2019-2020最新高一物理下学期期末考试试题(2)

——教学资料参考参考范本—— 2019-2020最新高一物理下学期期末考试试题(2) ______年______月______日 ____________________部门 1 / 13 物 理 试 卷 时间：90分钟 总分：100分 一、选择题(本题12小题，每小题4分，共48分，其中10、11、12题为多选题，全部选对的4分，选不全的得2分，有选错的或不答的得0分)。 1．下列物理量中，属于矢量的是 A．向心加速度 B．功 C．功率 D．动能 2．汽车在平直公路上以速度v0匀速行驶，发动机功率为P.快进入闹市区时，司机减小了油门，使汽车的功率立即减小一半并保持该功率继续行驶．下列四个图象中，哪个正确表示了从司机减小油门开始，汽车的速度与时间的关系 3．在同一点O抛出的三个物体，做平抛运动的轨迹如图所示，则三个物体做平抛运动的初速度vA、vB、vC的关系和三个物体做平抛运动的时间tA、tB、tC的关系分别是 A．vA＞vB＞vC tA＞tB＞tC B．vA＝vB＝vC tA＝tB＝tC C．vA＞vB＞vC tA＜tB＜tC D．vA＜vB＜vC tA＞tB＞tC 4．20xx年中俄将联合实施探测火星活动计划，由中国负责研制的“萤火一号”火星探测器将与俄罗斯研制的“福布斯—土壤”火星探测器一起，由俄罗斯“天顶”运载火箭发射前往火星，在火星上绕圆轨道 2 / 13 运行.已知地球质量约为火星的质量的9倍，火星的半径约为地球半径的，地球表面重力加速度为1g.下列说法正确的是2 2gA．火星表面的重力加速度约为9 B．探测器环绕火星运行的最小周期约为地球同步卫星运行周期的3倍22 2C．探测器环绕火星运行的最大速度约为地球第一宇宙速度的倍3 D．探测器环绕火星运行时，其内部的仪器处于受力平衡状态 5．已知地球赤道上的物体重力加速度为g，物体在赤道上随地球自转的向心加速度为a 。若地球的自转角速度变大，使赤道上物体刚好能“飘”起来（不考虑空气的影响），则地球的自转角速度应为原来的 A． g?aa g?aaga B． C． gD．a6．如图所示，a、b、c是环绕地球圆形轨道上运行颗人造卫星，它们的质量关系是ma＝mb＜mc，则 A．b、c的线速度大小相等，且大于a的线速度 B．b、c的周期相等，且小于a的周期 C．b、c的向心加速度大小相等，且大于a的向心加速度 D．b所需向心力最小 的3 3 / 13 7．水平面上甲、乙两物体，在某时刻动能相同，它们仅在摩擦力作用下停下来，如图所示的a、b分别表示甲、乙两物体的动能E随位移s变化的图象，则下列说法正确的是 ①若甲、乙两物体与水平面动摩擦因数相同，则甲的质量较大 ②若甲、乙两物体与水平面动摩擦因数相同，则乙的质量较大 ③若甲、乙质量相同，则甲与地面间的动摩擦因数较大 ④若甲、乙质量相同，则乙与地面间的动摩擦因数较大 A．①③ B．②③ C．①④ D．②④ 的一B的放放，不计8．如图所示，长为L1的橡皮条与长为L2的细绳端都固定在O点，另一端分别系两球A和B，A和质量相等，现将两绳都拉至水平位置，由静止释摆至最低点时，橡皮条和细绳长度恰好相等，若橡皮条和细绳的质量，两球经最低点速度相比 A．A球大 B．B球大 C．两球一样大 D．条件不足，无法比较 9.江西艺人茅荣荣，他以7个半小时内连续颠球5万次成为新的吉尼斯纪录创造者，而这个世界纪录至今无人超越。若足球用头顶起，某一次上升高度为80cm，足球的重量为400g，与头顶作用时间为0.1s， 4 / 13 则足球本次在空中的运动时间；足球给头部的作用力大小分别为（空气阻力不计，g=10m/s2） A．t=0.4s；FN=36N FN=68N C．t=0.8s；FN=68N FN=36N B．