2012年天津理科数学高考试题(理科数学理科数学高考试题,word教师版【免费下载】)

2012年数学高考试题（教师版）（免费下载）（请推荐给其他同学，谢谢）

2012年普通高等学校招生全国统一考试（天津卷）

数学（理科）

本试卷分为第I卷（选择题〉和第Ⅱ卷(非选择题)两部分，共150分,考试用时120分钟

第I卷

一、选择题：在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的. （1）i是虚数单位，复数z=

7 i3 i

=

（A）2 i （Ｂ）2 i （Ｃ） 2 i （Ｄ） 2 i １．B

【命题意图】本试题主要考查了复数的概念以及复数的加、减、乘、除四则运算. 【解析】z=

7 i3 i

=

(7 i)(3 i)(3 i)(3 i)

=

21 7i 3i 1

10

=2 i

（２）设 R，则“ =0”是“f(x)=cos(x+ )(x R)为偶函数”的

（A）充分而不必要条件 （Ｂ）必要而不充分条件

（Ｃ）充分必要条件 （Ｄ）既不充分也不必要条件 2．A

【命题意图】本试题主要考查了三角函数的奇偶性的判定以及充分条件与必要条件的判定. 【解析】∵ =0 f(x)=coxs ((+x R)为偶函数，反之不成立，∴“ =0”是“f(x)=cos(x+ )(x R)为偶函数”的充分而不必要条件.

（３）阅读右边的程序框图，运行相应的程序，当输入x的值为 25时，x的值为

（A） 1 （Ｂ）1 （Ｃ）3 （Ｄ）9 3．C

【命题意图】本试题主要考查了算法框图的读取，并能根据已给的算法进行运算.

【解析】根据图给的算法程序可知：第一次x=4，第二次x=1，则输出x=2 1+1=3.

（4）函数f(x)=2x+x3 2在区间(0,1)内的零点个数是

（A）0 （Ｂ）1 （Ｃ）2 （Ｄ）3 4．B

【命题意图】本试题主要考查了函数与方程思想，函数的零点的概念，零点存在定理以及作图与用图的数学能力.

【解析】解法1：因为f(0)=1+0 2= 1，f(1)=2+23 2=8，即f(0) f(1)<0续不断，故f(x)在(0,1)内的零点个数是

1.

且函数f(x)在(0,1)内连

输出

程序

（6）在△ABC中，内角A，B，C所对的边分别是a,b,c，已知8b=5c，C=2B，则cosC= （A）

725

（Ｂ）

725

（Ｃ）

725

（Ｄ）

2425

6．A

【命题意图】本试题主要考查了正弦定理、三角函数中的二倍角公式. 考查学生分析、转化与计算等能力.

c，由正弦定理得8sinB=5sCinB=5siBn，2所以【解析】∵8b=5，又∵C=2B，∴8sin

8sinB

=10sBin

Bc，易知ossinB 0

，∴cosB=

45

，cosC=cos2B=2cos2B 1=

725

.

（7）已知△ABC为等边三角形，AB=2，设点

P，Q满足AP= AB，AQ=(1

)AC，

R，若

3BQ CP=

2

，则 =

1 2（A）

12

（Ｂ）

（Ｃ）

1 2

（Ｄ）

3 2

7．A

【命题意图】本试题以等边三角形为载体，主要考查了向量加减法的几何意义，平面向量基本定理，共线向量定理及其数量积的综合运用.

【解析】∵BQ=AQ AB

=(1 )AC AB ，CP=AP AC= AB AC，

300

C= P<AB,AC>=60，AB AC=|AB ||AC|cos60=2，|C，|又∵BQ，且|AB|=A

2

3322

[( 1 A)C A B] (AB C)=， |AB|+( 1)AB AC+(1 )|AC|2=，所

224

+

2

∴以

2(

31，解得) + =22

. (

1)=

C

（8）设m，n R，若直线(m 1)x+(n 1)y 2=0与圆(x 1)2+(y 1)2=1相切，则m+n的取值范围是

（

A

）[1

（Ｂ）( ,1

)

（Ｃ）[2

（Ｄ）( ,2 )

8．D

【命题意图】本试题主要考查了直线与圆的位置关系，点到直线的距离公式，重要不等式，一元二次不等式的解法，并借助于直线与圆相切的几何性质求解的能力.

