山东大学硕士研究生入学生物化学考试题13答案

2003年硕士研究生入学考试题（第二部分）13

科目：生物化学 （允许带简易计算器进行有关计算题的运算）

一、名词解释（每词2分，共12分） 1．生物氧化

生物氧化是指糖类、脂类和蛋白质等在生物活细胞内进行的一系列的氧化分解作用，最终生成H2O和CO2,同时释放能量的过程，又称细胞呼吸或组织呼吸。 2．补救合成

补救合成是核苷酸合成的一种方式。是指生物体利用已有的碱基和核苷合成核苷酸的代谢作用。 3．酮酸羧化支路

由于EMP中由PEP→丙酮酸一步不可逆，在由丙酮酸进行的糖异生过程中， 丙酮酸首先羧化成为草酰乙酸，然后在PEP羧激酶的催化下，生成PEP。这一过程称为丙酮酸羧化支路。 4．基质水平磷酸化

代谢物质分解过程中，底物分子因脱氢、脱水等作用，能量在分子内部重排（重新分布）形成高能磷酸酯键，并转移给ADP形成ATP。这种在底物氧化水平上直接使ADP磷酸化形成ATP的过程叫做基质水平磷酸化。 5．受控比

受控比（呼吸控制比值）：在氧化磷酸化过程中，有ADP存在时氧的利用速度和没有ADP时氧的利用速度的比值。 6．ω－氧化

短链脂肪酸在体内氧化分解的一种方式。首先使脂肪酸末端碳原子（ω－碳原子）发生氧化，生成一个二羧酸，再进一步进行氧化分解。 二、是非判断题（每题1分，共10分

1．糖原生物合成时，新加入的葡萄糖残基可以以α-1,6-糖苷键连在引物的非还原端。 错

2．所有脂酸通过?-氧化降解可全部生成乙酰CoA。 错

3．在肉毒碱是脂肪酸代谢的主要辅助因子，特别是由乙酰CoA生成脂肪酸，此过程需肉碱参与。 错

4．三酰基甘油的水解需要磷脂酶A、B、C、D的共同参与。 错

5．ATP易于转移它的末端磷酸基，说明ATP水解为ADP的反应很难达到反应平衡。 对

6．转氨基作用是体内合成非必需氨基酸的重要途径。 对

7．2,4-二硝基苯酚是氧化磷酸化的解偶联剂，使电子传递产生的自由能不能转给ATP，而是以热能的形式放出。这种现象称为无效循环。 错

8．以TCA循环酶系组成的体外反应中，源源不断地提供乙酰CoA，就可以生产各中间代谢产物。 错

9．氨基酸氧化酶和黄嘌呤氧化酶都是需氧脱氢酶。 对

10．ATP是GMP合成的反应物，GTP是AMP合成的反应物。 对

三、简述题 （每题2分，共12分）

1．如何解释在丙二酸毒害的肌肉中，延胡索酸的加入也能引起琥珀酸的积累? 由于延胡索酸是三羧酸循环中的代谢中间产物，可沿三羧酸循环的途径进行反应，使2C物进入TCA循环使其生成琥珀酸。但由于丙二酸是琥珀酸生成延胡索酸的抑制剂，所以造成琥珀酸积累。

2．假定由葡萄糖转变为丙酮酸的过程中，缺失磷酸果糖激酶，试问，此过程是否能实现?为什么?

可以实现，即酵解途径中由G→6-P-G，后者通过HMP途径可以转变为3-P-甘

油醛，再进入EMP途径产生丙酮酸。 3．TCA循环为什么需要回补?

TCA循环中的代谢中间产物可以用于其它生物物质的合成，为不阻断TCA

循环，细胞必须利用其它的合成代谢作用，以补充4C化合物（如草酰乙酸）。 4．递体的生物氧化体系有几种类型?