t=0.4s； D．t=0.8s；10如图甲所示，一轻弹簧竖直放置，下端固定在表面水平的力传感器上，一质量为m的小球，从弹簧正上方距弹簧上端高h处由静止释放，不计空气阻力，以小球开始释放点为坐标原点O，竖直向下为x轴正方向，建立坐标轴Ox。力传感器记录的弹簧弹力大小F随小球下落距离x变化的关系图象如图乙所示，图乙中h、x0已知，重力加速度为g。则下列说法正确的是 mgA. 弹簧的劲度系数为x0 1mgh?mgx02B. 小球动能的最大值为 C. 弹簧压缩量为2x0时，弹簧的弹性势能最大 D. 小球加速度的最大值为g 11.A、B两球在光滑水平面上沿同一直线、同一方向运动，=1kg，=2kg,=6m/s，=2m/s。当A追上B并发生碰撞后，A、B两球速度的可能值是mAmBvAvB A. = 5m/s,= 2.5m/s //vAvB B. = 2m/s,= 4m/s//vAvB C. = 5 / 13 3m/s,= 3.5m/s

////vvvvABABD. = -4m/s,= 7m/s 12．滑块a、b的质量均为m，a套在固定竖直杆上，与光滑水平地面相距h，b放在地面上，a、b通过铰链用刚性轻杆连接，由静止开始运动，不计摩擦，a、b可视为质点，重力加速度大小为g.则 A．a落地前，轻杆对b一直做正功 B．a落地时速度大小为2gh C．a下落过程中，其加速度大小始终不大于g D．a落地前，当a的机械能最小时，b对地面的压力大小为mg 二 实验题（每空2分，共10分） 13．在“验证机械能守恒定律”的一次实验中，质量m=1kg的重物自由下落，电火花打点计时器在纸带上打出一系列的点，如图所示(相邻记数点时间间隔为0.02s). （1）关于实验过程，下列说法正确的有_______． A．选用4～6V交流电源 B．选择体积小，质量大的重物 C．为获得清晰的纸带，可以用双层纸带夹着墨粉盘进行实验 D．若先释放重物，后接通电源，打出的纸带无法进行实验验证 （2）打点计时器打下计数点B时，物体的速度vB=______m/s；(保留三位有效数字) （3）从起点O到打下计数点B的过程中物体的重力势能减少量△EP=______J，此过程中物体动能的增加量△Ek=______J；由此得到的实验结论是 . 6 / 13 (g取9.80m/s2，所有计算保留三位有效数字) 14．(8分)如图所示，人骑摩托车做腾跃沿半径为3.2 m的圆弧桥面运动，到桥面汽车对桥面的压力为1 224 N，然后水平与圆心同高的水平面，已知人和车的总质特技表演，最高点时飞出落到量为180 kg，特技表演的全程中不计一切阻力，取g＝10 m/s2.则： (1)求人和车到达顶部平台时的速度v0； (2)求人和车从桥面飞出的水平距离L. 15．(10分)一颗人造地球卫星绕地球做匀速圆周运动，卫星离地面的高度为h.已知地球半径为R，地面重力加速度为g.求： (1)卫星的线速度； (2)卫星的周期． 16（12分）如图所示，传送带与水平面之间的夹角??300，其上A、B两点间的距离L=5m，传送带在电动机的带动下以v?1m/s的速度匀速运动现将一质量 m=10kg的小物体（可视为质点）轻放在传送带的A点，已知小物体与传送之间的动摩擦因数??到B点的过程中，求：（取g?10m/s2） （1）物体刚开始运动的加速度大小； （2）物体从A到B运动的时间 （3）传送带对小物体做的功； 3，在传送带将小物体从A点传送2 7 / 13 17．（12分）如图所示，长为Ｌ＝0．50ｍ的木板ＡＢ静止、固定在水平面上，在ＡＢ的左端面有一质量为Ｍ＝0．48ｋｇ的小木块Ｃ（可视为质点），现有一质量为ｍ＝20ｇ的子弹以ｖ０＝75ｍ／ｓ的速度射向小木块Ｃ并留在小木块中．