【解析】∵直线(m 1)x+(n 1)y 2=0与圆(x 1)2+(y 1)2=1相切，∴圆心(1,1)

到直线的距离为

d=

1

，所以mn m n 1 (

m n2

)

2

，设t=m n，

则t2

t

+1，解得t ( ,2 ).

4

二、填空题：本大题共6小题，每小题5分，共30分.

（9）某地区有小学150所，中学75所，大学25所. 现采用分层抽样的方法从这些学校中抽取30所学校对学生进行视力调査，应从小学中抽取 所学校，中学中抽取 所学校. 9．18，9

【命题意图】本试题主要考查了统计中的分层抽样的概念以及样本获取的方法与计算. 【解析】∵分层抽样也叫按比例抽样，由题知学校总数为250所， 所以应从小学中抽取

150250

30=18

，中学中抽取

75250

30=9

.

（10）―个几何体的三视图如图所示(单位：m)

，则该几何体的体积为 m3.

10．18+9

【命题意图】本试题主要考查了简单组合体的三视图的画法与体积的计算以及空间想象能力.

【解析】由三视图可该几何体为两个相切的球上方了一个长方体组成的组合体，所以其体积为：

V=3 6 1+2

43

(

32

)

3

=18+9 m3.

（11）已知集合A={x R||x+2|<3}，集合B={x R|(x m)(x 2)<0},且A B=( 1,n)，则

m=n=11． 1，1 【命题意图】本试题主要考查了集合的交集的运算及其运算性质，同时考查绝对值不等式与一元二次不等式的解法以及分类讨论思想.

【解析】∵A={x R||x+2|<3}={x|| 5<x<1},又∵A B=( 1,n)，画数轴可知m= 1，n=1.

x=2pt2,

（12）己知抛物线的参数方程为 （t为参数），其中p>0，焦点为F，准线为l，过抛物线

y=2pt,

上一点M作的垂线，垂足为E，若|EF|=|MF|，点M的横坐标是3，则p= .

12．2

【命题意图】本试题主要考查了参数方程及其参数的几何意义，抛物线的定义及其几何性质.

x=2pt2,p

【解析】∵ 可得抛物线的标准方程为y2=2px(p>0)，∴焦点F(,0)，∵点M的横坐标

2 y=2pt,

是3

，则M(3,

，所以点E( 由抛物线得几何性质得MF=

p2

p2

,

，EF=(

2

p2

p2

)+(0 14

2

2

2

+3，∵EF=MF，∴p2+6p=

p+3p+9

，解得p=2.

32

（13）如图，已知AB和AC是圆的两条弦.过点B作圆的切线与AC的延长线相交于点D,过点C作BD的平行线与圆相交于点Ｅ，与AB相交于点F，AF=3，FB=1，EF=为

.

，则线段CD的长

13．

43

【命题意图】本试题主要考查了平面几何中直线与圆的位置关系，相交弦定理，切割线定理，相似

三角形的概念、判定与性质. 【解析】∵AF=3，FB=1，EF=∴

AFAB

=FCBD

32

，由相交弦定理得AF FB=EF FC，所以FC=2，又∵BD∥CE，

83

，BD=

ABAF

FC=

43

2=，设CD=x，则AD=4x，再由切割线定理得BD2=CD AD，

即x 4x=()2，解得x=

3

2

843

，故CD=

43

.

（14）已知函数y=是 . 14．(0,1) (1,4)

|x 1|x 1

的图象与函数y=kx 2的图象恰有两个交点，则实数k的取值范围

【命题意图】本试题主要考查了函数的图像及其性质，利用函数图像确定两函数的交点，从而确定参数的取值范围.

【解析】∵函数y=kx 2的图像直线恒过定点B(0, 2)，且A(1, 2)，C( 1,0)，D(1,2)，∴

=

2+21 0

=4，由图像可知k (0,1) (1,4).

分. 解答应写出文字说明，证明过程或演算步骤.

