变，要测实验，读数存在误差，为了使测量更准确，要进行多次测

量，求电阻的平均值．

（4）电源电压恒定，电流表串联在电路中，

电流表示数增大，定值电阻电流增大，电压增大，滑动变阻器电压减小， 电流表示数减小，定值电阻电流减小，电压减小，滑动变阻器电压增大， 所以，电压表并联在滑动变阻器两端．

（5）没有电压表，可以利用滑片滑到A端和B端，使电路处于两种状态，电源电压相等求解．

利用滑动变阻器滑到A端，只有定值电阻RX接入电路，测得电流I1，

滑动变阻器滑到B端，定值电阻与滑动变阻器最大值20Ω串联在电路中，测得电流I2．如图．

根据电路在两种状态下电源电压相等， 所以，I1RX=I2（RX+20Ω） 所以，RX=

Ω．

故答案为：（1）如实物图；（2）0.24；10；（3）读数存在误差； （4）电压表并联在滑动变阻器两端；（5）如电路图；0；20Ω；

．

31．小敏用如图甲所示的电路图，研究通过导体的电流与导体电阻的关系，电源电压恒为6V．改变电阻R的阻值，调节滑动变阻器滑片，保持R两端的电压不变，记下相应的4次实验的电流和电阻值，描绘在乙图．

（1）实验过程，移动变阻器滑片时，眼睛应注视 B （选填序号）；

A．变阻器滑片 B．电压表示数 C．电流表示数 （2）在丙图，用笔线代替导线，将电压表正确连入电路； （3）实验，他所选择的变阻器是 C （选填序号）；

A．10Ω 05A B．20Ω 1A C．50Ω 2A （4）分析图乙的数据，可得实验结论： 电压一定时，电流与电阻成反比 ． （5）乙图阴影部分面积表示的科学量是 电压U ． 【考点】探究电流与电压、电阻的关系实验． 【分析】（1）实验研究的是电流与电阻的关系，因此必须控制电阻两端的电压值一定，所以眼睛应注视电压表的示数，移动滑片保持电压表示数不变；

（2）研究通过导体的电流与导体的电阻的关系时，应控制电压表的示数不变，由图乙给出的点和欧姆定律求出电压表的示数，据此选择量程，然后把电压表并联在乙图中定值电阻的两端；

（3）根据数据计算出当电阻为20Ω时，所需滑动变阻器的阻值，进行选择； （4）分析图象，看电压不变时，电流与电阻的关系，然后得出结论． （5）阴影部分为电流和电阻的乘积，应该为定值电阻两端的电压值． 【解答】解：（1）探究“电压一定时，电流与电阻的关系”时，在不断改变定值电阻的同时，必须不断的移动变阻器的滑片，使得电压表的示数是一个定值，所以，在移动滑片的同时，眼睛应观察电压表的示数；

（2）由图乙可知，当定值电阻R=10Ω时，电路中的电流I=0.2A； 则电压表的示数为U=IR=0.2A×10Ω=2V（保持不变），所以电压表的量程为0～3V，然后把电压表并联在定值电阻的两端，如下图所示：

（3）由图象乙知，当R=20Ω时，电路中的电流为0.1A，已知电源电压恒为6V， 则所需滑动变阻器的阻值为： R滑=

=

=40Ω；所以应选择最大阻值为50Ω的变阻器，C正确；

（4）由图乙所示图象可知，在电压不变时，电流与电阻阻值的乘积保持不变，由此可知：电压一定时，电流与电阻成反比．

（5）阴影部分面积为横、纵坐标的乘积，即阴影部分的面积为：S=IR=U，即表示的科学量是电压U．

故答案为：（1）B；（2）见上图；（3）C；（4）电压一定时，电流与电阻成反比；（5）电压U．

32．如图甲乙丙所示，在“研究物体动能与哪些因素有关”的实验中，将A、B、C三个小球先后从同一装置的ha、hb、hc高处滚下（ma=mb＜mc，ha=hc＞hb），推动木块运动一段距离后静止．

（1）实验中小球的动能是由 重力势能 转化而来，通过 木块移动的距离 来判断小球动能的大小．

（2）选择甲和丙图探究可以得出的实验结论是 在速度相同时，物体的质量越大，动能越大 ．

（3）实验过程中，发现木块移动的距离较短而不易进行观察和比较，你有什么办法进行实验改进？ 增大斜面的高度 ．

（4）某物理兴趣小组借助速度传感器和其他仪器进一步得出了两组数据，如表所示： 表一（小球撞击时的速度v=8cm/s）

序号 小球质量m/g 小球动能E/103J 1 100 32 2 200 64 3 300 96 4 400 128 表二（小球质量m=100g） 序号 小球速度v/cm?s﹣1 小球动能E/103J 1 8 32 2 16 128 3 24 288 4 32 根据表一数据，试写出小球动能与其质量关系式 E=m320J/g ； 表二中漏填一个数据，漏填的数据为 512 ． 【考点】探究影响物体动能大小的因素． 【分析】（1）影响动能的因素是质量和速度，影响重力势能的因素是质量和高度，动能和重力势能可以相互转化；

动能的大小通过观察木块移动的距离来反映出来；

（2）动能的大小与物体的质量和速度有关，在探究过程中需用到控制变量法；

（3）木块移动的越近，说明重力势能转化的动能就越小，可以从增强小球的重力势能方面考虑；

（4）分析表一中数据，得出小球动能与质量的关系；

分析表二中数据，得出小球动能与速度的关系，然后进行解答． 【解答】解：

（1）小球从斜面上滚下时，小球的重力势能转化为小球的动能；

实验中，是通过观察木块移动的距离的大小，来说明小球对木块做功的多少，从而判断出小球具有的动能的大小，这是转换法的运用；

（2）甲、乙两图中，质量不同的小球从斜面的同一高度滚下，到达水平面的速度不同，C球的速度较大，纸盒被推动得较远，说明小球的动能较大，可以得到的实验结论是：在速度相同时，物体的质量越大，其动能越大；

（3）在实验过程中，发现木块移动的距离较短而不易进行观察和比较，说明小球得到水平面时的动能小，可以增大小球的重力势能，即实验时，可以增大斜面的高度；

（4）分析表一中数据，小球动能随质量的增加而增大，且比值是常数，说明：小球动能与其质量成正比，动能与质量的比值为：

=320J/g；

则动能与质量的关系式为：E=m320J/g；

分析表二中数据，小球动能随速度的增加而增大，且比值是常数，动能与速度的惯性为：E=v2；

当速度为32cm/s时，小球的动能为：E=v2=×（32cm/s）2=512×103J．

故答案为：（1）重力势能；木块移动的距离；（2）在速度相同时，物体的质量越大，动能越大；（3）增大斜面的高度；（4）E=m320J/g；512．

2017年1月8日

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