已知小木块Ｃ与木板ＡＢ之间的动摩擦因数为μ＝0．1．（ｇ取10ｍ／ｓ２） （1）求小木块Ｃ运动至ＡＢ右端面时的速度大小ｖ２． （2）若将木板ＡＢ固定在以ｕ＝1．0ｍ／ｓ恒定速度向右运动的小车上（小车质量远大于小木块Ｃ的质量），小木块Ｃ仍放在木板ＡＢ的Ａ端，子弹以ｖ０′＝76ｍ／ｓ的速度射向小木块Ｃ并留在小木块中，求小木块Ｃ运动至ＡＢ右端面的过程中小车向右运动的距离ｓ． 8 / 13 高一期末考试物理答案 1 A 2C 3 D 4C 5B 6D 7A 8B 9A 10 AB 11 BC 12 BD 13.（1）BC （2）1.55 （3）1.22 1.20 在实验误差允许范围内重物的机械能守恒 14．【解析】(1)在最高点，根据牛顿第二定律得，mg－N＝m，(4分) 代入数据解得v0＝3.2 m/s.(2分) (2)根据R＝gt2得，t＝＝ s＝0.8 s，(2分) 则人和车从桥面飞出的水平距离L＝v0t＝3.2×0.8 m＝2.56 m．(2分) 15．【解析】(1)设卫星的质量为m，地球的质量为M，根据万有引力定律 G＝m(2分) r＝R＋h(1分) 设在地球表面有一质量为m′的物体，根据万有引力定律 G＝m′g(2分) 求出卫星的线速度v＝R(1分) (2)根据万有引力定律 G＝mr(3分) 求出卫星的周期T＝(1分) 16. 解：小物体加速过程，根据牛顿第二定律有： 则得物体上升的加速度为： 当小物体的速度增加到 时，通过的位移是： m 9 / 13 由得： s 由于 ，所以物体与传送带同速一起匀速运动，位移为，即小物体将以 的速度完成 m的路程 用时为： 故总时间为： 由功能关系得：传送带对小物体做的功为： 代入数据解得： J． 答：物体刚开始运动的加速度大小是 ； 物体从A到B运动的时间是； 传送带对小物体做的功是255 J； 10 / 13

17（1）2ｍ／ｓ．（2）0.18ｍ．2 【解析】（1）用ｖ１表示子弹射入木块Ｃ后两者的共同速度，由于子弹射入木块Ｃ时间极短，系统动量守恒，有 ｍｖ０＝（ｍ＋Ｍ）ｖ１， ∴ ，ｖ＝１ｍｖ０＝3m/sｍ＋Ｍ 子弹和木块Ｃ在ＡＢ木板上滑动，由动能定理得： 112（ｍ＋Ｍ）ｖ２２－（ｍ＋Ｍ）ｖ１２＝－μ（ｍ＋Ｍ）ｇＬ，2 解得ｖ２＝＝2ｍ／ｓ．v12?2?gL2 （2）用ｖ′表示子弹射入木块Ｃ后两者的共同速度，由动量守恒定律，得 ｍｖ０′＋Ｍｕ＝（ｍ＋Ｍ）ｖ１′， 解得ｖ１′＝4ｍ／ｓ． 木块Ｃ及子弹在ＡＢ木板表面上做匀减速运动ａ＝μｇ． 设木块Ｃ和子弹滑至ＡＢ板右端的时间为ｔ，则木块Ｃ和子弹的位移1ｓ１＝ｖ１′ｔ－ａｔ2，2 由于ｍ车≥（ｍ＋Ｍ），故小车及木块ＡＢ仍做匀速直线运动，小车及木板ＡＢ的位移 ｓ＝ｕｔ， 由图可知：ｓ１＝ｓ＋Ｌ， 联立以上四式并代入数据得：ｔ2－6ｔ＋1＝0， 11 / 13 解得：ｔ＝（3－2）ｓ，（ｔ＝（3＋2）ｓ不合题意舍去），22 s=vt=（3-2）m=0.18m2 16. 解：小物体加速过程，根据牛顿第二定律有： 则得物体上升的加速度为： 当小物体的速度增加到 时，通过的位移是： m 由得： s 由于 ，所以物体与传送带同速一起匀速运动，位移为，即小物体将以 的速度完成 m的路程 用时为： 故总时间为： 由功能关系得：传送带对小物体做的功为： 代入数据解得： J． 电动机做功使小物体机械能增加，同时小物体与传送带间因摩擦产生热量Q，相对位移为： m 摩擦生热为： J 故电动机做的功为： J． 答：物体刚开始运动的加速度大小是 ； 物体从A到B运动的时间是； 传送带对小物体做的功是255 J； 电动机做的功是270 J． 12 / 13 13 / 13

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