(x)=sin(2x+

3

)+sin(2x

3

)+2cosx 1，x R

2.

44

.

【命题意图】本试题主要考查了

【参考答案】 （1）

f(x)=sin(2x+

3

)+sin(2x

3

)+2cosx 1 2sin2xcos

2

2

2

3

cos2x x

4

)

函数f(x)的最小正周期为T （2）

4 x

2

sin(2x

4

4

2x

4

3 4

4

) 1 1 f(x)

当2x

4

2

(x

8

)时，f(x)max

2x

4

4

(x

4

)

时，f(x)min 1

【点评】该试题关键在于将已知的函数表达式化为y=Asin( x+ )的数学模型，再根据此三角模型的图像与性质进行解题即可.

（16）（本小题满分13分）现有4个人去参加某娱乐活动，该活动有甲、乙两个游戏可供参加者选择.为增加

趣味性，约定：每个人通过掷一枚质地均匀的骰子决定自己去参加个游戏，掷出点数为1

或2的人去

参加甲游戏，掷出点数大于2的人去参加乙游戏. （Ⅰ）求这4个人中恰有2人去参加甲游戏的概率：

（Ⅱ）求这4个人中去参加甲游戏的人数大于去参加乙游戏的人数的概率：

（Ⅲ）用X,Y分别表示这4个人中去参加甲、乙游戏的人数，记 =|X Y|，求随机变量 的分布列与

数学期望E .

【命题意图】本试题主要考查了 【参考答案】

（1）每个人参加甲游戏的概率为p

13

，参加乙游戏的概率为1 p

827

23

这4个人中恰有2人去参加甲游戏的概率为C42p2(1 p)2 （2）X B(4,p) P(X k) C4kpk(1 p)4 k(k 0,1,2,3,4)，

这4个人中去参加甲游戏的人数大于去参加乙游戏的人数的概率为P(X 3) P(X 4)

（3） 可取0,2,4

P( 0) PX(

8

227

40811781

19

P( 2) P(X 1) P(X 3)

P( 4) P(X 0) P(X 4)

随机变量 的分布列为

8

E 040 2 4278117148

8181

【点评】应用性问题是高考命题的一个重要考点，近年来都通过概率问题来考查，且常考常新,对

于此类考题，要注意认真审题，从数学与实际生活两个角度来理解问题的实质,将问题成功转化为古典概型，独立事件、互斥事件等概率模型求解，因此对概率型应用性问题，理解是基础，转化是关键.

（17）（本小题满分13分）如图，在四棱锥P ABCD中，PA丄平面ABCD

， P

AC

丄AD，AB丄BC， BAC 45 ，PA=AD=2，AC=1.

(Ⅰ)证明：PC丄AD；

（Ⅱ）求二面角A PC D的正弦值；

（Ⅲ）设E为棱PA上的点，满足异面直线BE与CD所成的角为300， 求AE的长.

【命题意图】本试题主要考查了 【参考答案】

（1）以AD,AC,AP

C

D

为x,y,z正半轴方向，建立空间直角左边系A xyz

11

22 2A)D, (2, 0,P0 C)AD

则D(2,0,0),C(0,1,0),B( ,,0),P(0,0,2)（lby lfx）

PC (0,1 ,

0PC

AD

（2）PC (0,1, 2),CD (2, 1,0)，设平面PCD

的法向量n (x,y,z)

y 2z 0 y 2z n PC 0

则

2x y 0 x z n CD 0

PACAD (2,0,是平面0

取z 1 n (1,2,1)

的法向量

s iADnn ,

6

AD ncos ADn,

6ADn

得：二面角A PC D（3）设

AE h [0,2]；则AE (0,0,2)

6

BE CDcos BE,CD BC 11

，BE (, ,h),CD (2, 1,0)

22

2

即AE 1010

【点评】试题从命题的角度来看，整体上题目与我们平时练习的试题相似，但底面是非特殊

的四边形，一直线垂直于底面的四棱锥问题，那么创新的地方就是第三问中点E的位置是不确定的，

需要学生根据已知条件进行确定，如此说来就有难度，因此最好使用空间直角坐标系解决该问题为好.