需传递体的生物氧化体系有两种类型：

（1）NADH至O2的电子传递链； （2）由FDAH2至O2的电子传递链。

5．β-氧化含有那些步骤（说出每一步的产物）？

β-氧化过程包括四个连续的循环反应：①第一次脱氢，生成β-烯酯酰CoA；②加水，生成β-羟酯酰CoA；③第二次脱氢，生成β-酮酯酰CoA；④硫解，生成乙酰CoA和少两个碳的酯酰CoA。

6．哪些氨基酸与体内一碳单位代谢有关?体内哪些物质参与一碳单位的代谢?

与一碳单位代谢有关的氨基酸有Gly，Thr，Ser，His，Met。一碳单位可参与体内嘌呤和胸腺嘧啶的合成，此外，体内许多活性物质如胆碱，肌酸，肾上腺素等物质的合成都需要甲基化，一碳单位的转移需要FH4。 四、问答与计算题 （每题4分，共16分）

1．在存在呼吸底物，Pi，ADP等的线粒体悬浮液中，当有2,4-二硝基苯酚存在时，

若加入寡霉素，对电子传递及氧的消耗有何影响?反之，当有寡霉素存在时，加入2,4-二硝基苯酚又将有何变化?说明为什么?

答：2,4-二硝基苯酚是一种氧化磷酸化的解偶联剂，它的作用是使电子传递与ATP

生成的两个过程失去它们的紧密联系，它只抑制ATP的生成，但不抑制电子传递过程。在2,4-二硝基苯酚存在时，加入寡霉素对电子传递及氧的消耗没有影响。反之，若有寡霉素存在，加入2,4-二硝基苯酚时可使被抑制的电子传递与氧的消耗解除抑制，但仍不产生ATP。

3．向1.0 mL的6-磷酸-G和l-磷酸-G的混合溶液中加入1.0 mL含有过量的NADP+，

Mg2+，6-磷酸-G脱氢酶溶液，此溶液在l cm比色杯中测得OD340 = 0.57，当再加入1.0 mL磷酸-G变位酶后测得OD340 = 0.50。

计算：①原始溶液中6-磷酸-G的浓度； ②原始溶液中1-磷酸-G的浓度。 解：（1）发生的反应如下 ：

6-p-G + NADP+ DHE 6-p-葡萄糖酸 + NADPH·H+；

由于溶液中 NADP+过量，因此有l mol 6-P-G 就会产生 l mol NADPH·H+；

0.57?9.16?10?5 M， NADPH 的浓度为 C ?36.22?10所以原始液中6-p-G的浓度为 9.16 × 10－5 × 2 = 1.82 × 10－4 M 。

② 加入 P-G 变位酶后l-p-G + 6-p-G 新增加的 NADPH·H+的量即为 l-p-G 的量，在此条件下，NADPH 的浓度为：

0.5?5?8.04?10C = M 36.22?10换算成原始溶液中6-P-G 的浓度为 ， C = 8.04 × 10－5 × 3 = 2.4 ×10－4 M。

原始溶液中6-P-G 增加的浓度即为 l-P-G 的浓度 ，

原始溶液中l-P-G 的浓度 C = 2.4 × 10－4－1.83 × 10－4 = 0.58 × 10－4 M。 4．1-磷酸-G + UTP → UDP-G + PPi，已知：Keq = 1.0 ①计算在稳态条件下反应的?Go’ = ?

(设 [1-磷酸-G] = 10-4 M；[UTP] =10-3 M；[UDP-G] = 10-3M；[PPi] = 10-5M) ②在上述条件下反应进行的方向? 解：① △G′=ΔGo′ + RTln

[UDP?G][PPi]

[G?1?P][UTP]10?5?10?53= 0?RTln??1364lg10??4092 ?310?4?10② 在上述条件下，反应向右进行。 2．简图表示糖与蛋白质的代谢关系。 多糖 蛋白质 己糖，戊糖 氨基酸 丙酮酸 乙酰COA 柠檬酸 CO2 草酰乙酸 TAC α－酮戊二酸

CO2 ＋ H2O

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