（18）(本小题满分13分）已知{an}是等差数列，其前n项和为Sn，{bn}是等比数列,且a1=b1=2， a4+b4=27，S4 b4=10.

(Ⅰ)求数列{an}与{bn}的通项公式；

(Ⅱ)记Tn anb1 an 1b2 an 2b3 a1bn；证明：Tn+12= 2an+10bn(n N+).

【命题意图】本试题主要考查了 【参考答案】

（1） 设数列{an}的公差为d，数列{bn}的公比为q；

2 3d 2q3 27 a4 b4 27 d 3 则 3

S b 10q 24a 6d 2q 10 44 1

得：an 3n 1,bn 2n

（2）Tn anb1 an 1b2 an 2b3 a1bn 2na1 2n 1a2 2an 2n(a1

an2

n 1

a22

an2

n 1

)

3n 12

n 1

n3

2n3

n 2n

22

5

cn cn 1 1

1

c3 ) cn (cn Tn 2n[c(1 c2 )c(22 2n(3 10 n

5 )b10 ann

2

)]c 2c(1n

1 T2n

n

1 b2n

)1 0 an

【点评】该试题命制比较直接，没有什么隐含的条件，就是等比与等差数列的综合应用，但方法多样，第二问可以用错位相减法求解证明，也可用数学归纳法证明，给学生思维空间留有余地，符合高考命题选拔性的原则.

（19）（本小题满分14分）设椭圆异于

A,B两点，O

xa

22

+

yb

22

=1(a>b>0)的左、右顶点分别为A,B，点P在椭圆上且

为坐标原点.

（Ⅰ）若直线AP与BP的斜率之积为

12

，求椭圆的离心率；

（Ⅱ）若|AP|=|OA|，证明：直线OP的斜率k

满足|k【命题意图】本试题主要考查了 【参考答案】

（1）取P(0,b)，A( a,0),B(a,0)；则kAP kBP

e

2

ba

(

ba

)

12

a 2b

22

a ba

2

22

12

e

2

a

b

（2）设P(acos ,bsin )(0 2 )；则线段OP的中点Q(cos ,sin )

2

2

|AP|=O|A|AQ OP kAQ k 1

kAQ

bsin 2a aco s

bsin akA

Q

c o s

a2k A

Q

2akA

Q

Qk3

（20）（本小题满分14分）已知函数f(x) x ln(x a)的最小值为0，其中a>0. （Ⅰ）求a的值；（Ⅱ）若对任意的x [0,+ ),有f(x) kx2成立，求实数k的最小值；

n

（Ⅲ）证明：

i=1

22i 1

ln(2n+1)<2(n N)

*

.

【参考答案】（1）函数f(x)的定义域为( a, )

f (x) 1 f(x) x ln(x a

1x a

x a 1x a

0 x 1 a a

f (x) 0 x 1 a,f (x) 0 a x 1 a 得：x 1 a时，f(x)min f(1 a) 1 a 0 a 1 （2）设g(x) kx2 f(x) kx2 x ln(x 1)(x 0)

则g(x) 0在x [0,+ )上恒成立 g(x)min 0 g(0)（*） g(1) k 1 ln 2

0k

g (x) kx2 1

12

1x 1

x(kx2 k2

x 1

1)

1 2k2k

①当2k 1 0(k )时，g (x) 0 0 x ②当k

12

x0 g(x0) g(0) 0

与（*）矛盾

时，g (x) 0 g(x)min g(0) 0符合（*）

12

得：实数k的最小值为(lfxlby)

12x

2

（3）由（2）得：x ln(x 1) 取x

22i 1

对任意的x 0值恒成立

2

[ln(2i 1) ln(2i 1)]

2(2i 1)

2

(i 1,2,3, ,n)：

2i 1

n

当n 1时，2 ln3 2 得：

i=1

22i 1

ln(2n+1)<2（lb ylfx）

当i 2时，

n

2(2i 1)

2

12i 3

12i 1

12n 1

得： [

i 1

22i 1

ln(2i 1) ln(2i 1)] 2 ln3 1

2(lfxlby)

本文来源：https://www.bwwdw.com/article/a52j.html